2024-2025學年度上學期遼寧省縣級重點高中協(xié)作體高三期中考試

物理

本卷滿分100分，考試時間75分鐘。

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名，準考證號等填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼

在答題卡的指定位置。考試結(jié)束后，將題卡交回。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需

改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。

3.回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1?7題只有一項符

合題目要求，每小題4分；第8?10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6

分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

1.如圖，真空中正方形的兩個頂點4、3分別固定兩個正點電荷，C點固定一負點電荷，三個點電荷的電

荷量均為。，已知正方形邊長為屬，靜電力常量為左，則正方形中心O點的電場強度大小為（）

B節(jié)3kQkQ

IF

2.某次軍事演習中，甲、乙兩架戰(zhàn)斗機均在空中水平面內(nèi)做勻速圓周運動，此時戰(zhàn)斗機僅受空氣對戰(zhàn)斗機

的升力（方向與機翼平面垂直）和重力。已知甲、乙做圓周運動的軌跡半徑相同，且甲的速率大于乙的速

率，則甲、乙兩架戰(zhàn)斗機機翼與水平面間的夾角4與。2的大小關系為（）

A.4<02B.01=C.4>612D.無法確定

3.“雙星”一詞是由弗里德里希?赫歇爾在1802年所創(chuàng)。根據(jù)他的定義，“雙星”是由兩個星體根據(jù)萬有

引力定律組成的一個系統(tǒng)，故宇宙中的兩顆相距較近、質(zhì)量較大的天體稱為“雙星”。它們以兩者連線的

某一點為圓心做勻速圓周運動，而不至于因萬有引力的作用吸引在一起。如圖，已知一雙星系統(tǒng)中4、B

兩星的距離為A,8均繞O點做勻速圓周運動，4、8質(zhì)量之和為<9、4間距離為且大

于O、8間的距離，則下列說法中正確的是（）

A./星的質(zhì)量為L"

L

B.Z星的質(zhì)量為匕豆回

L

C.4星與8星的線速度相同

D.A星的線速度小于8星的線速度

4.真空中x軸上4、8兩點分別固定兩個電荷量相等的點電荷，x軸上電場強度的變化情況如圖所示,

C、。兩點關于。點對稱，取x軸正方向為電場強度的正方向，則下列說法中正確的是（）

ft

A.4點固定的是正點電荷、8點固定的是負點電荷

B.C、。兩點的電場強度相同

C.C、。兩點的電勢差。8=0

D.同一個正電荷在C點的電勢能大于其在。點的電勢能

5.如圖，同種材料做成的電阻絲NC粗細均勻，NC上有一點8,其長度關系滿足48=28。，現(xiàn)將3C

段均勻拉伸，48段不變，末端為。點，且BD=2BC,然后將電阻絲4、。兩端接入電路中，則下列

說法正確的是（）

AB<

ABu

A.AB段橫截面積是8。段的4倍

B.8。段電阻是48段的4倍

C.8。段電壓是48段的一半

D.8。段自由電荷定向移動速率是48段的2倍

6.如圖，圓盤在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，質(zhì)量為M=0.2kg的小物塊放置在水平圓盤的正中央，并用一

根0.1m長的輕質(zhì)細線與質(zhì)量為加=0.1kg的另一個小物塊連接，兩物塊與圓盤間的動摩擦因數(shù)均為0.2o

已知兩個小物塊均可看作質(zhì)點，細線所能承受的拉力足夠大，g取10m/s2。要保證M、優(yōu)與圓盤間不發(fā)

生相對滑動，圓盤角速度的最大值為（）

（O-Q

A.2V15m/sB.2Mm/sC.2V10m/sD.2^/30m/s

7.一質(zhì)量加=2kg的物塊靜止在粗糙的水平地面上，物塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.2,/=0時刻給

物塊施加一水平向右的外力尸，并于Z=10s撤去外力，力尸隨時間/的變化情況如圖所示，可認為最大

靜摩擦力等于滑動擦力，忽略空氣阻力，g取10m/s2,則下列說法中錯誤的是（）

A.0~5s內(nèi)F的沖量為12.5N?sB.0~10s內(nèi)摩擦力的沖量為40N?s

C.5s末物塊的速度大小為0.25m/sD.6s末物塊的速度最大

8.關于平拋運動，下列說法中正確的是（）

A.平拋運動是勻變速曲線運動

B.做平拋運動的物體在任何兩個相等的時間段內(nèi)速度的變化量大小相等，方向不相同

C.兩個質(zhì)量不同的物體，同時從同一高度水平拋出，忽略空氣阻力，則質(zhì)量大的物體先落地

D.兩個質(zhì)量不同的物體，從同一高度以大小不同的水平速度拋出，忽略空氣阻力，則兩物體落在水平地面

前瞬間豎直方向的速度相同

9.如圖所示電路，4為定值電阻，旦為光敏電阻，其阻值隨光照的增強而減小，6為定值電阻，一帶電

液滴恰好在平行板電容器C中的4點處于靜止狀態(tài)，兩電表均為理想電表。現(xiàn)增加光照強度，則下列說法

中正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)減小

B.電阻耳中的電流方向由右向左

C.4點處的帶電液滴向下運動

D.電壓表示數(shù)變化量的絕對值與電流表示數(shù)變化量的絕對值之比變小

10.傾角為0=30°的光滑斜面固定在水平地面上，質(zhì)量加=1kg的物塊用輕質(zhì)細繩跨過光滑的定滑輪和水

平地面上質(zhì)量為M=3kg的小車相連。初始時小車尾端在滑輪正下方距滑輪〃=0.4m處，t=0時刻小車

開始以恒定的功率P=20W啟動，并帶動物塊沿斜面向上運動，f=10s時小車運動到Z位置，此時細線

與水平方向的夾角為30°,已知整個過程中小車克服地面阻力做功為78J,忽略空氣阻力，g取10m/s2,

則下列說法中正確的是（）

A.整個過程中物塊和小車組成的系統(tǒng)機械能的增加量為200J

B.在/位置時，小車的速度大小是物塊速度大小的速倍

3

C.小車運動到A位置時的速度大小為8m/s

D.0~10s內(nèi)細繩對物塊做的功為28J

二、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.（6分）用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前、后的動量

關系，如圖所不。

甲

（1）若采用圖甲所示裝置進行實驗，斜槽（填“必須”或“不必”）是光滑的。

（2）若采用圖甲所示裝置進行實驗，以下所提供的測量工具中必需的是0

A.直尺B.游標卡尺C.天平D.停表

（3）圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影，首先將質(zhì)量為嗎的小球4從斜槽上的S位置由靜止

釋放，小球落到復寫紙上，重復多次。然后把半徑與4相等的質(zhì)量為加2的被碰小球8置于斜槽末端，再

將質(zhì)量為的小球4從S位置由靜止釋放，兩球相碰，重復多次。分別確定平均落點，記為M、N和

P（尸為4單獨滑落時的平均落點）。圖乙為實驗的落點記錄，簡要說明如何確定平均落點o

（4）用天平測量4、3兩個小球的質(zhì)量加］、加2；分別找到4、8相碰前后的平均落點的位置，再測量

出水平位移%“、X”、xON,若兩球相碰過程的動量守恒，則其表達式可表示為（用測量的

量表示）。

12.（8分）某興趣小組想測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻（電動勢約1.5V,內(nèi)阻約1Q）,由于擔心電池內(nèi)

阻過小會帶來很大的測量誤差，所以該小組想到了一個減小誤差的辦法，他們在干路上串聯(lián)接入一定值電

阻A），具體實驗器材如下：

A.待測干電池

B.定值電阻凡

C.靈敏電流計：量程為0?lOOpA,內(nèi)阻4=100Q

D.定值電阻4

E.電阻箱：0-99.9。

F.開關、導線若干

實驗電路圖如圖甲所示:

R,

sjr?

I-------1|—廠-------

6

甲乙

（I）將靈敏電流計改裝成量程為0?1.5V的電壓表，則與之串聯(lián)的定值電阻4的阻值4=Q。

（2）用筆畫線代替導線按電路圖甲連接實物圖乙

(3)實驗中記錄多組電流計的示數(shù)/和電阻箱的示數(shù)7?,作出工圖像，并測得圖像的斜率為左，與

IR

縱軸的截距為6,若實驗中電流計支路的電流相比于電阻箱所在支路可以忽略，則這節(jié)干電池的電動勢

E=,內(nèi)阻/=(選用左、b、&、Rg、均表示)。

13.(10分)當前多家電商平臺正在進行“雙十一”購物促銷活動，運單量大，物流快遞企業(yè)積極應對快

遞高峰期。如圖所示，某物流中心的快遞分揀水平傳送帶在順時針勻速轉(zhuǎn)動，速度大小為8m/s,傳送帶

4、8兩端的距離為24m。分揀員將一質(zhì)量為3kg的包裹輕放在傳送帶的最左端，包裹的大小可以忽略,

已知包裹與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.4,g取10m/s2,貝的

(1)包裹從4端運動到8端傳送帶對其做了多少功？

(2)包裹從4端運動到8端過程中傳送帶對其做功的平均功率為多大?

14.(13分)如圖，虛線以下存在電場強度大小為￡、方向豎直向下的勻強電場I,一質(zhì)子以初速度%從

o點進入電場I中，并從c點沿水平方向離開I進入半圓環(huán)形輻向電場II,在n中以。點為圓心的同一

個圓強上各點電場強度大小相等、方向均指向圓心。，質(zhì)子在電場II中恰好做勻速圓周運動。已知%與

水平方向的夾角夕=60°,。點與C點間的距離為火，質(zhì)子的電荷量為9,質(zhì)量為優(yōu)，不計重力，求：

(1)質(zhì)子從O到C的運動時間/；

(2)O、C兩點間的距離上；

(3)質(zhì)子做圓周運動的軌跡所在圓弧處對應的輻向電場的電場強度的大小。

15.(17分)質(zhì)量為M的長木板靜置在光滑水平面上，質(zhì)量為加的小物塊與長木板的高度相同，小物塊靜

止放在光滑的四分之一圓弧形凹槽的最低點，圓弧形凹槽未被固定?，F(xiàn)一質(zhì)量為外的滑塊以12m/s的水平

初速度沖上長木板，滑塊在長木板上運動一小段時間后二者達到共速，之后長木板與小物塊發(fā)生彈性碰

撞，碰撞后長木板和滑塊立即被鎖定。已知小物塊可看作質(zhì)點，M=m[=1kg,m=2kg,圓弧形凹槽

質(zhì)量m2=1kg,半徑R=0.2m,g=10m/s2o求：

(1)長木板與滑塊達到共速時速度的大??；

(2)相對于水平面，小物塊能上升的最大高度方；

(3)小物塊第一次從凹槽上返回到凹槽最低點時，凹槽對小物塊的支持力大小。

參考答案及解析

2024-2025學年度上學期遼寧省縣級重點高中協(xié)作體高三期中考試

1.A【解析】三個點電荷和O點的距離均為2,B、C兩處點電荷在O點產(chǎn)生合場強為舉，指向C

點；4處點電荷在O點產(chǎn)生的場強大小為指向。點，三個點電荷產(chǎn)生的合場強為

1}

泮—確。

2.C【解析】對戰(zhàn)斗機分析，有機gtane=w1,可得y=JgAtan夕,可知夾角越大，速率越大，所

R

以C選項正確。

3.B【解析】對4,Gm,B=制",對8,包劈=機城-。2,可得上=為，又因為

LLrBmA

m+m=M,r+r=L,解得加-M,則選項錯誤，選項正確；雙星的角速度相同，

ZA1DBJALBDZ41=------AB

線速度大小和半徑成正比，則Z星的線速度大于8星的線速度，所以C、D選項均錯誤。

4.C【解析】由場強的方向可以判斷4、8兩點固定的均是正點電荷，所以A選項錯誤；C點和。點場

強大小相等，方向相反，所以B選項錯誤：根據(jù)對稱性可知C點和。點電勢相等，UCD=0,

Ep=q(p,同一個正電荷在兩點的電勢能相等，所以C選項正確，D選項錯誤。

5.D【解析】8。段的長度變?yōu)樵瓉淼?倍，體積不變，則橫截面積變?yōu)樵瓉淼囊话耄?8段的橫截

面積是5。段的2倍，A選項錯誤；8。段長度與48段相等，橫截面積是48段的一半，由&=夕人可

S

得，8。段電阻是48段的2倍，所以B選項錯誤；電壓與電阻成正比，則8。段電壓是48段電壓的2

倍，則C選項錯誤；由/=〃eSv可知，8。段與初段：I、〃、e均相等，橫截面積8。段是，5段的

一半，則自由電荷定向移動的速率8。段是45段的2倍，所以D選項正確。

6.A【解析】兩物塊相對圓盤恰要發(fā)生相對滑動時，有〃機g+4Mg=機。?/,解得。=2JT?rad/s,選

項A正確。

7.B【解析】圖像與時間軸圍成圖形的面積表示力廠的沖量，0?5s內(nèi)尸的沖量為

■|x5N-s=12.5N-S,所以A選項結(jié)果正確；最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，fm=fimg=4N,前4s

內(nèi)尸小于最大靜摩擦力，物塊始終處于靜止狀態(tài)，受到的是靜摩擦力，所以10s內(nèi)摩擦力的沖量不等于

F+F

40N-s,B的說法錯誤，故本題選B選項；4?5s的過程由動量定理有‘加gf=mv,解得5s末

的速度大小為v=0.25m/s,所以C選項的結(jié)果正確；4?6s內(nèi)力尸始終大于摩擦力，一直加速，6s后尸

小于摩擦力，開始減速，6s末加速度。=0,速度最大，所以D選項的說法正確。

8.AD【解析】平拋運動是勻變速曲線運動，A正確；由Av=g"可知任意兩個相等時間內(nèi)的速度變化

量相等，方向均豎直向下，B錯誤；平拋運動的加速度和質(zhì)量沒有關系，所以兩個質(zhì)量不同的物體同時從

同一高度水平拋出同時落地，C錯誤；落地時豎直方向的速度只與下落高度有關，所以兩物體的豎直速度

相同，D正確。

9.ABC【解析】光照增強，光敏電阻的阻值減小，由結(jié)論“串反并同”可知：電壓表示數(shù)減小，電容器

電壓減小，電荷量減小，則電容器放電，則與中電流方向向左，A、B均正確；電容器電壓減小，板間場

強減小，所以帶電液滴向下運動，C正確；兩電表示數(shù)的變化量的絕對值之比等于電源的內(nèi)阻，始終不

變，D錯誤。

10.BC【解析】整個過程中系統(tǒng)機械能的增加量為R-%=200J-78J=122J,A錯誤；小車和物塊

的速度在沿繩方向的分量相等，即匕=v2cos30°,解得小車速度是物塊速度的個一倍，B正確；根據(jù)能

量守恒有尸/—mg。'=，勿=1.I。。—〃[xsin30°=0.2m,解得匕=8m/s,C

1,

選項正確；0?10s內(nèi)對物塊由動能定理有瞑-mg。'=5機可，解得嗎=26J,D選項錯誤。

11.(1)不必(2)AC

(3)用一個最小的圓將所有的落點圈住，該圓的圓心即為平均落點

(4)-xOP=-xOM+m2-xON

12.(1)14900

(2)如圖所示

R,

人+Rik

(3)—~~----R

bbo

【解析】（1）由U=/（Rg+7?J,解得A=14900Q。

（3）由閉合電路歐姆定律有E=I（Rg+R）+r）,

1R+R,（R?+Rx）（R0+r）i

得上=——L+3一一---，結(jié)合圖像的斜率和截距即可求得￡和外。

/EER

13.（1）96J（2）24W

【解析】（1）對包裹受力分析，由牛頓第二定律得〃加g=zw。解得a=4m/s2

設包裹加速到與傳送帶共速需要的時間為4,則v=兩

V

加速階段包裹的位移為x=-4=8m<24m

21

1,

則由動能定理得少=—掰聲解得少=96J

2

T-V

（2）共速后包裹勻速運動至5端，勻速運動時間，2二-----

V

包裹從A端運動到B端的總時間t=t^t2

W

則傳送帶對包裹做功的平均功率為尸二一解得夕=24W

t

14.（1）息也（2）叵述（3）皿

2qESqE4qR

【解析】（1）質(zhì)子從。到C過程，由牛頓第二定律有q￡二加〃