2024屆廣東省茂名市電白區(qū)高考沖刺物理模擬試題

注意事項

1.考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回.

2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0.5亳米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.

3.請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符.

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他

答案.作答非選擇題，必須用05亳米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效.

5.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗.

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、一質(zhì)點在平面內(nèi)運動軌跡如圖所示，下列判斷正確的是（）

A.質(zhì)點沿x方向可能做勻速運動

B.質(zhì)點沿y方向一定做勻速運動

C.若質(zhì)點沿y方向始終勻速運動，則丁方向可能先加速后減速

D.若質(zhì)點沿y方向始終勻速運動，則丫方向可能先減速后反向加速

2、在如圖所示的理想變壓器供電線路中，原線圈接在有效值恒定的交流電源上，副線圈接有兩個燈泡，電流表、電壓

表均為理想電表。開關(guān)S原來是斷開的，現(xiàn)將開關(guān)S閉合，則（）

A.Ai的示數(shù)增大，A2的示數(shù)增大

B.Ai的示數(shù)不變，A2的示數(shù)增大

C.V1的示數(shù)減小，V2的示數(shù)減小。

D.』的示數(shù)不變，V2的示數(shù)減小

3、利用半導(dǎo)體二極管的單向?qū)щ娦裕梢詫蛔冸娏鬟M行整流將交變電流變?yōu)橹绷鳎环N簡單的整流電路如圖甲所示,

"為交變電流信號輸入端，。為半導(dǎo)體二極管，￡為定值電阻。信號輸入后，電阻￡兩端輸出的電K信號如圖乙所示,

則關(guān)于該輸出信號，下列說法正確的是（）

甲乙

A.頻率為100Hz.

B.電壓有效值為50V

C.一個標有“90V,30pF”的電容器并聯(lián)在電阻K兩端，可以正常工作

D.若電阻￡=1000,貝ljImin內(nèi)K產(chǎn)生的熱量為2.5x104

4、有關(guān)量子理論及相關(guān)現(xiàn)象，下列說法中正確的是（）

A.能量量子化的觀點是愛因斯坦首先提出的

B.在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，遏止電壓與入射光的頻率成正比

C.一個處干〃=4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時.最多能輻射出3種頻率的光子

D.〃射線、。射線、y射線都是波長極短的電磁波

5、“雙星系統(tǒng)”由相距較近的星球組成，每個星球的半徑均遠小于兩者之間的距離，而且雙星系統(tǒng)一般遠離其他天體,

它們在彼此的萬有引力作用下，繞某一點做勻速圓周運動。如圖所示，某一雙星系統(tǒng)中A星球的質(zhì)量為,小，B星球的

質(zhì)量為初2,它們球心之間的距離為L,引力常量為G則下列說法正確的是（）

A.B星球的軌道半徑為叫L

+m2

B.A星球運行的周期為2乃--

）

、GQ“+/n2

C.A星球和B星球的線速度大小之比為機-7肛

D.若在。點放一個質(zhì)點，則它受到兩星球的引力之和一定為零

6、如圖，傾角為夕=45。的斜面ABC固定在水平面上，質(zhì)量為，〃的小球從頂點A先后以初速度uo和2丫。向左水平拋出,

分別落在斜面上的凸、尸2點，經(jīng)歷的時間分別為公3A點與B、Pi與尸2之間的距離分別為人和，2,不計空氣阻力

影響。下列說法正確的是（）

B.Zi：6=1：2

C.兩球剛落到斜面上時的速度比為1：4

D.兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1:1

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、空間存在一方向與直面垂直、大小隨時間變化的勻強磁場，其邊界如圖（a）中虛線MN所示，一硬質(zhì)細導(dǎo)線的電

阻率為小橫截面積為S,將該導(dǎo)線做成半徑為z?的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心O在MN上.仁0時磁感應(yīng)強度的方向如

圖（a）所示：磁感應(yīng)強度3隨時間，的變化關(guān)系如圖（b）所示，則在U0到Ufi的時間間隔內(nèi)

\M

圖（a）

A.圓環(huán)所受安培力的方向始終不變

B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流始終沿順時針方向

c.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為7^一

4fop

D.圓環(huán)中的感應(yīng)電動勢大小為華

%

8、圖示為一簡諧橫波在，=0時刻的波形圖，P是平衡位置在x=lm處的質(zhì)點，此時刻P點振動方向沿）’軸正方向,

并經(jīng)過0.3s第一次到達平衡位置，Q是平衡位置為x=4m處的質(zhì)點，下列分析正確的是（）

M

O

3)

N

A.小球運動至P點時受到細桿彈力為手〃吆

B.小球運動到尸點處時的加速度為Y迎

2

C.小球運動至N點時的速度J防

D.小球運動至N點時彈簧的彈性勢能為nigL

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）在某次“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，所選用的實驗器材有：

A

A.小燈泡“2.5V0.2A”

B.電流表0~0.6A~3A（內(nèi)阻未知）

C.電壓表0~3V~15V（內(nèi)阻未知）

D.滑動變阻器“2A20?！?/p>

E.電源（兩節(jié)舊的干電池）

F.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干

⑴當開關(guān)閉合時，圖中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于（填“左”或“右”）端。

（2）實驗中，當滑片P向左移動時，電路中的電流表的示數(shù)變（填“大”或“小

⑶本次實驗用電池對數(shù)據(jù)處理有沒有影響？___________（填“有”或“沒有

（4）依據(jù)實驗結(jié)果數(shù)據(jù)作出的圖像可能是圖中的o

〃AZZA

12.（12分）教材列出的木一木動摩擦因數(shù)為0.30,實驗小組采用如圖甲所示的裝置測量木塊與木板間的動摩擦因數(shù)。

實驗中，木塊在重錘的拉動下，沿水平長木板做勻加速運動。

華打點計時器

口廠--）紙帶

S?甲

（1）實驗所用重錘質(zhì)量150g左右，下列供選擇的木塊質(zhì)量最合適的是一:

A.20gB.260gC.500gD.600g

（2）關(guān)于實驗操作和注意事項，下列說法正確的有一；

A.實驗中先釋放木塊，后接通電源

B.調(diào)整定滑輪高度，使細線與板面平行

C.必須滿足細線對木塊拉力與重錘重力大小近似相等

D.木塊擇放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右

（3）實驗得到的一根紙帶如圖乙所示，從某個清晰的點開始，每5個打點取一個計數(shù)點，依次標出0、1、2、3、4、5、

6,測得點O與點3、點6間的距離分別為19.90cm、54.20cm,計時器打點周期為0.02s,則木塊加速度a=m/s2（保

留兩位有效數(shù)字）；

；?!??,?R

圖乙

（4）實驗測得〃=0.33,大于教材列表中的標值，請寫出兩個可能的原因：一，。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，玻璃球冠的折射率為G，其底面鍍銀，底面的半徑是球半徑的且倍；在過球心。且垂直于底

面的平面（紙面）內(nèi)，有一與底面垂直的光線射到玻璃球冠上的M點，該光線的延長線恰好過底面邊緣上的A點.求

該光線從球面射出的方向相對于其初始入射方向的偏角.

14.（16分）一輕質(zhì)細繩一端系一質(zhì)量為//z=0.05kg的小球A,另一端掛在光滑水平軸。上，。到小球的距離為L=O.lm,

小球跟水平面接觸，但無相互作用，在球的兩側(cè)等距離處分別固定一個光滑的斜面和一個擋板，如弱所示，水平距離

s=2m,動摩擦因數(shù)為〃=0.1.現(xiàn)有一滑塊氏質(zhì)量也為山，從斜面上滑下，與小球發(fā)生彈性正碰，與擋板碰撞時不損

失機械能.若不計空氣阻力，并將滑塊和小球都視為質(zhì)點，g取lOiWs?,試問：

（1）若滑塊3從斜面某一高度力處滑下與小球第一次碰撞后，使小球恰好在豎直平

面內(nèi)做圓周運動，求此高度正

（2）若滑塊8從/『5m處滑下，求滑塊3與小球第一次碰后瞬間繩子對小球的拉力.

（3）若滑塊8從/『5m處下滑與小球碰撞后，小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，求小

球做完整圓周運動的次數(shù).

15.（12分）如圖，一上端開口、下端封閉的細長玻璃管，下部有長L=66cm的水銀柱，中間封有長L2=6.6cm的空氣

柱，上部有長心=44cm的水銀柱，此時水銀面恰好與管口平齊.已知大氣壓強為0o=76cmHg.如果使玻璃管繞底端在

豎直平面內(nèi)緩慢地轉(zhuǎn)動一周，求在開口向下和轉(zhuǎn)回到原來位置時管中空氣柱的長度.（封入的氣體可視為理想氣體，在

轉(zhuǎn)動過程中沒有發(fā)生漏氣.）

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

AB.物體做曲線運動，合力大致指向軌跡凹的一側(cè)，則加速度大致指向軌跡凹的一側(cè)，由圖可知：x軸方向有分加速

度，所以x軸方向不可能勻速，y方向可能有分加速度，故質(zhì)點沿y方向可能做變速運動，也可能做勻速運動，故A、

B錯誤；

CI).物體在y方向勻速，則合力在水平方向，合力指向軌跡的凹側(cè)可知合力水平向左，因此物體在水平方向先向右減

速后向左加速，C錯誤，D正確。

故選D。

2、A

【解析】

副線圈輸出電壓由原線圈的輸入電壓和原、副線圈匝數(shù)比決定，原線圈輸入電壓和原、副線圈匝數(shù)比不變，則副線圈

輸出電壓不變，電壓表V1的示數(shù)不變，電壓表V2的示數(shù)不變，開關(guān)S閉合后，總電阻減小，根據(jù)歐姆定律可知，副

線圈輸出電流增大，根據(jù)變流比可知，原線圈輸入電流增大，即電流表A］的示數(shù)增大，電流表A2的示數(shù)增大，故A

正確，BCD錯誤。

故選A。

3、B

【解析】

A.由圖乙可知，該電壓的周期r=0.02s,故頻率為

/=y=50Hz

故A錯誤；

B.由電流的熱效應(yīng)知，一個周期內(nèi)電阻產(chǎn)生的熱量

U2Ul

——x0.01=-^x0.02

RR

其中的

t/=^2=5OV2V

故電壓有效值為U*50V,故B正確；

C.電容器兩端的瞬時電壓不應(yīng)超過標稱電壓90V,而K兩端電壓的瞬時值最大為100V,故電容不能正常工作，故C

錯誤；

D.電阻R產(chǎn)生的熱量應(yīng)使用電壓的有效值進行計算，故Imin內(nèi)產(chǎn)生的熱量為

。=%=1.5xlO4J

R

故D錯誤。

故選B。

4、C

【解析】

A.能量量子化的觀點是普朗克首先提出的，選項A錯誤；

B.在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，根據(jù)光電效應(yīng)方程W逸出功遏制%可知遏止電壓與入射光的頻率是線性關(guān)系，但

不是成正比，選項B錯誤；

C.一個處于〃=4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時，最多能輻射出3種頻率的光子，分別對應(yīng)于4T3,3T2,2-1,選

項C正確；

D.a射線、夕射線不是電磁波，只有)，射線是波長極短的電磁波，選項D錯誤；

故選C。

5、B

【解析】

由于兩星球的周期相同，則它們的角速度也相同，設(shè)兩星球運行的角速度為。，根據(jù)牛頓第二定律，對A星球有：

班""2

G-^=mxa)i\

對B星球有

班"2,2

G-^=m2cor2

得

“：4=嗎?"4

又

4+為=心

得

4=---叫---L7

町+m2

叫r

心=——!—L

m[+小

故A錯誤;

B.根據(jù)

「肛肛4/

G~ir=〃k'

r

I—「L

"4+

解得周期

T:2近=,

YG（〃（+〃4）

故B正確；

C.A星球和B星球的線速度大小之比

%=竺的

故C錯誤；

D.。點處的質(zhì)點受到B星球的萬有引力

廠Gm、mGm^n

RT—=------=-----7

F8=——r2/\2

弓叫L

受到A星球的萬有引力

口_Gtn^n_Gm}m

=r2=7V

4m2L

（町+，%）

故質(zhì)點受到兩星球的引力之和不為零，故D錯誤。

故選B。

6、D

【解析】

A.根據(jù)

2

-gtf

tan<9=^---=-

W2%

得

t_2votan(9

g

因為初速度之比為h2,則運動的時間之比為1：2,故A錯誤。

B.水平位移

『尸2^

g

因為初速度之比為1：2,則水平位移之比為1：4,由

l=>/2x

可知

Zi：Z2=l:4

故B錯誤。

C.根據(jù)動能定理

1.1,

—mv~=—mv^+mgy

其中產(chǎn)x,則

v=M+2gy=M+4片tan45=氐°

則兩球剛落到斜面上時的速度比為1：2,選項C錯誤；

D.平拋運動某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，由于落在斜面上，位移

方向相同，則速度方向相同，即兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1:1,故D正確。

故選Do

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解析】

AB、根據(jù)叢，圖象，由楞次定律可知，線圈中感應(yīng)電流方向一直為順時針，但在力時刻，磁場的方向發(fā)生變化，故安

培力方向&的方向在fo時刻發(fā)生變化，則A錯誤，B正確；

CD、由閉合電路歐姆定律得：1=與,又根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=—=——,又根據(jù)電阻定律得：

R\t\t2

2rrr,B°rS

R=夕一丁，聯(lián)立得：則C正確，D錯誤.

S4fop

故本題選BC.

8、ABD

【解析】

A.因此時P點沿了軸正方向振動，根據(jù)同側(cè)法可知波沿X軸負方向傳播，A正確；

B.因P點的平衡位置在x=lm處，所以

TT

-+-=0.3s

84

所以

T=0.8s

計算波速

v=—=1Om/s

T

B正確；

C.P、Q兩點的平衡位置間的距離大于?，小于令，所以其振動方向有時相同，有時相反，C錯誤；

D.根據(jù)

lmin=6Os=75T

經(jīng)過的路程

5=75x4/1=30m

D正確；

E.根據(jù)圖像可知

co=—=2.5^-rad/s

T

質(zhì)點Q此時由平衡位置向下振動，振動方程可表示為

y=-1Osin2.5?r(cm)

E錯誤。

故選ABD.

9、BD

【解析】

由點電荷的場強公式￡=［可知，場源點電荷在軌道內(nèi)壁處產(chǎn)生的電場強度大小相等，但方向不同，A錯誤；軌道

R

內(nèi)壁上各點到場源點電荷的距離相同，電勢相等；帶電小球在A點時，帶電小球?qū)壍赖膹椓ωQ直向上，大小等于僅g,

軌道對帶電小球的彈力豎直向下大小為，酸，在A點對帶電小球有2陽且-絲="二，從A到5由動能定理得

R~R

mgR=:腐-。心在B點有//-警二竺蟲，聯(lián)立解得在3點時軌道對小球的彈力為N'=4〃zg,根據(jù)牛頓

22R~R

第三定律可知在5點時小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?mg,則選項C錯誤；在最低點C時，設(shè)軌道時小球的彈力為N〃，

則N"-mg-竿二誓，由A到C由動能定理有2mgR=g/w；，聯(lián)立解得N』7mg,根據(jù)牛頓第三定律

知,運動到最低點C時，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?mg,則選項D正確.

10、AC

【解析】

AB.小球運動至P點時，根據(jù)幾何關(guān)系可得OP之間的距離為：

,2口…囪

a=----Lsin30=——L

33

則彈簧的彈力大小為：

r=k----L-d=——mg

33

對小球受力分析，可知受重力、彈簧的彈力和輕桿的彈作用，如圖所示：

在垂直斜面方向上，根據(jù)平衡條件有：

N=F+mgcos30

解得：N=^^~mg

在沿斜面方向上，根據(jù)牛頓第二定律有：

〃?gsin30=ma

3

解得：6/=^sin30=-g,A正確，B錯誤;

CD.根據(jù)幾何關(guān)系，可知

ON=OM=^~L

3

故小球從M點運動至N點，彈性勢能變化量為零，所以在N點的彈性勢能為零，則整個過程小球減小的重力勢能全

部轉(zhuǎn)化為小球的動能，根據(jù)機械能守恒有:

mg?2Lsin3()=—

解得：匕12gL,C正確，D錯誤。

故選AC,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、左小沒有C

【解析】

(D[1]開關(guān)閉合時，應(yīng)該使電表中的電流最小，故應(yīng)該將滑動變阻器的滑片置于左端；

(2)[2]滑片P左移，并聯(lián)部分電阻變小，故并聯(lián)部分電壓減小，故電流表示數(shù)變??；

(3)[3]因為電壓是用電壓表測出，故與電源參數(shù)無關(guān)，所以沒有影響；

(4)[4]小燈泡電阻隨電流增大(或溫度升高)而增大，故選C。

12、BBD1.6木塊、木板表面粗糙程度有差異細線與滑輪摩擦或紙帶與計時器摩擦

【解析】

(1)[1]由題知，重錘的質(zhì)量m=15Qg左右，動摩擦因數(shù)4=0.30,設(shè)木塊的質(zhì)量為為使木塊在重錘的拉動下沿水

平長木板做勻加速運動，對整體，根據(jù)牛頓第二定律有

解得

mgfMg

Cl---------------

M

根據(jù)長木板做勻加速運動，即。>0,可得

mg-4Mg>0

解得

M<5(X)g

當木塊的質(zhì)量M越小時，滑動摩擦力越小，整體的加速度越大，在紙帶上打的點越少，則在計算加速度時誤差較大，

綜上分析可知，木塊質(zhì)量最合適的是260g,故B符合題意，ACD不符合題意；

故選B。

(2)[2]A.實驗時應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故A錯誤；

B.為保證木塊所受的拉力為細線的拉力，則應(yīng)調(diào)整定滑輪的高度使細線與木板平行，故B正確；

C.根據(jù)實驗原理

mg-^Mg=(〃7+M)4

可知不必滿足細線對木塊拉力與重錘重力大小近似相等，故C錯誤；

D.假設(shè)木板光滑，對整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有

mg=(m+M)a

將(1)問中的，〃=150g,M=260g代入上式，可得加速度

〃a4m/s2

為減少誤差，計算方便，一般在紙帶上是每隔5個點取一個計數(shù)點，即時間間隔7=5x0.02s=0.1s,通常是取5至

6個計數(shù)點，則總時間為0.5s至lj0.6s,我最開始的計數(shù)點是從初速度為。開始的，根據(jù)位移時間公式有

12

x=—ar

2

取U0.5s計算可得

x=0.50m

取z=0.6s計算可得

x=0.72m

故為提高紙帶利用效率，減少實驗誤差，木塊釋放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右，故D正確。

故選BDo

(3)[3]由題知，每隔5個點取一個計數(shù)點，則時間間隔了=5x0.02s=0.1s,根據(jù)

Ax=aT2

可得加速度為

_(*06一/3)一%3

―9F

由題知q=1990cm,北=54.20cm,代入數(shù)據(jù)解得

a=1.6m/s2

(4)[4]實驗測得〃=0.33,大于教材列表中的標值，根據(jù)實驗原理分析，可能存在的原因有：木塊、木板表面粗糙程

度有差異；細線與滑輪摩擦或紙帶與計時器摩擦。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、150°

【解析】

設(shè)球半徑為R,球冠地面中心為O,連接。0，，則00U48

令NOAO'=a

則：O'Af=①…①

cosa=-----2

OAR~2

即NOAO，=a=30。..。

已知MA_LA3,所以NO4M=60。…③

設(shè)圖中N點為光線在球冠內(nèi)地面卜的反射點.光路圖如圖所示.

設(shè)光線在M點的入射角為i,折射角為r,在N點的入射角為〃反射角為產(chǎn)，玻璃的折射率為〃.

由于AOAM為等邊三角形，所以入射角i=60?！?/p>

由折射定律得：s加i=