…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理上冊月考試卷679考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、2010年10月1日18時(shí)59分，中國探月二期工程先導(dǎo)星“嫦娥二號”在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功升空．下列各種情況中，不可以把探月衛(wèi)星“嫦娥二號”看作質(zhì)點(diǎn)的是（）A.研究“嫦娥二號”離月球表面的距離B.研究“嫦娥二號”繞月球飛行的速度C.研究“嫦娥二號”從地球到月球的飛行軌跡D.研究“嫦娥二號”從地球到月球的飛行姿態(tài)2、把一根金屬導(dǎo)線剪掉一半，剩余導(dǎo)線電阻為原來的（）A.B.C.2倍D.4倍3、光伏發(fā)電是利用半導(dǎo)體界面的光生伏特效應(yīng)而將太陽能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿囊豁?xiàng)技術(shù)，關(guān)鍵元件是太陽能電池，如圖的是太陽能電池組，關(guān)于太陽能及其利用，下列說法中正確的是（）A.由于日地距離過大，因此地球上能被利用的太陽能很少B.太陽能主要以熱傳遞的方式傳到地球C.太陽能電池是將電能轉(zhuǎn)換為其他能的裝置D.太陽能電池已經(jīng)被廣泛應(yīng)用于航天事業(yè)．4、一塊半圓柱形玻璃磚放在空氣中，如圖所示，一束白光從空氣中沿著圖示方向射向玻璃磚，經(jīng)玻璃磚折射后在光屏P上形成彩色光帶．下列說法正確的是（）A.紅光穿越玻璃磚的時(shí)間比紫光穿越玻璃磚的時(shí)間長B.光帶從左到右排列順序?yàn)榧t→紫C.如果a逐漸減小時(shí)，則紫光最先消失D.無論a多大，各色光都能從玻璃磚中射出5、如圖所示，M

是一小型理想變壓器，接線柱a

、b

接在電壓u

=311sin314

t

(V)

的正弦交流電源上，變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖，其中R

2

為用半導(dǎo)體熱敏材料(

電阻率隨溫度升高而減小)

制成的傳感器，所有電表均為理想電表，電流表A

2

為值班室的顯示器，顯示通過R

1

的電流，電壓表V

2

顯示加在報(bào)警器上的電壓(

報(bào)警器未畫出)

R

3

為一定值電阻.

當(dāng)傳感器R

2

所在處出現(xiàn)火情時(shí)，以下說法中正確的是()A.A

1

的示數(shù)增大，A

2

的示數(shù)增大B.A

1

的示數(shù)減小，A

2

的示數(shù)增大C.V

1

的示數(shù)增大，V

2

的示數(shù)增大D.V

1

的示數(shù)不變，V

2

的示數(shù)減小6、電感和電容對交變電流的阻礙作用的大小不但跟電感、電容本身有關(guān)，還跟交流電的頻率有關(guān)，下列說法中正確的是()A.電感是通直流、阻交流，通高頻、阻低頻B.電感是通直流、阻交流，通低頻、阻高頻C.電容是通直流、阻交流，通高頻、阻低頻D.電容是通交流、隔直流，通低頻、阻高頻7、下列關(guān)于光電效應(yīng)的說法正確的是(

)

A.同一頻率的光照射不同的金屬，如果都能發(fā)生光電效應(yīng)，則逸出功大的金屬產(chǎn)生的光電子的最大初動能也越大B.某種金屬的逸出功為W

則該金屬發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，所產(chǎn)生的所有光電子克服金屬束縛做的功均為W

C.當(dāng)某單色光照射金屬表面時(shí)發(fā)生了光電效應(yīng)，則單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)隨入射光的強(qiáng)度增大而增多D.光某單色光照射金屬表面時(shí)發(fā)生了光電效應(yīng)，則產(chǎn)生的光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比8、足球運(yùn)動員將足球踢向空中；足球向斜上方飛行過程中某時(shí)刻的受力如圖所示，描述正確的是(G

為重力，F(xiàn)

為腳對球的作用力，F(xiàn)f

為空氣阻力)()

A.B.C.D.9、智能手機(jī)耗電量大，移動充電寶應(yīng)運(yùn)而生，它是能直接給移動設(shè)備充電的儲能裝置。充電寶的轉(zhuǎn)化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60-0.70之間（包括移動電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗）。如圖為某一款移動充電寶，其參數(shù)見下表，下列說法正確的是（）。容量10000mAh兼容性兼容大部分智能手機(jī)和平板電腦邊充邊放否保護(hù)電路是輸入DC5V2AMAX輸出USBl：DC5VlAUSB2：DC5V2.1A尺寸140×63×22mm轉(zhuǎn)換率0.6顯示方式液晶顯示重量約285gA.充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能B.該充電寶最多能儲存能量為3.6×106JC.該充電寶電量從零到完全充滿電的時(shí)間約為2hD.該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機(jī)充電，則理論上能充滿2次評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、如圖所示；A；B、C是多用表在進(jìn)行不同測量時(shí)轉(zhuǎn)換開關(guān)分別指示的位置；

D是多用表表盤指針在測量時(shí)的偏轉(zhuǎn)位置．

（1）A是____檔，若用此檔測量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)是____；

（2）B是____檔，若用此檔測量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)是____；

（3）C是____檔，若用此檔測量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)是____．

11、在一根橫繩上懸掛4個(gè)雙線擺，其中A與B擺長相等，當(dāng)使A自由擺動起來后，其它幾個(gè)擺也隨之?dāng)[動，周期分別設(shè)為TA、TB、TC、TD，則周期間的大小關(guān)系是______，B、C、D中擺幅最大的是______．12、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，各質(zhì)點(diǎn)的振幅為2cm，某時(shí)刻相距30m的兩質(zhì)點(diǎn)a、b的位移都為1cm，但運(yùn)動方向相反，質(zhì)點(diǎn)a沿y軸反方向運(yùn)動，質(zhì)點(diǎn)b沿y軸正方向運(yùn)動（如下面左圖），則這列波的波長最大為m。13、如圖甲所示為電視機(jī)中的顯像管的原理示意圖，電子槍中的燈絲加熱陰極而逸出電子，這些電子再經(jīng)加速電場加速后，從O點(diǎn)進(jìn)入由磁偏轉(zhuǎn)線圈產(chǎn)生的偏轉(zhuǎn)磁場中，經(jīng)過偏轉(zhuǎn)磁場后打到熒光屏MN上，使熒光屏發(fā)出熒光形成圖象，不計(jì)逸出的電子的初速度和重力．已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，加速電場的電壓為U，偏轉(zhuǎn)線圈產(chǎn)生的磁場分布在邊長為l的正方形abcd區(qū)域內(nèi)，磁場方向垂直紙面，且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示．在每個(gè)周期內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度都是從-B0均勻變化到B0．磁場區(qū)域的左邊界的中點(diǎn)與O點(diǎn)重合，ab邊與OO′平行，右邊界bc與熒光屏之間的距離為s．由于磁場區(qū)域較??；且電子運(yùn)動的速度很大，所以在每個(gè)電子通過磁場區(qū)域的過程中，可認(rèn)為磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，即為勻強(qiáng)磁場，不計(jì)電子之間的相互作用．求：

（1）為使所有的電子都能從磁場的bc邊射出；求偏轉(zhuǎn)線圈產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值．

（2）若所有的電子都能從磁場的bc邊射出時(shí)；熒光屏上亮線的最大長度是多少？

14、質(zhì)量m=1000kg的汽車通過圓形拱橋的速率恒定，拱橋的半徑r=10m，則汽車對拱橋頂端時(shí)的壓力為車重的一半時(shí)的速率為______m/s；汽車的速率為10m/s時(shí)對拱橋的壓力為______N．（g=10m/s2）評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）16、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）18、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共18分)21、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評卷人得分五、證明題(共2題，共8分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動。評卷人得分六、綜合題(共4題，共36分)25、攏脹

物理隆陋隆陋

選修3簍C5攏脻

(1)

兩球A、B

在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運(yùn)動，m

A=1kg

m

B=2kg

v

A=6m/s

v

B=2m/s

當(dāng)A

追上B

并發(fā)生碰撞后，兩球A、B

速度的可能值是()

A.v

A隆盲=2m/s

v

B隆盲=4m/sB

．v

A隆盲=5m/s

v

B隆盲=2.5m/s

C.v

A隆盲=鈭?4m/s

v

B隆盲=7m/sD

．v

A隆盲=7m/s

v

B

隆盲

=1.5m/s

(2)

如圖所示，一光滑水平桌面AB

與一半徑為R

的光滑半圓形軌道相切于C

點(diǎn)，且兩者固定不動，一長L

為0.8m

的細(xì)繩，一端固定于O

點(diǎn)，另一端系一個(gè)質(zhì)量m1

為0.2kg

的球.

當(dāng)球在豎直方向靜止時(shí)，球?qū)λ阶烂娴淖饔昧偤脼榱?

現(xiàn)將球提起使細(xì)繩處于水平位置時(shí)無初速釋放.

當(dāng)球m1

擺至最低點(diǎn)時(shí)，恰與放在桌面上的質(zhì)量m2

為0.8kg

的小鐵球正碰，碰后m1

小球以2m/s

的速度彈回，m2

將沿半圓形軌道運(yùn)動，恰好能通過最高點(diǎn)Dg=10m/s

求壟脵m2

在圓形軌道最低點(diǎn)C

的速度為多大？壟脷

光滑圓形軌道半徑R

應(yīng)為多大？26、如圖所示，虛線區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一單匝正方形導(dǎo)線框垂直磁場放置，框的右邊與磁場邊界重合..現(xiàn)將導(dǎo)線框沿紙面垂直邊界拉出磁場，則此過程中穿過導(dǎo)線框的磁通量________((選填“增加”或“減少”))若這一過程中磁通量變化了0.05Wb0.05Wb所用時(shí)間為0.1s0.1s則導(dǎo)線框中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢是________VV．27、如圖所示的勻強(qiáng)電場中，有abc

三點(diǎn)，ab

間距離Lab=8cmbc

間距離Lbc=14cm

其中ab

沿電場方向，bc

和電場方向成60鈭?

角.

一個(gè)所帶電量q=鈭?4隆脕10鈭?8C

的負(fù)電荷從a

點(diǎn)移到b

點(diǎn)克服電場力做功Wab=1.2隆脕10鈭?6

J.求：

(1)

勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度；(2)

電荷從b

點(diǎn)移到c

點(diǎn)，電場力所做的功；(3)ac

兩點(diǎn)間的電勢差．28、[

物理隆陋隆陋

選修3隆陋3]

(1)

甲、乙兩分子相距較遠(yuǎn)，設(shè)甲固定不動，乙在分子力作用下逐漸向甲靠近直到不能再靠近的過程中，下列說法正確的是_________(

填正確答案標(biāo)號。)

A.乙分子的速度先增大后減小B.加速度先增大后減小C.分子力先減小后增大D.分子動能先增大后減小E.分子勢能先減小后增大

(2)

如圖所示，玻璃管A

上端封閉，B

上端開口且足夠長，兩管下端用橡皮管連接起來，A

管上端被一段水銀柱封閉了一段長為6cm

的氣體，外界大氣壓為75cmHg

左右兩水銀面高度差為5cm

溫度為t1=27隆忙

(i)

保持溫度不變，上下移動B

管，使A

管中氣體長度變?yōu)?cm

穩(wěn)定后的壓強(qiáng)為多少？(ii)B

管應(yīng)向哪個(gè)方向移動？移動多少距離？(iii)

穩(wěn)定后保持B

不動，為了讓A

管中氣體長度回復(fù)到6cm

則溫度應(yīng)變?yōu)槎嗌伲繀⒖即鸢敢?、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】解：A；研究“嫦娥二號”離月球表面的距離時(shí)；“嫦娥二號”的形狀和大小可以忽略不計(jì)，可以看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B；研究“嫦娥二號”繞月球飛行的速度時(shí)；“嫦娥二號”的形狀和大小可以忽略不計(jì)，可以看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

C；研究“嫦娥二號”從地球到月球的飛行軌跡時(shí)；“嫦娥二號”的形狀和大小可以忽略不計(jì)，可以看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

D；研究“嫦娥二號”從地球到月球的飛行姿態(tài)時(shí)；要看，“嫦娥二號”的形狀和大小不可以忽略，不可以看成質(zhì)量，故D正確．

故選D

當(dāng)物體的形狀；大小對所研究的問題沒有影響時(shí)；我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)；

本題就是考查學(xué)生對質(zhì)點(diǎn)概念，是很基本的內(nèi)容，必須要掌握住的，題目比較簡單．【解析】【答案】D2、B【分析】解：導(dǎo)線剪掉一半后，由于截面積不變，長度變?yōu)樵瓉淼囊话?，則由R=可知；電阻變?yōu)樵瓉淼囊话?，故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選：B．

根據(jù)電阻定律進(jìn)行分析，明確截面積和長度的變化，從而由R=分析電阻大小．

本題考查了影響電阻大小的因素，關(guān)鍵要知道導(dǎo)體電阻與長度成正比，與橫截面積成反比，剪斷導(dǎo)線后，導(dǎo)線的截面積不變，故電阻與導(dǎo)線長度成正比．【解析】【答案】B3、D【分析】解：A；雖然日地距離過大；但是地球上能被利用的太陽能仍然很大．故A錯(cuò)誤；

B；太陽能主要以熱輻射的方式傳到地球．故B錯(cuò)誤；

C；太陽能電池可以把太陽能轉(zhuǎn)化為電能．故C錯(cuò)誤；

D；太陽能電池已經(jīng)被廣泛應(yīng)用于航天事業(yè)．故D正確．

故選：D

自然界中的風(fēng)能和太陽能是能量巨大的資源；現(xiàn)在科學(xué)家都在設(shè)計(jì)裝置利用它們的能量；

太陽能電池可以把太陽能轉(zhuǎn)化為電能．

風(fēng)能和太陽能都是清潔能源，且能量取之不盡用之不竭，能夠巧妙的設(shè)計(jì)利用是關(guān)鍵．【解析】【答案】D4、C【分析】解：

A、紅光的折射率最小，紫光的折射率最大，根據(jù)v=分析得知紅光在玻璃磚中傳播速度最大；穿越玻璃磚的時(shí)間最短；故A錯(cuò)誤．

B；由于白光是復(fù)色光；各種色光的折射率不同，折射率最大的偏折程度最大，從玻璃射向空氣中時(shí)，折射光線更遠(yuǎn)離法線．在各種色光中，紅光的折射率最小，紫光的折射率最大，所以紫光偏折最嚴(yán)重，紅光偏折最小，從左到右的排布是由紫→紅．故B錯(cuò)誤．

C、D根據(jù)全反射臨界角公式sinC=可知；紫光的臨界角最小，如果a逐漸減小時(shí)，入射角增大，紫光最先發(fā)生全反射，最先從彩色光帶中消失，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：C．

白光是由七種不同色光組成的復(fù)色光，紅光的折射率最小，紫光的折射率最大，根據(jù)v=分析各種色光在玻璃磚中傳播速度的大??；即可判斷時(shí)間的關(guān)系；由于白光是復(fù)色光，各種色光的折射率不同，所以折射率最大的偏折程度最大；根據(jù)偏折角大小，分析彩色光帶排列順序．分析各種色光的臨界角大小可得出最先發(fā)生全反射的光．光線從玻璃射到空氣中時(shí)，當(dāng)入射角等于臨界角時(shí)，會產(chǎn)生全反射．

本題關(guān)鍵要掌握產(chǎn)生全反射的條件，知道紫光的折射率最大．紅光的折射率最小，由sinC=可知折射率與臨界角的關(guān)系．【解析】【答案】C5、D【分析】略【解析】D

6、C【分析】【分析】根據(jù)電感和電容對直流和交流電路的作用判斷。本題考查了電感和電容對交變電流的作用。此類識記問題，關(guān)鍵是要在理解相關(guān)知識的前提下，要牢固記憶?！窘獯稹侩姼芯€圈的作用是“通直流、阻交流，通低頻、阻高頻”，電容器的作用是“通交流、隔直流，通高頻、阻低頻”，所以B

項(xiàng)正確。故選B?！窘馕觥緾

7、C【分析】解：A

根據(jù)光電效應(yīng)方程知；Ekm=hv鈭?W0

知逸出功大的金屬產(chǎn)生的光電子的最大初動能越小.

故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)逸出功定義；可知，逸出功是電子克服金屬束縛做的最小功，不是所有光電子做功相同.

故B錯(cuò)誤；

C；發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)；光強(qiáng)越強(qiáng)，則單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目會增多.

故C正確．

D；根據(jù)光電效應(yīng)方程知；Ekm=hv鈭?W0

知光電子的最大初動能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不是正比關(guān)系.

故D錯(cuò)誤．

故選：C

．

光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，入射光的強(qiáng)度影響單位時(shí)間發(fā)出光電子的數(shù)目；根據(jù)光電效應(yīng)發(fā)出判斷最大初動能與入射光頻率的關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件，掌握光電效應(yīng)方程，知道光的強(qiáng)度不影響能否發(fā)生光電效應(yīng)，影響的是單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出的光電子數(shù)目，理解逸出功的概念．【解析】C

8、B【分析】【分析】對物體受力分析；明確物體和周圍幾個(gè)物體相接觸，即每個(gè)力應(yīng)找到施力物體。

本題解答時(shí)學(xué)生易錯(cuò)選D答案，原因是沒有真正慣性的意義，同時(shí)應(yīng)注意在受力分析時(shí)養(yǎng)成找施力物體的習(xí)慣?！窘獯稹孔闱蝻w在空中時(shí)，一定受重力，且豎直向下；同時(shí)由于空氣的作用，受到空氣阻力，方向與運(yùn)動方向相反。故B正確。故選B?！窘馕觥緽

9、D【分析】解：A；充電寶充電時(shí)將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能；不是內(nèi)能；故A錯(cuò)誤；

B、該充電寶的容量為：q=10000mAh=10000×10-3×3600=3.6×104C；

該電池的電動勢為5V，所以充電寶儲存的能量：E=E電動勢?q=5×3.6×104=1.8×105J；故B錯(cuò)誤；

C、以2A的電流為用電器供電則供電時(shí)間t=故C錯(cuò)誤；

D、由于充電寶的轉(zhuǎn)化率是0.6，所以可以釋放的電能為：10000mA?h×0.6=6000mAh，給容量為3000mAh的手機(jī)充電的次數(shù)：n==2次；故D正確；

故選：D。

根據(jù)銘牌讀出充電寶的容量和電動勢。充電寶的容量是指電池能釋放的總電量；根據(jù)電流的定義式求出該充電寶在工作1小時(shí)后達(dá)到的電流和以10mA的電流工作可用的時(shí)間。

本題考查讀取電池銘牌信息的能力。解答的關(guān)鍵是要知道電池的容量是指電池所能釋放的總電量?！窘馕觥緿二、填空題(共5題，共10分)10、略

【分析】

A是歐姆擋；讀數(shù)為：示數(shù)×倍率=30×100=3000Ω；

B是電流10mA檔；每小格表示1mA，讀數(shù)為：5.0×1=5.0mA；

C是電壓50V擋；每小格表示5V，讀數(shù)為：5.0×5=25.0V．

故答案為：（1）歐姆；3000Ω；

（2）電流；5.0mA；

（3）電壓；25.0V

【解析】【答案】歐姆表讀數(shù)為：示數(shù)×倍率；電壓和電流表，先根據(jù)擋位求出每小格表示的數(shù)，再乘以示數(shù)．

11、略

【分析】解：由A擺擺動從而帶動其它3個(gè)單擺做受迫振動，受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率，故其它各擺振動周期跟A擺相同，故：TA=TB=TC=TD；

受迫振動中；當(dāng)固有頻率等于驅(qū)動力頻率時(shí)，出現(xiàn)共振現(xiàn)象，振幅達(dá)到最大，由于C擺的固有頻率與A擺的相同，故C擺發(fā)生共振，振幅最大；

故答案為：TA=TB=TC=TD；C．

4個(gè)單擺中；由A擺擺動從而帶動其它3個(gè)單擺做受迫振動，受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率；受迫振動中，當(dāng)固有頻率等于驅(qū)動力頻率時(shí)，出現(xiàn)共振現(xiàn)象，振幅達(dá)到最大．

本題關(guān)鍵明確兩點(diǎn)：受迫振動的頻率等于驅(qū)動力頻率；當(dāng)固有頻率等于驅(qū)動力頻率時(shí)，出現(xiàn)共振現(xiàn)象．【解析】TA=TB=TC=TD；C12、略

【分析】試題分析：設(shè)波動方程為由題意，兩點(diǎn)的位移都是1cm，振幅都是2cm，則有代入波動方程得，當(dāng)波長最長時(shí)，x分別取由題意可知此時(shí)有故解得最長波長為考點(diǎn)：波長、頻率和波速的關(guān)系，橫波的圖像【解析】【答案】9013、略

【分析】

（1）根據(jù)動能定理求出電子射出加速電場時(shí)的速度大??；根據(jù)幾何關(guān)系求出臨界狀態(tài)下的半徑的大小，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值．

（2）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動；出磁場做勻速直線運(yùn)動，通過最大的偏轉(zhuǎn)角，結(jié)合幾何關(guān)系求出熒光屏上亮線的最大長度．

考查電子受電場力做功，應(yīng)用動能定理；電子在磁場中，做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)用牛頓第二定律求出半徑表達(dá)式；同時(shí)運(yùn)用幾何關(guān)系來確定半徑與已知長度的關(guān)系．【解析】解：（1）當(dāng)偏轉(zhuǎn)線圈產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大為B0時(shí)，電子恰好從b點(diǎn)射出．

電子先經(jīng)過加速電場加速；由動能定理：

qU=mv2-0

然后；電子在磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)，洛侖茲力提供圓周運(yùn)動向心力：

B0qv=m

由幾何關(guān)系可知；此時(shí)電子做圓周運(yùn)動的半徑為：

R=l

則偏轉(zhuǎn)線圈產(chǎn)生磁場的最大磁感應(yīng)強(qiáng)度：B0==?

（2）電子從偏轉(zhuǎn)磁場射出后做勻速直線運(yùn)動，當(dāng)它恰好從b點(diǎn)射出時(shí)；對應(yīng)屏幕上的亮點(diǎn)離O′最遠(yuǎn)．

此時(shí)，電子的速度偏轉(zhuǎn)角滿足：sin=

所以電子在熒光屏上亮線的最大長度：X=2stanφ+l=s+l

答：（1）為使所有的電子都能從磁場的bc邊射出，偏轉(zhuǎn)線圈產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值B0==?．

（2）若所有的電子都能從磁場的bc邊射出時(shí)，熒光屏上亮線的最大長度是X=s+l．14、50【分析】解：根據(jù)牛頓第二定律得：mg-N=m

因N=mg

解得：v==m/s=5m/s；

汽車通過拱橋最高點(diǎn)由重力和支持力提供其向心力；根據(jù)牛頓第二定律有：

mg-N=m

代入數(shù)據(jù)解得：N=0N；

根據(jù)牛頓第三定律得汽車對拱橋的壓力大小是0N。

故答案為：50。

（1）根據(jù)牛頓第二定律求出汽車對拱橋的壓力為車重的一半時(shí)的速率。

（2）汽車在橋頂；靠重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出汽車對拱橋的壓力。

汽車過拱橋問題屬于豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動問題，關(guān)鍵找到向心力來源，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解?！窘馕觥?0三、判斷題(共6題，共12分)15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、畫圖題(共2題，共18分)21、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動勢、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、證明題(共2題，共8分)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動為簡諧運(yùn)動六、綜合題(共4題，共36分)25、（1）A（2）解：（1）設(shè)球m1擺至最低點(diǎn)時(shí)速度為v0，由小球（包括地球）機(jī)械能守恒：

得：

m1與m2碰撞，動量守恒，設(shè)m1、m2碰后的速度分別為v1、v2

選向右的方向?yàn)檎较?；則：

m1v0=m1v1+m2v2

代入數(shù)值解得：v2=1.5m/s

（2）m2在CD軌道上運(yùn)動時(shí)；由機(jī)械能守恒有：

①

由小球恰好通過最高點(diǎn)D點(diǎn)可知；重力提供向心力，即：

②

由①②解得：R=0.045m

【分析】(1)

【分析】兩球碰撞過程，系統(tǒng)不受外力，在碰撞過程中系統(tǒng)總動量守恒；碰撞過程中系統(tǒng)機(jī)械能可能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律，碰撞后的系統(tǒng)總動能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動能；同時(shí)考慮實(shí)際情況，碰撞后A

球速度不會大于B

球的速度。由此分析即可。【解答】碰前系統(tǒng)總動量為：P=mAvA+mBvB=1隆脕6+2隆脕2=10kg?m/s

碰前總動能為：Ek=12mAvA2+12mBvB2=12隆脕1隆脕62+12隆脕2隆脕22=22J

A.如果vA隆盲=2m/svB隆盲=4m/s

則碰后總動量為P隆盲=mAvA隆盲+mBvB隆盲=1隆脕(2)+2隆脕4=10kg?m/s

動量守恒，能量關(guān)系為：Ek鈥?=12mAvA鈥?2+12mBvB鈥?2=12隆脕1隆脕22+12隆脕2隆脕42=18J

系統(tǒng)總動能減少，也符合運(yùn)動情況，是可能的，故A正確；B.如果.vA隆盲=5m/svB隆盲=2.5m/s

則碰后總動量為P隆盲=mAvA隆盲+mBvB隆盲=1隆脕(5)+2隆脕2.5=17.5kg?m/s

動量不守恒，故B不可能；

D.如果vA隆盲=7m/svB隆盲=1.5m/s

則碰后A

的速度大于B

的速度，不符合實(shí)際，不可能，故D錯(cuò)誤;

C.如果vA隆盲=鈭?4m/svB隆盲=7m/s

則碰后總動量為P隆盲=mAvA隆盲+mBvB隆盲=1隆脕(鈭?4)+2隆脕7=10kg?m/s

動量守恒。碰后總動能為Ek鈥?=12mAvA鈥?2+12mBvB鈥?2=12隆脕1隆脕42+12隆脕2隆脕72=57J

系統(tǒng)總動能增加，不可能，故C錯(cuò)誤；

故選A。(2)

球m1

擺至最低點(diǎn)的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出到最低點(diǎn)時(shí)的速度，碰撞過程，根據(jù)動量守恒列式求碰后m2

的速度。m2

沿半圓形軌道運(yùn)動，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出m2

在D

點(diǎn)的速度。恰好能通過最高點(diǎn)D

時(shí)，由重力提供向心力，由牛頓第二定律可求出R

本題主要考查了動量守恒、機(jī)械能守恒定律、向心力公式的應(yīng)用，要知道小球恰好通過最高點(diǎn)時(shí)，由重力提供向心力?！窘馕觥?1)A

(2)

解：(1)

設(shè)球m1

擺至最低點(diǎn)時(shí)速度為v0

由小球(

包括地球)

機(jī)械能守恒：

得：

m1

與m2

碰撞；動量守恒，設(shè)m1m2

碰后的速度分別為v1v2

選向右的方向?yàn)檎较?；則：

m1v0=m1v1+m2v2

代入數(shù)值解得：v2=1.5m/s

(2)m2

在CD

軌道上運(yùn)動時(shí)；由機(jī)械能守恒有：

壟脵

由小球恰好通過最高點(diǎn)D

點(diǎn)可知；重力提供向心力，即：

壟脷

由壟脵壟脷

解得：R=0.045m

26、減少0.5【分析】【分析】根據(jù)磁通量的計(jì)算公式分析答題，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢。本題考查了判斷磁通量的變化、求感應(yīng)電動勢，知道磁通量的計(jì)算公式、應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律即可正確解題。【解答】將導(dǎo)線框沿紙面垂直邊界拉出磁場，在此過程中，面積S

減小，由婁碌=BS

可知，穿過導(dǎo)線框的磁通量減少，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢為：E=婁隴?婁隴t=0.05Wb0.1s=0.5V

故答案為：減少；0.5

【解析】減少0.5

27、解：(1)由Wab=-qELab，得

(2)電荷從b點(diǎn)移到c點(diǎn)電場力所做的功為Wbc=qELbccos60°=-1.05×10-6J

(3)a、c兩點(diǎn)間的電勢差【分析】本題要抓住電場力是一種力，具有力的共性，求電場力做功可以根據(jù)功的一般公式W=Flcos婁脕W=Flcos婁脕得到W=qEdW=qEd知道電勢差也可以根據(jù)W=qUW=qU求解。(1)

根據(jù)電場力做功公式W=qEdd

為沿電場