…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬科新版高三物理下冊(cè)月考試卷920考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列說(shuō)法中正確的是（）A.體積很小的物體一定可以看成質(zhì)點(diǎn)B.只要物體做直線運(yùn)動(dòng)，位移的大小就和路程相等C.路程與對(duì)應(yīng)時(shí)間的比值等于平均速度的大小D.只要物體的加速度不為零，它的速度總是在發(fā)生變化2、如圖所示，a、b是兩個(gè)固定點(diǎn)電荷，它們的電荷量分別為Q1、Q2，MN是ab連線的中垂線，O是ab連線的中點(diǎn)，P是中垂線上的一點(diǎn)，下列哪些情況能使正檢驗(yàn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能大于在O點(diǎn)的電勢(shì)能（）A.Q1、Q2都是正電荷，且Q1＜Q2B.Q1、Q2都是負(fù)電荷，且|Q1|＞|Q2|C.Q1是正電荷，Q2是負(fù)電荷，且Q1=|Q2|D.Q1是負(fù)電荷，Q2是正電荷，且|Q1|＜Q23、半圓柱體P放在粗糙的水平地面上；其右端有固定放置的豎直擋板MN．在P和MN之間放有一個(gè)光滑均勻的小圓柱體Q，整個(gè)裝置處于靜止．圖示是這個(gè)裝置的縱截面圖．若用外力使MN保持豎直，緩慢地向右移動(dòng)，在Q落到地面以前，發(fā)現(xiàn)P始終保持靜止．在此過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.MN對(duì)Q的彈力逐漸減小。

B.地面對(duì)P的摩擦力保持不變。

C.P；Q間的彈力逐漸增大。

D.Q所受的合力逐漸增大。

4、如圖所示，在抗洪救災(zāi)中，一架直升機(jī)通過(guò)繩索，用恒力F豎直向上拉起一個(gè)漂在水面上的木箱，使其由水面開始加速上升到某一高度，若考慮空氣阻力而不考慮空氣浮力，則在此過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的有（）A.力F所做功減去克服阻力所做的功等于重力勢(shì)能的增量B.木箱克服重力所做的功等于重力勢(shì)能的增量C.力F、重力、阻力，三者合力所做的功等于木箱動(dòng)能的增量D.力F和阻力的合力所做的功等于木箱機(jī)械能的增量5、如圖所示，在粗糙絕緣的水平面上固定一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷P，在M點(diǎn)無(wú)初速釋放一帶有恒定電荷的小物塊，小物塊在P的電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)靜止，則從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，下面說(shuō)法正確的是（）A.小物塊所帶電荷為正電荷B.小物塊共有的電勢(shì)能逐漸增大C.小物塊的加速度先減小后增大D.小物塊電勢(shì)能的減少量等于克服摩擦力做的功6、同步衛(wèi)星是指相對(duì)于地面不動(dòng)的人造地球衛(wèi)星（）A.它可以在地面上任一點(diǎn)的正上方，且離地心的距離可按需要選擇不同值B.它可以在地面上任一點(diǎn)的正上方，但離地心的距離是一定的C.它只能在赤道的正上方，且距離地心的距離是一定的D.它只能在赤道的正上方，但離地心的距離可按需要選擇不同值評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、改變物體的內(nèi)能途徑之一是____，它是通過(guò)能量轉(zhuǎn)移的方式改變物體的內(nèi)能；另一種方式是____，它是把____能轉(zhuǎn)化成了____能．8、從發(fā)電廠輸出的電功率為220kW，輸電線的總電阻為0.25Ω．若輸送電壓為1.1kV，輸電線上損失的電功率為____W；保持輸送功率不變，要使要輸電線上損失的電功率不超過(guò)100W，輸送電壓至少為____V．9、在機(jī)場(chǎng)、車站和一些重要活動(dòng)場(chǎng)所裝配有安檢門，當(dāng)人身攜帶金屬物品經(jīng)過(guò)安檢門時(shí)警報(bào)系統(tǒng)會(huì)發(fā)出警報(bào)．安檢門是利用了____進(jìn)行工作的．（選填“渦流”、“電磁驅(qū)動(dòng)”或“電磁阻尼”）10、一臺(tái)電風(fēng)扇，內(nèi)阻為20Ω，接上22O伏的電壓后，正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)它消耗的電功率是66W，則電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為____W，若接上電源后，扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動(dòng)，這時(shí)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率為____W．11、某同學(xué)在科普讀物上看到：“勁度系數(shù)為k的彈簧從伸長(zhǎng)量為x到恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程中，彈力做的功w=kx2”．他設(shè)計(jì)了如下的實(shí)驗(yàn)來(lái)驗(yàn)證這個(gè)結(jié)論．

A．將一輕質(zhì)彈簧的下端固定在地面上，在彈簧附近豎直地固定一刻度尺，當(dāng)彈簧在豎直方向靜止不動(dòng)時(shí)其上端在刻度尺上對(duì)應(yīng)的示數(shù)為x1；如圖甲所示．

B．用彈簧測(cè)力計(jì)拉著彈簧上端豎直向上緩慢移動(dòng)，當(dāng)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為F時(shí)，彈簧上端在刻度尺上對(duì)應(yīng)的示數(shù)為x2，如圖乙所示．則此彈簧的勁度系數(shù)k=____．．

C．把實(shí)驗(yàn)桌放到彈簧附近；將一端帶有定滑輪；兩端裝有光電門的長(zhǎng)木板放在桌面上，使滑輪正好在彈簧的正上方，用墊塊墊起長(zhǎng)木板不帶滑輪的一端，如圖丙所示（未放小車時(shí)）．

D．用天平測(cè)得小車（帶有遮光條）的質(zhì)量為M；用游標(biāo)卡尺測(cè)遮光條寬度d．

E．打開光電門的開關(guān)，讓小車從光電門的上方以一定的初速度沿木板向下運(yùn)動(dòng)（未連彈簧），測(cè)得小車通過(guò)光電門B和A時(shí)遮光時(shí)間分別為△t1、△t2，改變墊塊的位置，重復(fù)調(diào)節(jié)，直到△t1=△t2時(shí)保持木板和墊塊的位置不變．

F．用細(xì)線通過(guò)滑輪將彈簧和小車相連，將小車?yán)焦怆婇TB的上方某處，此時(shí)彈簧上端在刻度尺上對(duì)應(yīng)的示數(shù)為x3，已知（x3-x1）小于光電門A、B之間的距離，如圖丙所示．由靜止釋放小車，測(cè)得小車先后通過(guò)兩光電門的時(shí)間分別為△t1′、△t2′．則在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若k（x3-x1）2=____（用實(shí)驗(yàn)中測(cè)量的符號(hào)表示）就驗(yàn)證了W=kx2的結(jié)論．12、（2015春?泉州校級(jí)期末）如圖所示，在水平地面上向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)的汽車，通過(guò)定滑輪用繩子吊起一物體，若汽車和被吊物體在同一時(shí)刻的速度為v1和v2．

（1）物體的運(yùn)動(dòng)類型____（填“勻速運(yùn)動(dòng)；減速運(yùn)動(dòng)、加速運(yùn)動(dòng)”）

（2）v1____v2（填“＞；=、＜”）

（3）繩子的拉力____物體的重力（填“＞、=、＜”）13、（2010秋?兗州市校級(jí)期末）如圖所示頻閃光源每秒閃爍30次，小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間是____s，如A到B的距離是4cm，則A到B的過(guò)程中小球的平均速度是____m/s，由圖可知，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度是越來(lái)越____．14、在久旱下透雨后，種有作物的土地往往用鋤松一遍，這是為了____保留水分．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、在磁場(chǎng)中任一點(diǎn)，小磁針北極的受力方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場(chǎng)方向．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、化學(xué)成分相同的物質(zhì)只能生成同一種晶體．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、青藏高原測(cè)水沸時(shí)的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計(jì)和酒精溫度計(jì)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．19、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．評(píng)卷人得分四、解答題(共4題，共36分)20、如圖甲所示，有一質(zhì)量為m、帶電量為q的帶正電的粒子由靜止從M板中央釋放，MN間電壓恒為U1．粒子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后；沿中線垂直射入AB間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，AB兩板的長(zhǎng)為L(zhǎng)；相距為d，AB兩平行金屬板與一交流電源相連（圖中未畫出），且粒子恰好在零時(shí)刻進(jìn)入AB間電場(chǎng)，AB板間所加電壓的變化規(guī)律如圖乙所示．

（1）帶電粒子從N板射出時(shí)速度v0是多大？

（2）若帶電粒子在AB兩板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于，且能射出AB兩板間的電場(chǎng)，求帶電粒子在AB兩板間的偏移量（即垂直于v0方向的位移）是多少？

（3）為了使帶電粒子離開電場(chǎng)時(shí)恰好貼著極板且速度方向平行于金屬板，求AB板所加電壓U2和MN兩板間電壓U1的關(guān)系？21、如圖所示；圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一個(gè)質(zhì)量為m的帶電量為q的粒子以速度v從A點(diǎn)沿直徑AOB方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間從C點(diǎn)射出磁場(chǎng)，OC與OB成60°角．求：

①該帶電粒子的電性；

②該帶電粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑。

③該帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．22、某一旅游景區(qū)，建有一山坡滑草運(yùn)動(dòng)場(chǎng)．該山坡可看成有一定傾角的斜面，一名游客與滑草裝置總質(zhì)量m=80kg，他從靜止開始勻加速下滑，t=5s時(shí)滑至底端．已知斜面和水平面動(dòng)摩擦因數(shù)相同，游客在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速率v與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2；）求：

（1）滑草裝置與草皮間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；

（2）斜面的傾角θ；

（3）通過(guò)計(jì)算證明游客從頂端滑至底端的過(guò)程滿足動(dòng)能定理．23、質(zhì)量為m=1kg的小物塊輕輕放在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上的P點(diǎn)，隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)后水平拋出，小物塊恰好無(wú)碰撞的沿圓弧切線從B點(diǎn)進(jìn)入豎直光滑圓弧軌道下滑．B、C為圓弧的兩端點(diǎn)，其連線水平．已知圓弧半徑R=1.0m，圓弧對(duì)應(yīng)圓心角θ=106°，軌道最低點(diǎn)為O，A點(diǎn)距水平面的高度h=0.8m．小物塊離開C點(diǎn)后恰能無(wú)碰撞的沿固定斜面向上運(yùn)動(dòng)，0.8s后經(jīng)過(guò)D點(diǎn)，物塊與斜面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0.33（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）試求：

（1）小物塊離開A點(diǎn)的水平初速度v1；

（2）小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；

（3）斜面上CD間的距離；

（4）假設(shè)小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2=0.3；傳送帶的速度為5m/s，則PA間的距離是多少？

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)24、如圖甲為某同學(xué)測(cè)量金屬絲電阻率ρ的實(shí)驗(yàn)電路圖，R0為保護(hù)電阻；實(shí)驗(yàn)的主要步驟如下，請(qǐng)完成相關(guān)內(nèi)容。

①用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲的直徑d如圖乙示，可讀出d=______mm

②將P移到金屬絲某一位置x1，閉合單刀雙擲開關(guān)接位a，記下電流表讀數(shù)I1，保持P位置不變，將單刀雙擲開關(guān)接位置b，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電流表讀數(shù)為______（選填“I1，2I1”），讀出電阻箱讀數(shù)，金屬絲電阻R1等于此時(shí)電阻箱阻值，并測(cè)出此時(shí)金屬絲接入電路MP部分長(zhǎng)度x1值．

③將P移到金屬絲另一位置x2，用同樣方法測(cè)出金屬絲接入電路電阻R2值和接入電路長(zhǎng)度x2值；重復(fù)步驟②多次，得出多組R和x的值，并畫出R-x的關(guān)系圖如圖丙所示。

④根據(jù)R-x的關(guān)系圖線，求得斜率k為______Ω/m（保留3位有效數(shù)字）．

⑤寫出金屬絲電阻率表達(dá)式ρ=______（用d，k表示）．25、某實(shí)驗(yàn)小組做“探究加速度與力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)；實(shí)驗(yàn)的探究對(duì)象是鋁塊(

質(zhì)量小于砂桶)

裝置如圖甲所示，保持鋁塊的質(zhì)量m

不變，通過(guò)在砂桶中添加砂來(lái)改變對(duì)鋁塊的拉力，每次釋放輕繩，由力傳感器可測(cè)得拉力的大小F

由紙帶上打出的點(diǎn)可算出對(duì)應(yīng)的加速度大小a

已知重力加速度為g

電源頻率為50Hz

(1)

該同學(xué)根據(jù)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出如圖乙所示的一條過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的直線；他標(biāo)注縱軸為加速度a

但忘記標(biāo)注橫軸，則該圖象的斜率為______(

用所給的字母表示)

(2)

該實(shí)驗(yàn)小組還利用該裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓砂桶從高處由靜止開始下落，在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，圖丙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶，0

是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰2

個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4

個(gè)點(diǎn)(

圖中未標(biāo)出)

計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖丙所示，已知鋁塊的質(zhì)量m=100g

砂桶和砂的質(zhì)量M=400gg

取10m/s2

則在打點(diǎn)0隆蘆5

過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量鈻?Ek=

______J

系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量鈻?Ep=

______J.(

結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

26、某同學(xué)用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量重力加速度；將電火花計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上，把紙帶的下端固定在重錘上，紙帶穿過(guò)電火花計(jì)時(shí)器，上端用紙帶夾夾住，接通電源后釋放紙帶，紙帶上打出一系列的點(diǎn)，所用電源的頻率為50Hz，實(shí)驗(yàn)中該同學(xué)得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖乙所示，紙帶上的第一個(gè)點(diǎn)記為O，另選連續(xù)的三個(gè)點(diǎn)A；B、C進(jìn)行測(cè)量，圖乙中給出了這三個(gè)點(diǎn)到O點(diǎn)的距離．

（1）重力加速度的測(cè)量值為g=______m/s2（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；

（2）實(shí)驗(yàn)中該同學(xué)選擇電火花計(jì)時(shí)器，而不選擇電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，請(qǐng)從誤差分析的角度說(shuō)明選擇電火花計(jì)時(shí)器的主要理由______．評(píng)卷人得分六、作圖題(共3題，共18分)27、如圖所示，在一驗(yàn)證力的“平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，橡皮筋固定于O′點(diǎn)，兩彈簧測(cè)力計(jì)上的位力分別為F1、F2時(shí)，結(jié)點(diǎn)拉至O點(diǎn)，F(xiàn)1與OO′的夾角為α，F(xiàn)2與OO′的夾角為β，如果保持O點(diǎn)的位置不變，問(wèn)在α不變，β減小時(shí)，F(xiàn)1、F2分別將知何變化？28、如圖7－7(a)所示中有一條均勻的繩，1、2、3、4是繩上一系列等間隔的點(diǎn)?，F(xiàn)有一列簡(jiǎn)諧橫波沿此繩傳播。某時(shí)刻，繩上9、10、11、12四點(diǎn)的位置和運(yùn)動(dòng)方向如圖7－7(b)所示(其他點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況未畫出)，其中12的位移為零，向上運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)9的位移達(dá)到最大值。試在圖7－7(c)中畫出再經(jīng)過(guò)周期時(shí)點(diǎn)3、4、5、6的位置和速度方向，其他點(diǎn)不必畫。(圖7－7(c)的橫、縱坐標(biāo)與圖7－7(a)、(b)完全相同)圖7－729、如圖所示，垂直紙面的通電直導(dǎo)線的上方靜止著一個(gè)小磁針，試根據(jù)小磁針的指向，在圖上畫出通電直導(dǎo)線中的電流方向．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，位移的大小等于路程；物體能否看成質(zhì)點(diǎn)不是看物體的體積和質(zhì)量的大小，而是看大小和形狀在研究的問(wèn)題中能否忽略，平均速度等于位移除以時(shí)間．【解析】【解答】解：A；當(dāng)物體的大小和形狀在所研究的問(wèn)題中能忽略；物體可以看成質(zhì)點(diǎn)，不一定是體積小或質(zhì)量小的物體就可以看成質(zhì)點(diǎn)．故A錯(cuò)誤．

B；當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；路程與位移的大小相等，做有往復(fù)的直線運(yùn)動(dòng)，路程與位移的大小不等．故B錯(cuò)誤．

C；路位移與對(duì)應(yīng)時(shí)間的比值等于平均速度的大?。蔆錯(cuò)誤．

D；加速度不為零；可知速度的變化量不為零，則速度一定變化．故D正確．

故選：D．2、B【分析】【分析】利用在該點(diǎn)正電荷所受電場(chǎng)力方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度方向來(lái)確定各自電場(chǎng)強(qiáng)度方向．然后兩點(diǎn)電荷在同一點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由各自電場(chǎng)強(qiáng)度矢量疊加而成的．【解析】【解答】解：A、Q1，Q2都是正電荷，對(duì)放在P點(diǎn)的正試探電荷都是排斥力，故合力在兩個(gè)排斥力之間的某個(gè)方向，由于Q1＜Q2，故Q2的排斥力較大；故合力向上偏向左側(cè)，故電場(chǎng)強(qiáng)度向上偏向左側(cè)，所以從P向O移動(dòng)電荷電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大．故A錯(cuò)誤；

B、Q1，Q2都是負(fù)電荷，且|Q1|＞|Q2|，對(duì)放在P點(diǎn)的正試探電荷都是吸引力，故合力在兩個(gè)吸引力之間的某個(gè)方向，由于|Q1|＞|Q2|，故Q1的吸引力較大；故合力向下偏向左側(cè)，故電場(chǎng)強(qiáng)度向下偏向左側(cè)，所以從P向O移動(dòng)電荷電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故B正確；

C、Q1是正電荷，Q2是負(fù)電荷，且Q1=|Q2|；等量同種電荷的連線的中垂線是一條等勢(shì)線，所以P點(diǎn)和O點(diǎn)的電勢(shì)相等，正電荷的電勢(shì)能也相等，故C錯(cuò)誤；

D、Q1是負(fù)電荷，Q2是正電荷，且|Q1|＜Q2，故Q1對(duì)放在P點(diǎn)的正試探電荷的吸引力小于Q2對(duì)其的排斥力；故合力向左偏上，故電場(chǎng)強(qiáng)度向左側(cè)偏上，所以從P向O移動(dòng)電荷電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大．故D錯(cuò)誤；

故選B．3、C【分析】

先對(duì)Q受力分析；受重力；P對(duì)Q的支持力和MN對(duì)Q的支持力，如圖。

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件；有。

N1=

N2=mgtanθ

再對(duì)P；Q整體受力分析；受重力、地面支持力、MN擋板對(duì)其向左的支持力和地面對(duì)其向右的支持力，如圖。

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件；有。

f=N2

N=（M+m）g

故。

f=mgtanθ

MN保持豎直且緩慢地向右移動(dòng)過(guò)程中，角θ不斷變大，故f變大，N不變，N1變大，N2變大；P；Q受到的合力始終為零；

故選：C

【解析】【答案】先對(duì)Q受力分析；受重力；P對(duì)Q的支持力和MN對(duì)Q的支持力，根據(jù)平衡條件求解出兩個(gè)支持力；再對(duì)P、Q整體受力分析，受重力、地面支持力、MN擋板對(duì)其向左的支持力和地面對(duì)其向右的支持力，再次根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解．

4、B|C|D【分析】【解析】試題分析：A、力F所做功減去克服阻力所做的功等于重力勢(shì)能和動(dòng)能的增量之和；錯(cuò)誤B、木箱克服重力所做的功等于mgh,等于木箱重力勢(shì)能的增量；正確C、木箱受到力F、重力、阻力，根據(jù)動(dòng)能定理三者合力所做的功等于木箱動(dòng)能的增量；正確D、除重力以外，其它力所做的中等于物體機(jī)械能的增加量，這里的其它力就是力F和阻力的合力；正確故選BCD考點(diǎn)：功能關(guān)系【解析】【答案】BCD5、C【分析】【分析】小物塊從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中，先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，合力先向左后向右，庫(kù)侖力逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化情況．電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減?。捎陔姾傻碾娦晕粗荒芘袛郙、N兩點(diǎn)電勢(shì)的高低．根據(jù)功能原理分析小物塊電勢(shì)能變化量的大小等于克服摩擦力做的功．【解析】【解答】解：A；小物塊從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中；先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，則受到的電場(chǎng)力向左，可知受到P的排斥力，所以小物塊帶負(fù)電．故A錯(cuò)誤；

B；小物塊從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中；電場(chǎng)力做正功，所以電勢(shì)能減?。蔅錯(cuò)誤；

C；小物塊從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中；先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，在加速過(guò)程中，物塊的合力向左，庫(kù)侖力逐漸減小，合力將減小，則知加速度減?。辉诩铀龠^(guò)程中，物塊的合力向向右，庫(kù)侖力逐漸減小，合力將增大，則知加速度增大；故C正確．

D；根據(jù)功能關(guān)系得知；物塊的電勢(shì)能減小轉(zhuǎn)化為摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，則有小物塊電勢(shì)能變化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正確．

故選：CD6、C【分析】【分析】了解同步衛(wèi)星的含義；即同步衛(wèi)星的周期必須與地球相同．

物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心．

通過(guò)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式通過(guò)已知量確定未知量【解析】【解答】解：它若在除赤道所在平面外的任意點(diǎn)；假設(shè)實(shí)現(xiàn)了“同步”，那它的運(yùn)動(dòng)軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個(gè)平面上，這是不可能的．所以同步衛(wèi)星只能在赤道的正上方．

因?yàn)橥叫l(wèi)星要和地球自轉(zhuǎn)同步，即ω相同，根據(jù)F==mω2r，因?yàn)棣厥且欢ㄖ?，所以r也是一定值；所以同步衛(wèi)星離地心的距離是一定的．故C正確；

故選C．二、填空題(共8題，共16分)7、熱傳遞做功一種形式的另一種形式的【分析】【分析】改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞；做功改變物體內(nèi)能的實(shí)質(zhì)是能量的轉(zhuǎn)化，熱傳遞改變物體內(nèi)能的實(shí)質(zhì)是能量的轉(zhuǎn)移．【解析】【解答】解：改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞；熱傳遞改變物體內(nèi)能的實(shí)質(zhì)是能量的轉(zhuǎn)移；它是通過(guò)能量轉(zhuǎn)移的方式改變物體的內(nèi)能；做功改變物體內(nèi)能的實(shí)質(zhì)是能量的轉(zhuǎn)化，它是把一種形式的能轉(zhuǎn)化為另一種形式的能．

故答案為：熱傳遞，做功，一種形式的，另一種形式的8、1000011000【分析】【分析】根據(jù)公式P=UI和△P=I2r，推導(dǎo)出表達(dá)式△P=（）2r進(jìn)行分析即可．【解析】【解答】解：輸送功率為：P=UI

功率損耗為：△P=I2r

故：△P=（）2r

若輸送電功率保持220kW不變；在用1.1kV電壓輸電時(shí)，線路上損失功率為：

△P1=（）2r=（）2×0.25=3200W=10000W

要輸電線上損失的電功率不超過(guò)100W：

△P2=I2r

則有：I==20A；

那么輸送電壓至少U2===1100V；

故答案為：10000，11000．9、渦流【分析】【分析】安檢門中接有線圈，線圈中通以交變電流，在空間產(chǎn)生交變的磁場(chǎng)，金屬物品會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，反過(guò)來(lái)，金屬物品中感應(yīng)電流產(chǎn)生的交變磁場(chǎng)會(huì)在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流．【解析】【解答】解：安檢門利用渦流探測(cè)人身上攜帶的金屬物品原理是：線圈中交變電流產(chǎn)生交變的磁場(chǎng)；會(huì)在金屬物品產(chǎn)生交變的感應(yīng)電流，而金屬物品中感應(yīng)電流產(chǎn)生的交變磁場(chǎng)會(huì)在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流（渦流），引起線圈中交變電流發(fā)生變化，從而被探測(cè)到．

故答案為：渦流．10、64.22420【分析】【分析】根據(jù)功率P=UI可以求得電動(dòng)機(jī)的電流的大小；由PQ=I2r可以求得轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的功率的大小，再由P機(jī)=P-PQ可以求得轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率；當(dāng)扇葉被卡住不能轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，此時(shí)可以看做是純電阻，總的功率即為發(fā)熱的功率．【解析】【解答】解：由P=UI可得。

電流I===0.3A；

線圈電阻發(fā)熱功率PQ=I2r=1.8w；

機(jī)械功率P機(jī)=P-PQ=64.2W；

當(dāng)葉片不轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，作純電阻，I==11A；

P=UI=I2r=2420w．

故答案為：64.2，2420．11、【分析】【分析】根據(jù)胡克定律求彈簧的勁度系數(shù)；用平均速度可求出對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度，再由動(dòng)能定進(jìn)行分析求解．【解析】【解答】解：根據(jù)胡克定律得彈簧的勁度系數(shù)為：；

根據(jù)動(dòng)能定理；彈簧彈力做功等于小車動(dòng)能的增加量．

因重力做功與摩擦力做功之和為零；

那么當(dāng)小車開始的動(dòng)能為零；到達(dá)A時(shí)動(dòng)能的增加量等于彈力做功．

小車通過(guò)光電門A時(shí)，平均速度代替瞬時(shí)速度，vA=，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度為

由動(dòng)能定理得：W=k（x3-x1）2=；

故答案為：；12、加速運(yùn)動(dòng)＞＞【分析】【分析】將汽車的運(yùn)動(dòng)分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的速度等于重物的速度大小，從而判斷出物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律．結(jié)合牛頓第二定律判定繩子的拉力與重力的大小關(guān)系．【解析】【解答】解：（1）（2）將汽車的運(yùn)動(dòng)分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向的分運(yùn)動(dòng)；沿繩子方向的速度等于重物的速度大小，如圖；

重物的速度v2=v1cosα，所以v2＜v1；

由于v2=v1cosα；而且汽車勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)α減小時(shí)，則cosα增大，所以物體的速度增大，但不是勻加速，是變加速直線運(yùn)動(dòng)．

（3）物體做加速運(yùn)動(dòng)；加速度的方向向上，根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=ma，所以繩子的拉力大于物體的重力．

故答案為：（1）加速運(yùn)動(dòng)；（2）＞；（3）＞．13、0.130.3大【分析】【分析】根據(jù)求解頻閃的時(shí)間間隔，確定運(yùn)動(dòng)時(shí)間；根據(jù)求解平均速度．【解析】【解答】解：頻閃光源每秒閃爍30次；頻閃的時(shí)間間隔：

T=

小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間是：

t=4T=

A到B的過(guò)程中小球的平均速度是：

由圖可知；小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中相同時(shí)間內(nèi)的位移逐漸增大，說(shuō)明速度是越來(lái)越大．

故答案為：0.13；0.3；大．14、破壞毛細(xì)管，【分析】【分析】根據(jù)液體表面的張力及毛細(xì)管的原理，即可求解．【解析】【解答】解：久旱下透雨后；被液體表面封閉，空氣與水分不容易進(jìn)入，因此要破壞表面層，利于作物的生長(zhǎng)．

故答案為：破壞毛細(xì)管．三、判斷題(共5題，共10分)15、√【分析】【分析】磁場(chǎng)雖然是看不見、摸不著的，但它會(huì)對(duì)放入它中的磁體產(chǎn)生力的作用，小磁針N極在磁場(chǎng)中所受的磁力方向跟該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向相同．【解析】【解答】解：磁體的周圍存在磁場(chǎng)；電流周圍也存在磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放在其中的磁體存在力的作用．

磁場(chǎng)方向與放在該點(diǎn)的小磁針的N極靜止時(shí)的方向一致；或小磁針北極的受力方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場(chǎng)方向．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)與特點(diǎn)可知，同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體．【解析】【解答】解：由同種元素構(gòu)成的固體；可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】選擇溫度計(jì)的原則是：溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的凝固點(diǎn)應(yīng)低于被測(cè)物體的溫度，同時(shí)，溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的沸點(diǎn)應(yīng)高于被測(cè)物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點(diǎn)為100℃；在青藏高原水的沸點(diǎn)也有80℃多，而酒精的沸點(diǎn)只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計(jì)．該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．18、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無(wú)關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當(dāng)加速度越大時(shí)，則合外力越大，故是錯(cuò)誤的；

故答案為：×．19、√【分析】【分析】物理量按有無(wú)方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√四、解答題(共4題，共36分)20、略

【分析】【分析】（1）帶電粒子在MN間運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做功，由動(dòng)能定理求加速獲得的速度，即為帶電粒子從N板射出時(shí)速度v0．

（2）帶電粒子進(jìn)入AB間的電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)；運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求解．

（3）要使帶電粒子離開電場(chǎng)時(shí)恰好貼著極板且速度方向平行于金屬板，粒子穿過(guò)電場(chǎng)的時(shí)間應(yīng)是t=nT，豎直分位移等于d．粒子水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向勻加速與勻減速交替，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)動(dòng)能定理得：

qU1=

可得v0=

（2）帶電粒子進(jìn)入AB間的電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)；則有。

L=v0t

y=

又a=

由以上四式聯(lián)立得y=

（3）為了使帶電粒子離開電場(chǎng)時(shí)恰好貼著極板且速度方向平行于金屬板；必須滿足：t=nT，n=1，2，3，

即有=nT

將v0=代入上式得：L=nT①

設(shè)粒子在一個(gè)周期內(nèi)豎直分位移大小為s；必須有d=ns．

而s=2×=

得d=②

由①②解得：=；n=1，2，3，

答：

（1）帶電粒子從N板射出時(shí)速度v0是．

（2）帶電粒子在AB兩板間的偏移量為．

（3）AB板所加電壓U2和MN兩板間電壓U1的關(guān)系為=，n=1，2，3，．21、略

【分析】【分析】根據(jù)粒子所受洛倫茲力的方向結(jié)合由左手定則判斷粒子的電性；

由牛頓第二定律確定粒子的半徑；

由公式t=T確定出粒子的圓心角后求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．【解析】【解答】解：（1）粒子在A點(diǎn)所受洛倫茲力方向向下；由左手定則知粒子帶負(fù)電；

（2）根據(jù)牛頓第二定律：qvB=m

得：r=

（3）粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=

粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為60°，則t=?T=

答：：①該帶電粒子的電性為負(fù)；

②該帶電粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為；

③該帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為．22、略

【分析】【分析】（1）由速度與時(shí)間圖象可知；加速度大小，從而由μmg=ma，可求出動(dòng)摩擦因數(shù)；

（2）由游客和滑草裝置整體在斜面上作勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律結(jié)合sin2θ+cos2θ=1；可求出斜面的傾角；

（3）運(yùn)用功的表達(dá)式，求出游客在此過(guò)程中總功，再由動(dòng)能表達(dá)式求出動(dòng)能的增量，最后進(jìn)行比較，從而確定是否滿足動(dòng)能定理．【解析】【解答】解：（1）游客和滑草裝置整體在水平草皮上作勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)；由v-t圖加速度大小為：

a1=5m/s2=μg；

μ=0.5

（2）游客和滑草裝置整體在斜面上作勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由：gsinθ-μgcosθ=2m/s2；

結(jié)合sin2θ+cos2θ=1；

則sinθ=0.6；即θ=37°；

（3）游客在此過(guò)程中；

重力做功：WG=mgxsinθ=80×10×25×0.6=12000J；

斜面的摩擦力做功：Wf=-μmgxcosθ=-8000J；

動(dòng)能的增量△EK=J

則合外力的功W合=WG+Wf=4000J；

W合=△EK即可證明．

答：（1）滑草裝置與草皮間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為0.5；

（2）斜面的傾角θ等于37°；

（3）W合=△EK即可證明，游客從頂端滑至底端的過(guò)程滿足動(dòng)能定理．23、略

【分析】【分析】（1）物塊離開A點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)；求出物塊做平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向的分速度，然后求出物塊水平方向的分速度，即到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度．

（2）由動(dòng)能定理及向心力公式可求得物體受到的支持力；再由牛頓第三定律求得壓力；

（3）物體在CD中包括上滑和下滑兩個(gè)過(guò)程；分析物體到達(dá)最高點(diǎn)的時(shí)間，判斷D點(diǎn)的情況，再由牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得CD間的距離；

（4）對(duì)PA過(guò)程由動(dòng)力學(xué)公式可解得PA間的距離．【解析】【解答】解：（1）對(duì)小物塊，由A到B有：

在B點(diǎn)有：

代入數(shù)據(jù)解得：v1=3m/s

（2）對(duì)小物塊，由B到O有：

其中

在O點(diǎn)有：

代入數(shù)據(jù)解得：N=43N

由牛頓第三定律知對(duì)軌道的壓力為：N'=43N

（3）物塊沿斜面上滑：mgsin53°+μ1mgcos53°=ma1

代入數(shù)據(jù)得：

物塊沿斜面下滑有：mgsin53°-μ1mgcos53°=ma2

代入數(shù)據(jù)解得：

由機(jī)械能守恒知vc=vB=5m/s小物塊由C上升到最高點(diǎn)歷時(shí)為：

小物塊由最高點(diǎn)回到D點(diǎn)歷時(shí)為：t2=0.8s-0.5s=0.3s

故

代入數(shù)據(jù)解得：SCD=0.98m

（4）小物塊在傳送帶上加速過(guò)程：μ2mg=ma3

PA間的距離是：

答：（1）小物塊離開A點(diǎn)的水平初速度3m/s；

（2）小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力43N

（3）斜面上CD間的距離0.98m

（4）假設(shè)小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2=0.3，傳送帶的速度為5m/s，則PA間的距離是1.5m五、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)24、略

【分析】解：①：螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為0mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×40.0mm=0.400mm；故螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：0+40×0.01=0.400mm；

②由題意可知；本實(shí)驗(yàn)采用是替代法，即用電阻箱代替金屬絲，使電流表示數(shù)相同，則電阻箱的阻值即為金屬絲的電阻；

④由圖象可知，圖象的斜率k==32Ω/m；

⑤由電阻定律可知：R=ρL取單位長(zhǎng)度1；

S=

解得：ρ=

故答案為：①0.400；②I1；④32；⑤

①螺旋測(cè)微器讀數(shù)時(shí)先讀固定部分；再讀出轉(zhuǎn)動(dòng)部分，用固定部分加上轉(zhuǎn)動(dòng)部分與0.01的乘積；

②根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路及實(shí)驗(yàn)原理明確實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采用的步驟和方法；

④選取圖象上的點(diǎn)；利用縱坐標(biāo)與橫坐標(biāo)的比值即求出斜率即可．

⑤由④中所求單位長(zhǎng)度中的電阻值；由電阻定律可求得電