…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示；彈簧下端懸掛一鋼球，上端固定組成一個振動系統(tǒng)，用手把鋼球向上托起一段距離，然后釋放，下列說法正確的是（）

A.鋼球運動的最高處為平衡位置B.鋼球運動的最低處為平衡位置C.鋼球速度為零處為平衡位置D.鋼球原來靜止時的位置為平衡位置2、如圖所示，用0.5kg的鐵錘敲釘子，打擊之前鐵錘的速度為4m/s，打擊之后鐵錘的速度反向，大小為1m/s，設兩者接觸時間為0.01s，則釘子對鐵錘的平均作用力為（）

A.200NB.250NC.255ND.300N3、靜止在水平地面上的平板車，當一人在車上行走時，下列說法正確的是（）A.只有當地面光滑時，人和小車組成的系統(tǒng)的動量才守恒B.無論地面是否光滑，人和小車組成的系統(tǒng)的動量都守恒C.只有當小車的表面光滑時，人和小車組成的系統(tǒng)的動量才守恒D.無論小車的表面是否光滑，人和小車組成的系統(tǒng)的動量都守恒4、如圖所示，在固定的水平桿上，套有質量為m的光滑圓環(huán)，輕繩一端拴在環(huán)上，另一端系著質量為M的木塊，現有質量為m0的子彈以大小為v0的水平速度射入木塊并立刻留在木塊中，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.子彈射入木塊后的瞬間，速度大小為B.子彈射入木塊后的瞬間，繩子拉力等于C.子彈射入木塊后的瞬間，環(huán)對輕桿的壓力大于D.子彈射入木塊之后，圓環(huán)、木塊和子彈構成的系統(tǒng)動量守恒5、在光滑的水平面上有、兩球，其質量分別是、兩球在時刻發(fā)生正碰，兩球在碰撞前后的圖象如圖所示，下列關系正確的是()

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖是用頻閃照相的方法獲得的彈簧振子的位移－時間圖象；下列有關該圖象的說法正確的是（）

A.該圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置B.從圖象可以看出小球在振動過程中是沿t軸方向移動的C.為了顯示小球在不同時刻偏離平衡位置的位移，讓底片沿垂直x軸方向勻速運動D.圖象中小球的疏密顯示出相同時間內小球位置變化快慢不同7、如圖，不計空氣阻力，從O點水平拋出的小球抵達光滑斜面上端P處時，速度方向恰好沿著斜面方向，然后緊貼斜面PQ做勻加速直線運動。下列說法正確的是（）

A.小球在斜面上運動的加速度大小比平拋運動時的大B.小球在斜面上運動的加速度大小比平拋運動時的小C.撤去斜面，小球仍從O點以相同速度水平拋出，落地動能將不變D.撤去斜面，小球仍從O點以相同速度水平拋出，落地動量將不變8、如圖所示，光滑水平面上有豎直向下的有界勻強磁場，正方形線框abcd以與ab垂直的速度v0向右運動，一段時間后進入磁場，磁場寬度大于線框寬度。ab邊剛進入磁場時的速度為v0。整個過程中ab、cd邊始終與磁場邊界平行。若線框進入磁場過程中通過線框的電荷量為q，線框中產生的焦耳熱為Q；則線框穿出磁場過程中（）

A.通過線框的電荷量為qB.通過線框的電荷量為qC.線框中產生的焦耳熱為D.線框中產生的焦耳熱為Q9、某同學自制總質量為M的火箭，現從地面豎直向上發(fā)射，火箭在極短的時間內，將質量為m的氣體以相對地面為v0的速度豎直向下噴出后，火箭開始做豎直上拋運動。已知重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.火箭受到的推力來源于火箭外的空氣對它的反作用力B.氣體噴出的過程中，火箭和氣體組成的系統(tǒng)機械能守恒C.火箭獲得的最大速度為D.火箭上升的最大高度為10、—簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時刻，該波的波形圖如圖（a）所示，P、Q是介質中的兩個質點。圖（b）表示介質中某質點的振動圖像。下列說法正確的是______

A.質點Q的振動圖像與圖（b）相同B.平衡位置在坐標原點的質點的振動圖像與圖（b）相同C.在t=0時刻，質點P的速率比質點Q的大E.在t=時刻，質點P與其平衡位置的距離比質點Q的大E.在t=時刻，質點P與其平衡位置的距離比質點Q的大11、如圖所示，是弦線兩端的兩個波源，它們的振動周期都為振幅都為某時刻發(fā)出的波恰好傳到發(fā)出的波恰好傳到且圖中只畫出了此時刻兩列波在之間部分的疊加波形，間和間波形沒有畫出；下列說法正確的是（）

A.三點都是振動減弱點B.是振動減弱點，是振動加強點，其振幅為C.再經過間的波形是一條直線D.再經過間的波形仍為圖示波形評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、機械波可以繞過_____繼續(xù)傳播的現象叫衍射。障礙物或孔的尺寸比波長小，或者和波長相差不多是波產生_________的條件。13、介質。

（1）定義：波借以______的物質。

（2）特點：組成介質的質點之間有______，一個質點的振動會引起______質點的振動。14、用紅光做雙縫干涉實驗，在屏上形成雙縫干涉圖樣如圖所示，第1條到第7條亮條紋中心間的距離為x，則相鄰兩條亮條紋中心間的距離為___________。已知雙縫之間的距離為d，測得雙縫到屏的距離為L，紅光的波長為___________。

15、如圖，兩束單色光a和b以不同的入射角從同一點射入一塊厚玻璃磚后，它們在玻璃磚中的折射角相同，則a的頻率_______b的頻率，a在玻璃中的傳播速度_______b在玻璃中的傳播速度。（兩空均選填“大于”“小于”或“等于”）

16、沖量。

（1）定義：力與___________的乘積。

（2）定義式：I=___________。

（3）物理意義：沖量是反映力的作用對時間的___________的物理量；力越大，作用時間越長，沖量就越大。

（4）單位：在國際單位制中，沖量的單位是___________；符號為N·s。

（5）矢量性：如果力的方向恒定，則沖量的方向與力的方向___________；如果力的方向是變化的，則沖量的方向與相應時間內物體動量變化量的方向相同。17、質量為m的物體，沿著傾角為θ的光滑斜面，從頂端下滑到底端所用時間t，重力加速度為g。則此過程中重力對物體的沖量大小為_________，支持力對物體的沖量大小為_________，物體的動量變化大小為_________。18、判斷下列說法的正誤。

（1）單擺運動的回復力是重力和擺線拉力的合力。___________

（2）單擺經過平衡位置時受到的合力為零。___________

（3）制作單擺的擺球越大越好。___________

（4）擺球的質量越大，周期越大。___________

（5）若單擺的振幅變?yōu)樵瓉淼囊话?，則周期也將變?yōu)樵瓉淼囊话搿__________19、在雙縫干涉實驗中，分布用紅色和綠色的激光照射同一雙縫，在雙縫后的屏幕上，紅光的干涉條紋間距與綠光的干涉條紋間距相比______（填“＞”、“＜”或“＝”）．若實驗中紅光的波長為雙縫到屏幕的距離為測得第一條到第6條亮條紋中心間的距離為則雙縫之間的距離為______．評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)20、某同學設計了一個用打點計時器驗證動量守恒定律的實驗；在小車A的前端粘有橡皮泥，使小車A做勻速直線運動，然后與處于靜止的小車B相碰并粘在一起，二者繼續(xù)做勻速運動，如圖所示。

在小車A的后面連著紙帶；電磁打點計時器的頻率為50Hz，實驗中已平衡摩擦力。

（1）實驗得到一打點紙帶如圖所示，并測得各計數點間的距離。圖中O點為打點計時器打下的第一個點，則應選___________段來計算A碰前的速度，應選___________段來計算A和B碰后的共同速度。

（2）已測得小車A的質量mA=0.4kg，小車B的質量mB=0.2kg，則由以上結果可得兩小車碰前的總動量為___________kg·m/s，碰后總動量為___________kg·m/s。21、一同學為了測量當地的重力加速度，選用電動機、長條白紙、毫米刻度尺、長木板以及由裝滿顏料的帶孔小球和細線構成的單擺等組成如圖甲所示裝置，把白紙固定在長木板上，實驗中，電動機以的速度勻速拖動長木板帶動紙帶運動，同時讓小球垂直于紙帶運動方向做小擺幅擺動，小球可以漏出很細的有色液體，在紙帶上留下的痕跡記錄了小球在不同時刻的位置，如圖乙所示。實驗中該同學測出了細線懸掛點到小球下邊緣的距離L，如圖丙所示，白紙上得到的圖像AB間的距離x。通過改變L，測出對應的AB距離x，獲得多組x與L數據，再以為縱軸、L為橫軸畫出函數關系圖像，如圖丁所示。由圖像可知，擺球的半徑________m，當地重力加速度________（結果保留三位有效數字）；該同學測得的重力加速度值與實際的重力加速度值相比______（選填“偏大”“偏小”或“一樣”）。（假設整個過程中小球的重心位置不變，）

22、在“測定玻璃的折射率”實驗中。

（1）下列給出的實驗器材中，本實驗不需要用到的有______。

A.B.C.D.

（2）另外一同學在用插針法測定矩形玻璃磚的折射率的實驗中，在紙上畫出的界面aa'、bb'與玻璃磚位置的關系如圖所示，他們的其他操作均正確，且均以ad'、bb'為界面畫光路圖，測得的折射率與真實值相比______（填“偏大“偏小”或“不變”）。

23、如圖為實驗室中驗證動量守恒實驗裝置示意圖。

(1)實驗中必須測量的物理量是________

A．小球質量。

B．小球起始高度h

C．小球“飛出”的時間。

D．桌面離地面的高度H

E．小球“飛出”的水平距離OP、OM、ON

(2)實驗中必須要求的條件是_____

A．斜軌道必須是光滑的。

B．軌道末端的切線必須水平。

C．球心在碰撞瞬間必須在同一高度。

D．每次必須從同一高度處滾下。

(3)如果入射小球、被碰小球質量分別是m1和m2，只要在誤差范圍內滿足_____，就可以認為驗證了動量守恒定律。評卷人得分五、解答題(共2題，共18分)24、一列簡諧橫波在時的波形圖如圖所示。介質中處的質點沿軸方向做簡諧運動的表達式為（的單位是）。

(1)由圖確定這列波的波長與振幅。

(2)求出這列波的波速。

(3)試判定這列波的傳播方向。

25、如圖所示，間距為L、傾角為30°的光金屬軌道固定放置，軌道平面內有三個緊挨在一起的邊長為L的正方形區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，Ⅰ內分布著垂直軌道平面向下的勻強磁場，Ⅲ內分布著垂直軌道平面向上的勻強磁場，Ⅱ區(qū)內無磁場。ab、cd兩金屬棒用長為L、不可伸長的絕緣細線相連，起初ab棒剛好在區(qū)域的外面，cd棒剛好在里面?，F給ab棒一初速度2v0使兩棒一起減速下行，經時間t0后，cd棒剛好離開區(qū)域Ⅰ的速度為v0，此時，細線突然斷開，同時在ab棒上施加一沿軌道平面向下的外力F，使ab向下做加速度大小為0.5g的勻加速運動，當cd棒進入區(qū)域恰好勻速下行。已知ab、cd兩棒的質量分別為2m、m，ab棒在軌道間的電阻是cd棒在軌道間電阻的兩倍。兩棒與軌道垂直且接觸良好，兩棒粗細不計，軌道足夠長且電阻不計，重力加速度為g；空氣阻力忽略。

(1)判斷cd棒分別經過區(qū)域Ⅰ；Ⅱ、Ⅲ過程中的電流方向。

(2)求區(qū)域Ⅰ、Ⅲ中兩勻強磁場的磁感應強度的平方比即B12∶B22；

(3)已知從ab棒進入區(qū)域Ⅲ到cd棒離開區(qū)域Ⅲ的過程中a棒內產生的焦耳熱為2Q，求外力F對ab棒做的功。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

鋼球在豎直方向做簡諧運動；平衡位置為重力和彈簧彈力相等的位置，即鋼球原來靜止的位置為平衡位置，在平衡位置處速度最大，故ABC錯誤，D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

以豎直向上為正方向，根據動量定理

代入數據解得F=255N

故選C。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．只有當地面光滑時；人和車組成的系統(tǒng)受到的外力之和才為零，系統(tǒng)的動量才守恒，故A正確；

B．如果地面不光滑；則人和車組成的系統(tǒng)受到的合外力不為零，則系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤；

CD．小車的表面是否光滑只影響內力；不影響外力，無論小車的表面是否光滑，若地面光滑，系統(tǒng)的動量守恒。若地面不光滑，則系統(tǒng)的動量不守恒，故CD錯誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

A．子彈射入木塊后的瞬間，子彈和木塊系統(tǒng)的動量守恒，以v0的方向為正方向，則m0v0＝(M＋m0)v1

得v1＝

A項錯誤；

B．子彈射入木塊后的瞬間有FT－(M＋m0)g＝(M＋m0)

可知繩子拉力大于(M＋m0)g；B項錯誤；

C．子彈射入木塊后的瞬間，對圓環(huán)有FN＝FT＋mg＞(M＋m＋m0)g

由牛頓第三定律知；C項正確；

D．子彈射入木塊之后；圓環(huán)；木塊和子彈構成的系統(tǒng)只在水平方向動量守恒，D項錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

設a的初速度方向為正方向，碰前a的速度為2v0，碰后a的速度為-v0，b的速度為v0，根據動量守恒定律有ma2v0=ma（-v0）+mbv0

解得

故A正確．

故選A．

點睛：根據速度時間圖像得到碰撞前后兩球的速度；最后根據動量守恒定律即可得到質量關系．二、多選題(共6題，共12分)6、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖看出，彈簧振子在x軸方向做簡諧運動，小球并不是沿t軸方向移動，由對稱性可知，該圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置，故A正確，B錯誤；

C．類似于沙擺實驗，為了顯示小球在不同時刻偏離平衡的位移，讓底片沿垂直x軸方向勻速運動，故C正確；

D．圖象中小球的疏密反映了小球在x方向運動的快慢，越密速度越小，位置變化越慢，故D正確。

故選ACD。7、B:C【分析】【詳解】

AB．物體在抵達斜面之前做平拋運動，加速度為g。在斜面上運動時，由牛頓第二定律得加速度大小為

(α是斜面的傾角)；可知小球在斜面上運動的加速度大小比平拋運動時的小，故A錯誤，B正確；

CD．整個過程中，小球的機械能守恒，由機械能守恒定律得

則知撤去斜面，小球仍從O點以相同速度水平拋出；落地動能不變，即小球落地時速率不變，撤去斜面小球繼續(xù)做平拋運動，則兩種情況下小球的落地時速度方向不同，則動量不同，故C正確，D錯誤。

故選BC。8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．設線框邊長為Ｌ，電阻為R，進入磁場過程中，通過線框的電荷量

又

聯(lián)立求得

所以線框進入磁場的過程中，通過線框的電荷量為

顯然線框進、出磁場的過程中，通過線框的電荷量相等，所以線框穿出磁場過程中，通過線框的電荷量仍然為q；故A正確，B錯誤；

CD．線框進入磁場過程中，受到安培力減速，有

又

由動量定理有

聯(lián)立求得線框完全進入磁場時，線框動量改變量大小為

同理可得線框完全穿出磁場時，線框動量改變量大小為

所以求得線框穿出磁場時的速度大小為

線框進、出磁場的過程中，產生的焦耳熱等于線框動能的減少量，所以線框進入磁場過程中產生的焦耳熱為

線框穿出磁場過程中產生的焦耳熱為

故有

故C正確；D錯誤。

故選AC。9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．火箭的推力來源于燃料燃燒時產生的向后噴出的高溫高壓氣體對火箭的反作用力；故A錯誤；

B．在火箭噴氣過程中；燃料燃燒時產生的向后噴出的高溫高壓氣體對火箭及所攜設備做正功，所以火箭及所攜設備機械能不守恒，故B錯誤；

C．在燃氣噴出后的瞬間，火箭及其所攜設備組成的系統(tǒng)內力遠大于外力，系統(tǒng)動量守恒，設火箭的速度大小為v，規(guī)定火箭運動方向為正方向，由動量守恒定律得

解得火箭的速度大小為

故C正確；

D．噴出燃氣后火箭及所攜設備做豎直上拋運動，上升的最大高度為

故D正確；

故選CD。10、A:D:E【分析】【詳解】

AB．波沿x軸正方向傳播，在t=0時刻，由圖（a）可知，質點Q正處于平衡位置并向上運動，平衡位置在坐標原點的質點正處于平衡位置并向下運動，而圖（b）所示的質點在t=0時刻處于平衡位置并向上運動；故A正確B錯誤；

CD．在t=0時刻；質點P處于正向最大位移處，速度為0，加速度最大，質點Q處于平衡位置，速度最大，加速度為0，故C錯誤D正確；

E．在t=時刻；質點P運動到負向最大位移處，質點Q又回到平衡位置，故質點P與其平衡位置的距離比質點Q的大，故E正確。

故選ADE。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題圖看出，兩列波同時開始傳播，由波形可知，開始振動方向向下，開始振動方向向上，所以根據疊加原理可知，三點都是振動減弱點；振幅都為零，故A正確，B錯誤；

CD．畫出再經過后；兩列波單獨傳播時的波形，如圖所示。

可知間振動疊加后的位移都是零，疊加后間的波形是一條直線；故C正確，D錯誤。

故選AC。三、填空題(共8題，共16分)12、略

【分析】【詳解】

[1]衍射的定義為：機械波繞過障礙物繼續(xù)傳播的現象；所以此空填：障礙物。

[2]波產生衍射的條件為：障礙物或孔的尺寸比波長小，或者和波長相差不多，所以此空填：衍射【解析】障礙物衍射13、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.傳播②.相互作用③.相鄰14、略

【分析】【詳解】

[1]相鄰兩條亮條紋中心間的距離為

[2]已知雙縫之間的距離為d，測得雙縫到屏的距離為L，根據

紅光的波長為【解析】15、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據

單色光a的入射角比b小，兩束光的折射角相同，則na＜nb，單色光頻率越高，折射率越大，因此a的頻率小于b的頻率；根據

則va＞vb【解析】小于大于16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.力的作用時間②.FΔt③.累積效應④.牛秒⑤.相同17、略

【分析】【詳解】

[1]．重力對物體的沖量大小為

[2]．支持力對物體的沖量大小

[3]．根據動量定理可知，物體的動量變化大小【解析】mgtmgtcosθmgtsinθ18、略

【解析】①.錯誤②.錯誤③.錯誤④.錯誤⑤.錯誤19、略

【分析】【詳解】

雙縫干涉條紋間距紅光波長長，所以用紅光的雙縫干涉條紋間距較大，即。

>．條紋間距根據數據可得根據可得．

【點睛】

雙縫干涉實驗的條紋間距公式熟記，對于從紅光到紫光的波長頻率折射率全反射臨界角等等要認清變化趨勢．【解析】＞四、實驗題(共4題，共28分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]因為小車A與B碰撞前；后都做勻速運動；且碰后A與B粘在一起，其共同速度比A原來的速度小，所以應選點跡分布均勻且間距較大的AB段計算A碰前的速度，選點跡分布均勻且間距較小的CD段計算A和B碰后的共同速度；

（2）[3][4]由圖可知；碰前A的速度和碰后A；B的共同速度分別為。

vA=m/s=1.05m/sv′A=vAB=m/s=0.695m/s故兩小車在碰撞前；后的總動量分別為。

p=mAvA=0.4×1.05kg·m/s=0.42kg·m/sp′=（mA＋mB）v′A=（0.4＋0.2）×0.695kg·m/s=0.417kg·m/s【解析】ABCD0.420.41721、略

【分析】【詳解】

[1][2]AB距離為x，5個周期，則有

解得

根據

可得

所以

即

根據

圖像的斜率

重力加速度

[3]