…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年西師新版高三物理下冊(cè)月考試卷76考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在研究下列物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)，可以看成質(zhì)點(diǎn)的物體是（）A.急速旋轉(zhuǎn)的乒乓球B.繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的地球C.通過(guò)長(zhǎng)江大橋的輕軌列車(chē)D.翩翩起舞的芭蕾舞演員2、有一項(xiàng)趣味競(jìng)賽：從光滑水平桌面的角A向角B發(fā)射一只乒乓球，要求參賽者在角B處用細(xì)管吹氣，將乒乓球吹進(jìn)角C處的圓圈中．趙、錢(qián)、孫、李四位參賽者吹氣方向?yàn)槿鐖D中的箭頭所示，則最有可能成功的參賽者是（）A.趙B.錢(qián)C.孫D.李3、一臺(tái)額定輸出功率為50kW的起重機(jī)將質(zhì)量為1噸的貨物由靜止豎直吊起，最初貨物做勻加速運(yùn)動(dòng)，在2s末貨物的速度為4m/s．起重機(jī)達(dá)到額定功率后，保持輸出功率不變工作．g=10m/s2；不計(jì)額外功的損失，則（）

A.起重機(jī)在2s末的輸出功率為48kW

B.起重機(jī)在2s內(nèi)的平均輸出功率為20kW

C.貨物維持勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2.5s

D.貨物被吊起過(guò)程中的最大速度為5m/s

4、下圖是云室中某粒子穿過(guò)鉛板前后的軌跡，室內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向與軌跡所在平面垂直（圖中垂直紙面向里），鉛板上有標(biāo)度，由此可知此粒子A.此粒子一定帶正電B.此粒子一定帶負(fù)電C.穿過(guò)鉛板的過(guò)程中，粒子損失了1/9的初動(dòng)能D.穿過(guò)鉛板的過(guò)程中，粒子損失了8/9的初動(dòng)能5、如圖所示，平行直線AA′、BB′、CC′、DD′、EE′，分別表示電勢(shì)-4V，-2V，0，2V，4V的等勢(shì)線，若AB=BC=CD=DE=2cm，且與直線MN成30°角，則（）A.該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向垂直于AA′，且指向右下B.該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E=C.該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，距C點(diǎn)距離為2cm的所有點(diǎn)中，最高電勢(shì)為2V，最低電勢(shì)為-2VD.該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，距C點(diǎn)距離為2cm的所有點(diǎn)中，最高電勢(shì)為4V，最低電勢(shì)為-4V6、如圖為某汽車(chē)某次起動(dòng)過(guò)程的速度一時(shí)間圖象．已知末速度大小為30m/s，從起動(dòng)計(jì)時(shí)到達(dá)到30m/s共用時(shí)15s，則在該次起動(dòng)中汽車(chē)通過(guò)的位移是（）A.小于225mB.等于225mC.大于225mD.不能確定評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、宇宙中存在著這樣一種四星系統(tǒng)，這四顆星的質(zhì)量相等，遠(yuǎn)離其他恒星，因此可以忽略其他恒星對(duì)它們的作用，四顆星穩(wěn)定地分布在一個(gè)正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上，且均圍繞正方形對(duì)角線的交點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，假設(shè)每顆星的質(zhì)量為m，正方形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，每顆星的半徑為R，引力常量為G，則（）A.每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為L(zhǎng)B.每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力為C.每顆星表面的重力加速度為D.每顆星做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為8、二十世紀(jì)初，英國(guó)物理學(xué)家阿斯頓首次制成了聚焦性能較高的質(zhì)譜儀，現(xiàn)有一束粒子先射入速度選擇器，然后進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2．最后打在核乳膠片上，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.該束粒子帶負(fù)電B.速度選擇器的P1極板帶正電C.在磁場(chǎng)B2中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，質(zhì)量一定越大D.在磁場(chǎng)B2中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，比荷一定越小9、在兩端開(kāi)口豎直放置的U形管內(nèi)，兩段水銀封閉著長(zhǎng)度為L(zhǎng)的空氣柱，a、b兩水銀面的高度差為h，現(xiàn)保持溫度不變，則（）A.若再向左管注入些水銀，穩(wěn)定后h變大B.若再向左管注入些水銀，穩(wěn)定后h不變C.若再向右管注入些水銀，穩(wěn)定后h變大D.若兩管同時(shí)注入些水銀，穩(wěn)定后h變大10、如圖所示，一個(gè)正方形導(dǎo)線框abcd，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為m．將線框從距水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方h處由靜止釋放，在線框下落過(guò)程中，不計(jì)空氣阻力，線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且cd邊始終與水平的磁場(chǎng)邊界平行．當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框速度為v．在線框進(jìn)入磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.線框可能做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)B.線框可能做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)C.安培力對(duì)線框的沖量大小一定為mvD.線框克服安培力做功一定為11、如圖所示，相距為L(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌ab、cd放置在水平桌面上，阻值為R的電阻與導(dǎo)軌的兩端a、c相連．滑桿MN質(zhì)量為m，電阻為r，垂直于導(dǎo)軌并可在導(dǎo)軌上自由滑動(dòng)，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)線的電阻．整個(gè)裝置置與豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．滑桿的中點(diǎn)系一不可伸長(zhǎng)的輕緝，輕繩繞過(guò)固定在桌邊的光滑滑輪后，與另一質(zhì)量也為m的物塊相連，輕繩處于拉直狀態(tài)．現(xiàn)將物塊由靜止釋放；當(dāng)物塊達(dá)到最大速度時(shí)，下落高度為h，用g表示重力加速度，則在物塊由靜止開(kāi)始下落至速度最大的過(guò)程中（）A.通過(guò)電阻R的電荷量是B.滑桿MN產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為C.繩子的拉力大小始終不變D.物塊減少的重力勢(shì)能等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱12、為了求出樓房的高度，讓一石子從樓頂自由下落，若空氣阻力不計(jì)，測(cè)出下列哪個(gè)物理量的值就能計(jì)算出樓房高度（）A.石子下落時(shí)間B.石子落地時(shí)的速度C.最后1s內(nèi)的位移D.通過(guò)最后lm的時(shí)間13、已知兩個(gè)共點(diǎn)力F1和F2不共線，若F1的大小和方向保持不變，F(xiàn)2的方向也保持不變，僅增大F2的大?。贔2逐漸增大的過(guò)程中，關(guān)于合力F的大小，下列說(shuō)法正確的是（）A.若F1和F2的夾角為銳角，F(xiàn)一定不斷變大B.若F1和F2的夾角為銳角，F(xiàn)有可能先變小后變大C.若F1和F2的夾角為鈍角，F(xiàn)有可能先變小后變大D.若F1和F2的夾角為鈍角，F(xiàn)有可能一直變大14、在地面上某一高度運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星，下列說(shuō)法中正確的是（）A.該衛(wèi)星在軌道上的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度B.該衛(wèi)星在軌道上的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度C.發(fā)射該衛(wèi)星時(shí)的發(fā)射速度等于第一宇宙速度D.發(fā)射該衛(wèi)星時(shí)的發(fā)射速度小于第一宇宙速度評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、甲、乙兩車(chē)在公路上沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)，它們的v-t圖象如圖所示，兩圖象在t=t1時(shí)相交于P點(diǎn)，P在橫軸上的投影為Q，△OPQ的面積為S，在t=0時(shí)刻乙車(chē)在甲車(chē)前面，相距為d，已知此后兩車(chē)相遇兩次，且第一次相遇的時(shí)刻為t′，則t′是____，d是____．16、（2012秋?永順縣校級(jí)期末）如圖示，水平放置的均勻?qū)w棒長(zhǎng)為0.2m，將它置于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B=0.5T，棒中通有電流I=2A，則導(dǎo)體棒所受的安培力的大小為_(kāi)___N，方向____．17、（2013秋?浙江期中）某物體作直線運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間圖象如圖所示．根據(jù)圖象回答：

（1）物體在2s末的速度是____m/s．

（2）物體在0～6s內(nèi)的位移是____m．

（3）物體在后2s的加速度大小是____m/s2．18、動(dòng)能：物體由于____而具有的能量叫做動(dòng)能．表達(dá)式：Ek=____

動(dòng)能是描述物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的物理量．19、莫爾斯發(fā)明的點(diǎn)劃編碼；可以用來(lái)發(fā)送電報(bào)，傳遞信息．莫爾斯電碼如表，發(fā)報(bào)時(shí)用“嘀”表示“?”，用“嗒”表示“-”．

如果收到“嘀嘀嘀”、“嗒嗒嗒”、“嘀嘀嘀”，這表示____，是____信號(hào)．

“嗒嘀嘀嗒”、“嘀嘀”、“嗒嘀”，“嗒嘀”、“嘀嘀”、“嘀嗒”、“嗒嘀”，“嘀嘀嘀嘀”、“嘀嗒”、“嗒嗒嗒”．意思是____．

莫爾斯電碼：

。A?-E?I??M--Q--?-U??-Y-?--B-F??-?J?N-?R?-?V-Z--??C-?-?G--?K-?-OSW?--D-??HL?-??P?--?T-X-??-評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共40分)20、如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則地面的坐標(biāo)為x=-0.8m．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、地理位置的南北極即為地磁場(chǎng)的南北極____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、新能源是指新開(kāi)采的能源．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)壓強(qiáng)不變而溫度由100℃上升到200℃時(shí)，其體積增加為原來(lái)的2倍．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)24、某電阻額定電壓為3V（阻值大約為10Ω）．為測(cè)其阻值；實(shí)驗(yàn)室提供了下列可選用的器材。

A．電流表A1（量程300mA，內(nèi)阻約1Ω）B．電流表A2（量程0.6A；內(nèi)阻約0.3Ω）

C．電壓表V1（量程3.0V，內(nèi)阻約3kΩ）D．電壓表V2（量程5.0V；內(nèi)阻約5kΩ）

E．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為5Ω）F．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為500Ω）

G．電源E（電動(dòng)勢(shì)4V；內(nèi)阻可忽略）H．開(kāi)關(guān)；導(dǎo)線若干。

①為了盡可能提高測(cè)量準(zhǔn)確度，應(yīng)選擇的器材為（只需填器材前面的字母即可）：電流表____．電壓表____．滑動(dòng)變阻器____．

②應(yīng)采用的電路圖為如圖中的____．

這種電路圖測(cè)出的電阻值比真實(shí)值____（填“偏大”、“偏小”或“不變”）25、【題文】如圖所示為“用DIS研究機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置。該實(shí)驗(yàn)裝置中傳感器K的名稱是____________傳感器；由該實(shí)驗(yàn)得到的結(jié)論是：

____________________________________________________________________________。評(píng)卷人得分六、綜合題(共2題，共14分)26、【題文】在光滑的絕緣水平面上，有直徑相同的兩個(gè)金屬小球A、C，已知=2mc，C球帶正電荷2q，靜止在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，A球不帶電，以速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)中與C球正碰；碰撞后C球?qū)ζ矫娴膲毫η『脼榱?，求碰后A球?qū)ζ矫娴膲毫Χ?(取向右為正)

27、(1)(1)下列說(shuō)法中正確的是__________((填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)一個(gè)給33分，選對(duì)兩個(gè)給44分，選對(duì)33個(gè)給66分。每選錯(cuò)一個(gè)扣33分，最低得00分))A.軍隊(duì)士兵過(guò)橋時(shí)使用便步，是為了防止橋發(fā)生共振現(xiàn)象B.機(jī)械波和電磁波在介質(zhì)中的傳播速度僅由介質(zhì)決定C.泊松亮斑是光通過(guò)圓孔發(fā)生衍射時(shí)形成的D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，往往在鏡頭前加裝一個(gè)偏振片以減弱玻璃的反射光E.赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在

(2)

如圖所示，AOB

是截面為扇形的玻璃磚的橫截面圖，其頂角婁脠=76鈭?

今有一細(xì)束單色光在橫截面內(nèi)從OA

邊上的點(diǎn)E

沿垂直O(jiān)A

的方向射入玻璃磚，光線直接到達(dá)AB

面且恰好未從AB

面射出。已知OE=35OAcos53?=0.6

試求：

壟脵

玻璃磚的折射率n

壟脷

光線第一次從OB

射出時(shí)折射角的正弦值。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】當(dāng)物體的大小和形狀在研究的問(wèn)題中能忽略，物體可以看成質(zhì)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A；急速旋轉(zhuǎn)的乒乓球要考慮轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑；大小不能忽略，故A錯(cuò)誤；

B；繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的地球；半徑和軌道半徑比很小，可以忽略不計(jì)，故可以簡(jiǎn)化為質(zhì)點(diǎn)，故B正確；

C；通過(guò)長(zhǎng)江大橋的輕軌列車(chē)；要考慮長(zhǎng)度，不能簡(jiǎn)化為質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D；翩翩起舞的芭蕾舞演員要考慮姿態(tài)；不能簡(jiǎn)化為質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；

故選：B．2、C【分析】【分析】乒乓球被吹氣后，參與了兩個(gè)運(yùn)動(dòng)，一個(gè)是沿AB方向的運(yùn)動(dòng)，一個(gè)是沿吹氣方向的運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)要沿BC方向，根據(jù)平行四邊形定則，可得出吹氣的方向．【解析】【解答】解：要保證合運(yùn)動(dòng)沿BC方向；乒乓球參與了AB方向的運(yùn)動(dòng)和吹氣方向的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平行四邊形定則，知吹氣的方向沿孫參賽者吹氣的方向．故C正確，A；B、D錯(cuò)誤．

故選C．

3、A|D【分析】

A、勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度a=

由牛頓第二定律可知：F-mg=ma

解得F=ma+mg=12000N

P=Fv=12000×4W=48000W；故A正確；

B、起重機(jī)在2s內(nèi)的平均輸出功率為故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)功率達(dá)到額定功率時(shí)，速度v=m/s=4.12m/s，t==故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)拉力等于重力時(shí)速度達(dá)到最大值，所以故D正確．

故選AD

【解析】【答案】先求出做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度；根據(jù)牛頓第二定律求出拉力，在根據(jù)P=Fv求出起重機(jī)在2s末的輸出功率，平均功率等于F乘以平均速度，當(dāng)拉力等于重力時(shí)速度達(dá)到最大值．

4、B|D【分析】【解析】試題分析：由左手定則知粒子一定帶負(fù)電，A錯(cuò)，B對(duì)；由圖知粒子穿過(guò)鉛板后的半徑是穿過(guò)前的由半徑公式知速度為原來(lái)的由知?jiǎng)幽転樵瓉?lái)的所以粒子損失了8/9的初動(dòng)能，D對(duì)，C錯(cuò)?？键c(diǎn)：本題考查左手定則，半徑公式，動(dòng)能的表達(dá)式【解析】【答案】BD5、D【分析】【分析】勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面是一些平行的等間距的直線，且沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)降低的最快，且每前進(jìn)相同距離，電勢(shì)降低相等的值．【解析】【解答】解：A；從圖中可以看出；等勢(shì)面平行且間距相等，故一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)；由于電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，且從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，故場(chǎng)強(qiáng)方向與AA′垂直，且指向左上方，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差關(guān)系公式U=Ed可得：E====200V/m；故B錯(cuò)誤；

CD；強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面是一些平行的等間距的直線；故該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)；由于勻強(qiáng)電場(chǎng)中沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)降低的最快，且每前進(jìn)相同距離，電勢(shì)降低相等的值，故距C點(diǎn)距離為2cm的所有點(diǎn)中，最高電勢(shì)為4V，最低電勢(shì)為-4V，故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D6、C【分析】【分析】用直線連接初末速度，則直線所表示的物體的運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，求出做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移，再通過(guò)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移比較即可．【解析】【解答】解：用直線連接初末速度，則直線所表示的物體的運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其平均速度為：；

而曲線對(duì)應(yīng)的面積大于直線所圍成的面積；說(shuō)明運(yùn)動(dòng)員在這段時(shí)間內(nèi)的位移大于勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移，即：

x；故C正確．

故選：C二、多選題(共8題，共16分)7、CD【分析】【分析】星體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑等于正方形對(duì)角線的一半．

根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力求出星體表面的重力加速度．

在四顆星組成的四星系統(tǒng)中，其中任意一顆星受到其它三顆星對(duì)它的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，列出等式求出星體勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期．【解析】【解答】解：A；由星體均圍繞正方形對(duì)角線的交點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)可知；星體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑。

r=L；故A錯(cuò)誤；

B；星體在其他三個(gè)星體的萬(wàn)有引力作用下圍繞正方形對(duì)角線的交點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由萬(wàn)有引力定律和向心力公式得：

F合=+2cos45°=m×L

T=；故B錯(cuò)誤，D正確；

C、根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力得：=m′g

解得：g=；故C正確；

故選：CD．8、BD【分析】【分析】由圖可知，粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；根據(jù)粒子向下偏轉(zhuǎn)，即可知粒子所受的洛倫茲力方向向下，由左手定則可判斷粒子的電性．

粒子速度選擇器中受到電場(chǎng)力和洛倫茲力兩個(gè)作用，電場(chǎng)力不變，速度方向不變，可知洛倫茲力與電場(chǎng)力應(yīng)平衡，由左手定則判斷出洛倫茲力方向，由平衡條件即可確定出P1極板帶什么電．

粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得到半徑表達(dá)式，根據(jù)半徑公式分析半徑越大時(shí)，粒子的質(zhì)量和比荷的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?/p>

A、由圖可知，帶電粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2時(shí)向下偏轉(zhuǎn)；所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷得知該束粒子帶正電．故A錯(cuò)誤．

B、在平行金屬板中受到電場(chǎng)力和洛倫茲力兩個(gè)作用而做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場(chǎng)力方向向下，粒子帶正電，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電．故B正確．

C、D粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由牛頓第二定律得。

qvB=m，得r=可見(jiàn)，由于v是一定的，B不變，半徑r越大，則越?。蔆錯(cuò)誤；D正確．

故選：BD．9、BCD【分析】【分析】以被封閉的氣體為研究對(duì)象，分析分別向左右兩管中注入水銀后，對(duì)氣體壓強(qiáng)的影響，即可得出a、b兩水銀面的高度差h的變化情況．【解析】【解答】解：設(shè)右管被封閉氣體上方的水銀柱的高度為h′；結(jié)合連通器原理可知有關(guān)系h′=h

AB；若再向左管注入些水銀穩(wěn)定后；研究被封閉的氣體，氣體上方的水銀柱高度不變，所以氣體的壓強(qiáng)不變，仍然有h′=h，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確．

C、若再向右管注入些水銀，穩(wěn)定后，因被封閉氣體上方的水銀柱變長(zhǎng)，被封閉的氣體壓強(qiáng)增大，a、b兩水銀面的高度差變大；h會(huì)變大，（或利用穩(wěn)定后，始終會(huì)有關(guān)系h′=h來(lái)解答）．選項(xiàng)C正確。

D、由對(duì)AB的分析可知，向左管中注入水銀，對(duì)a、b兩水銀面的高度差無(wú)影響，由對(duì)C的解答可知，向右管中注入水銀，會(huì)使a、b兩水銀面的高度差變大；所以同時(shí)向兩管同時(shí)注入些水銀，穩(wěn)定后h變大，選項(xiàng)D正確．

故選：BCD10、ABD【分析】【分析】當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；若速度非常大，則cd邊受安培力大于線圈重力mg，則線框做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)；

若速度很??；則cd邊受安培力小于線圈重力mg，則線框做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)；

根據(jù)動(dòng)量定理計(jì)算安培力對(duì)線框的沖量大??；

根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算線框克服安培力做的功．【解析】【解答】解：A、設(shè)線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v′，則mgh=mv′2

E=BLv′，I=；安培力F=BIL

聯(lián)立得：F=

根據(jù)牛頓第二定律：F-mg=ma；

若F＞mg；則加速度向上，物體做減速運(yùn)動(dòng)，v減小后安培力F減小，則加速度減小，故物體做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)；

若F＜mg；根據(jù)牛頓第二定律：mg-F=ma

則加速度向下；物體做加速運(yùn)動(dòng)，v增大后安培力F增大，則加速度減小，故物體做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故AB正確；

C、根據(jù)動(dòng)量定理：mg△t-I安=mv-mv′；可見(jiàn)安培力的沖量大小與mv不一定相等，故C錯(cuò)誤；

D、對(duì)全過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理：mg（h+L）-W安=mv2-0，得：W安=mg（h+L）-mv2．故D正確；

故選：ABD．11、AB【分析】【分析】根據(jù)q=求出通過(guò)電阻R的電荷量．當(dāng)滑桿受力平衡時(shí)速度最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，根據(jù)平衡求出電流的大小，結(jié)合歐姆定律求出最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．通過(guò)對(duì)重物分析，結(jié)合加速度的變化判斷繩子拉力的變化．根據(jù)能量守恒定律判斷物塊減小的重力勢(shì)能和回路中產(chǎn)生的焦耳熱的關(guān)系．【解析】【解答】解：A、通過(guò)電阻R的電荷量q==．故A正確．

B、當(dāng)滑桿平衡時(shí)有：FA=mg，即BIL=mg，則電流I=，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=I（R+r）=．故B正確．

C；MN所受的安培力逐漸增大；做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，所以物塊做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)mg-T=ma，則拉力逐漸增大．故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)能量守恒得；物塊重力勢(shì)能的減小量等于系統(tǒng)動(dòng)能的增加量和回路中產(chǎn)生的焦耳熱之和．故D錯(cuò)誤．

故選：AB．12、ABCD【分析】【分析】通過(guò)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式h=和速度位移公式v2=2gh知，只要知道落地的速度或下落的時(shí)間，就可以求出樓房的高度．【解析】【解答】解：A、根據(jù)h=；知道下落時(shí)間，就可以知道下落的高度．故A正確．

B、根據(jù)速度位移公式v2=2gh知；知道末速度，就可以知道下落的高度．故B正確．

C、根據(jù)最后1s內(nèi)的位移，可以知道最后1s內(nèi)的平均速度，某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中v2=2gh知，間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則可以知道落地前0.5s末的速度，根據(jù)速度時(shí)間公式v=v0+gt，求出落地時(shí)的速度，再根據(jù)v2=2gh；求出下落的距離．故C正確．

D、根據(jù)最后1m內(nèi)的時(shí)間，根據(jù)x=，求出最后1m內(nèi)的初速度，根據(jù)速度時(shí)間公式v=v0+gt，求出落地時(shí)的速度，再根據(jù)v2=2gh；求出下落的距離．故D正確．

故選ABCD．13、ACD【分析】【分析】?jī)蓚€(gè)不在同一條直線上的力合成時(shí)遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則作圖分析即可．【解析】【解答】解：AB．如果夾角θ的范圍為：0°＜θ＜90°；根據(jù)平行四邊形定則作圖，如圖：

從圖中可以看出；合力一定增大；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．如果夾角θ的范圍為：90°＜θ＜180°；根據(jù)平行四邊形定則作圖，如圖。

從圖中可以看出，合力有可能先減小后增加，存在相等的可能；若F1＜＜F2；合力一定是增加；故C正確，D正確；

故選：ACD．14、BC【分析】【分析】第一宇宙速度又稱為環(huán)繞速度；是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動(dòng)所需的最小發(fā)射速度．

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得線速度表達(dá)式，可以發(fā)現(xiàn)第一宇宙速度是衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度．【解析】【解答】解：A；在地面上某一高度運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星；

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得=

線速度v=，離地球越遠(yuǎn)，軌道半徑r越大；線速度越小．即第一宇宙速度是衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度．

所以該衛(wèi)星在軌道上的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度；故A錯(cuò)誤，B正確；

C；第一宇宙速度也是在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動(dòng)所需的最小發(fā)射速度；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：BC．三、填空題(共5題，共10分)15、小于S【分析】【分析】v-t圖象中圖線與時(shí)間軸包圍的面積表示位移大小，先根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解出甲的初速度和乙的加速度，然后結(jié)合位移關(guān)系和時(shí)間關(guān)系列式分析．【解析】【解答】解：設(shè)甲車(chē)的速度為v；則：

S=①

S=②

甲車(chē)追上乙車(chē)過(guò)程；根據(jù)位移公式，有：

③

聯(lián)立解得：

t′=（取“-”號(hào)時(shí)表示第一次相遇）

其中S（S-d）＞0；故S＞d；

故答案為：，小于S．16、0.2垂直紙面向外【分析】【分析】根據(jù)安培力的大小公式求出安培力的大小，根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向．【解析】【解答】解：安培力的大小F=BIL=0.5×2×0.2N=0.2N；根據(jù)左手定則知，安培力的方向垂直紙面向外．

故答案為：0.2，垂直紙面向外．17、2122【分析】【分析】速度一時(shí)間圖象中，各時(shí)刻的速度大小可以由圖象讀出；直線的斜率等于物體的加速度．根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求出斜率，得到加速度．物體的運(yùn)動(dòng)方向由速度的正負(fù)讀出．圖線與坐標(biāo)軸所圍“面積”表示位移，根據(jù)幾何知識(shí)求出位移大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）物體在2s末的速度可以由圖象讀出：為2m/s；

（2）物體在0～6s內(nèi)的位移等于△OAB圍成的面積：m

（3）物體在后2s的加速度大小等于直線AB的斜率：；負(fù)號(hào)表示AB段加速度的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)．

故答案為：2；12；218、運(yùn)動(dòng)【分析】【分析】明確動(dòng)能的定義與表達(dá)式即可解答本題．【解析】【解答】解：動(dòng)能：物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能量叫做動(dòng)能．表達(dá)式：Ek=

故答案為：運(yùn)動(dòng)，19、SOS求救新年好（或XINNIANHAO）【分析】【分析】根據(jù)電報(bào)記錄，先得出電碼的數(shù)字，然后數(shù)字找出電報(bào)密碼中對(duì)應(yīng)文字．【解析】【解答】解：“嘀嘀嘀”；“嗒嗒嗒”、“嘀嘀嘀”在表中可以查的分別為S、O、S；故表示SOS，是求救信號(hào)．

在表中查的“嗒嘀嘀嗒”；“嘀嘀”、“嗒嘀”；“嗒嘀”、“嘀嘀”、“嘀嗒”、“嗒嘀”，“嘀嘀嘀嘀”、“嘀嗒”、“嗒嗒嗒”分別表示XINNIANHAO，即新年好的漢語(yǔ)拼音．

故答案為：SOS；求救；新年好（或XINNIANHAO）．四、判斷題(共4題，共40分)20、×【分析】【分析】根據(jù)建立坐標(biāo)系的條件可知，建立坐標(biāo)系需要確定坐標(biāo)原點(diǎn)與正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置為坐標(biāo)原點(diǎn)；選擇向下為正方向，則地面的坐標(biāo)為：x=0.8m．所以該說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×21、×【分析】【分析】地球是個(gè)巨大的磁體，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近．地球周?chē)嬖谥艌?chǎng)．【解析】【解答】解：地理北極附近是地磁南極；地理南極附近是地磁北極．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、×【分析】【分析】根據(jù)新能源的定義進(jìn)行判斷，新能源又稱非常規(guī)能源，是指?jìng)鹘y(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開(kāi)始開(kāi)發(fā)利用或正在積極研究、有待推廣的能源．【解析】【解答】解：新能源又稱非常規(guī)能源；是指?jìng)鹘y(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開(kāi)始開(kāi)發(fā)利用或正在積極研究；有待推廣的能源，如太陽(yáng)能、地?zé)崮?、風(fēng)能、海洋能、生物質(zhì)能和核聚變能等，因此新能源是指新開(kāi)采的能源這種說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×23、×【分析】【分析】一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，溫度升高時(shí)，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強(qiáng)的變化【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的氣體，保持壓強(qiáng)不變，溫度升高時(shí)氣體的體積跟它的熱力學(xué)溫度成正比，即：；

初狀態(tài)：T0=100℃=373K，末狀態(tài)：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時(shí)，它的體積改變?yōu)樵瓉?lái)的倍．

故答案為：×五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)24、ACEB偏小【分析】【分析】根據(jù)電阻的額定電流選擇電流表，根據(jù)電阻額定電壓選擇電壓表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器．根據(jù)該電阻與兩電表內(nèi)阻的倍數(shù)關(guān)系選擇電流表的接法，題目要求為了盡可能提高測(cè)量準(zhǔn)確度，選擇滑動(dòng)變阻分壓式．電流表外接法，由于電壓表的分流作用，使電流表測(cè)的電流大于流過(guò)電阻的電流，由R=知測(cè)量值小于真實(shí)值．【解析】【解答】解：（1）電阻額定電流約為：I==A=300mA；電流表應(yīng)選A；電阻額定