…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高二物理下冊月考試卷585考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、甲、乙兩物體的質量相等，速度之比2:1

則它們的動能之比是()A.1:4

B.1:2

C.4:1

D.2:1

2、a、b、c、d是勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點.電場線與矩形所在平面平行.已知a點的電勢為20V，b點的電勢為24V，d點的電勢為4V，所示.由此可知c點的電勢為A.4VB.8VC.12VD.24V3、三個運動物體a，b，c，其位移-時間圖象如圖所示，關于三個物體在t0時間內的運動，以下說法正確的是（）A.a和c做曲線運動，b做直線運動B.三者平均速度相同C.三者平均速率相等D.三個物體均做單向直線運動，并在t0時刻相遇4、甲的質量為50kg，乙的質量為25kg，兩人在溜冰場的水平冰面上，開始時都是靜止的．兩人互推后，甲、乙反向直線運動，甲的速率為0.1m/s，乙的速率為0.2m/s．假設互推的時間為0.01s，忽略摩擦力及空氣阻力，則下列敘述哪一項正確（）A.甲、乙所受的平均推力均為500N，方向相反B.甲、乙所受的平均推力均為250N，方向相反C.甲受的平均推力500N，乙受的平均推力250N，方向相反D.甲受的平均推力250N，乙受的平均推力500N，方向相反5、如圖所示，一個質量m=1kg

的小環(huán)套在傾角為37鈭?

的光滑固定直桿上.

為使小環(huán)能夠靜止不動，需對它施加一個水平拉力F

已知重力加速度g

取10m/s2sin37鈭?=0.6cos37鈭?=0.8

則F

的大小和方向分別是(

)

A.7.5N

水平向左B.7.5N

水平向右C.13.3N

水平向左D.13.3N

水平向右6、觀察細胞有絲分裂裝片時，顯微鏡視野中①、②、③、④四個細胞（如下圖所示）處于分裂期后期的是（）A.①B.②C.③D.④7、在如圖所示的電路中，兩個靈敏電流表G1和G2的零點都在刻度盤中央，當電流從“+”接線柱流入時，指針向右擺；電流從“-”接線柱流入時，指針向左擺，在電路接通后在斷開的瞬間，下面哪個說法符合實際？（）A.G1指針向左擺，G2指針向右擺B.G1指針向右擺，G2指針向左擺C.G1、G2指針都向左擺D.G1、G2指針都向右擺評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)8、麥克斯韋電磁場理論的兩個基本論點是：變化的磁場可以產生電場；變化的電場可以產生．從而預言了空間可能存在電磁波．電磁波按照波長由長到短排列依次是：無線電波、紅外線、可見光、、x射線和γ射線．9、在“用單分子油膜估測單分子的大小”的實驗中；按照酒精與油酸體積比為m：n配制油酸酒精溶液，現用滴管滴取油酸酒精溶液，N滴溶液的總體積為V．

(1)用滴管將一滴油酸酒精溶液滴入淺盤；待穩(wěn)定后將油酸薄膜輪廓描繪在坐標紙上，如圖所示．已知坐標紙上每個小方格面積為S，則油膜面積為____________．

(2)估算油酸分子直徑的表達式為____________．(用題目中物理量的字母表示)10、用多用電表研究熱敏電阻的阻值與溫度的關系．

(1)

應將多用電表的選擇開關置于______檔(

選填“電壓”；“電流”或“歐姆”)

(2)

多用電表使用時；將紅表筆插入______接線孔(

選填“+

”或“鈭?

”)

(3)

正確選擇多用電表的擋位后；將一熱敏電阻接在多用電表兩表筆上，把熱敏電阻放入盛有溫度為100

攝氏度熱水的杯子中，表針的偏角為婁脠

若將杯子中加入冷水，發(fā)現表針的偏角減小，這說明熱敏電阻的阻值隨溫度降低而______(

選填“增大”；“減小”或“不變”)

(4)

多用電表使用后，應將選擇開關置于______檔(

選填“電流”，“直流電壓”、“歐姆”或“交流電壓最高”)

．11、如圖所示，在螺線管的外部接一塊靈敏電流表。有一塊條形磁鐵勻速穿過線圈內部。在磁鐵穿入線圈的過程中，通過電流表的電流方向為_________。12、如圖所示，當航天飛機在環(huán)繞地球的軌道上飛行時，從中釋放一顆衛(wèi)星，衛(wèi)星與航天飛機保持相對靜止，兩者用導電纜繩相連，這種衛(wèi)星稱為繩系衛(wèi)星，利用它可以進行多種科學實驗?，F有一顆繩系衛(wèi)星在地球赤道上空由東往西方向運行。衛(wèi)星位于航天飛機正上方，它與航天飛機間的距離約20km，衛(wèi)星所在位置的地磁場沿水平方向由南往北約5×10-5T。如果航天飛機和衛(wèi)星的運行速度約8km/s，則纜繩中的感應電動勢大小為____V，端電勢高（填“A”或“B”）。13、P、Q是一列簡諧橫波中的質點，相距30m，各自的振動圖象如圖所示.(1)此列波的頻率f＝________Hz.(2)如果P比Q離波源近，且P與Q間距離小于1個波長，那么波長λ＝________m，波速v＝________m/s.14、如圖所示，A、B是電場中兩點，一個帶負電的點電荷Q在A點所受的電場力要比它在B點所受的電場力，該負電荷在A點的電勢能要比它在B點的電勢能____，A點的電場強度要B點的電場強度，A點的電勢要____于B點的電勢.（大或?。?5、一平行板電容器充電后兩板間電壓為3V，現使它的電量減少3×10﹣4C，發(fā)現兩板電壓降為原來的則這個電容器的電容為____F，平行板電容器原來帶電量為____C．16、把一個矩形線圈從有理想邊界的勻強磁場中勻速拉出如圖．第一次速度為V1，第二次速度為v2，且V2=2V1，則兩情況下拉力的功之比=______，拉力的功率之比=______：線圈中產生的焦耳熱之比=______．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

22、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

23、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

25、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共3題，共15分)26、在用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，甲、乙、丙三位同學在紙上畫出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關系分別如圖中①②③所示，其中甲、丙兩同學用的是矩形玻璃磚，乙同學用的是梯形玻璃磚，他們的其他操作均正確，且均以aa′、bb′為界面畫光路圖，則這三位同學測得的折射率與真實值相比分別有何變化？27、公路上行駛的兩汽車之間應保持一定的安全距離。當前車突然停止時，后車司機可以采取剎車措施，使汽車在安全距離內停下而不會與前車相碰。通常情況下，人的反應時間和汽車系統(tǒng)的反應時間之和為1s

當汽車在晴天干燥瀝青路面上以108km/h

的速度勻速行駛時，安全距離為120m

設雨天時汽車輪胎與瀝青路面間的動摩擦因數為晴天時的25

若要求安全距離仍為120m

求汽車在雨天安全行駛的最大速度。28、如圖為某“全家總動員”節(jié)目的情景；高臺處的水平軌道AB

上裝有電動懸掛器，水面上有一半徑為R=2m

的轉盤，其軸心在AB

正下方，軸心離高臺的水平距離為L=5m

高臺邊緣與轉盤平面的高度差為H=5m.

選手抓住懸掛器后，在電動機帶動下從平臺邊緣處由靜止開始做加速度為a=2m/s2

的勻加速直線運動，在某位置松手后落到轉盤上.

已知選手與懸掛器總質量為50kg

取g=10m/s2

．

(1)

若不計選手身高；他從平臺出發(fā)后多長時間釋放懸掛器恰好能落到轉盤圓心？

(2)

若懸掛器以恒定功率600W

運行，懸掛器在軌道上所受阻力恒為200N

選手從靜止起運動，1s

時的加速度為0.5m/s2

此時松手他能否落到轉盤上？請計算說明．評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)29、小亮同學為研究某電學元件（最大電壓不超過2.5V，最大電流不超過0.55A）的伏安特性曲線，在實驗室找到了下列實驗器材：A．電壓表（量程是3V，內阻是6kΩ的伏特表）B．電壓表（量程是15V，內阻是30kΩ的伏特表）C．電流表（量程是0.6A，內阻是0.5Ω的安培表）D．電流表（量程是3A，內阻是0.1Ω的安培表）F．滑動變阻器（阻值范圍0~5Ω），額定電流為0.6AG．滑動變阻器（阻值范圍0~100Ω），額定電流為0.6A直流電源（電動勢E＝3V，內阻不計）開關、導線若干。該同學設計電路并進行實驗，通過實驗得到如下數據（I和U分別表示電學元件上的電流和電壓）。。I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00①為提高實驗結果的準確程度，電流表選；電壓表選____；滑動變阻器選____。（以上均填寫器材代號）②請在上面的方框中畫出實驗電路圖；③在圖（a）中描出該電學元件的伏安特性曲線；④據圖（a）中描出的伏安特性曲線可知，該電學元件的電阻隨溫度而變化的情況為：；⑤把本題中的電學元件接到圖（b）所示電路中，若電源電動勢E=2.0V，內阻不計，定值電阻R=5Ω，則此時該電學元件的功率是_______W。評卷人得分六、綜合題(共1題，共3分)30、關于分子動理論和物體的內能，下列說法正確的是()A.“油膜法”估測分子大小實驗中；可將純油酸直接滴入淺盤的水面上。

B.溫度越高；液體中懸浮微粒的布朗運動就越明顯。

C.液體很難被壓縮；這是因為壓縮時液體分子間的分子力表現為斥力。

D.分子勢能隨分子間距離的增大而增大。

E.當分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】略。

【解析】C

2、B【分析】試題分析：根據在勻強電場中將某一線段等分，同時就將該線段兩端的電勢差等分，所以將線段bd五等分，如圖所示:則故故連接cf，則cf∥ae，故c點的電勢．故B正確．考點：等勢面；電勢【解析】【答案】B3、B【分析】解：A、x-t圖象只能表示直線運動，故a、b；c都做直線運動；故A錯誤；

B；因三個物體的位移相同；時間相同，故平均速度一定相同，故B正確；

C；由圖看出a質點先沿正方向運動后返回；其路程最大，則其平均速率最大，故C錯誤；

D；圖象的斜率等于速度；則a的速度先正后負，表示的為有往返運動的直線運動，故D錯誤；

故選：B

由位移圖象縱坐標的變化量△s比較位移大??；根據平均速度等于路程除以時間分析平均速度的關系．根據路程與位移的關系，確定路程關系，由路程與時間之比分析平均速率關系．

此題關鍵抓住位移圖象的斜率等于速度、縱坐標的變化量表示位移，掌握平均速度和平均速率公式，來分析圖象的意義．【解析】【答案】B4、A【分析】解：設乙運動的方向為正方向，由動量定理，甲受到乙的推力F甲==-=-500N；

乙受到甲的推力F乙===500N；故甲；乙所受的平均推力均為500N，方向相反；故A正確，BCD錯誤。

故選：A

整體滿足動量守恒；根據動量定理求解。

本題只要掌握牛頓第三定律和第二定律，知道作用力與反作用力大小相等，即可求出兩個小孩的加速度．比較簡單【解析】【答案】A5、A【分析】【分析】對環(huán)進行受力分析，結合共點力平衡的條件分析即可。本題考查共點力平衡的受力分析問題，熟練運用力的分解與合成即可求解；基礎題目?！窘獯稹啃…h(huán)套在光滑固定直桿上，受到重力和桿的支持力，由于桿對小環(huán)的支持力的方向向右上方，所以水平拉力的方向必須向左環(huán)才能保持平衡；受力如圖：由幾何關系可得：故A正確，BCD錯誤。故選A?！窘馕觥緼

6、C【分析】【分析】本題考查有絲分裂各時期的圖像，意在考查考生理解所學知識的要點，把握知識間內在聯系的能力?！窘獯稹坑薪z分裂后期著絲點分裂，姐妹染色單體分開成為子染色體，移向細胞的兩極，視野中③細胞符合此特征。綜上ABD不符合題意，C符合題意。

?故選C?！窘馕觥緾7、B【分析】解：電路穩(wěn)定后斷開，通過電阻這一支路的電流立即消失，由于電感器對電流的變化有阻礙作用，會阻礙其減小，通過電感器的電流并且通過電阻。所以含有電感器的支路的電流從“+”接線柱流入，G1指針向右擺。含有電阻的支路電流從“-”接線柱流入，G2指針向左擺。故B正確；A；C、D錯誤。

故選：B。

電感器對電流的變化有阻礙作用；當電流增大時，會阻礙電流的增大，當電流減小時，會阻礙其減?。?/p>

解決本題的關鍵知道電感器對電流的變化有阻礙作用：當電流增大時，會阻礙電流的增大，當電流減小時，會阻礙其減小，而電阻沒有此特點，當K斷開電阻、電容構成一回路．【解析】B二、填空題(共9題，共18分)8、略

【分析】試題分析：麥克斯韋電磁場理論的兩個基本論點是：變化的磁場可以產生電場；變化的電場可以產生磁場，電磁波按照波長由長到短排列依次是：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、x射線和γ射線．考點：本題考查麥克斯韋電磁場理論及電磁波譜。【解析】【答案】磁場，紫外線9、略

【分析】解：(1)估算油膜面積時以超過半格以一格計算；小于半格就舍去的原則，估算出10格，則油酸薄膜面積為10S．

(2)油酸酒精溶液油酸的濃度為ρ=

一滴溶液中純油酸的體積為V′=ρ=

由于形成單分子的油膜，則分子的直徑為d==

故答案為：(1)10S；(2)【解析】10S;10、略

【分析】解：1)

應將多用電表的選擇開關置于歐姆檔；

(2)

多用電表使用時；將紅表筆插入“+

”接線孔；

(3)

歐姆表表針的偏角減??；所測電阻阻值變大，這說明熱敏電阻的阻值隨溫度降低而增大；

(4)

多用電表使用后；應將選擇開關置于交流電壓最高擋．

故答案為：(1)

歐姆；(2)

“+

”；(3)

增大；(4)

交流電壓最高．

(1)

用多用電表測電阻；選擇開關應置于歐姆檔；

(2)

多用電表的紅表筆插“+

”插孔；黑表筆插“鈭?

”插孔；

(3)

歐姆表最小刻度值在表盤的最右側；最大刻度值在表盤的最左側；

(4)

多用電表使用完畢后；選擇開關要置于“off

”擋或交流電壓最高檔．

本題考查了多用電表的使用注意事項，要知道歐姆表的最大刻度線在最左側，最小刻度線在最右側．【解析】歐姆；“+

”；增大；交流電壓最高11、略

【分析】試題分析：在穿入過程中，穿過線圈水平向右的磁通量增大，所以根據楞次定律可得通過電流表的電流方向從a到b考點：考查了楞次定律【解析】【答案】從a到b12、略

【分析】由法拉第電磁感應定律E=BLv可知感應電動勢為8000V，B端電勢高【解析】【答案】8000，B13、略

【分析】(1)該波的周期為４ｓ，頻率（2）P的振動傳播到Q點需要兩點距離為四分之三個波長，所以波長為40m，波速【解析】【答案】(1)0.25(2)401014、略

【分析】【解析】【答案】大，小，大，大15、1.5×10﹣44.5×10﹣4【分析】【解答】由題：平行板電容器的電荷量減少△Q=3×10﹣4C，電壓降低△U=3V﹣1V=2V；

則C==1.5x10-4F

電容器原來的帶電荷量Q=CU=1.5×10﹣4×3C=4.5×10﹣4C

故答案為：1.5×10﹣4；4.5×10﹣4．

【分析】平行板電容器的電荷量減少△Q=3×10﹣4C，電壓降低△U=2V，根據C=求解電容．16、略

【分析】解：兩情況下；由于位移相同，所以拉力的功與拉力成正比，而拉力與安培力相等，則拉力做的功與安培力成正比，而安培力卻與速度成正比，所以拉力做的功與速度成正比，即1：2；

在兩種情況下；拉力的功率與拉力及速度的乘積成正比，所以功率之比為1：4．

而線圈產生的焦耳熱與拉力做功相等；所以焦耳熱之比1：2．

故答案為：1：2；1：4，1：2

在恒力作用下；矩形線圈以不同速度被勻速拉出，則拉力做功等于拉力與位移的乘積，而拉力功率等于拉力與速度的乘積，線圈產生的焦耳熱等于拉力做的功．

通電導線在磁場中受到的安培力與運動速度有關，而且是唯一與速度有關的一個力．同時通過本題讓學生掌握去尋找要求的量與已知量的關系，其他不變的量均可去除．【解析】1：2；1：4；1：2三、判斷題(共9題，共18分)17、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．23、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．24、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．25、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、簡答題(共3題，共15分)26、略

【分析】甲同學測得的折射率與真實值相比偏?。捎谒嫴ＡТu的寬度比實際寬度大，測量的O′點比實際的O向右移，使所畫的折射角θ2比實際的偏大，如圖所示，由于入射角不變，根據n＝可知測得折射率偏?。彝瑢W測得的折射率與真實值相比不變；由于入射面aa′，和射出面bb′，不平行，使的上、下面兩法線不平行，所以出射光線與入射光線不再平行，但不影響折射點O′，所以所畫的折射角θ2與實際的相同．丙同學測得的折射率與真實值相比可能偏大、可能偏小、可能不變．原因是當過P3、P4作直線與畫出的界面bb′交于O′；若O′恰好落在畫出的界面bb′和玻璃磚下表面的交點上，測得的折射率與真實值相比不變；若O′落在畫出的界面bb′和玻璃磚下表面交點的左側(折射角偏大)，測得的折射率與真實值相比偏?。蝗鬙′落在畫出的界面bb′和玻璃磚下表面交點的右側(折射角偏小)，測得的折射率與真實值相比偏大．【解析】【答案】見解析27、解：設路面干燥時，汽車與地面的動摩擦因數為μ0，剎車時汽車的加速度大小為a0，安全距離為s，反應時間為t0，由牛頓第二定律和運動學公式得：v0=108km／h=30m/s

μ0mg=ma0①；

②；

式中，m和v0分別為汽車的質量和剎車前的速度．

設在雨天行駛時；汽車與地面的動摩擦因數為μ，依題意有：

③；

設在雨天行駛時汽車剎車的加速度大小為a；安全行駛的最大速度為v，由牛頓第二定律和運動學公式得：μmg=ma④；

⑤

聯立①②③④⑤式并代入題給數據得：v=20m/s

答：若要求安全距離仍為120m，則汽車在雨天安全行駛的最大速度為20m/s．【分析】

在反應時間內汽車做勻速直線運動；所以汽車間的安全距離等于勻速運動的位移和勻減速直線運動的位移之和，根據牛頓第二定律結合運動學基本公式求解．

解決本題的關鍵知道安全距離是反應時間內勻速運動的位移和勻減速運動的位移之和.

勻減速運動的位移可以通過速度位移公式求解．【解析】解：設路面干燥時，汽車與地面的動摩擦因數為婁脤0

剎車時汽車的加速度大小為a0

安全距離為s

反應時間為t0

由牛頓第二定律和運動學公式得：v0=108km/hv_{0}=108km/h=30m/s

婁脤0mg=ma0壟脵

s=v0t0+v022a0壟脷

式中；m

和v0

分別為汽車的質量和剎車前的速度．

設在雨天行駛時；汽車與地面的動摩擦因數為婁脤

依題意有：

婁脤=25婁脤0壟脹

設在雨天行駛時汽車剎車的加速度大小為a

安全行駛的最大速度為v

由牛頓第二定律和運動學公式得：婁脤mg=ma壟脺

s=vt0+v22a壟脻

聯立壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻

式并代入題給數據得：v=20m/s

答：若要求安全距離仍為120m

則汽車在雨天安全行駛的最大速度為20m/s

．28、略

【分析】

(1)

平拋運動在豎直方向上做自由落體運動；根據高度求出選手從C

點放手離開懸掛器到落到轉盤的圓心上所用的時間，從而求出釋放時的速度，抓住勻加速直線運動的位移和平拋運動的水平位移之和等于L

結合運動學公式求出選手從A

點運動到C

點所用的時間；

(2)1s

時；根據牛頓第二定律列式，從開始到1s

的過程中，根據動能定理列式，聯立求出1s

末的速度和加速的位移，再求出平拋運動的位移，從而求出全過程的水平位移，進而判斷是否落到轉盤上．

本題考查了平拋運動、勻變速直線運動以及動能定理的綜合運用，知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解，注意牽引力做功可以根據W=Pt

求解．【解析】解：(1)

設水平加速段位移為S1

時間t1

平拋時水平位移為S2

時間為t2

則有：S1=12at12

v=at1

平拋運動過程中有：S2=vt2H=12gt22