PAGEPAGE11綜合評(píng)估時(shí)間：90分鐘分值：100分一、選擇題(1～6為單選，每小題3分；7～10為多選，每小題4分，共34分)1．下面是某同學(xué)對(duì)電場(chǎng)中的一些概念及公式的理解，其中正確的是(D)A．依據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E＝eq\f(F,q)可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與摸索電荷所帶的電荷量成反比B．依據(jù)電容的定義式C＝eq\f(Q,U)可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C．依據(jù)真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝keq\f(Q,r2)可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷所帶的電荷量無關(guān)D．依據(jù)電勢(shì)差的定義式UAB＝eq\f(WAB,q)可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功為1J，則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為－1V解析：電場(chǎng)強(qiáng)度E與F、q無關(guān)，由電場(chǎng)本身確定，A錯(cuò)誤；電容C與Q、U無關(guān)，由電容器本身確定，B錯(cuò)誤；E＝keq\f(Q,r2)是電場(chǎng)強(qiáng)度的確定式，故C錯(cuò)誤；在電場(chǎng)中，克服電場(chǎng)力做功，電場(chǎng)力做負(fù)功，由UAB＝eq\f(WAB,q)可知D正確．2．如圖所示的四個(gè)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，其中A和C圖中小圓圈表示一個(gè)點(diǎn)電荷，A圖中虛線是一個(gè)圓，B圖中幾條直線間距相等相互平行，則在圖中M、N處電場(chǎng)強(qiáng)度相同的是(B)解析：電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，電場(chǎng)強(qiáng)度相等必定其大小相等、方向相同．故答案為B.3．a(chǎn)，b兩點(diǎn)各放有電量為＋Q和＋4Q的點(diǎn)電荷，a，b，c，d，e，f，g七個(gè)點(diǎn)在同始終線上，且ac＝cd＝de＝ef＝fg＝gb，如圖所示，取無限遠(yuǎn)處為零電勢(shì)，則(D)A．d處的場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)均為零B．e處的電勢(shì)比f處的電勢(shì)高C．電子在f處的電勢(shì)能比在g處的電勢(shì)能小D．電子從c移到e，電子所受電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功解析：設(shè)ac＝cd＝de＝ef＝fg＝gb＝L，場(chǎng)強(qiáng)為零處距a為x，因?yàn)閑q\f(kQ,x2)＝eq\f(k·4Q,6L－x2)，所以x＝2L，即在d處場(chǎng)強(qiáng)為零，但電勢(shì)不為零，A錯(cuò)誤；a至d區(qū)域場(chǎng)強(qiáng)方向向右，d至b區(qū)域場(chǎng)強(qiáng)方向向左，所以e處的電勢(shì)比f處的電勢(shì)低，B錯(cuò)誤；電子帶負(fù)電，所以電子在f處的電勢(shì)能比在g處的電勢(shì)能大，C錯(cuò)誤；電子在c，d間所受電場(chǎng)力向左，在d，e間所受電場(chǎng)力向右，因此電子從c移到e，電子所受到電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，D正確．4．電源的兩個(gè)重要參數(shù)分別是電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r.電路有兩種特別狀況：當(dāng)外電路斷開時(shí)，電源兩端的電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)；當(dāng)外電路短路時(shí)，短路電流等于電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的比值．現(xiàn)有一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r的電源和一阻值為R的定值電阻，將它們串聯(lián)或并聯(lián)組成的系統(tǒng)視為一個(gè)新的等效電源，這兩種連接方式構(gòu)成的等效電源分別如圖甲和乙中虛線框所示．設(shè)新的等效電源的電動(dòng)勢(shì)為E′，內(nèi)電阻為r′.試依據(jù)以上信息，推斷下列說法中正確的是(D)A．甲圖中的E′＝eq\f(r,R＋r)E，r′＝R＋rB．甲圖中的E′＝eq\f(R,R＋r)E，r′＝R＋rC．乙圖中的E′＝E，r′＝eq\f(Rr,R＋r)D．乙圖中的E′＝eq\f(ER,R＋r)，r′＝eq\f(Rr,R＋r)解析：電源的電動(dòng)勢(shì)等于外電路斷路時(shí)的路端電壓，則對(duì)甲圖可知E′＝E，r′＝r＋R，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；圖乙中，E′＝eq\f(ER,R＋r)，r′＝eq\f(Rr,R＋r)，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確．5.大約在1670年，英國(guó)賽斯特城的主教約翰·維爾金斯設(shè)計(jì)了一種磁力“永動(dòng)機(jī)”．如圖所示，在斜坡頂上放一塊強(qiáng)有力的磁鐵，斜坡上端有一個(gè)小孔，斜面下有一個(gè)連接小孔直至底端的彎曲軌道，維爾金斯認(rèn)為：假如在斜坡底端放一個(gè)小鐵球，那么由于磁鐵的吸引，小鐵球就會(huì)向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到小孔P處時(shí)，它就要掉下，再沿著斜面下的彎曲軌道返回斜坡底端Q，由于有速度而可以對(duì)外做功，然后又被磁鐵吸引回到上端，到小孔P處又掉下．在以后的二百多年里，維爾金斯的永動(dòng)機(jī)盡然改頭換面地出現(xiàn)過多次，其中一次是在1878年，即在能量轉(zhuǎn)化和守恒定律確定20年后，竟在德國(guó)取得了專利權(quán)．關(guān)于維爾金斯“永動(dòng)機(jī)”，正確的相識(shí)應(yīng)當(dāng)是(D)A．符合理論規(guī)律，肯定可以實(shí)現(xiàn)，只是實(shí)現(xiàn)時(shí)間早晚的問題B．假如忽視斜面的摩擦，維爾金斯“永動(dòng)機(jī)”肯定可以實(shí)現(xiàn)C．假如忽視斜面的摩擦，鐵球質(zhì)量較小，磁鐵磁性又較強(qiáng)，則維爾金斯“永動(dòng)機(jī)”可以實(shí)現(xiàn)D．違反能量轉(zhuǎn)化和守恒定律，不行能實(shí)現(xiàn)解析：磁鐵吸引小球上升，要消耗磁鐵的磁場(chǎng)能，時(shí)間長(zhǎng)了磁鐵的磁性就會(huì)逐步減弱，直至不能把小球吸引上去，該思想違反了能量轉(zhuǎn)化和守恒定律，不行能實(shí)現(xiàn)．6．隨著新能源轎車的普及，無線充電技術(shù)得到進(jìn)一步開發(fā)和應(yīng)用，一般給大功率電動(dòng)汽車充電時(shí)利用的是電磁感應(yīng)原理，如圖所示，由地面供電裝置(主要裝置有線圈和電源)將電能傳送至電動(dòng)汽車車底部的感應(yīng)裝置(主要裝置是線圈)，該裝置運(yùn)用接收到的電能對(duì)車載電池進(jìn)行充電，供電裝置與車身接收裝置之間通過磁場(chǎng)傳送能量，由于電磁輻射等因素，其能量傳輸效率只能達(dá)到90%左右．無線充電樁一般采納平鋪式放置，用戶無須下車、無須插電即可對(duì)電動(dòng)汽車進(jìn)行充電．目前，無線充電樁可以允許的充電有效距離一般為15～25cm，允許的錯(cuò)位誤差一般為15cm左右．下列說法正確的是(B)A．無線充電樁的優(yōu)越性之一是在百米開外也可以對(duì)電動(dòng)汽車快速充電B．車身感應(yīng)裝置線圈中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變更C．車身感應(yīng)裝置線圈中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是與地面供電裝置線圈中電流的磁場(chǎng)方向相反D．若線圈均采納超導(dǎo)材料則能量的傳輸效率有望達(dá)到100%解析：題中給出無線充電樁可以允許的充電有效距離一般為15～25cm，在百米開外無法充電，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；無線充電樁是通過變更地面供電裝置的電流使電動(dòng)汽車底部的感應(yīng)裝置產(chǎn)生感應(yīng)電流，依據(jù)楞次定律可知，車身感應(yīng)裝置線圈中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變更，故B項(xiàng)正確；由于不知道地面供電裝置的電流是增大還是減小，故車身感應(yīng)裝置線圈中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)不肯定總是與地面供電裝置線圈中電流的磁場(chǎng)方向相反，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；由于電磁輻射等因素，傳輸效率不行能達(dá)到100%，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．7．下列對(duì)能量耗散的理解正確的有(BD)A．能量耗散說明能量在不斷削減B．能量耗散遵守能量守恒定律C．能量耗散說明能量不能憑空產(chǎn)生，但可以憑空消逝D．能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性解析：在發(fā)生能量轉(zhuǎn)化的宏觀過程中，其他形式的能量最終會(huì)轉(zhuǎn)化為流散到四周環(huán)境的內(nèi)能，無法再回收利用，這種現(xiàn)象叫能量耗散．能量耗散并不違反能量守恒定律，宇宙中的能量既沒有削減，也沒有消逝，它只從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性，故A、C錯(cuò)．8．如圖所示的直角坐標(biāo)系中，第一象限內(nèi)分布著勻稱輻射狀電場(chǎng)．坐標(biāo)原點(diǎn)與四分之一圓弧熒光屏間電壓為U；第三象限內(nèi)分布著豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E.大量帶電荷量為－q(q>0)、質(zhì)量為m的粒子，某時(shí)刻起從第三象限不同位置連續(xù)以相同的初速度v0沿x軸正方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，若粒子只能從坐標(biāo)原點(diǎn)進(jìn)入第一象限，其他粒子均被坐標(biāo)軸上的物質(zhì)汲取并導(dǎo)走且不影響原來的電場(chǎng)分布，不計(jì)粒子的重力及它們間的相互作用．下列說法正確的是(CD)A．能進(jìn)入第一象限的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的初始位置分布在一條直線上B．到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子速度越大，到達(dá)O點(diǎn)的速度方向與y軸的夾角θ越大C．能打到熒光屏上的粒子，進(jìn)入O點(diǎn)的動(dòng)能必需大于qUD．若U<eq\f(mv\o\al(2,0),2q)，熒光屏各處均有粒子到達(dá)而被完全點(diǎn)亮解析：設(shè)粒子起先運(yùn)動(dòng)時(shí)的坐標(biāo)為(－x，－h(huán))，粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程中，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律及牛頓運(yùn)動(dòng)定律得x＝v0t，h＝eq\f(at2,2)，qE＝ma，聯(lián)立得h＝eq\f(Eqx2,2mv\o\al(2,0))，可知能進(jìn)入第一象限的粒子，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的初始位置分布在一條拋物線上，故A錯(cuò)誤．粒子的初速度是相等的，到達(dá)O點(diǎn)的粒子速度越大，則沿y軸方向的分速度越大．粒子到達(dá)O點(diǎn)時(shí)，速度方向與y軸的夾角θ滿意tanθ＝eq\f(v0,vy)，可知到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子速度越大，到達(dá)O點(diǎn)的速度方向與y軸的夾角θ越小，故B錯(cuò)誤．粒子進(jìn)入第一象限后電場(chǎng)力做負(fù)功，而到達(dá)熒光屏的粒子的速度必需大于等于0，由功能關(guān)系可知eq\f(mv2,2)－qU>0，即能打到熒光屏的粒子，進(jìn)入O點(diǎn)的動(dòng)能必需大于qU，故C正確．粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角tanθ＝eq\f(v0,vy)＝eq\f(mv0,Eqt)，粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，則進(jìn)入第一象限后速度方向與y軸之間的夾角不同，所以從不同的位置起先偏轉(zhuǎn)的粒子，可以以隨意夾角進(jìn)入第一象限，所以若U<eq\f(mv\o\al(2,0),2q)，熒光屏各處均有粒子到達(dá)而被完全點(diǎn)亮，故D正確．9．某種小燈泡的U-I圖線如圖甲所示，三個(gè)完全相同的這種小燈泡連接成如圖乙所示的電路，四個(gè)電表均為志向電表．現(xiàn)閉合開關(guān)S，電壓表V1的示數(shù)為4.0V，以下說法正確的是(AC)A．電壓表V2的示數(shù)為1.0VB．電流表A2的示數(shù)為0.60AC．電源的輸出功率為3.0WD．電源的電動(dòng)勢(shì)肯定為8V，內(nèi)阻為5Ω解析：電壓表V1的示數(shù)為4V，由U-I圖象得到L1的電流為0.6A，故另外兩個(gè)燈泡的電流均為0.3A，再依據(jù)U-I圖象得到電壓為1V，故電壓表V2的示數(shù)為1.0V，電流表A2的示數(shù)為0.30A，故A正確，B錯(cuò)誤；路端電壓為4V＋1V＝5V，干路電流為0.6A，故輸出功率為P＝UI＝5×0.6W＝3W，故C正確；路端電壓為U＝E－Ir，只有一組數(shù)據(jù)，無法求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，故D錯(cuò)誤．10．如圖為某型號(hào)手持式封口機(jī)的照片，其機(jī)箱可供應(yīng)高頻溝通電．運(yùn)用時(shí)，只要將待封口的塑料罐擰上蓋子，然后置于封口加熱頭的下方，按下電源開關(guān)，1～2s蓋子內(nèi)層的鋁箔瞬間產(chǎn)生高熱，然后融合在瓶口上，達(dá)到封口的效果．下列有關(guān)說法合理的是(BC)A．其封口加熱頭內(nèi)部肯定有電熱絲B．其封口加熱頭內(nèi)部肯定有高頻線圈C．該封口機(jī)的主要工作原理是電磁感應(yīng)D．鋁箔產(chǎn)生高熱的緣由是熱輻射解析：由題意可知，該儀器使鋁箔加熱，并且與鋁箔并沒有干脆接觸，故應(yīng)采納的是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；為了產(chǎn)生較強(qiáng)的渦流，加熱頭內(nèi)部肯定會(huì)有高頻線圈，故選項(xiàng)B、C正確，選項(xiàng)A、D錯(cuò)誤．二、非選擇題(共66分)11．(5分)激光器是一個(gè)特別的光源，它發(fā)出的光便是激光．紅寶石激光器放射的激光是不連續(xù)的一道一道的閃光，每道閃光稱為一個(gè)光脈沖．現(xiàn)有一紅寶石激光器，放射功率為P＝1.0×1010W，所放射的每個(gè)光脈沖持續(xù)的時(shí)間為Δt＝1.0×10－11s，波長(zhǎng)為793.4nm，則每列光脈沖的長(zhǎng)度l是3×10－3_m，其中含有的能量子數(shù)N是4.0×1017個(gè)．解析：每列光脈沖的長(zhǎng)度l＝cΔt＝3×108×1.0×10－11m＝3×10－3m.由光速公式c＝λν，能量子公式ε＝hν及能量關(guān)系PΔt＝Nε得N＝eq\f(λPΔt,hc)＝eq\f(7.934×10－7×1.0×1010×1.0×10－11,6.626×10－34×3×108)≈4.0×1017個(gè)．12．(7分)一只多用電表的測(cè)電阻部分共分R×1、R×10、R×100、R×1k四擋，表面電阻刻度如圖(a)所示．某學(xué)生用這只多用電表來測(cè)一個(gè)電阻的阻值，他選擇R×100擋，并按運(yùn)用規(guī)則正確地調(diào)整好了多用電表．測(cè)量時(shí)表針的偏轉(zhuǎn)如圖(b)，為使測(cè)量結(jié)果盡可能精確，他確定再測(cè)量一次，再次測(cè)量中，他應(yīng)選擇的是R×1_k擋；在后面所給的幾個(gè)操作步驟中，不須要進(jìn)行的是D(填步驟前的字母代號(hào))；在應(yīng)當(dāng)進(jìn)行的操作步驟中，按依次應(yīng)選①B②A③F④E⑤C(填步驟前的字母代號(hào))．A．把兩根表筆短接B．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到上面所選擇的量程上C．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到溝通電壓的最高擋D．在兩表筆分別的狀況下，調(diào)整電表的調(diào)整定位螺絲，使指針指在最左端零位E．把兩根表筆分別與待測(cè)電阻兩端接觸，指針穩(wěn)定后讀出電阻值F．調(diào)整歐姆擋的調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零位上解析：選擇R×100擋時(shí)，指針偏角很小，說明擋位選擇太小，應(yīng)選高擋位，故選R×1k擋．重新?lián)Q擋只需進(jìn)行歐姆調(diào)零，不須要調(diào)整定位螺絲，故不須要進(jìn)行的選D.由電阻測(cè)量步驟，依次應(yīng)是B、A、F、E、C.13．(8分)在“描繪小電珠的伏安特性曲線”的試驗(yàn)中，有供選擇的試驗(yàn)儀器如下：(1)在上述器材中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1；電流表應(yīng)選A2.(2)在圖中用筆畫線代替導(dǎo)線，把試驗(yàn)儀器連接成完整的試驗(yàn)電路．答案：如圖所示解析：(1)為便利電路調(diào)整，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R1；小電珠正常工作時(shí)I額＝0.3A＝300mA>100mA，故電流表應(yīng)選A2.(2)因?yàn)橐笮‰娭樯系碾妷簭?增大，應(yīng)選用分壓電路；而小電珠正常工作時(shí)R燈＝eq\f(U,I)＝eq\f(3.8,0.3)Ω≈13Ω?RV＝5kΩ，故電流表應(yīng)選擇外接法，其電路見答案．14．(10分)在探討性課題中，小剛、小聰和小明所在的小組收集了手機(jī)的電池以及從廢舊收音機(jī)上拆下的電阻、電容器、電感線圈等電子器件．現(xiàn)從這些材料中選取兩個(gè)待測(cè)元件進(jìn)行探討，一個(gè)是電阻Rx(阻值約2kΩ)，另一個(gè)是手機(jī)中常用的鋰電池(電動(dòng)勢(shì)E的標(biāo)稱值為3.4V)．在操作臺(tái)上還打算了如下試驗(yàn)器材：A．電壓表V(量程4V，電阻RV約10kΩ)B．電流表A1(量程100mA，內(nèi)阻RA1約5Ω)C．電流表A2(量程2mA，內(nèi)阻RA2約50Ω)D．滑動(dòng)變阻器R(0～40Ω，額定電流1A)E．電阻箱R0(0～999.9Ω)F．開關(guān)S一個(gè)、導(dǎo)線若干(1)小剛采納伏安法測(cè)定Rx的阻值，他運(yùn)用的電源是待測(cè)的鋰電池．如圖是他連接的部分試驗(yàn)器材，請(qǐng)你完成實(shí)物連接．小剛選用的電流表應(yīng)是A2(填“A1”或“A2”)；他用電壓表的讀數(shù)除以電流表的讀數(shù)作為Rx的測(cè)量值，則測(cè)量值大于(填“大于”或“小于”)真實(shí)值．答案：見解析圖(2)小聰和小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路圖測(cè)量鋰電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r.a．小聰?shù)脑囼?yàn)操作是：閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值為R1時(shí)，讀出電壓表的示數(shù)為U1；調(diào)整電阻箱的阻值為R2時(shí)，讀出電壓表的示數(shù)為U2.依據(jù)小聰測(cè)出的數(shù)據(jù)可求得該電池的電動(dòng)勢(shì)，其表達(dá)式為E＝eq\f(U1U2R1－R2,U2R1－U1R2)；b．小明認(rèn)為用線性圖象處理數(shù)據(jù)更便于分析．他在試驗(yàn)中多次變更電阻箱阻值，獲得了多組數(shù)據(jù)，畫出的eq\f(1,U)-eq\f(1,R)圖線為一條直線(見圖乙)．則該圖象的函數(shù)表達(dá)式為eq\f(1,U)＝eq\f(r,ER)＋eq\f(1,E)，由圖乙可知該電池的電動(dòng)勢(shì)E＝eq\f(10,3)(或3.3)V，內(nèi)阻r＝0.25Ω.解析：(1)測(cè)量Rx的阻值時(shí)，滑動(dòng)變阻器實(shí)行分壓接法，由于待測(cè)電阻的阻值較大，電流表實(shí)行內(nèi)接法，實(shí)物圖如圖所示：通過待測(cè)電阻的最大電流約為Im＝eq\f(3.4,2000)A＝1.7mA，故電流表選取A2；由于電流表實(shí)行內(nèi)接法，用電壓表的讀數(shù)除以電流表的讀數(shù)為待測(cè)電阻與電流表內(nèi)阻的阻值之和，所以測(cè)量值大于真實(shí)值．(2)a.由閉合電路的歐姆定律可知E＝U1＋eq\f(U1,R1)r，E＝U2＋eq\f(U2,R2)r，聯(lián)立解得E＝eq\f(U1U2R1－R2,U2R1－U1R2)；b.由閉合電路的歐姆定律可知E＝U＋eq\f(U,R)r，整理得eq\f(1,U)＝eq\f(r,ER)＋eq\f(1,E)，所以eq\f(1,E)＝0.3V－1，解得E＝eq\f(10,3)V；斜率eq\f(r,E)＝eq\f(0.6－0.3,4.0)＝eq\f(3,40)，解得r＝0.25Ω.15．(14分)微波爐的工作應(yīng)用了一種電磁波——微波(微波的頻率為2.45×106Hz)．食物中的水分子在微波的作用下加劇了熱運(yùn)動(dòng)，內(nèi)能增加，溫度上升，食物增加的能量是微波給它的．下表是某微波爐的部分技術(shù)參數(shù)，問：(1)該微波爐內(nèi)磁控管產(chǎn)生的微波波長(zhǎng)是多少？(2)該微波爐在運(yùn)用微波擋工作時(shí)的額定電流是多少？(3)假如做一道菜，運(yùn)用微波擋須要正常工作30min，則做這道菜需消耗的電能為多少焦？答案：(1)0.12m(2)5A(3)1.98×106J解析：(1)波長(zhǎng)λ＝eq\f(c,f)＝eq\f(3×108,2450×106)m≈0.12m.(2)額定電流I＝eq\f(P,U)＝eq\f(1100,220)A＝5A.(3)消耗的電能ΔE＝W＝Pt＝1100×1800J＝1.98×106J.16．(10分)小燈泡的功率P＝1W，設(shè)其發(fā)出的光向四周勻稱輻射，平均波長(zhǎng)λ＝10－6m，求在距離d＝1.0×104m處，每秒鐘落在垂直于光線方向、面積為1cm2的球面上的光子數(shù)是多少？(h＝6.63×10－34J·s)答案：3.98×105個(gè)解析：每秒鐘小燈泡發(fā)出的能量為E＝Pt＝1J1個(gè)光子的能量：ε＝hν＝eq\f(hc,λ)＝eq\f(6.