北京市朝陽(yáng)區(qū)2023~2024學(xué)年高三上學(xué)期11月期中檢測(cè)物理試題

閱卷人

得分

1.關(guān)于力的作用效果，下列說(shuō)法不正確的是（）

A.力可以使物體產(chǎn)生加速度

B.力可以對(duì)物體做功

C.力可以對(duì)物體產(chǎn)生沖量

D.物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)需要力來(lái)維持

2.某人想估測(cè)一枯井的深度：他從井口靜止釋放一小石塊并開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)2s聽(tīng)到石塊落到底部。下

列選項(xiàng)最接近枯井深度的是（）

A.16mB.19mC.22mD.25m

3.設(shè)想將來(lái)發(fā)射一顆人造行星，能在地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道上穩(wěn)定運(yùn)行，該軌道可視為圓軌道。該行

星與地球相比，一定相同的物理量是（）

A.線速度B.環(huán)繞周期C.向心力D.動(dòng)能

4.如圖所示，物體從光滑曲面上的P點(diǎn)自由滑下，通過(guò)粗糙的靜止水平傳送帶后落到地面上的Q點(diǎn).若

使傳送帶以某一速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，再把物體放到P點(diǎn)自由滑下，則下列說(shuō)法正確的是（）

B.若傳送帶逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，物塊一定落在Q點(diǎn)的左邊

C.若傳送帶順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，物塊一定落在Q點(diǎn)

D.若傳送帶順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，物塊一定落在Q點(diǎn)的右邊

5.位于坐標(biāo)原點(diǎn)處的波源發(fā)出一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波。1=0時(shí)波源開(kāi)始振動(dòng)，其位移y隨

6.如圖所示，將兩個(gè)木塊a、b置于粗糙的水平地面上，中間用一輕彈簧連接，兩側(cè)用細(xì)繩系于墻壁。

開(kāi)始時(shí)a、b均靜止，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，兩細(xì)繩均有拉力，a所受摩擦力Fa=0,b所受摩擦力Fb/0。現(xiàn)

將右側(cè)細(xì)繩剪斷，則剪斷瞬間()

A.Fa不為零B.Fb變?yōu)榱鉉.Fa方向向右D.Fb方向向右

7.我國(guó)將在2024年前后發(fā)射鵲橋二號(hào)中繼衛(wèi)星和嫦娥六號(hào)探測(cè)器，實(shí)現(xiàn)月背采樣返回,嫦娥六號(hào)探測(cè)

器近月運(yùn)行時(shí)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，假設(shè)其近月環(huán)繞的周期為T(mén)。已知引力常量為G,嫦娥六號(hào)的質(zhì)量為

m,根據(jù)以上信息可求出()

A.月球的第一宇宙速度B.月球的平均密度

C.嫦娥六號(hào)的平均密度D.嫦娥六號(hào)繞月運(yùn)行的動(dòng)能

8.一質(zhì)量為m的物塊在大小為F的水平拉力作用下，從靜止開(kāi)始沿水平面運(yùn)動(dòng)距離x后撤掉F,又運(yùn)

動(dòng)了2x停止。已知接觸面粗糙程度不變，重力加速度為g。下列說(shuō)法不正確的是()

A.在開(kāi)始運(yùn)動(dòng)x過(guò)程中，物塊受到重力、支持力、拉力、滑動(dòng)摩擦力的作用

B.根據(jù)題干信息，可求出物塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間

C.根據(jù)題干信息，可求出物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)

D.僅改變拉力F的大小，仍使物塊通過(guò)3x的距離停止，必須提前撤掉F

9.某質(zhì)量m=lkg的質(zhì)點(diǎn)在Oxy平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)。t=()時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于y軸上。它在x方向運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間

圖像如圖甲所示，它在y方向運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖像如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是()

A.質(zhì)點(diǎn)所受的合力為4N

B.從1=0時(shí)刻開(kāi)始質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)

C.t=1.0s時(shí),質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為(5m,5m)

D.t=1.0s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度方向與x軸夾角為60。

10.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量m=5kg的箱子，在平行于斜面的拉力F作用下，靜止在傾角為37。的斜面上。

已知斜面足夠長(zhǎng)，與箱子間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2,

sin370=0.6,cos370=0.8o下列說(shuō)法正確的是（）

A.保持箱子靜止的最小拉力為F=30N

B.保持箱子靜止的最大拉力為F=45N

C.當(dāng)拉力F=52N時(shí)，經(jīng)過(guò)1s箱子的動(dòng)能為10J

D.當(dāng)拉力F=52N時(shí)，經(jīng)過(guò)1s箱子的重力勢(shì)能增加40J

11.如圖所示，不可伸長(zhǎng)的柔軟細(xì)繩穿過(guò)固定豎直放置的細(xì)管，兩端拴著質(zhì)量分別為m和M的小球。

當(dāng)小球m繞細(xì)管的幾何軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，m到管口的繩長(zhǎng)為1,繩與豎直方向的夾角為0,小球M處于靜

止?fàn)顟B(tài)。細(xì)管處處光滑，其半徑可忽略不計(jì)，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球m的線速度大小u=JglsinOcosO

B.小球m的運(yùn)動(dòng)周期T=2幾廄

C.向下緩慢拉動(dòng)M的過(guò)程中，夾角（）變小

D.向下緩慢拉動(dòng)M的過(guò)程中，系統(tǒng)的機(jī)械能減少

12.某?；@球運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行了如圖所示的原地起跳摸高訓(xùn)練。已知質(zhì)量m=50kg的運(yùn)動(dòng)員原地靜止站立

（不起跳）摸高為2.15m,訓(xùn)練過(guò)程中，該運(yùn)動(dòng)員先下蹲，重心下降（）.5m,發(fā)力豎直跳起摸到了2.90m

的高度。若運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)地面前的起跳過(guò)程視為勻加速運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力影響，g取10nVs2。則運(yùn)動(dòng)員

起跳過(guò)程中（）

A.對(duì)地面的壓力為750N

B.機(jī)械能增加了625J

C.所受地面彈力的功和沖量均不為零

D.所受合力的沖量大于從離開(kāi)地面至上升到最高點(diǎn)過(guò)程中所受合力的沖量

13.惠更斯發(fā)現(xiàn)“單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T與重力加速度的二次方根成反比”。為了通過(guò)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證這一結(jié)

論,某同學(xué)創(chuàng)設(shè)了“重力加速度”可以認(rèn)為調(diào)節(jié)的實(shí)驗(yàn)環(huán)境：如圖I所示,在水平地面卜固定一傾角0可

調(diào)的光滑斜面，把擺線固定于斜面上的0點(diǎn)，使擺線平行于斜面。拉開(kāi)擺球至A點(diǎn)，靜止釋放后，擺球

在ABC之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，擺角為臉在某次實(shí)驗(yàn)中，擺球自然懸垂時(shí)，通過(guò)力傳感器（圖中未畫(huà)出）測(cè)

得擺線的拉力為F1；擺球擺動(dòng)過(guò)程中，力傳感器測(cè)出擺線的拉力隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖2所示，其中

F2、F3、TO均已知。當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.多次改變圖1中a角的大小，即可獲得不同的等效重力加速度

B.在圖2的測(cè)量過(guò)程中，單擺n次全振動(dòng)的時(shí)間為nTO

C.多次改變斜面的傾角0,只要得出T"再焉就可以驗(yàn)證該結(jié)論成立

D.在圖2的測(cè)量過(guò)程中，滿足鼻=3尸2—2%關(guān)系

14.2023年9月24日上午，在賽艇女子輕量級(jí)雙人雙槳項(xiàng)目決賽中，中國(guó)選手鄒佳琪和邱秀萍以絕對(duì)

優(yōu)勢(shì)領(lǐng)先比賽，杭州第19屆亞運(yùn)會(huì)首金誕生。

賽艇分單人艇、雙人艇、四人艇、八人艇。研究者對(duì)各種艇賽的2000米成績(jī)數(shù)據(jù)進(jìn)行分析后推測(cè)：

比賽成績(jī)t（時(shí)間）與槳手?jǐn)?shù)量n之間應(yīng)存在一定的關(guān)系。

為方便探究t-n在簡(jiǎn)化條件下的關(guān)系式，現(xiàn)建立以下物理模型:

①認(rèn)為賽艇沿前進(jìn)方向的橫截面積S與其浸入水中的體積V滿足saV專;

②艇重GO與槳手?jǐn)?shù)n的比值為常數(shù)，即Goa〃；

③比賽全過(guò)程賽艇視為勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度為v時(shí)賽艇受到的阻力f滿足/aSv2：

④每個(gè)槳手的體重G都相同，比賽中每個(gè)槳手劃槳的功率P均恒定，且PocG。

根據(jù)以上物理模型，下列關(guān)系式可能正確的是（）

n3

tocn-9Socn-

閱卷人

一二、非選擇題

得分

15.

（1）某同學(xué)做“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示。

①為了使實(shí)驗(yàn)?zāi)軌蝽樌M(jìn)行，且盡量減小誤差，你認(rèn)為下列說(shuō)法正確的是;

A.拉著細(xì)繩套的兩只彈簧測(cè)力計(jì)，每次穩(wěn)定后讀數(shù)應(yīng)相同

B.測(cè)量時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)貼近并平行于木板

C.用彈簧測(cè)力計(jì)拉兩個(gè)細(xì)繩套時(shí)，兩拉力夾角越大越好

②本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是。

A.理想實(shí)驗(yàn)法B.等效替代法C.控制變量法

（2）某同學(xué)找到兩條遵循艦克定律的相同橡皮筋A(yù)、B,利用如下實(shí)驗(yàn)器材探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的

合成規(guī)律：刻度尺、三角板、鉛筆、細(xì)繩、白紙、木板、釘子、質(zhì)量不同的小重物若干。

實(shí)驗(yàn)方案如下：

a.將橡皮筋A(yù)、B的一端連接于O點(diǎn)，另一端分別與兩條細(xì)繩相連，測(cè)出橡皮筋的原長(zhǎng)；

b.將橡皮筋A(yù)的細(xì)繩端用釘子固定在豎直木板上，在。點(diǎn)用細(xì)繩系住重物，使重物自然下垂，如圖

甲所示;

c.在橡皮筋B的細(xì)繩端施加水平向左的力F,拉起重物并使。點(diǎn)靜止在某處，如圖乙所示。

①為完成本實(shí)驗(yàn)，下列還必須測(cè)量的物理量為

A.細(xì)繩的長(zhǎng)度

B.圖甲中橡皮筋A(yù)的長(zhǎng)度

C.圖乙中橡皮筋A(yù)、B的長(zhǎng)度

②圖乙中保持橡皮筋A(yù)方向不變，順時(shí)針緩慢旋轉(zhuǎn)橡皮筋B,直至B與A垂直。請(qǐng)判斷此過(guò)程中橡

皮筋A(yù)、B的長(zhǎng)度變化情況。

16.某實(shí)驗(yàn)小組用圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究加速度與物體受力的關(guān)系。在??端帶有光滑定滑輪的水平長(zhǎng)

木板（下方附有標(biāo)尺）上放一個(gè)物體A,可以通過(guò)A下面的白色小三角確定其位置，另一個(gè)物體B放置

在與長(zhǎng)木板相接的斜面上，A、B之間用跨過(guò)定滑輪的細(xì)線連接，在細(xì)線中間接入一個(gè)輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)，

用B來(lái)牽引A使之運(yùn)動(dòng)，通過(guò)頻閃照相的方法記錄卜.物體A在不同時(shí)刻的位置及測(cè)力計(jì)的示數(shù)。改變斜

面傾角0即可改變細(xì)線對(duì)A的拉力Fo

cmO1234567891011121314151617181920212223242526272829303132^~~片一■一^_

圖I

（1）進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作時(shí)，物體B的質(zhì)量（選填“需要”或“不需要”）遠(yuǎn)小于A口勺質(zhì)量。

（2）如圖2為頻閃相機(jī)閃光頻率為20Hz時(shí)得到的物體A運(yùn)動(dòng)的部分照片，則其運(yùn)動(dòng)的加速度為

m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。

??????

2345678910111213141516171819202122232425262728293031

圖2

（3）某同學(xué)把長(zhǎng)木板的一端墊高，通過(guò)調(diào)整傾角，使物體A恰沿長(zhǎng)木板勻速運(yùn)動(dòng)。此后改變物體B

下方斜面的傾角。進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，他發(fā)現(xiàn)：物體A的加速度正比于彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)。對(duì)上述實(shí)驗(yàn)過(guò)

程，以下說(shuō)法正確的是一o

A.調(diào)整長(zhǎng)木板的傾角時(shí)，必須用物體B牽引物體A運(yùn)動(dòng)

B.實(shí)驗(yàn)過(guò)程需要保持物體A、滑輪間的細(xì)線與長(zhǎng)木板平夕亍

C.物體A加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)大于物體A所受的合力

（4）本實(shí)驗(yàn)在長(zhǎng)木板始線保持水平的條件下，是否也能得到“物體A的加速度正比于所受合力”的結(jié)

論。如果能，請(qǐng)寫(xiě)出需要測(cè)量的物理量及處理數(shù)據(jù)的思路；如果不能請(qǐng)寫(xiě)出理

17.如圖所示，光滑水平桌面上有一輕質(zhì)彈簧，其一端固定在墻上。用質(zhì)量為m=0.2kg的小球壓縮彈簧

的另一端至彈簧的彈性勢(shì)能為品=0.9/。釋放后，小球從靜止開(kāi)始在桌面上運(yùn)動(dòng)，與彈簧分離后，從高

為H=0.8m的桌面水平飛出。重力加速度g=10m/s2,忽略空氣阻力。求：

7777777777777777777777777777/

（1）小球離開(kāi)桌面時(shí)速度的大小vO；

（2）小球落地時(shí)動(dòng)量的大小p；

（3）小球第一次落地時(shí)的速度與水平方向夾角。的正切值。

18.如圖所示，固定在水平地面上的半圓形凹槽軌道粗糙程度處處相同，圓弧半徑為R,軌道底部固定

一個(gè)力傳感器。現(xiàn)將質(zhì)量為m匕勺小滑塊從凹槽右側(cè)上方2R處由靜止釋放，恰好能切入槽內(nèi)，熨驗(yàn)發(fā)現(xiàn)

小滑塊第一次滑至軌道最低點(diǎn)時(shí)傳感器的示數(shù)為滑塊重力的5倍。空氣阻力忽略不計(jì)，重力加速度為g。

（1）求滑塊第一次運(yùn)動(dòng)至軌道最低點(diǎn)時(shí)速度的大小vO；

（2）求滑塊第一次下滑至軌道最低點(diǎn)過(guò)程中摩擦力做的功Wf；

（3）推理說(shuō)明滑塊能否從凹槽軌道的左側(cè)沖出軌道。

19.物體在運(yùn)動(dòng)速度不太大時(shí)，其所受空氣阻力可視為與速度成正比。

(1)在講授白由落體運(yùn)動(dòng)的課上老師做了如下演示實(shí)驗(yàn)；

將質(zhì)量均為m的兩張紙揉成一大一小兩個(gè)紙團(tuán)，在空氣中同時(shí)靜止釋放，豎宜下落時(shí)大紙團(tuán)下落要慢

一些。設(shè)紙團(tuán)半徑為r,下落速度為v時(shí)，空氣阻力f可寫(xiě)成f=krv(k為常數(shù))，重力加速度為g。

a.若下落高度足夠大，求紙團(tuán)的最終速度大小vm；

b.兩紙團(tuán)下落情況對(duì)比，關(guān)于它們運(yùn)動(dòng)的v-l圖線，請(qǐng)你判斷能否出現(xiàn)圖1中的①、②

情形，并說(shuō)明理由。

(2)從地面以速度大小vl豎直向上拋出一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球返回原地時(shí)速度大小為v2,由

于空氣阻力的作用，使得v2vvlc重力加速度為法

a.以豎直向上為正方向，在圖2中定性畫(huà)出小球從拋出到返回原地過(guò)程中速度.時(shí)間圖像；

b.計(jì)算小球在此過(guò)程中所受重力沖量的大小IGo

,'v

0-----------------------------------二

圖2

20.摩擦無(wú)處不在，宏觀世界和微觀尺度里摩擦可能遵循不同的規(guī)律。

(1)達(dá)?芬奇最早對(duì)摩擦進(jìn)行定量的研究并提出摩擦系數(shù)的概念。如圖1為達(dá)?芬奇研究木板與物塊間

摩擦力的模型圖，兩物體接觸面間的壓力為FN,滑動(dòng)速度為V,摩擦力為f；圖2為他在某次實(shí)驗(yàn)中用

得到的數(shù)據(jù)繪制的f-FN圖像。達(dá)?芬奇定義該圖像的斜率為摩擦系數(shù)。

圖1圖2

a.求兩物體接觸面間的摩擦系數(shù)中

b.若圖1中木板質(zhì)量為M=3kg、長(zhǎng)為L(zhǎng)=6m,開(kāi)始時(shí)靜止在光滑水平桌面上。上面的小物塊(可

視為質(zhì)點(diǎn))質(zhì)量為m=1kg,從木板上的左端以速度%=10m/s開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。求最終物塊和木板的速度分

別為多大（木板很薄，可忽略物塊掉落引起的速度變化）。重力加速度g=l（hn/s2。

（2）隨著研究的深入，人便發(fā)現(xiàn)了摩擦力在原子尺度上與宏觀表現(xiàn)出不同的規(guī)律。圖3為清華大學(xué)

課題組通過(guò)對(duì)石墨烯體系施加面內(nèi)拉伸形變時(shí)得到的數(shù)據(jù)組：圖4為佐治亞理工學(xué)院課題組用硅包裹的

納米針尖在云母表面上以不同的速度v滑動(dòng)時(shí)得到的數(shù)據(jù)組，五組實(shí)驗(yàn)中針尖與云母表面間壓力在

4nN~12nN之間。

O.(X)81-------------------------------------------------1

0006卜I\

N

W

7

0.0041

滕

去

0.002^I

UIIL■I

SR上負(fù)我00.050.140.37

的石果烯形變/%

通過(guò)這些研究數(shù)據(jù)你能得到哪些與宏觀不一樣的結(jié)論。

答案解析部分

1.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系；牛頓第二定律；功的概念；沖量

【解析】【解答】A、根據(jù)牛頓第二定律，力可以使物體產(chǎn)生加速度，故A正確，不符合題意；

B、根據(jù)

W=FxcosO

力可以對(duì)物體做功，故B正確，不符合題意；

C、根據(jù)

/=Ft

力可以對(duì)物體產(chǎn)生沖量，故C正確，不符合題意；

D、物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，故D錯(cuò)誤，符合題意。

故答案為：Do

【分析】力是改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的根本原因，但力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的根本原因。熟悉力做功和

沖量的定義。

2.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】自由落體運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】石塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，則2s的位移為

h=2。/=20m

考慮到聲音傳播的因素，則石子下落的時(shí)間小于2s,則下落的距離小于20m,則最接近枯井深度的是

19m。

故答案為：Bo

【分析】由于聲音傳播的因素，則石子下落時(shí)間小于實(shí)際計(jì)時(shí)，但聲音傳播的速度遠(yuǎn)大于小石塊的速

度，故對(duì)石子下落的時(shí)間影響不大。

3.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用；衛(wèi)星問(wèn)題

【解析】【解答】A、行星繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，有

Mmv2

Gyr=mT

得

[GM

V=

該行星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)行軌道相同，所以線速度u大小相同，但方向不同，所以線速度不同，故A錯(cuò)

誤；

B、根據(jù)

Mm4TT2

Gyr=m-T~r

得

r3

T=2nGM

該行星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)行軌道相同，所以環(huán)繞周期r一定相同，故B正確;

c、萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力

Mm

G~^~=F

該行星與地球質(zhì)量不一定相等，所以向心力不一定相等，故c錯(cuò)誤;

D、根據(jù)

Mmv2

G——=m—

丁2r

得

1?GMm

Ek=2mv=^ZT

該行星與地球質(zhì)量不一定相等，所以動(dòng)能不一定相等，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】線速度、角速度均為矢量，兩物理量相同，則大小和方向都相同。運(yùn)行軌道相同，則運(yùn)行半徑

相同，再根據(jù)萬(wàn)有引力定律及牛頓第二定律進(jìn)行分析工

4.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用一傳送帶模型

【解析】【解答】AB、物塊從斜面滑下來(lái)，當(dāng)傳送帶靜止時(shí)，在水平方向受到與運(yùn)動(dòng)方向相反的摩擦力，

物塊將做勻減速運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)傳送帶時(shí)做平拋運(yùn)動(dòng)。若傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物塊的受力情況跟傳送帶靜止

時(shí)相同，所以一定仍落在Q點(diǎn)，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、當(dāng)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體相對(duì)傳送帶可能向前運(yùn)動(dòng)，使物體在傳送帶上一直做減速運(yùn)動(dòng)，然后

做平拋運(yùn)動(dòng)離開(kāi)傳送帶，這種情況下物塊仍落在Q點(diǎn)；當(dāng)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體相對(duì)傳送帶也可能

向后運(yùn)動(dòng)，受到滑動(dòng)摩擦力方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，物塊可能做加速，離開(kāi)傳送帶時(shí)的速度大于傳送帶靜

止過(guò)的速度，物塊會(huì)落到Q點(diǎn)的右邊，故CD錯(cuò)誤。

故答案為：Ao

【分析】靜止時(shí)，物體始”做減速運(yùn)動(dòng)，則傳送帶啟動(dòng)后，當(dāng)物體的受力情況與傳送帶靜止時(shí)一致，則

落點(diǎn)一致。注意物體需從傳送帶離開(kāi)，根據(jù)傳送帶的運(yùn)動(dòng)情況判斷物體的受力情況進(jìn)行分。

5.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械波及其形成和傳播；橫波的圖象

【解析】【解答】BC、根據(jù)位移y隨時(shí)間t變化的關(guān)系式，可知t=0時(shí)原點(diǎn)處的波源向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，

當(dāng)

1=當(dāng)時(shí)波源回到原點(diǎn)處，故BC錯(cuò)誤；

AD、當(dāng)￡=當(dāng)時(shí)波源向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，而該簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法可知A正確，D

錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)關(guān)系式確定波的振動(dòng)方向，再根據(jù)關(guān)系式確定該時(shí)刻波源的位移，再根據(jù)同側(cè)法或者上卜

坡法確定圖像「

6.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用一連接體

【解析】【解答】AC、將右側(cè)細(xì)繩剪斷，彈簧的彈力不會(huì)發(fā)生突變，所以a的受力情況不變，E仍為零,

故AC錯(cuò)誤；

BD、將右側(cè)細(xì)繩剪斷，向右的繩子拉力突變?yōu)榱?，而彈簧的彈力不?huì)發(fā)生突變，b仍受到彈簧向左的拉

力，所以b會(huì)受到地面對(duì)它的向右的摩擦力，F(xiàn)i,不為零，故B錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：Do

【分析】根據(jù)平衡條件及題意確定兩物體的受力情況，剪斷右側(cè)繩后，右側(cè)繩子的拉力突變?yōu)榱?，彈?/p>

彈力和左側(cè)繩子受力不發(fā)生突變。再根據(jù)受力情況各力的方向。

7.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用；衛(wèi)星問(wèn)題

【解析】【解答】A、設(shè)月球的質(zhì)量為M,月球半徑為R,月球的第一宇宙速度為心則

Mmv24"2

G----5-=m~n~=m-5-R

RNA1乙

解得

因?yàn)樵虑虬霃郊唇萝壍腊霃紸未知，所以月球的第一宇宙速度無(wú)法求出，故A錯(cuò)誤;

B、根據(jù)

Mm47t2

G--=m—虧R

/?2T2

M

不方

3nR

解得月球的平均密度

37r

p=-7

GT‘

故B正確；

C、嫦娥六號(hào)的質(zhì)量已知，但體積無(wú)法求出，所以平均密度無(wú)法求出，故C錯(cuò)誤;

D、根據(jù)

Mmv24TT2

得

幾2〃2

1927n

.=*產(chǎn)

因?yàn)镽未知，所以嫦娥六號(hào)繞月運(yùn)行的動(dòng)能無(wú)法求出，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】根據(jù)牛頓第二定律及萬(wàn)有引力定律結(jié)合速度、線速度與周期的關(guān)系，推導(dǎo)得出各物理量的表達(dá)

式結(jié)合題意進(jìn)行分析。

8.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【解答】A、在開(kāi)始運(yùn)動(dòng)x過(guò)程中，對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，物塊受到重力、支持力、拉力、滑動(dòng)

摩擦力的作用，故A正確，不符合題意；

B、對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)全過(guò)程，由動(dòng)能定理得

Fx-/-3%=0

得

根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律

F—f=TTlQi

f=ma2

由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可知

1

解得物塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間

t=Q+亡2

解得

故B正確，不符合題意;

C、根據(jù)

解得

，―3mg

故C正確，不符合題意；

D、若增大拉力F的大小，仍使物塊通過(guò)3x的距離停止，必須提前撤掉F,若減小拉力F的大小，仍使

物塊通過(guò)3x的距離停止，必須推遲撤掉F,故D錯(cuò)誤，符合題意。

故答案為：Do

【分析】由于物體受到恒力作用，口已知位移，可根據(jù)動(dòng)能定理確定物體所受的摩擦力。再根據(jù)勻變速

宜線運(yùn)動(dòng)規(guī)律及牛頓第二定律和摩擦力的定義進(jìn)行分析。

9.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成與分解

【解析】【解答】A、由圖甲可欠I質(zhì)點(diǎn)在x方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，x方向加速度為

2

ax=2m/s

由圖乙可知質(zhì)點(diǎn)在y方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有

Qy=0

所以質(zhì)點(diǎn)的加速度

2

a=ax=2m/s

所受的合力大小為

F=ma=2N

故A錯(cuò)誤；

B、從仁0時(shí)刻開(kāi)始加速度方向沿x軸正方向，速度不沿x方向，質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、由圖乙可知，t=LOs時(shí)，產(chǎn)5m,由圖甲可知Uo=4m/s,t=1.0s時(shí)

1

x=vt+-^at2=5m

o乙x

質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為（5m,5m）,故C正確；

D、設(shè)t=1.0s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度方向與x軸夾角為〃，則

VyVy5

tan。=——=---；----r=彳豐tan60°

外1%+小亡6

故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)圖像確定物體在x和y方向的初速度和加速度，再根據(jù)牛頓第二定律及力的合成確定合力

的大小。合外力與合速度不共線物體做曲線運(yùn)動(dòng)。同一物體兩相互垂直方向的運(yùn)動(dòng)互不干擾，但運(yùn)動(dòng)時(shí)

間一致。

10.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】力的合成與分解的運(yùn)用：共點(diǎn)力的平衡：動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用：重力勢(shì)能

【解析】【解答】AB、當(dāng)力F最小時(shí)，靜摩擦力方向沿斜面向上，則

Fmin+〃?ngcos370=mgsin37°

解得

%也=18N

當(dāng)力F最大時(shí)，靜摩擦力方向沿斜面向下，則

Fmax=?n^sin37°+/z?n^cos37°=42N

故AB錯(cuò)誤；

CD、當(dāng)拉力F=52N時(shí)，箱子向上運(yùn)動(dòng)的加速度

F-〃n;gcos37°—mgsin37°

=2m/s2

m

經(jīng)過(guò)1s箱子的速度

v=at=2m/s

動(dòng)能為

Ffe=lmv2=10J

箱子的重力勢(shì)能增加

v

NEp=mgs-sin37°=mgQt?sin37°=30J

故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】物體運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的方向不同，物體受到的靜摩擦力的方向不同。根據(jù)運(yùn)動(dòng)方向的可能性確定摩擦

力的最值情況。根據(jù)拉力情況確定物體的運(yùn)動(dòng)情況在，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律及動(dòng)能的定義和重力

勢(shì)能的定義進(jìn)行解答。

1L【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】功能關(guān)系：共點(diǎn)力的平衡：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；勻速圓周運(yùn)動(dòng)；向心力

【解析】【解答】A、小球m在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有

Mgs.=麗

解得

Mglsin20

m

故A錯(cuò)誤;

B、小球m的運(yùn)動(dòng)周期為

2nlsin01m

T=------------=27r

V

故B正確;

C、根據(jù)平衡條件可知

FcosO=mg

向下緩慢拉動(dòng)M的過(guò)程中，F(xiàn)幽大，夾角8變大，故C錯(cuò)誤;

D、向下緩慢拉動(dòng)M的過(guò)程中，拉力對(duì)系統(tǒng)做正功，系統(tǒng)的機(jī)械能增加，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】根據(jù)題意確定m的受力情況及向心力的來(lái)源和運(yùn)動(dòng)半徑，再根據(jù)牛頓第二定律確定線速度和周

期的大小。向下緩慢拉M,可近似看成M做速度很小的勻速運(yùn)動(dòng)，細(xì)繩對(duì)M的拉力變大。

12.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】功能關(guān)系：動(dòng)量定理；豎直上拋運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】A、人離開(kāi)地面時(shí)的速度大小為

v=J2g32—hl=vTSm/s

加速時(shí)間

A/i1

t=y=M

乙

根據(jù)動(dòng)量定理

(N—mg)t=mv

解得支持力

N=1250N

所以對(duì)地面的壓力為1250N,故A錯(cuò)誤；

B、初速度末速度都為零，機(jī)械能增加量為

△E=mg(h2—兒+Ah)=625J

故B正確；

C、運(yùn)動(dòng)員加速起跳時(shí)，地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力的方向上位移為零，所以地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力對(duì)運(yùn)動(dòng)員

不做功，故C錯(cuò)誤；

D、起跳過(guò)程，初速度為零，末速度為離開(kāi)地面的速度，根據(jù)動(dòng)量定理，取豎直向上為正方向，所受合力

的沖量為

/=mv=50V15N-s

從離開(kāi)地面至上升到最高點(diǎn)過(guò)程中所受合力的沖量為

/'=0—mv=-50V15N-s

故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】人離開(kāi)地面做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)確定人離開(kāi)地面的速度，再根據(jù)動(dòng)量定理根據(jù)題意對(duì)

所求的階段進(jìn)行求解。機(jī)械能的增量等于動(dòng)能和重力勢(shì)能的噌量之和。力的方向上位移為零，則該力不

做功。

13.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】單擺及其回復(fù)力與周期

【解析】【解答】A、等效重力加速度

9'=gsinJ

所以若要獲得不同的等效重力加速度，可以多次改變圖1中。角的大小，故A錯(cuò)誤；

B、由圖2可知，單擺一次全振動(dòng)的時(shí)間

T=2T0

單擺n次全振動(dòng)的時(shí)間

t=nT=2nT（）

故B錯(cuò)誤;

C、若單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T與重力加速度的二次方根成反比，即

1

Toe--

g'

因?yàn)?/p>

g'=gsine

則有

故c正確；

D、擺球自然懸垂時(shí)，通過(guò)力傳感器測(cè)得擺線的拉力為B,則

&=mg1

擺球在A點(diǎn)時(shí)，有

F2=mg'cosa

擺球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，有

,mv2

尸3-mg=-j—

擺球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得

1

2mv2=mg，1(1—coser)

由以上各式解得

%=3%-2尸2

故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】對(duì)擺球進(jìn)行受力分析，名確定等效重力加速度和重力加速度之間的關(guān)系。根據(jù)圖像2確定單擺

的振動(dòng)周期，根據(jù)周期和振動(dòng)次數(shù)確定全振動(dòng)時(shí)間。擺球在最高點(diǎn)時(shí)，速度為零，加速度最大，在最低

點(diǎn)對(duì)速度最大。整個(gè)擺動(dòng)過(guò)程可理解成在等效重力場(chǎng)中機(jī)械能守恒。

14.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】功率及其計(jì)算

【解析】【解答】A、n人艇的總功率與艇阻力和速度的成績(jī)成正比，即

nPocfv

故

PM

n

故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)

focSv2,nPocfv,PocG

可知

nPocSv3

所以

1

(?r

voc

故B錯(cuò)誤；

CD、由

2

SocV3

可知

11

S2al/3?1V7aGa幾

解得

2

Socn3

又

1

va(F

所以

1

VOC

即

tocn

故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】本題主要考察學(xué)生的推導(dǎo)能力，根據(jù)題意結(jié)合選項(xiàng)所需的物理量進(jìn)行等量代換即可得出對(duì)應(yīng)的

結(jié)論。G可視為常數(shù)k。

15.【答案】（1）B；B

(2)BC；都一直減小

【知識(shí)點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則

【解析】【解答】(1)①A、拉著細(xì)繩套的兩只彈簧測(cè)力計(jì)，穩(wěn)定后讀數(shù)可以不相同，故A錯(cuò)誤；

B、測(cè)量時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)貼近并平行于木板，故B正確；

C、用彈簧測(cè)力計(jì)拉兩個(gè)細(xì)繩套時(shí)，兩拉力夾角要適當(dāng)大一點(diǎn)，但不是越大越好，故C錯(cuò)誤。

故答案為：B。

②本實(shí)驗(yàn)采用的是等效替代法,

故答案為：Bo

(2)①A、本實(shí)驗(yàn)中，細(xì)線作用是確定力的方向，不用測(cè)出細(xì)繩長(zhǎng)度，故A錯(cuò)誤；

BC、橡皮筋遵守胡克定律，要測(cè)量拉力可以通過(guò)測(cè)量橡皮筋的長(zhǎng)度和原長(zhǎng)，得到橡皮筋的伸長(zhǎng)量，研究

拉力與伸長(zhǎng)量的倍數(shù)來(lái)根據(jù)比例作力的圖示，故BC正確。

故答案為：BC。

②順時(shí)針緩慢旋轉(zhuǎn)橡皮筋B,直至B與A垂直，該過(guò)程中受力情況變化，如圖所不

可知橡皮筋A(yù)、R的拉力都一直減小，所以橡皮筋A(yù)、B的長(zhǎng)度都一直減小。

【分析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，并分析出對(duì)應(yīng)峋試驗(yàn)方法。探究?jī)蓚€(gè)互成,角度的力的合成

規(guī)律采用等效替代法，熟悉使用動(dòng)態(tài)三角形法則分析各力的變化情況。

16.【答案】(1)不需要

(2)4.00

(3)B

(4)斜面傾角0,使物體A恰好勻速運(yùn)動(dòng)，記耒此時(shí)彈簧測(cè)力訂示數(shù)Fo,再增大斜面傾角0,使A做均

加速運(yùn)動(dòng)，多次進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，記錄每次的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F,利用每次頻閃相機(jī)拍出的照片計(jì)算出對(duì)應(yīng)的

加速度a,然后作出合力(F-穌)與加速度a的關(guān)系圖，若為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，則得到“物體A的

加速度正比于所受合力''的結(jié)論。

【知識(shí)點(diǎn)】探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

【解析】【解答】(1)由于細(xì)繩的拉力可以由輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，物體B的質(zhì)量不需要遠(yuǎn)小于A的質(zhì)

量。

(2)由圖2可知

Xj=2.50cm,x4—3.50cm,x3=4.50cm，x4=5.50cm,x5=6.50cm

可知

△x=1.00cm=0.01m

根據(jù)

△%=aT2

可得物體A運(yùn)動(dòng)的加速度

a=4.00m/s2

（3）A、把長(zhǎng)木板的一端墊高，通過(guò)調(diào)整傾角，使物體A恰沿長(zhǎng)木板勻速運(yùn)動(dòng)，是為了平衡摩擦力，平

衡摩擦力時(shí).，不用物體B牽引物體A運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、實(shí)驗(yàn)過(guò)程需要保持物體A、滑輪間的細(xì)線與長(zhǎng)木板平行，這樣才能保證細(xì)繩對(duì)A的拉力恒定，故B

正確；

C、物體A加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)等于物體A所受的合力，故C錯(cuò)誤。

故答案為：B。

（4）本實(shí)驗(yàn)在長(zhǎng)木板始終保持水平的條件下，也能得到“物體A的加速度正比于所受合力”的結(jié)論。斜面

傾角0,使物體A恰好勻速運(yùn)動(dòng)，記錄此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F。，再增大斜面傾角0,使A做均加速運(yùn)

動(dòng)，多次進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，記錄每次的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F,利用每次頻閃相機(jī)拍出的照片計(jì)算出對(duì)應(yīng)的加速度

a,然后作出合力F-Fo與加速度a的關(guān)系圖，若為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，則得到“物體A的加速度正比

于所受合力”的結(jié)論。

【分析】細(xì)繩的拉力可以由輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出時(shí)，自由端物體的質(zhì)量不需要遠(yuǎn)小于研究物體的質(zhì)量。

根據(jù)照片確定物體的運(yùn)動(dòng)類型在，愛(ài)根據(jù)逐差法求解加速度。注意掌握實(shí)驗(yàn)的操作要求和注意事項(xiàng)。

17.【答案】（1）解：根據(jù)能量守恒有聽(tīng)

解得小球離開(kāi)桌面時(shí)速度的大小孫=3m/s

（2）解：小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向有弓=2gH

落地時(shí)豎宜方向的速度為為=4mls

落地速度為u=JVQ+Vy=5m/s

小球落地時(shí)動(dòng)量的大小p=mv=1kg-m/s

（3）解：小球第一次落地時(shí)的速度與水平方向夾角0的正切值tan。=*4

vo3

【知識(shí)點(diǎn)】能量守恒定律；平拋運(yùn)動(dòng)；動(dòng)量

【解析】【分析】（1）小球在桌面上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只有彈力做功，根據(jù)能量守恒即可得出小球離開(kāi)桌面的

速度；

（2）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，確定小球落地時(shí)的速度，再根據(jù)動(dòng)量的定義進(jìn)行解答；

（3）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，確定小球落地時(shí)水平方向和豎宜方向速度的大小，再根據(jù)正切值的定義進(jìn)行求

解。

18.【答案】（1）解：小滑塊第一次滑至軌道最低點(diǎn)時(shí)，滑塊對(duì)軌道的壓力大小FN=5mg

由牛頓第三定律得，軌道對(duì)滑塊的支持力大小FN=F,N=5mg

在軌道最低點(diǎn)，由牛頓第二定律得/-mg=m第

解得孫=2y[gR

（2）解：小滑塊從開(kāi)始下落到軌道最低點(diǎn)，由動(dòng)能定理得mg（2R+R）+必=/m評(píng)一0

解得Wf=-mgR

（3）解：假設(shè)小滑塊能從凹槽軌道的左側(cè)沖出軌道，旦沖出軌道時(shí)速度大小為u,小滑塊在凹槽軌道的

左側(cè)摩擦力做功為力/。從軌道最低點(diǎn)到凹槽軌道的左側(cè)沖出軌道，由動(dòng)能定理得-mgR+必'=

-^mvQ

解得=y/mgR+W'f

小滑塊在凹槽軌道同一高度處，左側(cè)速度小于右側(cè)速度，小滑塊對(duì)軌道的壓力，左側(cè)小于右側(cè)。因此，

小滑塊在凹槽軌道左側(cè)摩擦力小于右側(cè)，摩擦力做功，左側(cè)小于右側(cè)。綜上可得u=[mgR+卬7>0

故滑塊能從凹槽軌道的左側(cè)沖出軌道。

【知識(shí)點(diǎn)】功能關(guān)系；曲線運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【分析】（1）確定滑塊滑到最低點(diǎn)的受力情況及向心力的來(lái)源，再根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行解答；

（2）明確滑塊從開(kāi)始下落到最低點(diǎn)的過(guò)程中，各力的做功情況，再根據(jù)動(dòng)能定律進(jìn)行解答；

（3）若滑塊能夠從左側(cè)沖出，則在左側(cè)軌道最高點(diǎn)速度大于零。假設(shè)左側(cè)摩擦力做功與右側(cè)摩擦力做功

一致，求出此時(shí)到達(dá)最高到點(diǎn)的速度。而滑動(dòng)摩擦力與正壓力成正比，根據(jù)能量守恒定律可知滑塊在左

側(cè)任意位置的速度小于右側(cè)等高處的速度，由牛頓第二定律可知，正壓力也小于右側(cè)等高處的，即左側(cè)

摩擦力做功小于右側(cè)摩擦力做功。繼而得出結(jié)論。

19.【答案】（I）解：a.若下落高度足夠大，紙團(tuán)最終勻速不落，根據(jù)力的平衡條件"為=mg

紙團(tuán)的最終速度大小％】=督

b.圖1中①的最終速度大于②的，又因?yàn)閮杉垐F(tuán)質(zhì)量相同，所以丁1〈也

剛開(kāi)始紙團(tuán)加速下落，根據(jù)牛頓第二定律mg-krv=ma

得a-g一誓

由圖1可知當(dāng)速度比較小時(shí)，①的加速度小于②的，所以8>廠2

故不可能出現(xiàn)圖1中的①、②情形。

（2）解：a.小球上升過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律mg+/cru=7nQ

做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，下降過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律=

做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間圖象如圖所示

b.依題意，空氣阻力的大小與小球速率成正比，故”阻力一時(shí)間”圖象與"速度一時(shí)間”圖象相似，此時(shí)阻

力一時(shí)間曲線與時(shí)間軸所圍的面積表示阻力的沖量，所以空氣阻力的總沖量為零。以豎直向下為正方

向，根據(jù)動(dòng)量定理，得重力沖量的大小=小也一（一小打）=巾（也+以）

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量定理；牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用

【解析】【分析】（I）a.根據(jù)牛頓第二定律定性分析可知，高度足夠大時(shí)，最終物體做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)加

速為零。再根據(jù)平衡條件進(jìn)行解答；

b.根據(jù)圖像結(jié)合勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的特點(diǎn)，確定確定兩紙團(tuán)半徑的關(guān)系。再根據(jù)牛頓第二定律得出任意時(shí)刻加速

度的關(guān)系式，繼而判斷圖像情況。

（2）a.確定上升和下降過(guò)程中阻力的方向，上升和下降過(guò)程的位移相等，再根據(jù)牛頓第二定律確定加速

度的變化情況，再根據(jù)v-t圖像斜率表示加速度，v-t圖像與時(shí)間軸所圍面積表示位移畫(huà)出速度圖像。

b.確定小球的初末速度，根據(jù)動(dòng)量定理進(jìn)行解答即可。

20.【答案】（1）解：a.根據(jù)題意結(jié)合圖2分析知兩物體接觸面間的摩擦系數(shù)〃=5=備=0.6

b.設(shè)最終物塊和木板速度分別為巧和功，系統(tǒng)動(dòng)量守恒瓶為=租%+

2

根據(jù)能量守恒定律;%2+1MV2）=^rngL

聯(lián)立解得也=3m/s（2m/s舍去）%=Im/s

（2）解：通過(guò)圖3分析知對(duì)石墨烯體系施加面內(nèi)拉伸形變?cè)龃髸r(shí)，摩擦系數(shù)減小；通過(guò)圖4分析知針尖

與云母表面間壓力在4nN?12nN之間時(shí)，硅包裹的納米針尖在云母表面上滑動(dòng)時(shí)，壓力相同時(shí)，速度越

大，摩擦力就越大，且速度相同時(shí)，壓力越大，摩擦力就越大。

【知識(shí)點(diǎn)】滑動(dòng)摩擦力與動(dòng)摩擦因數(shù)：動(dòng)量與能量的綜合應(yīng)用一板塊模型

【解析】【分析】（1）a.根據(jù)題總結(jié)合圖像進(jìn)行解答即可；

b.物體和木塊構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，兩物體的相對(duì)位移等于板長(zhǎng)。故對(duì)整個(gè)系統(tǒng)根據(jù)動(dòng)量守恒定律及能量

守恒定律進(jìn)行解答即可；

（2）對(duì)于圖像的分析，當(dāng)圖像中的數(shù)據(jù)只存在兩個(gè)物理量時(shí)，宜接結(jié)合圖像分析兩物體的相關(guān)性即可。

當(dāng)圖像中存在多個(gè)物理量時(shí)，描述結(jié)論時(shí)，需注意采用控制變量法的方式，控制一個(gè)或者多個(gè)物理量不

變，分析其中兩個(gè)物理量之間的關(guān)系。

試題分析部分

1、試卷總體分布分析

總分：42分

客觀題（占比）42.0(100.0%)

分值分布

主觀題（占比）0.0(0.0%)

客觀題（占比）14(70.0%)

題量分布

主觀題（占比）6(30.0%)

2、試卷題量分布分析

大題題型題目量（占比）分值（占比）

選擇題14(70.0%)42.0(