2025年高考物理模擬試卷01（廣東卷）

詳細解析

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫

在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回

一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目

要求的）

1.下列關(guān)于四幅插圖的說法正確的是（）

A.甲圖為方解石的雙折射現(xiàn)象，說明方解石是非晶體

B.乙圖中制作防水衣時用右管材料的防水效果更好

C.丙圖為a粒子的散射實驗現(xiàn)象，其中J運動軌跡所占的比例是最多的

D.丁圖的絕熱容器中，抽掉隔板，容器內(nèi)氣體溫度降低

【答案】B

【詳解】A.方解石的雙折射現(xiàn)象是單晶體的光學(xué)性質(zhì)各向異性的表現(xiàn)，其內(nèi)部分子排列是有規(guī)則的，A錯

誤；

B.由乙圖中的毛細現(xiàn)象可知，左細管材料與水是浸潤的，右細管材料與水是不浸潤的，用右細管的材料制

作防水衣效果好，B正確；

C.丙圖為a粒子散射實驗現(xiàn)象，實驗現(xiàn)象中只有少量的a粒子發(fā)生較大角度的偏轉(zhuǎn)，所以J運動軌跡所占

的比例是最少的，C錯誤；

D.丁圖的絕熱容器中，抽掉隔板，氣體向真空自由膨脹并不對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體的

內(nèi)能不變，所以容器內(nèi)氣體的溫度不變，D錯誤。

故選B。

2.瓦房為中國常見的一種傳統(tǒng)建筑。如圖為一瓦房屋頂結(jié)構(gòu)的簡化圖，橫截面為圓弧的瓦片靜置在兩根相

互平行的椽子正中間，已知椽子間距離為d,與水平面夾角均為仇瓦片質(zhì)量為忽略瓦片厚度，重力加

速度為g。則（）

A.椽子對瓦片彈力的合力方向豎直向上

B.椽子對瓦片作用力的合力大小為相geos。

C.僅減小椽子的傾角仇椽子對瓦片彈力的合力變小

D.僅減小椽子間的距離d,椽子對瓦片彈力的合力不變

【答案】D

【詳解】A.對瓦片進行受力分析，瓦片所受支持力垂直于瓦片的切面指向瓦片，兩力的合力方向垂直于椽

子斜向上，故A錯誤；

B.瓦片處于靜止狀態(tài)，則椽子對瓦片的作用力的合力與重力等大反向，大小為相g,方向豎直向上，故B

錯誤；

CD.以瓦片為對象，垂直于斜面的截面圖及受力分析如圖所示

d

根據(jù)受力平衡可得

N合=2Ncosa=mgcos0

可知僅減小椽子的傾角e,椽子對瓦片彈力的合力變大；僅減小椽子間的距離%由于。不變，椽子對瓦片

彈力的合力不變，故c錯誤，D正確。

故選D。

3.2023年11月，在廣西舉辦的第一屆全國學(xué)生（青年）運動會的自行車比賽中，若甲、乙兩自行車的vT

圖像如圖，在7=0時刻兩車在賽道上初次相遇，則（）

A.0-。內(nèi)，乙的加速度越來越大B.%時刻，甲乙再次相遇

C.。-乙內(nèi)，甲乙之間的距離先增大后減小D.G-t2內(nèi)，甲乙之間的距離先減小后增大

【答案】D

【詳解】A.v-f圖像的斜率表示加速度，由圖可得，0-乙內(nèi)乙圖線的斜率逐漸變小，即加速度減小，故A

錯誤；

B.V—圖像的面積表示位移，由圖可知在「時刻，乙的位移大于甲的位移，即此時乙在甲前面，故B錯誤；

C.Vt圖像的的面積表示位移，由圖可得，乙的面積與甲的面積差一直增大，即甲乙的位移差一直增

大，甲乙之間的距離一直增大，故C錯誤；

D.由B選項可得，%時刻乙在甲前面，t-t2由圖可知喉〉巳且都做勻速直線運動，則甲會追上乙，并超

越乙到乙的前面，即￡-t2甲乙之間的距離先減小到甲追上乙，后甲超越乙到乙的前面，甲乙的距離在增大，

故D正確。

故選D。

4.如圖所示，載人飛船先后在圓形軌道I、橢圓軌道II和圓形軌道III上運行，與天和核心艙剛好B點成功

對接.已知軌道I、III的半徑分別為彳、4，軌道I和II、II和III分別相切于A、8兩點，則飛船（）

軌道m(xù)“天和”核心艙

A.在軌道n上運行的周期小于在軌道i上運行的周期

B.在軌道II上的A點和B點的速度的大小之比為4：4

C.在軌道II上從A點運行到8點的過程中機械能減小

D.先到III軌道，然后再加速，才能與天和核心艙完成對接

【答案】B

【詳解】A.根據(jù)開普勒第三定律，有

可得

因為

r!<r2

所以

T,<T2

故A錯誤；

B.根據(jù)開普勒第二定律，有

11

5笛

則

VBr!

故B正確；

C.在橢圓軌道上只受引力作用，萬有引力做負功，引力勢能增大，動能減小，機械能守恒，故c錯誤；

D.飛船在H軌道上經(jīng)過2點時加速變軌進入III軌道時，才能與天和核心艙完成對接，若在III軌道加速，則

飛船將做離心運動離開III軌道，不能與天和核心艙完成對接，故D錯誤。

故選Bo

5.扇車在我國西漢時期就已廣泛被用來清選谷物。谷物從扇車上端的進谷口進入分離倉，分離倉右端有一

鼓風(fēng)機提供穩(wěn)定氣流，從而將谷物中的枇粒。（枇粒為不飽滿的谷粒，質(zhì)量較輕）和飽粒6分開。若所有谷

粒進入分離倉時，在水平方向獲得的動量相同。之后所有谷粒受到氣流的水平作用力可視為相同。下圖中

虛線分別表示a、b谷粒的軌跡，工、居為相應(yīng)谷粒所受的合外力。下列四幅圖中可能正確的是（）

【答案】B

【詳解】從力的角度看，水平方向的力相等，飽粒6的重力大于枇粒。的重力，如圖所示

從運動上看，在水平方向獲得的動量相同，飽粒6的水平速度小于枇粒。的水平速度，而從豎直方向上高度

相同

,12

h=2gt

運動時間相等

x=vot

所以

%>4

綜合可知B正確。

故選B。

6.如圖所示，矩形線圈abed放置在垂直紙面向里的勻強磁場中，繞垂直于磁場的中心轉(zhuǎn)軸00以300r/min

的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動，磁場分布在00的右側(cè)，磁感應(yīng)強度8=2徨T。線圈匝數(shù)〃=100匝，面積S=100cm2。

理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比％：%=1：2,定值電阻4=鳥=4。，C為電容器，電流表A為理想交流電

表，不計矩形線圈的電阻，下列說法正確的是（）

A.矩形線圈產(chǎn)生的電動勢最大值為2O0V

B.電流表示數(shù)為5A

C.變壓器輸出功率為200W

D.增大電容器的電容，電流表示數(shù)增大

【答案】D

【詳解】A.由于磁場分布在OO,的右側(cè)，則矩形線圈產(chǎn)生的電動勢最大值為

E=HB--2^/=100X^^X—xl0^x2^---V=10V2V

raax27i260

故A錯誤；

B.根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系式有

￡L=21

U2n2

結(jié)合上述，兩端電壓的有效值為

1O^V=1OV

則定值電阻Ri中的電流為

,u20<人

/=-2=—AA=5A

R4

由于則定值電阻&與電容器串聯(lián)，凡所在支路除了&對電流有阻礙作用外，電容器對電流也有阻礙作用,

即&所在支路對電流的總的阻礙效果作用大于定值電阻&所在支路對電流的阻礙效果，即電流表示數(shù)小于

5A,故B錯誤；

C.定值電阻用消耗的功率

P=I-Rx=100W

結(jié)合上述，電流表示數(shù)小于5A,5一定，則&所在支路消耗功率小于定值電阻與所在支路消耗功率100W,

可知，變壓器輸出功率小于200W,故C錯誤；

D.交變電流頻率不變，電容對交流電也有阻礙效果，這種阻礙效果嗷容抗，其大小為J",增大電容器

2TTJC

的電容，電容對交流電的阻礙效果減弱，則通過定值電阻&所在支路電流增大，即電流表示數(shù)增大，故D

正確。

故選D。

7.冰壺運動是冬奧會比賽項目之一。假設(shè)運動員用紅壺撞擊靜止在水平冰面上的藍壺，兩壺發(fā)生正碰，不

計碰撞時間，碰撞前、后兩壺的V—圖像如圖所示。已知兩壺的質(zhì)量均為19kg,則碰撞后藍壺所受的阻力

大小為（）

A.3.8NB.2.28NC.1.9ND.1.52N

【答案】B

【詳解】根據(jù)動量守恒定律可得

紅=rm%+mv藍

解得

=0.6m/s

設(shè)碰撞后藍壺所受的阻力大小為力取初速度方向為正方向，對藍壺根據(jù)動量定理

-f\t=O-mv&

由圖可知

Ar=6s-Is=5s

解得

7=2.28N

故B正確，ACD錯誤。

故選B。

二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全

部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分）

8.2023年11月，中國原子能科學(xué)研究院"BNCT強流質(zhì)子回旋加速器樣機研制”順利通過技術(shù)驗收。如圖

所示，該回旋加速器接在高頻交流電壓。上，質(zhì)子束最終獲得線的能量，不考慮相對論效應(yīng)，則下列說法

正確的是（）

A.質(zhì)子獲得的最終能量與高頻電壓U無關(guān)

B.回旋加速器連接的高頻交流電壓不可以是正弦交流電

C.圖中加速器的磁場方向垂直于。形盒向下

D.若用該回旋加速器加速a粒子，則應(yīng)將高頻交流電的頻率適當(dāng)調(diào)大

【答案】AC

【詳解】A.帶電粒子在D形盒中做勻速圓周運動，有

V2

qvB-m——

r

解得，粒子獲得的最大速度為

V二型

m

m

根據(jù)動能的表達式可得，質(zhì)子獲得的最終能量

可知，質(zhì)子獲得的最終能量與高頻電壓。無關(guān)，故A正確；

BD.回旋加速器連接的高頻交流電壓可以是正弦交流電，只要保證質(zhì)子在磁場中運動的周期和高頻交流電

的周期相等即可，則高頻交流電的頻率為

fJ;二qB

T27rm

若用該回旋加速器加速a粒子，粒子的比荷減小，則應(yīng)將高頻交流電的頻率適當(dāng)調(diào)小，故BD錯誤:

C.由圖根據(jù)質(zhì)子在磁場中的運動軌跡及左手定則可知，圖中加速器的磁場方向垂直于。形盒向下，故C

正確。

故選ACo

9.如圖甲所示，北宋曾公亮在《武經(jīng)總要》中記載了一種古代運輸裝備，名為“絞車”，因其設(shè)計精妙，使

用時靈活方便，這種絞車又被稱為“中國式絞車”，“合大木為床，前建二叉手柱，上為絞車，下施四輪，皆

極壯大，力可挽二千斤?！逼湓砣鐖D乙所示，將一根圓軸削成同心而半徑不同的兩部分，其中。、b兩點分

別是大小轆粉邊緣上的兩點，其上繞以繩索，繩下加一動滑輪，滑輪下掛上重物，人轉(zhuǎn)動把手帶動其軸旋

轉(zhuǎn)便可輕松將重物吊起，則在起吊過程中，下列說法正確的是（）

C.人對把手做的功等于重物機械能的增加量D.滑輪對重物做的功等于重物機械能的增加量

【答案】AD

【詳解】AB.。的半徑大于b的半徑，由于兩點是同軸轉(zhuǎn)動，角速度相同，根據(jù)a=r（y2可知。的向心加速

度大于6點的向心加速度，故A正確，B錯誤；

C.由能量守恒可知，人對把手做功除了轉(zhuǎn)化為重物的機械能外，還有輪軸的動能及摩擦生熱等，因此人對

把手做的功大于重物機械能的增加量，故C錯誤；

D.由功能關(guān)系可知滑輪對重物做的功等于重物機械能的增加量，故D正確。

故選ADo

10.如圖所示，在xQy平面中，四個點電荷帶電量絕對值相等，兩個帶正電，兩個帶負電，到X、V軸的距

離均相等，a、b、c、d是點電荷連線與坐標軸的交點，下列說法正確的是（）

~c\O

—qa-q

A.。點的電場強度為0

B.b、1兩點的電場強度大小和方向均相同

C.將電子沿x軸從c點移動到a點，電場力一直不做功

D.將電子從6點沿了軸正方向移動，其電勢能一直減小

【答案】BC

【詳解】A.兩個正電荷在。處激發(fā)的電場沿y軸負方向，兩個負電荷在。處激發(fā)的電場也沿y軸負方向，

所以o處合電場的電場強度方向沿y軸負方向，故A錯誤；

B.根據(jù)場強的疊加原理結(jié)合對稱性可知，6、d兩點的電場強度大小和方向均相同，故B正確；

C.根據(jù)等量異種點電荷的中垂面為等勢面，可知X軸為等勢面，將電子沿X軸從C點移動到。點，電場力

一直不做功，故C正確；

D.b點的場強方向沿y軸負方向，從匕點沿y軸正方向到無窮遠處，場強方向應(yīng)先y軸負方向后沿y軸正

方向，則將電子從6點沿y軸正方向移動，電場力先做正功后做負功，其電勢能先減小后增大，故D錯誤。

故選BC。

三、非選擇題（本題共5小題，共54分.考生根據(jù)要求作答）

11.（8分）某實驗小組利用如圖所示的裝置驗證機械能守恒定律。輕繩兩端分別系著質(zhì)量為m的物塊A（含

擋光片）和質(zhì)量為M的物塊B,將擋光片的中心位置固定在物塊A的中間位置。實驗時，由靜止釋放物塊

B,B向下運動。為了減小實驗誤差進行多次實驗，改變物塊A的初始位置，使物塊B從不同的高度由靜

止釋放，記錄每次釋放前擋光片的中心位置到光電門的高度差h以及擋光片穿過光電門的時間加。

（1）用游標卡尺測量擋光片寬度心如圖所示，擋光片寬度1為cm；

23cm

01()

1,1

⑵通過描點作圖，為了得到一條過原點的直線，則該直線為一圖像（選填“一，"-五"、"〃一面

則該直線的斜率々=（用字母Ml、g、M、d表示）；

（3）請你選出可減小本實驗誤差的方案。（多選）

A.選用質(zhì)量大體積小的物塊

B.選用質(zhì)量小體積大的物塊

C.選用質(zhì)量小的滑輪

D.選用質(zhì)量大的滑輪

【答案】⑴2.06

（加）2（A/-根）g

（3）AC

【詳解】（1）該游標卡尺有標尺為10分度值，其精度為0.1mm,讀圖可得擋光片寬度為

d=2cm+6xO.lmm=2.06cm

（2）[1]根據(jù)實驗原理由動能定理有

12

（M-ni）gh=—（M+m）v

其中

d

v=一

加

整理可得

卜（M+m）t/21

2（M-m）g（A/）2

可知，為了得到一條過原點的直線，則該直線為〃-去7的圖像；

[2]根據(jù)表達式可知該圖像的斜率

卜+m）d~

2（M-m）g

（3）AB.體積越大，物塊在運動過程受到的空氣阻力越大，選用質(zhì)量大體積小的物塊可減小阻力從而減小

實驗誤差，故A正確，B錯誤；

CD.由于在實驗過程中，滑輪會因與繩子的摩擦而發(fā)生轉(zhuǎn)動，從而消耗一部分能量，因此為了減小實驗誤

差應(yīng)選擇質(zhì)量小的滑輪，故C正確，D錯誤。

故選AC?

12.（8分）描繪一個標有“3V0.9W”的小燈泡的伏安特性曲線，有以下器材供選用:

A.電壓表V量程2V,內(nèi)阻為2kQ

B.電流表A1量程0.6A,內(nèi)阻約0.10

C.毫安表A?量程0.3A,內(nèi)阻約0.2。

D.電阻箱(0-9999.9Q)

E.滑動變阻器為（10Q,2A）

F.滑動變阻器&（200。，0.5A）

G.蓄電池（電動勢6V,內(nèi)阻不計）電鍵一個

（1）電流表選擇.（選填“AJ，或“A」）滑動變阻器選擇(選填“K”或“&")

（2）實驗要求能夠?qū)崿F(xiàn)在。?3.0V的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，盡可能減少實驗誤差，請你在虛線方

框中畫出實驗電路原理圖。

（3）由實驗可描繪出小燈泡的伏安特性曲線如下圖，現(xiàn)把該小燈泡和一個電源（電動勢E=3V,r=l.on）串

聯(lián)在一起如乙圖，則小燈泡的實際功率（保留兩位有效數(shù)字）

【答案】⑴A2%

(3)0.76W

【詳解】(1)[1]根據(jù)尸=〃可求得

因此電流表選Ar

⑵描繪小燈泡的伏安特性曲線，應(yīng)選用分壓式接法，滑動變阻器最大阻值選阻值小的，因此選飛。

(2)描繪小燈泡的伏安特性曲線，應(yīng)選用分壓式接法，燈泡電阻小，選擇電流表外接法，由于電壓表的量

程不足以完成實驗，所以應(yīng)該改裝電壓表，即將一個電阻箱與電壓表串聯(lián)從而改裝電壓表。電路圖如圖

U=E-Ir

其中U為橫軸，/為縱軸，在小燈泡的伏安特性曲線中畫出對應(yīng)直線，如圖

交點即為工作電壓。=2.7V,電流/=0.28A,根據(jù)尸=〃可得

P=UI=2Jx0.28W?0.76W

13.（11分）圖甲是很多機械結(jié)構(gòu)中都會用到的氣彈簧裝置，其簡化模型如圖乙所示，裝有氮氣的封閉汽缸

豎直固定在水平地面上，一光滑活塞將汽缸分成A、8兩部分，活塞上有一個透氣的小孔將汽缸中兩部分氣

體連通在一起，活塞上固定一個圓柱形連桿。已知活塞與連桿的總質(zhì)量為m,活塞橫截面積為S,連桿橫截

112

面積為gS。初始時刻活塞靜止在汽缸內(nèi)某處，此時A部分氣體高度為B部分氣體高度為§耳。已知大

氣壓強為P。，重力加速度為g,氣體可看作理想氣體，汽缸與連桿之間無摩擦且密封良好，氣體溫度始終

保持不變。

（1）求初始時刻汽缸內(nèi)氣體壓強Pi;

（2）若對連桿施加向下的壓力，使得活塞緩慢向下移動距離求此時汽缸內(nèi)氣體壓強P2。

甲乙

【答案】（1）竿+為；（2）黑+

【詳解】（1）對活塞與連桿整體，有

m§+Po'~+~~^=P\^（3分）

解得

A=W*+Po（1分）

J

（2）氣體初態(tài)體積

yi=Sh--x-（2分）

氣體末態(tài)體積

q7/7

V=Sh--x—（2分）

23

根據(jù)玻意耳定律

PM=P2%（2分）

聯(lián)立解得

5mg5八、

Pi=7不+彳，0（1分）

14.（13分）為了探究物體與斜面間的動摩擦因數(shù)，某同學(xué)進行了如下實驗：取一質(zhì)量為機的物體，使其在

沿斜面方向的推力p作用下向上運動，如圖甲所示，通過力傳感器得到推力隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，

通過頻閃照相處理后得出速度隨時間變化的規(guī)律如圖丙所示，若已知斜面的傾角a=37。，取重力加速度

g=10m/s2o

（1）求物體與斜面之間的摩擦系數(shù)；

（2）求撤去推力尸后，物體還能上升的距離（斜面足夠長）。

【答案】（1）〃='；（2）0.075m

【詳解】（1）0~2s秒內(nèi)，由Ff圖可得

Fy=21.5N（1分）

由牛頓第二定律可得

F^-mgsina-/nmgcosa=ma^（2分）

由v-t圖像可得

=——=0.5m/s2（2分）

Ar

2s后，由尸-￡圖可得

尸2=20N（1分）

由牛頓第二定律可得

F2-mgsina-jumgcosa=0（2分）

解得

//=—（1分）

12

（2）撤去推力產(chǎn)后，由牛頓第二定律可得

—/nmgcosa-mgsina=ma2（2分）

解得