第頁，共頁第3頁，共6頁團風中學2025年春高二年級3月月考物理試卷滿分：100分時間：75分鐘一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求。）1．如圖所示，一組學生在玩“人浪”游戲。學生手挽手排成一行，從左邊第一位同學開始，周期性地“下蹲、起立”，呈現(xiàn)類似波浪的效果。則（

）A．“人浪”是縱波B．學生“下蹲、起立”的動作越頻繁，“人浪”傳播的速度一定越快C．當“人浪”向右傳播時，學生隨“人浪”向右移動D．“人浪”傳播的是“下蹲、起立”這種運動形式2．一彈簧振子做簡諧運動，周期為T（）A．若t和（t+△t）時刻振子運動速度的大小相等、方向相同，則△t一定是的整數倍B．若t和（t+△t）時刻振子運動位移的大小相等、方向相反，則△t一定是的整數倍C．若△t=T，則t和（t+△t）時刻振子運動的加速度一定相等D．若△t=，則t和（t+△t）時刻彈簧的長度一定相等3．有關下列四幅圖的描述，正確的是（）A．圖1中，B．圖2中，勻速轉動的線圈電動勢正在增大C．圖3中，電容器中電場的能量正在增大D．圖4中，增大電容C，調諧電路的頻率增大4．如圖所示，在勻強磁場中有電阻為r的單匝矩形線圈，線圈的兩條邊，，轉軸垂直磁場且和線圈共面，從上往下看線圈繞轉軸以角速度逆時針勻速旋轉。從圖中開始計時，下列說法正確的是（）A．線圈的磁通量與時間t的變化規(guī)律為B．線圈由圖中位置繞轉軸旋轉的過程中平均電動勢為C．線圈的熱功率D．線圈在圖中位置時，電流方向為5．如圖所示，用光敏電阻R和繼電器組成的一個簡單照明自動控制電路，能夠實現(xiàn)“日出路燈熄，日落路燈亮”，光線越強光敏電阻R的阻值越小。下列說法正確的是（）繼電器繼電器A．光線越弱，電路中的電流越小，繼電器越容易吸引銜鐵B．為了使在更暗的光線下才亮燈，可以減小滑動變阻器的阻值C．為節(jié)約能源，減少亮燈時間，可以減小繼電器中線圈的匝數D．只有電路中產生變化的電流，繼電器才能產生磁場吸引銜鐵6．如圖所示，通有大小恒為、方向向右電流的長直導線水平固定，通有大小也為、沿逆時針方向恒定電流的矩形線框通過輕彈簧懸掛，懸掛點為邊的中點，線框靜止，邊水平，和線框在同一豎直面內，和間距離為d，和間距離也為d，長為2d，已知長直通電導線在距離導線為r的位置產生的磁感應強度為（其中k為常數，I為長直通電導線中的電流），則下列判斷正確的是（）A．長直導線PQ受到的安培力方向向下B．長直導線PQ受到的安培力大小為C．長直導線PQ受到的安培力大小為D．將長直導線中電流增大，彈簧的長度會變短7．如圖所示，在光滑水平面上，一質量為的小球1以的速度與靜止的小球2發(fā)生正碰。碰后小球1的速度大小為3m/s，方向與碰撞前相反，小球2的速度大小為3m/s。由此可判斷（

）A． B．碰撞過程中，對的沖量大小為0.3N·sC．該碰撞是非彈性碰撞 D．碰撞過程中系統(tǒng)總動能最小值為0.45J二、多選題（本題共3小題，每小題4分，共12分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。）8．如圖甲所示，輕質彈簧下端掛手機組成振動裝置，手機的加速度傳感器可以記錄在豎直方向的加速度大小和方向，以豎直向上為正方向，得到加速度隨時間變化的曲線為余弦曲線，如圖乙所示。已知振幅為A，下列說法正確的有（）A．時，手機在平衡位置上方B．時，手機的動能最大C．從至，手機向上運動的距離小于D．從至，手機的重力勢能減小9．目前困擾5G發(fā)展的大難題之一是供電，5G基站系統(tǒng)功耗大，信號覆蓋半徑小。如圖所示，電壓為100kV的主供電線路為某5G基站供電，基站用電器功率為9kW，線路電阻為40Ω，線路損耗功率占總功率的10%（變壓器均視為理想變壓器），則（

）A．輸電線路中的電流為5A B．高壓變壓器原、副線圈的匝數比為50：1C．輸電線路中的電流為2500A D．高壓變壓器原、副線圈的匝數比為100：110．如圖所示，兩輕質細線連接小球甲、乙（均視為質點），掛在天花板上的O點，細線伸直，O點到兩球心的距離之比為4∶1，甲、乙的質量分別為m、4m，擺角均為（小于5°），重力加速度取g?，F(xiàn)讓兩小球從如圖所示的位置靜止釋放，兩小球在到達最低點的過程中，下列說法正確的是（）A．甲、乙到達最低點時的動能相等B．乙釋放時，加速度的大小為C．若甲重力沖量大小為I，則乙重力沖量大小也為ID．若乙重力沖量大小為，則O與乙球心的距離為三、實驗題（本題共2小題，每空2分，共16分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。）11．如圖某同學設計了一個加速度計，將其固定在待測量物體上，能通過電路中電壓表的示數反映物體的加速度，其原理如圖所示。滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側用相同的輕彈簧3連接，彈簧另一端分別固定在框架內兩側，每根彈簧的勁度系數均為k=100N/m；R為滑動變阻器，4是滑片，O點為滑動變阻器的中點，按圖連接電路，滑塊2與滑片連接且兩者保持同步運動。初始時滑塊2位于框架中央位置時，滑片4與O點對齊，電壓表指針的零點位于表盤中央，此時加速度為零；當P端的電勢高于Q端時，指針向零點右側偏轉，此時示數為正；當指針向零點左側偏轉時示數為負。(1)當滑塊2具有圖示方向的加速度a時，電壓表的指針將（填“向左”或“向右”）偏轉；(2)已知電路中電池的電動勢E=8V，內阻不計，滑動變阻器R的總阻值為10Ω，總長度為0.2m，滑塊2質量為2kg，當滑片4（寬度不計）滑到最右側時，電壓表的示數為V，此示數代表的加速度大小為m/s2。將表盤上的電壓刻度改為對應的加速度值，即為加速度計；（計算結果均保留兩位有效數字）12．某實驗小組進行用單擺測量重力加速度的實驗。已有實驗器材如圖甲所示。(1)除圖甲中所示實驗器材外還必需的器材有________（選填字母）。A．游標卡尺 B．重垂線 C．秒表 D．天平(2)將細線和小鐵球組裝成單擺，用毫米刻度尺測得擺線長度為，用螺旋測微器測量小鐵球直徑，其示數如圖乙所示，則小鐵球直徑mm。(3)拉開小鐵球，使擺線偏離平衡位置的角度不大于，釋放小鐵球，當小鐵球振動穩(wěn)定后，在圖丙中（選填“A”“B”或“C”）位置開始計時并計數，記下小鐵球次全振動時間為，計算出周期。(4)實驗過程無疏漏，處理數據時卻錯將擺長記作，若用公式計算重力加速度，測量值與實際值相比（選填“偏大”“相同”或“偏小”）；若正確描繪出圖線，用圖像法計算重力加速度，該方法的測量值與實際值相比（選填“偏大”“相同”或“偏小”）。四、解答題（本題共3小題，共44分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。）13．（10分）如圖所示，線圈的面積是，共100匝，線圈電阻為，外接電阻，勻強磁場的磁感應強度為，當線圈以的轉速勻速轉動時，求：（1）轉動中感應電動勢的最大值和有效值；（2）電路中交流電流表的示數；（3）線圈由圖示位置轉過的過程中，感應電動勢的平均值。14．（16分）如圖所示，兩個完全相同的勁度系數均為的輕彈簧下端固定在水平地面上，上端拴接一質量為的光滑薄平板P，P到平臺的豎直距離為。將一質量也為的小球Q以初速度水平拋出，與平板先后發(fā)生兩次彈性碰撞，碰撞時間極短，碰撞過程中平板不傾斜，碰后小球水平方向速度不變。不計空氣阻力，重力加速度大小為。(1)求第一次碰撞前瞬間，小球Q的速度大?。?2)求第一次碰撞后瞬間，平板P和小球Q的速度大?。?3)豎直向下建立坐標系，證明第一次碰撞后到第二次碰撞前平板的運動為簡諧運動。15．（18分）如圖所示，兩條足夠長的平行導電導軌MN、PQ水平放置，導軌間距L=1.0m，在軌道區(qū)域內有豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B=1T。導體棒a、b質量均為m=1kg，電阻均為R=0.5Ω，與導軌間的動摩擦因數均為=0.3，運動過程中導體棒與導軌始終垂直且接觸良好。重力加速度g=10m/s2，導軌電阻可忽略，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。（1）若開始時導體棒a初速度為零，導體棒b獲得=2m/s的水平向右的初速度，求此時導體棒a和b的加速度大??；（2）若同時分別給兩導體棒不同的沖量，使導體棒a獲得平行于導軌向左的初速度=2m/s的同時，導體棒b獲得向右的平行于導軌的初速度=4m/s，求流經導體棒a的最大電流；（3）在（2）的條件下，從導體棒a速度為零到兩棒相距最遠的過程中，已知導體棒b產生的焦耳熱為0.25J，求此過程中導體棒b的位移。團風中學2025年春高二年級3月月考物理試卷參考答案題號12345678910答案DCCCBBDBCABAD1．D【詳解】A．學生“下蹲、起立”時身體的運動方向與“人浪”傳播的方向垂直，則可知“人浪”是橫波，故A錯誤；B．“人浪”傳播的速度快慢與學生“下蹲、起立”的動作頻率無直接關系，故B錯誤；C．學生只在自己所站位置“下蹲、起立”，并不會隨波移動，故C錯誤；D．“人浪”傳播的是“下蹲、起立”這種運動形式，故D正確。故選D。2．C【詳解】A．根據振子運動的對稱性可知，若t和（t+△t）時刻振子運動速度的大小相等、方向相同，振子可以處于關于平衡位置對稱的兩點，則△t可以為等，故A錯誤；B．若t時刻和（t+△t）時刻振子運動位移的大小相等，方向相反，如果速度相反，則時間△t一定是的奇數倍，若速度同方向，不是半周期的整數倍，故B錯誤；C．若△t=T，則在t時刻和（t+△t）時刻振子處于同一位置，振子的位移相同，由可知，加速度一定相等，故C正確；D．若△t=，則在t和（t+△t）兩時刻振子必在關于平衡位置對稱的兩位置（包括平衡位置），這兩時刻，振子的位移、加速度、速度等均大小相等、方向相反，但在這兩時刻彈簧的長度并不一定相等(只有當振子在t和（t+△t）兩時刻均在平衡位置時，彈簧長度才相等)，故D錯誤。故選C。3．C【詳解】A．理想變壓器原副線圈與匝數的關系為，A錯誤；B．從圖2所示位置轉動至線框與磁感線垂直的過程中，逐漸轉向中性面，因此線框中的電動勢逐漸減小，B錯誤；C．電容器中電場強度方向豎直向上，因此下極板帶正電，上極板帶負電，根據線圈的磁場方向結合安培定則可知電流流向正極板，因此電容器正在充電，電場的能量正在增大，C正確；D．電容C增大，根據電磁振蕩的頻率可知調諧頻率減小，D錯誤。故選C。4．C【詳解】A．從圖中開始計時，線圈的磁通量與時間t的變化規(guī)律為故A錯誤；B．線圈由圖中位置繞轉軸旋轉的過程中平均電動勢為故B錯誤；C．線圈的最大電動勢為電動勢有效值為線圈的熱功率為故C正確；D．線圈在圖中位置時，根據右手定則可知，邊電流方向由，邊電流方向由，則線圈中的電流方向為，D錯誤。故選C。5．B【詳解】A．光線越弱，光線越強光敏電阻R的阻值越大，電路中的電流越小，繼電器磁性越弱，越不容易吸引銜鐵，故A錯誤；B．照度值變小，光敏電阻值變大，電磁繼電器吸合電流不變，所以需把滑動變阻器變小，故B正確；C．為節(jié)約能源，減少亮燈時間，則需在光線較弱時銜鐵仍可被吸引，光線越弱，光線越強光敏電阻R的阻值越大，電路中的電流越小，繼電器磁性越弱，若保證電磁繼電器的磁性仍可吸引銜鐵，則需增大繼電器中線圈的匝數，故C錯誤；D．繼電器產生磁場吸引銜鐵利用的電流的磁效應，無需變化的電流，故D錯誤。故選B。6．B【詳解】A．長直導線PQ在矩形線框處的磁場垂直紙面向外，根據左手定則可知受到的安培力向下，受到的安培力向上，由于長直導線PQ在處的磁感應強度較大，則長直導線PQ對矩形線框的安培力向下，根據牛頓第三定律，長直導線PQ受到的安培力方向向上，故A錯誤；BC．矩形線框受到的安培力的大小為根據牛頓第三定律，長直導線PQ受到的安培力大小為，故B正確，C錯誤；D．對矩形線框，根據平衡條件有將長直導線中電流增大，矩形線框受到的安培力的大小增大，彈簧的長度會變長，故D錯誤。故選B。7．D【詳解】A．由題意可知，兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律可得代入數據解得A錯誤；B．由動量定理可知，碰撞過程中對的沖量大小為B錯誤；C．兩球碰撞過程，由能量守恒定律可得代入數據解得可知兩球碰撞過程中機械能守恒，該碰撞是彈性碰撞，C錯誤；D．兩球速度相等時，系統(tǒng)動能損失最大，由動量守恒得解得此時系統(tǒng)總動能最小值為D正確。故選D。8．BC【詳解】A．時，加速度向上最大，手機在最低點，故A錯誤；B．時，加速度為零，手機通過平衡位置，動能最大，故B正確；C．從至，手機由最低點向平衡位置運動，速度越來越大，故從至，手機向上運動的距離小于，故C正確；D．從至，手機由平衡位置向最高點運動，重力勢能增大，故D錯誤。故選BC。9．AB【詳解】AC．由題意可知，總功率為線路損耗功率又解得輸電線路中的電流為故A正確，C錯誤；BD．高壓變壓器副線圈的電壓為高壓變壓器原、副線圈的匝數比為故B正確，D錯誤。故選AB。10．AD【詳解】A．設甲、乙的擺長分別為4L、L，由機械能守恒定律可得可得故A正確；B．乙釋放時，線速度為0，把重力分別沿著細線和垂直細線分解，垂直細線方向的分力是合力，則由牛頓第二定律，有可得故B錯誤；C．由單擺周期公式可知，甲、乙的周期分別為若甲重力的沖量大小為I，由可得故C錯誤；D．若乙重力的沖量大小為，由解得故D正確。故選AD。11．(1)向左(2)4.010【詳解】（1）框架向右加速時，滑片向左滑動，此時Q點電勢高于P點電勢，指針向左偏轉。（2）[1][2]當滑片滑到最右側時，右半邊電阻分壓為，電壓表的示數為，由代入數據可得（3）滑塊所受到的合力最大值由彈簧決定，勁度系數越大，加速度的測量范圍越大，即可以增大彈簧的勁度系數。12．(1)C(2)16.208/16.207/16.209(3)B(4)偏大相同【詳解】（1）除圖甲中所示實驗器材外還必需的器材是秒表，用于測量周期時記錄次全振動的總時間。故選C。（2）螺旋測微器的精確值為，由圖可知小鐵球直徑為（3）為了減小誤差，當小鐵球振動穩(wěn)定后，應在平衡位置開始計時并計數，即在圖丙中B位置開始計時并計數。（4）[1]根據單擺周期公式可得處理數據時卻錯將擺長記作，若用公式計算重力加速度，擺長應為，可知代入計算的擺長偏大，則重力加速度測量值與實際值相比偏大；[2]用作圖法正確描繪出圖線，，斜率為，可知用圖像法處理數據，擺長代入錯誤對的測量無影響，測量值與實際值相同。13．（1）100V，；（2）；（3）；【詳解】（1）由題意交流電的頻率角速度為電動勢的最大值為感應電動勢的有效值（2）線圈電阻為，外接電阻，根據閉合電路歐姆定律，則交流表的