高級中學名校試題PAGEPAGE12025屆高三部分重點中學12月聯(lián)合測評物理試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每個小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求。1.每逢節(jié)日舞臺上曼妙舞姿讓人賞心悅目，配合著悠揚的音樂展示著當前人民的精神文明生活的富足，如圖所示。某次舞蹈收尾的高難度動作中由甲、乙兩人托起丙同時丙做旋轉運動組合成“奔騰與展望”寓意，贏得滿堂掌聲。下列關于動作解析說明正確的是（）A.正在表演的三位舞蹈演員，臺下的觀眾可以將她們視為質點B.“奔騰與展望”組合中的三人均不受摩擦力作用C.若三人的質量均為，則甲受地面的支持力大小為D.若將三人組合動作移至我國的空間站內(nèi)表演，則甲對丙的作用力大小為【答案】C【解析】A．舞蹈演員做不同舞蹈動作，吸引觀眾眼球，舞蹈演員的形態(tài)影響視覺效果，故舞蹈演員不能視為質點，故A錯誤；B．丙繞豎直軸做圓周運動，丙不受摩擦力，甲和乙各自平衡，由于甲與乙手拉手，甲和乙可能受摩擦力也可能不受摩擦力，故B錯誤；C．丙在豎直軸上繞水平內(nèi)做圓周運動，三人系統(tǒng)在豎直方向上受力平衡，由整體法有甲、乙受地面作用力大小均為，故C正確；D．將三人組合系統(tǒng)移至空間站內(nèi)時，處于完全失重狀態(tài)，丙對甲、乙沒有壓力，故D錯誤。故選C。2.2024年國慶檔電影推出《志愿軍：存亡之戰(zhàn)》深度展示了中國人民志愿軍用青春和熱血書寫了偉大的愛國主義。電影中有一個故事情節(jié)，為及時給前方戰(zhàn)士送去軍糧，戰(zhàn)士們冒著炮火熟練的駕駛著軍車運送軍糧，運送中其中一輛卡車中裝有的糧食不斷均勻的從車上掉落?，F(xiàn)假設卡車在平直道路上勻速行駛，卡車運動過程中受到的阻力始終與車總重力成正比，則卡車運動過程中說法正確的是（）A.卡車行駛過程中總動能保持不變B.卡車行駛過程中受阻力保持不變C.卡車行駛過程中功率隨時間均勻增加D.卡車行駛過程中牽引力的大小隨時間均勻減小【答案】D【解析】A．卡車從開始運動時車內(nèi)糧食的質量不斷減少，則小車勻速，則不斷減小，故A錯誤；B．卡車從開始運動時受阻力均勻減小，故B錯誤；C．卡車的機車功率逐漸減小，故C錯誤；D．卡車的牽引力隨時間均勻減小，故D正確。故選D。3.如圖所示，P、Q和M、N分別是水平面內(nèi)兩橢圓的兩個焦點，其中P、Q處分別放置等量異種點電荷（圖甲）；M、N是兩根通有平行等大、反向的直線電流且電流垂直于水平面（圖乙）；O是橢圓的中心，a、c是橢圓的長軸與橢圓的交點，b、d是橢圓的短軸與橢圓的交點，則關于兩圖中a、b、c、d、O處的電場強度和磁感應強度下列說法正確的是（）A.圖甲中O點處的電場強度不為零，圖乙中O點處的磁感應強度為零B.圖甲中a、c兩處的電場強度相同，圖乙中a、c兩處的磁感應強度相同C.圖甲中b、d兩處的電場強度不相同，圖乙中b、d兩處的磁感應強度不相同D.圖中沿bd連線上，O點處的電場強度和磁感應強度均為最小【答案】B【解析】A．根據(jù)電場疊加可知O點產(chǎn)生的電場水平向右，電場強度不等于0，由安培定則可知，M處導線在O點產(chǎn)生的磁場方向由b指向d，N處導線在O點產(chǎn)生的磁場方向由b指向d，合成后磁感應強度不等于0，故A錯誤；B．電場疊加a、c兩處合電場其中方向水平向左，大小相同，由安培定則可知，M在a處產(chǎn)生的磁場方向平行于bd由d指向b，在c處產(chǎn)生的磁場方向平行于bd由b指向d，N在a處產(chǎn)生的磁場方向平行于bd由指向d，在c處產(chǎn)生的磁場方向平行于bd由d指向b，根據(jù)磁場的疊加可知，a、c兩點處磁感應強度大小相等，方向相同，故B正確；C．電場疊加b、d兩處合電場其中θ為Pb、Pd、Qb、Qd與PQ的夾角，方向水平向右，大小相同，由安培定則可知，M在b處產(chǎn)生的磁場方向垂直于bM斜向右下方，在d處產(chǎn)生的磁場方向垂直dM斜向左下方，N在b處產(chǎn)生的磁場方向垂直于bN斜向左下方，在d處產(chǎn)生的磁場方向垂直于dN斜向右下方，根據(jù)平行四邊形定則，知b處的磁場方向由b指向d，d處的磁場方向由b指向d，且合場強大小相等，故C錯誤；D．電場疊加bd連線上中點處，合電場電場強度最大，由安培定則可知，bd連線上，M、N在O處的磁感應強度方向相同，都是由b指向d，bd連線上M、N到點的距離最小，產(chǎn)生的磁感應強度最大，故D錯誤。故選B。4.光照強度相同的兩激光束（A光束和B光束分別為不同頻率的單色光）分別從空氣垂直射入截面為三角形的相同透明玻璃磚，經(jīng)過玻璃磚反射，折射后光路圖如圖所示，下列說法正確的是（）A.A光束的光子能量比B光束光子能量大B.B光束在玻璃磚中的傳播速度比A光束在玻璃磚的傳播速度大C.B光束的折射率為D.A光束和B光束分別通過同一雙縫干涉裝置，則B光束比A光束產(chǎn)生的干涉條紋間距小【答案】D【解析】A．由題圖可知，A光束光路同時發(fā)生反射和折射，B光束光路只發(fā)生全反射，即B光發(fā)生全反射的臨界角較小，根據(jù)，可知B光的折射率較大，頻率較大，根據(jù)，可知B光的能量較大，故A錯誤；B．光速為可知B光的折射率較大，可知同種介質中折射率較大的B光速度較小，故B錯誤；C．根據(jù)，由光路可知當入射角為時，B光能發(fā)生全發(fā)射，但不一定是B光的臨界角，故C錯誤；D．根據(jù)，B光的頻率較大，B光的波長小，根據(jù)條紋間距離公式可知，用B光時產(chǎn)生的干涉條紋間距小，故D正確。故選D。5.2024年5月15日，百度Apollo在武漢正式發(fā)布旗下第六代無人車，武漢市民可通過蘿卜快跑平臺搭乘第六代無人車，汽車自動控制反應時間（從發(fā)現(xiàn)障礙物到實施制動的時間）小于人的反應時間，如圖所示的兩圖像分別是在自動控制操作下的圖像和駕駛員操作下的v-t圖像。下列說法正確的是（）A.無人車自動控制時運動3.5s走過的距離B.無人車每次剎車自動控制反應時間比駕駛員操作反應時間短0.3sC.無人車自動控制安全剎車距離比人操作安全剎車距離短6mD.無人車每次在自動控制操作下剎車至停止過程中的平均速度約為15.4m/s【答案】C【解析】A．由圖甲可知無人車自動控制時勻速所用時間勻速距離剎車是車輛勻減速直線運動，剎車時加速度大小減速時間為減速距離無人車自動控制時運動3.5s中運動3.3s后無人車剎停，此后靜止，無人車運動距離，故A錯誤；B．由圖可知汽車的初速度為30m/s，對無人車而言，反應時間內(nèi)車輛勻速運動，自動控制的反應時間人操作的反應時間故無人車每次剎車自動控制反應時間比駕駛員操作反應時間短0.2s，故B錯誤；C．無人車自動控制安全剎車距離人操作安全剎車距離無人車自動控制安全剎車距離比人操作安全剎車距離短故C正確；D．無人車自動控制時剎車總位移每次剎車自動控制運動總時間無人車自動控制時平均速度故D錯誤。故選C。6.2024年9月25日上午8:44分，中國火箭軍部隊成功向太平洋發(fā)射一枚攜載訓練模擬彈頭的洲際彈道導彈，導彈發(fā)射30min后達到離地最高點，最高時速30馬赫，射程14000km，現(xiàn)設導彈在高空巡航途中短時間內(nèi)運行軌道近似視為僅在引力作用下的勻速圓周運動，為了維持導彈在軌道上做短暫勻速圓周運動，由于高空稀薄空氣的影響需要通過瞬時噴氣對導彈施加一個與速度方向相同的推動力，已知導彈的圓周軌道離地高度為，地球半徑為，地球表面的重力加速度為。導彈在垂直速度方向的橫截面積為S，假設空氣碰到導彈后立刻與導彈速度相同，則導彈運行軌道上空氣平均密度為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】碰到稀薄空氣過程中，設導彈對稀薄空氣的作用力大小為，經(jīng)過時間，以稀薄氣體為對象，根據(jù)動量定理可得其中導彈繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力可得又有由牛頓第三定律及導彈在速度方向上受力可得聯(lián)立可得故選A。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求。全都選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7.如圖所示，電源電動勢為，內(nèi)阻為，三個電阻阻值均為，電容器的電容為，開關斷開，現(xiàn)在閉合開關，用絕緣細線懸掛的帶電小球向右偏離豎直方向，并處于穩(wěn)定狀態(tài)，已知電容器間距足夠大，下列說法正確的是（）A.小球帶正電B.閉合開關，帶電小球向左偏離豎直方向C.僅閉合開關時，向右移動滑動變阻器的滑片，小球偏離豎直方向的夾角增大D.閉合開關，穩(wěn)定后電流表示數(shù)變小【答案】BC【解析】A．僅閉合開關時電容器右極板帶正電，帶電小球受到的電場力與電容器內(nèi)的電場強度方向相反，則帶電小球帶負電，故A錯誤；B．閉合開關，電容器左極板電勢升高，高于右極板電勢，左極板帶正電，帶電小球向左偏離豎直方向，故B正確；C．僅閉合開關時，向右移動滑動變阻器的滑片，電路總電阻減小，電流增大，分析可知電容器上電壓等于右側下方電阻R兩端的電壓，故此時電容器電壓增大，電場增強，帶電小球受到的電場力增大，則偏角增大，故C正確；D．閉合開關，總電阻減小，電流表示數(shù)變大，故D錯誤。故選BC。8.如圖所示，圖甲為一列簡諧橫波在均勻介質中沿x軸負向傳播時t=0時刻的波形圖，M和N（N點位置圖甲中未標明）是介質中的兩個質點，M是平衡位置位于x=1.0m處的質點，質點N的振動圖像如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.這列簡諧橫波在介質中的傳播速度為2m/sB.在t=2.5s時，質點M的加速度方向沿y軸負方向C.質點N做簡諧運動的位移y隨時間t變化的關系式為D.M、N兩質點的平衡位置相距半波長的奇數(shù)倍【答案】AC【解析】A．由圖甲可知波長為由圖乙可知周期為波的傳播速度為故A正確；B．t=0時M點向軸正方向振動，t=2.5s時經(jīng)歷的時間為此時質點M在負向最大位移處，加速度a方向與位移方向相反，加速度a方向沿y軸正方向，故B錯誤；C．質點的振幅為，由圖乙可知初相位為，故質點N做簡諧運動的位移y隨時間t變化的關系式為故C正確；D．由圖乙可知質點N與質點M振動情況完全相同，M、N兩質點的平衡位置相距波長的整數(shù)倍，故D錯誤。故選AC。9.如圖所示的垂直于光滑水平桌面的磁場區(qū)域邊界MN、PQ彼此平行、相距為L，區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的寬度均為L、其中區(qū)域Ⅲ中無磁場，區(qū)域Ⅰ、Ⅱ中存在方向相反、磁感應強度大小均為B的勻強磁場。若干個這樣的區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ依次排列。（圖乙為俯視圖）長、寬均為L的金屬線框ABCD平放在桌面上，匝數(shù)為N、總質量為m，總電阻為R，t=0時，線框剛好與第一個區(qū)域Ⅰ重合，并在水平向右的驅動力作用下以速度v0向右勻速運動。則下列說法正確的是（）A.當線框的BC邊穿越區(qū)域Ⅱ時，線框產(chǎn)生的感應電動勢B.線框穿越區(qū)域Ⅰ、Ⅱ交界線過程中通過線框的電荷量C.線框中感應電流的有效值D.若t=0時撤掉驅動力，線框以速度v0開始向右運動，且線框的BC邊穿過第2個區(qū)域Ⅰ時未停止，則此時線框的速度【答案】AD【解析】A．當矩形線框的BC邊進入?yún)^(qū)域Ⅱ中時，BC邊在磁場Ⅱ中切割磁感線，AD邊在區(qū)域Ⅰ中切割磁感線，線框產(chǎn)生的感應電動勢為故A正確；B．線框穿越區(qū)域Ⅰ、Ⅱ的交界線過程中有，聯(lián)立解得故B錯誤；C．由于線框以速度v0向右勻速運動，可知線框產(chǎn)生感應電動勢具有周期性，一個周期為在時間內(nèi)，線框的AD邊、BC邊分別處于區(qū)域Ⅰ、Ⅱ中，產(chǎn)生感應電流為逆時針方向，感應電動勢大小為在時間內(nèi)，線框的AD邊、BC邊分別處于區(qū)域Ⅱ、Ⅲ中，產(chǎn)生感應電流為順時針方向，感應電動勢大小為在時間內(nèi)，線框的AD邊、BC邊分別處于區(qū)域Ⅲ、Ⅰ中，產(chǎn)生感應電流為順時針方向，感應電動勢大小以順時針方向為正方向，則一個周期內(nèi)線框的感應電流隨時間變化如圖所示設線框中感應電流的有效值為I，根據(jù)電流的熱效應可得解得故C錯誤；D．若t=0時開始沒有水平向右的驅動力作用，且線框的BC邊穿過第2個區(qū)域Ⅰ時未停止，則當線框的AD邊、BC邊分別處于區(qū)域Ⅰ、Ⅱ中時，安培力的沖量大小當線框的AD邊、BC邊分別處于區(qū)域Ⅱ、Ⅲ中，安培力的沖量大小當線框的AD邊、BC邊分別處于區(qū)域Ⅲ、Ⅰ中，安培力的沖量大小則線框從第一個區(qū)域Ⅰ到整個線框處于第二個區(qū)域Ⅰ中過程，安培力的沖量大小設線框從第一個區(qū)域Ⅰ到整個線框處于第二個區(qū)域Ⅰ中過程，線框的速度大小為v，根據(jù)動量定理可得解得故D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。10.某實驗興趣小組用如圖所示的實驗裝置來驗證機械能守恒定律。輕質折桿成直角形式可以在豎直平面內(nèi)繞軸自由轉動且，折桿兩端分別固定兩個大小相等，但質量不等的小球、，點正下方有一光電門，調(diào)節(jié)光電門位置，使小球從水平位置靜止釋放，當小球通過最低點時，球心恰好通過光電門，與光電門連接的數(shù)字計時器顯示的擋光時間為，已知小球、的直徑為、質量分別為、，當?shù)刂亓铀俣葹?。完成下列實驗：?）使小球從水平位置靜止釋放，則小球經(jīng)過最低點時的速度______（用，表示）；（2）用游標卡尺測得小球的直徑如圖所示，則小球的直徑______cm；（3）測得，則小球從水平位置靜止釋放，轉至球剛好通過光電門過程中，則驗證系統(tǒng)機械能守恒的表達式為______（用，，，，表示）。【答案】（1）（2）1.040（3）【解析】【小問1詳析】由光電門測瞬時速度可知，小球通過最低點的速度【小問2詳析】圖中游標卡尺分度值為50分度，根據(jù)游標卡尺讀數(shù)規(guī)則，讀數(shù)為【小問3詳析】測得，則AB系統(tǒng)重力勢能的減小量AB球共軸轉動滿足動能的增加量系統(tǒng)機械能守恒聯(lián)立解得11.某實驗小組同學研究一個標有“14V7W”字樣的燈泡L的電壓隨電流的變化特點，實驗室提供的器材如下：A．電源（電動勢15V，內(nèi)阻很?。?；B．電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻）；C．電流表A（量程，內(nèi)阻約為）；D．小燈泡（14V、7W）；E．定值電阻；F．定值電阻；G．定值電阻；H．滑動變阻器（阻值范圍為，額定電流為2A）；I．滑動變阻器（阻值范圍為，額定電流為1A）；J．開關、導線若干。（1）實驗前改裝時，電壓表與定值電阻______（選填“串”或“并”）聯(lián)，該同學選用的定值電阻應為______（選填“”“”或“”）；（2）實驗器材中備有兩個滑動變阻器，該實驗應選用的是______（選填“”或“”），實驗要求能夠較準確的畫出燈泡的伏安特性曲線，請在虛線框中幫助該同學畫出實驗電路原理圖______；（3）在研究小燈泡電壓隨電流的變化特點時，若某次讀取電流、電壓分別為、U0，則在如圖所示坐標紙上描點時對應坐標為______（用、U0表示），依次描點繪圖得到如圖所示伏安特性曲線；（4）直接將該燈泡接到電動勢為15V，內(nèi)阻為的電源兩端時，燈泡L消耗的電功率為______W（保留2位有效數(shù)字）。【答案】（1）串（2）（3）（4）6.1##6.2##6.3【解析】【小問1詳析】[1][2]電壓表量程擴大時應串聯(lián)電阻，燈泡正常工作時14V，故量程擴大到原來5倍比較合適，則串聯(lián)電阻阻值為故應串聯(lián)；【小問2詳析】[1][2]分壓接法應采用總阻值小的滑動變阻器，故選用，電流表電阻相對于燈泡電阻不是很小，故電流表應外接，電路圖如圖所示；【小問3詳析】電壓表讀數(shù)為時，燈泡兩端電壓為，電壓表流過的電流忽略不計，燈泡流過的電流為，故對應坐標為；【小問4詳析】設燈泡兩端電壓為，電流為，由于電源內(nèi)阻很小，由閉合電路歐姆定律得即在伏安特性曲線中作出該方程直線，如圖所示。兩圖線交點即為燈泡工作電流及電壓，坐標為，功率為12.家用儲水式壓力罐常被用于二次供水，其簡要結構如圖所示。該壓力罐的總容積為400L，初始工作時罐內(nèi)無水，水龍頭處于關閉狀態(tài)，水管容積可忽略不計，且罐內(nèi)氣體壓強為p0。此時接通電源，啟動水泵給罐補水，當罐內(nèi)壓強增大到4p0時水泵自動斷開電源，停止補水。罐內(nèi)氣體可視為理想氣體，用此壓力罐給位于h=10m高用戶供水，壓力罐密閉性、導熱性能均良好，環(huán)境溫度不變，已知10m高水柱產(chǎn)生的壓強為p0，一次供水完畢后罐內(nèi)所剩水的高度相對10m高度可忽略不計。（1）求水泵正常工作一次注入的水的體積V1；（2）求水泵正常工作一次可給用戶輸送水的體積V2。【答案】（1）300L（2）100L【解析】【小問1詳析】壓力罐的最大容積為以罐內(nèi)的氣體為研究對象，初狀態(tài)壓強p0，啟動水泵補水后壓強根據(jù)玻意耳定律，解得則注入的水的體積，解得【小問2詳析】當用戶水龍頭沒有水流出時罐內(nèi)壓強罐內(nèi)氣體體積為V′，由玻意耳定律可得解得水泵正常工作一次可給用戶輸送水的體積13.如圖所示，直角坐標系中，在整個第Ⅱ象限內(nèi)有平行于軸的勻強電場，方向沿軸正方向，大小，在整個第Ⅰ象限區(qū)域內(nèi)有垂直于平面向外的勻強磁場。一質量為、電荷量為的正電粒子，從軸上的點，以大小為的速度沿軸正方向進入電場，通過電場后從軸上的點（與軸夾角為）進入第Ⅰ象限，又經(jīng)過磁場偏轉剛好不進入第Ⅳ象限，之后穿過軸再次進入電場，不計粒子的重力，已知，。（1）求點的縱坐標；（2）求勻強磁場的磁感應強度的大??；（3）求整個過程中粒子從第Ⅱ象限進入第Ⅰ象限經(jīng)過軸的縱坐標?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】粒子在電場中僅受電場力的作用做類平拋運動，設在第Ⅱ象限內(nèi)運動時間為，則由牛頓第二定律可得水平方向豎直方向聯(lián)立解得，【小問2詳析】粒子在點速度大小與軸正向夾角為則在磁場中洛倫茲力提供向心力得又根據(jù)幾何關系聯(lián)立解得半徑，【小問3詳析】粒子到達軸點后做類似斜拋運動，點速度方向與軸正方向成，大小為，由運動對稱性知沿軸方向距離與沿軸方向距離相等，則粒子第次從第Ⅱ象限進入第Ⅰ象限經(jīng)過軸的縱坐標為即為解得14.如圖所示，傾斜傳送帶與