江西省2024年普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．蠟燭火焰是一種含有電子、正離子、中性粒子的氣體狀物質(zhì)，將其置于電壓恒定的兩平行金屬板間，板間電場(chǎng)視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示。若兩金屬板間距減小，關(guān)于火焰中電子所受的電場(chǎng)力，下列說(shuō)法正確的是()A．電場(chǎng)力增大，方向向左B．電場(chǎng)力增大，方向向右C．電場(chǎng)力減小，方向向左D．電場(chǎng)力減小，方向向右B[場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系＋電場(chǎng)力U不變，d2．近年來(lái)，江西省科學(xué)家發(fā)明硅襯底氮化鎵基系列發(fā)光二極管(LED)，開(kāi)創(chuàng)了國(guó)際上第三條LED技術(shù)路線(xiàn)。某氮化鎵基LED材料的簡(jiǎn)化能級(jí)如圖所示，若能級(jí)差為2.20eV(約3.52×10-19J)，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，則發(fā)光頻率約為()A．6.38×1014Hz B．5.67×1014HzC．5.31×1014Hz D．4.67×1014HzC[能量子＋推理論證能力根據(jù)題意可知，輻射出的光子能量ε＝3.52×10-19J，由ε＝hν代入數(shù)據(jù)解得ν≈5.31×1014Hz，C正確。]3．一質(zhì)點(diǎn)沿x軸運(yùn)動(dòng)，其位置坐標(biāo)x與時(shí)間t的關(guān)系為x＝1＋2t＋3t2(x的單位是m，t的單位是s)。關(guān)于速度及該質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的位移，下列選項(xiàng)正確的是()A．速度是對(duì)物體位置變化快慢的描述；6mB．速度是對(duì)物體位移變化快慢的描述；6mC．速度是對(duì)物體位置變化快慢的描述；5mD．速度是對(duì)物體位移變化快慢的描述；5mC[速度的定義＋位移與位置速度是描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量，即物體的空間位置隨時(shí)間變化的快慢，B、D錯(cuò)誤；根據(jù)x與t的關(guān)系式可知，t＝0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于x＝1m處，t＝1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于x＝6m處，因此質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的位移為5m，A錯(cuò)誤，C正確。]4．“嫦娥六號(hào)”探測(cè)器于2024年5月8日進(jìn)入環(huán)月軌道，后續(xù)經(jīng)調(diào)整環(huán)月軌道高度和傾角，實(shí)施月球背面軟著陸。當(dāng)探測(cè)器的軌道半徑從r1調(diào)整到r2時(shí)(兩軌道均可視為圓形軌道)，其動(dòng)能和周期從Ek1、T1分別變?yōu)镋k2、T2。下列選項(xiàng)正確的是()A．Ek1C．Ek1A[萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用＋動(dòng)能GMmr2＝m5．“飛流直下三千尺，疑是銀河落九天?！笔抢畎讓?duì)廬山瀑布的浪漫主義描寫(xiě)。設(shè)瀑布的水流量約為10m3/s，水位落差約為150m。若利用瀑布水位落差發(fā)電，發(fā)電效率為70%，則發(fā)電功率大致為()A．109WB．107WC．105WD．103WB[功率＋估算發(fā)電功率P＝η·WtW＝mgh6．如圖(a)所示，利用超聲波可以檢測(cè)飛機(jī)機(jī)翼內(nèi)部缺陷。在某次檢測(cè)實(shí)驗(yàn)中，入射波為連續(xù)的正弦信號(hào)，探頭先后探測(cè)到機(jī)翼表面和缺陷表面的反射信號(hào)，分別如圖(b)、(c)所示。已知超聲波在機(jī)翼材料中的波速為6300m/s。關(guān)于這兩個(gè)反射信號(hào)在探頭處的疊加效果和缺陷深度d，下列選項(xiàng)正確的是()A．振動(dòng)減弱；d＝4.725mmB．振動(dòng)加強(qiáng)；d＝4.725mmC．振動(dòng)減弱；d＝9.45mmD．振動(dòng)加強(qiáng)；d＝9.45mmA[波的疊加＋推理論證能力根據(jù)反射信號(hào)圖像可知，超聲波的傳播周期T＝2×10-7s，又波速v＝6300m/s，則超聲波在機(jī)翼材料中的波長(zhǎng)λ＝vT＝1.26×10-3m，結(jié)合題圖(b)和題圖(c)可知，兩個(gè)反射信號(hào)傳播到探頭處的時(shí)間差為Δt＝1.5×10-6s，故兩個(gè)反射信號(hào)的路程差2d＝vΔt＝9.45×10-3m＝152λ，解得d＝4.725×10-3m，且兩個(gè)反射信號(hào)在探頭處振動(dòng)減弱，A正確。7．石墨烯是一種由碳原子組成的單層二維蜂窩狀晶格結(jié)構(gòu)新材料，具有豐富的電學(xué)性能?，F(xiàn)設(shè)計(jì)一電路測(cè)量某二維石墨烯樣品的載流子(電子)濃度。如圖(a)所示，在長(zhǎng)為a，寬為b的石墨烯表面加一垂直向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電極1、3間通以恒定電流I，電極2、4間將產(chǎn)生電壓U。當(dāng)I＝1.00×10-3A時(shí)，測(cè)得U-B關(guān)系圖線(xiàn)如圖(b)所示，元電荷e＝1.60×10-19C，則此樣品每平方米載流子數(shù)最接近()A．1.7×1019 B．1.7×1015C．2.3×1020 D．2.3×1016D[電流的微觀表達(dá)式＋速度選擇器原理設(shè)樣品每平方米載流子(電子)數(shù)為n，電子定向移動(dòng)的速率為v，則時(shí)間t內(nèi)通過(guò)樣品的電荷量q＝nevtb，根據(jù)電流的定義式得I＝qt＝nevb，當(dāng)電子穩(wěn)定通過(guò)樣品時(shí)，其所受電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，則有eUb＝evB，聯(lián)立解得U＝IneB，結(jié)合題圖(b)可知k＝Ine＝88×10-3320×10-38．一條河流某處存在高度差，小魚(yú)從低處向上躍出水面，沖到高處。如圖所示，以小魚(yú)躍出水面處為坐標(biāo)原點(diǎn)，x軸沿水平方向，建立坐標(biāo)系，小魚(yú)的初速度為v0，末速度v沿x軸正方向。在此過(guò)程中，小魚(yú)可視為質(zhì)點(diǎn)且只受重力作用。關(guān)于小魚(yú)的水平位置x、豎直位置y、水平方向分速度vx和豎直方向分速度vy與時(shí)間t的關(guān)系，下列圖像可能正確的是()ABCDAD[拋體運(yùn)動(dòng)規(guī)律＋圖像分析由于小魚(yú)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受重力作用，則小魚(yú)在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，即vx為一定量，則有x＝vxt，A可能正確，C錯(cuò)誤；小魚(yú)在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，則有y＝vy0t－12gt2，vy＝vy0－gt，且vy最終減為0，B錯(cuò)誤，D可能正確。9．某同學(xué)用普通光源進(jìn)行雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)。下列說(shuō)法正確的是()A．光具座上依次擺放光源、透鏡、濾光片、雙縫、單縫、遮光筒、測(cè)量頭等元件B．透鏡的作用是使光更集中C．單縫的作用是獲得線(xiàn)光源D．雙縫間距越小，測(cè)量頭中觀察到的條紋數(shù)目越多BC[雙縫干涉實(shí)驗(yàn)＋理解能力光具座上的雙縫應(yīng)該在單縫和遮光筒之間，先通過(guò)單縫得到線(xiàn)光源，然后通過(guò)雙縫得到兩列完全相同的相干光，A錯(cuò)誤，C正確；透鏡的作用是使射向?yàn)V光片的光更集中，B正確；根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx＝ldλ可知，雙縫間距d越小，則條紋間距Δx越大，測(cè)量頭中觀察到的條紋數(shù)目越少，D10．如圖所示，垂直于水平桌面固定一根輕質(zhì)絕緣細(xì)直桿，質(zhì)量均為m、帶同種電荷的絕緣小球甲和乙穿過(guò)直桿，兩小球均可視為點(diǎn)電荷，帶電荷量分別為q和Q。在圖示的坐標(biāo)系中，小球乙靜止在坐標(biāo)原點(diǎn)，初始時(shí)刻小球甲從x＝x0處由靜止釋放，開(kāi)始向下運(yùn)動(dòng)。甲和乙兩點(diǎn)電荷的電勢(shì)能Ep＝kQqr(r為兩點(diǎn)電荷之間的距離，k為靜電力常量)。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力f，重力加速度為g。關(guān)于小球甲，下列說(shuō)法正確的是(A．最低點(diǎn)的位置x＝kQqB．速率達(dá)到最大值時(shí)的位置x＝kQqC．最后停留位置x的區(qū)間是kQqD．若在最低點(diǎn)能返回，則初始電勢(shì)能Ep0＜(mg－f)kQqBD[庫(kù)侖定律＋受力分析＋能量守恒定律小球甲從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有mg(x0－x)＝f(x0－x)＋kQqx-kQqx0，解得x＝kQqmg-fx0，A錯(cuò)誤；小球甲第一次向下運(yùn)動(dòng)至速度最大的位置，此時(shí)加速度為零，根據(jù)平衡條件有mg＝f＋kQqx2，解得x＝kQqmg-f，B正確；若小球甲停止是在下降的過(guò)程，且停止運(yùn)動(dòng)后恰好靜止，有mg＋f＝kQqx12，解得x1＝kQqmg+f，若小球甲停止是在上升的過(guò)程，且停止運(yùn)動(dòng)后恰好靜止，有mg＝kQqx22＋f，解得x2＝kQqmg-f，因此小球甲最后停留位置x的區(qū)間為kQqmg+f≤x≤kQqmg二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．(8分)某小組探究物體加速度與其所受合外力的關(guān)系。實(shí)驗(yàn)裝置如圖(a)所示，水平軌道上安裝兩個(gè)光電門(mén)，小車(chē)上固定一遮光片，細(xì)線(xiàn)一端與小車(chē)連接，另一端跨過(guò)定滑輪掛上鉤碼。(1)實(shí)驗(yàn)前調(diào)節(jié)軌道右端滑輪高度，使細(xì)線(xiàn)與軌道平行，再適當(dāng)墊高軌道左端以平衡小車(chē)所受阻力。(2)小車(chē)的質(zhì)量為M1＝320g。利用光電門(mén)系統(tǒng)測(cè)出不同鉤碼質(zhì)量m所對(duì)應(yīng)小車(chē)的加速度a。鉤碼所受重力記為F，作出a-F圖像，如圖(b)中圖線(xiàn)甲所示。(3)由圖線(xiàn)甲可知，F(xiàn)較小時(shí)，a與F成正比；F較大時(shí)，a與F不成正比。為了進(jìn)一步探究，將小車(chē)的質(zhì)量增加至M2＝470g，重復(fù)步驟(2)的測(cè)量過(guò)程，作出a-F圖像，如圖(b)中圖線(xiàn)乙所示。(4)與圖線(xiàn)甲相比，圖線(xiàn)乙的線(xiàn)性區(qū)間________，非線(xiàn)性區(qū)間________。再將小車(chē)的質(zhì)量增加至M3＝720g，重復(fù)步驟(2)的測(cè)量過(guò)程，記錄鉤碼所受重力F與小車(chē)加速度a，如表所示(表中第9～14組數(shù)據(jù)未列出)。序號(hào)12345鉤碼所受重力F/(9.8N)0.0200.0400.0600.0800.100小車(chē)加速度a/(m·s-2)0.260.550.821.081.36序號(hào)6789～1415鉤碼所受重力F/(9.8N)0.1200.1400.160……0.300小車(chē)加速度a/(m·s-2)1.671.952.20……3.92(5)請(qǐng)?jiān)趫D(b)中補(bǔ)充描出第6至8三個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)，并補(bǔ)充完成圖線(xiàn)丙。(6)根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)結(jié)果猜想和推斷：小車(chē)的質(zhì)量________時(shí)，a與F成正比。結(jié)合所學(xué)知識(shí)對(duì)上述推斷進(jìn)行解釋?zhuān)篲_______________________________________。[解析]探究物體加速度與其所受合外力的關(guān)系＋數(shù)據(jù)處理(4)根據(jù)對(duì)題圖(b)分析可知，與圖線(xiàn)甲相比，圖線(xiàn)乙的線(xiàn)性區(qū)間較大，非線(xiàn)性區(qū)間較小。(5)在坐標(biāo)系中進(jìn)行描點(diǎn)，結(jié)合其他點(diǎn)用平滑的曲線(xiàn)擬合，使盡可能多的點(diǎn)在線(xiàn)上，不在線(xiàn)上的點(diǎn)均勻分布在線(xiàn)的兩側(cè)，如答圖所示。(6)對(duì)鉤碼根據(jù)牛頓第二定律有F－T＝ma，對(duì)小車(chē)根據(jù)牛頓第二定律有T＝Ma，聯(lián)立解得F＝(M＋m)a，變形得a＝1M+mF，當(dāng)m?M時(shí)，可認(rèn)為m＋M≈M，則a＝1MF，即a[答案](4)較大較小(5)如圖所示(6)遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量見(jiàn)解析12．(7分)某小組欲設(shè)計(jì)一種電熱水器防觸電裝置，其原理是：當(dāng)電熱管漏電時(shí)，利用自來(lái)水自身的電阻，可使漏電電流降至人體安全電流以下。為此，需先測(cè)量水的電阻率，再進(jìn)行合理設(shè)計(jì)。(1)如圖(a)所示，在絕緣長(zhǎng)方體容器左右兩側(cè)安裝可移動(dòng)的薄金屬板電極，將自來(lái)水倒入其中，測(cè)得水的截面寬d＝0.07m和高h(yuǎn)＝0.03m。(2)現(xiàn)有實(shí)驗(yàn)器材：電流表(量程300μA，內(nèi)阻RA＝2500Ω)、電壓表(量程3V或15V，內(nèi)阻未知)、直流電源(3V)、滑動(dòng)變阻器、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線(xiàn)。請(qǐng)?jiān)趫D(a)中畫(huà)線(xiàn)完成電路實(shí)物連接。(3)連接好電路，測(cè)量26℃的水在不同長(zhǎng)度l時(shí)的電阻值Rx。將水溫升到65℃，重復(fù)測(cè)量。繪出26℃和65℃水的Rx-l圖線(xiàn)，分別如圖(b)中甲、乙所示。(4)若Rx-l圖線(xiàn)的斜率為k，則水的電阻率表達(dá)式為ρ＝________(用k、d、h表示)。實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，溫度________(選填“高”或“低”)的水更容易導(dǎo)電。(5)測(cè)出電阻率后，擬將一段塑料水管安裝于熱水器出水口作為防觸電裝置。為保證出水量不變，選用內(nèi)直徑為8.0×10-3m的水管。若人體的安全電流為1.0×10-3A，熱水器出水溫度最高為65℃，忽略其他電阻的影響(相當(dāng)于熱水器220V的工作電壓直接加在水管兩端)，則該水管的長(zhǎng)度至少應(yīng)設(shè)計(jì)為_(kāi)_______m。(保留兩位有效數(shù)字)[解析]設(shè)計(jì)電熱水器防觸電裝置＋測(cè)量水的電阻率＋電路連接＋圖像法處理數(shù)據(jù)＋實(shí)驗(yàn)探究能力(2)由于電流表內(nèi)阻準(zhǔn)確已知，則電流表的分壓可以求出，故電流表采用內(nèi)接法，又電源電動(dòng)勢(shì)為3V，則電壓表應(yīng)以量程3V接入電路，電路連接如答圖所示。(4)根據(jù)電阻定律有Rx＝ρlS，又S＝dh，聯(lián)立得Rx＝ρdhl，故Rx-l圖像中圖線(xiàn)的斜率k＝ρdh，解得ρ＝kdh，根據(jù)題圖(b)可知，溫度高的水的Rx-l圖線(xiàn)((5)根據(jù)歐姆定律和電阻定律有R＝UI＝ρ[答案](2)如圖所示(4)kdh高(5)0.4613．(10分)可逆斯特林熱機(jī)的工作循環(huán)如圖所示。一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)ABCDA完成循環(huán)過(guò)程，AB和CD均為等溫過(guò)程，BC和DA均為等容過(guò)程。已知T1＝1200K，T2＝300K，氣體在狀態(tài)A的壓強(qiáng)pA＝8.0×105Pa，體積V1＝1.0m3，氣體在狀態(tài)C的壓強(qiáng)pC＝1.0×105Pa。求：(1)氣體在狀態(tài)D的壓強(qiáng)pD；(2)氣體在狀態(tài)B的體積V2。[解析]氣體實(shí)驗(yàn)定律＋(p-V圖像)(1)氣體從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過(guò)程發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律有p代入數(shù)據(jù)解得pD＝2.0×105Pa。(2)氣體從狀態(tài)C到狀態(tài)D的過(guò)程發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律有pCV2＝pDV1代入數(shù)據(jù)解得V2＝2.0m3又氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C發(fā)生等容變化，因此氣體在B狀態(tài)的體積也為V2＝2.0m3。[答案](1)2.0×105Pa(2)2.0m314．(11分)雪地轉(zhuǎn)椅是一種游樂(lè)項(xiàng)目，其中心傳動(dòng)裝置帶動(dòng)轉(zhuǎn)椅在雪地上滑動(dòng)。如圖(a)、(b)所示，傳動(dòng)裝置有一高度可調(diào)的水平圓盤(pán)，可繞通過(guò)中心O點(diǎn)的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。圓盤(pán)邊緣A處固定連接一輕繩，輕繩另一端B連接轉(zhuǎn)椅(視為質(zhì)點(diǎn))。轉(zhuǎn)椅運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，其角速度與圓盤(pán)角速度相等。轉(zhuǎn)椅與雪地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。(1)在圖(a)中，若圓盤(pán)在水平雪地上以角速度ω1勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)椅運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后在水平雪地上繞O點(diǎn)做半徑為r1的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。求AB與OB之間夾角α的正切值。(2)將圓盤(pán)升高，如圖(b)所示。圓盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)椅運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后在水平雪地上繞O1點(diǎn)做半徑為r2的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，繩子與豎直方向的夾角為θ，繩子在水平雪地上的投影A1B與O1B的夾角為β。求此時(shí)圓盤(pán)的角速度ω2。[解析]圓周運(yùn)動(dòng)＋受力分析(1)對(duì)轉(zhuǎn)椅受力分析，轉(zhuǎn)椅在水平面內(nèi)受摩擦力、輕繩拉力，兩者合力提供其做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，如圖所示。設(shè)轉(zhuǎn)椅的質(zhì)量為m，則轉(zhuǎn)椅所需的向心力Fn1＝mω1轉(zhuǎn)椅受到的摩擦力f1＝μmg根據(jù)幾何關(guān)系有tanα＝f聯(lián)立解得tanα＝μgω(2)轉(zhuǎn)椅在題圖(b)情況下所需的向心力Fn2＝mω2轉(zhuǎn)椅受到的摩擦力f2＝μN(yùn)2根據(jù)幾何關(guān)系有tanβ＝f豎直方向上由平衡條件有N2＋Tcosθ＝mg水平面上有f2＝Tsinθsinβ聯(lián)立解得ω2＝μg[答案](1)μgω1215．(18分)如圖所示，絕緣水平面上固定一光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌左右兩端分別與兩粗糙的傾斜平行金屬導(dǎo)軌平滑連接，兩側(cè)導(dǎo)軌傾角分別為θ1、θ2，導(dǎo)軌間距均為l＝2m，水平導(dǎo)軌所在區(qū)域存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.5T?，F(xiàn)有兩均勻金屬細(xì)棒甲和乙，質(zhì)量分別為m1＝6kg和m2＝2kg，接入導(dǎo)軌的電阻均為R＝1Ω。左、右兩側(cè)傾斜導(dǎo)軌與兩棒的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1＝320、μ2＝44183。初始時(shí)刻，乙靜止在水平導(dǎo)軌上，與水平導(dǎo)軌左端P1P2的距離為d，甲從左側(cè)傾斜導(dǎo)軌高度h＝4m的位置靜止滑下。水平導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，兩棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌接觸良好且保持垂直。若兩棒發(fā)生碰撞，則為完全非彈性碰撞。不計(jì)空氣阻力和導(dǎo)軌的電阻。(g取10m/s2，sinθ1＝0.6，sinθ2(1)求甲剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)乙的加速度大小和方向；(2)為使乙第一次到達(dá)水平導(dǎo)軌右端Q1Q2之前甲和乙不相碰，求d的最小值；(3)若乙前兩次在右側(cè)傾斜導(dǎo)軌上相對(duì)于水平導(dǎo)軌的豎直高度y隨時(shí)間t的變化如圖(b)所示(t1、t2、t3、t4、b均為未知量)，乙第二次進(jìn)入右側(cè)傾斜導(dǎo)軌之前與甲發(fā)生碰撞，甲在0～t3時(shí)間內(nèi)未進(jìn)入右側(cè)傾斜導(dǎo)軌，求d的取值范圍。[解析]法拉第電磁感應(yīng)定律＋動(dòng)能定理＋牛頓第二定律＋動(dòng)量定理＋動(dòng)量守恒定律＋運(yùn)動(dòng)學(xué)公式＋臨界極值問(wèn)題分析(1)對(duì)甲從靜止到運(yùn)動(dòng)至P1P2處的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有m1gh－μ1m1gcosθ1·hsinθ甲剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由法拉第電磁感應(yīng)定律有E0＝Blv0根據(jù)歐姆定律有I0＝E對(duì)乙由牛頓第二定律有BI0l＝m2a乙0聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得a乙0＝2m/s2根據(jù)楞次定律可知，回路中的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?俯視)，結(jié)合左手定則可知，乙所受安培力方向水平向右，則加速度方向水平向右。(2)甲和乙在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，系統(tǒng)受合外力為零，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，若兩者共速時(shí)恰不相碰，則有m1v0＝(m1＋m2)v共對(duì)乙根據(jù)動(dòng)量定理有BIlt＝m2v共－0又Idmin＝Δx聯(lián)立解得dmin＝24m。(3)根據(jù)(2)問(wèn)可知，從甲剛進(jìn)入磁場(chǎng)至甲、乙第一次在水平導(dǎo)軌上運(yùn)