黃石二中2025屆高三下學(xué)期適應(yīng)性考試（一）本試卷共8頁，15題。全卷滿分100分?？荚囉脮r75分鐘。注意事項：1.答題前，先將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并認真核準準考證號條形碼上的以上信息，將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選答案的標號涂黑；非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作答；字體工整，筆跡清楚。4.考試結(jié)束后，請將試卷和答題卡一并上交。一、選擇題（1-7題為單選題，8-10題為多選題，每題4分，共40分）1.關(guān)于下列物理量與括號里的單位對應(yīng)完全正確的選項是()A．電量（庫侖）電流（安培）頻率（法拉）B．電勢（伏特）電容（韋伯）轉(zhuǎn)速（弧度每秒）C．電壓（伏特）電阻（庫侖）電流（安培）D．電感（亨利）磁通量（韋伯）磁感應(yīng)強度（特斯拉）2.“夢天號”實驗艙攜帶世界首套可相互比對的冷原子鐘組發(fā)射升空，對提升我國導(dǎo)航定位、深空探測等技術(shù)具有重要意義。某原子鐘工作的四能級體系如圖所示，原子吸收頻率為ν0的光子從基態(tài)能級Ⅰ躍遷至激發(fā)態(tài)能級Ⅱ,然后自發(fā)輻射出頻率為v1的光子，躍遷到鐘躍遷的上能級2，并在一定條件下可躍遷到鐘躍遷的下能級1，實現(xiàn)受激輻射，發(fā)出鐘激光，最后輻射出頻率為v3的光子回到基態(tài)。已知該原子鐘在時間t內(nèi)產(chǎn)生的鐘激光光子的個數(shù)為n，光在真空中的速度為c，普朗克常量為h，則()A．該原子鐘產(chǎn)生的鐘激光光子的波長為B．該原子鐘產(chǎn)生的鐘激光光子的動量為C．該原子鐘產(chǎn)生的鐘激光光子的能量為h(v0+v1-v3)D．該原子鐘產(chǎn)生鐘激光光子的功率為物理試卷（共8頁）第1頁物理試卷（共8頁）第2頁3.如圖所示，某理想變壓器的原副線圈分別接有三個阻值相同的定值電阻R1、R2和R3。正弦交流電源的輸出電壓有效值恒為U，當開關(guān)S閉合時，兩理想交流電壓表的讀數(shù)均為U0。則下列說法正確的是()C．若斷開開關(guān)S，則R1、R2消耗的電功率之比為4∶1D．若斷開開關(guān)S，則流過R1、R2的電流之比為1∶24.如圖所示，粗糙的正方形斜面ABCD與水平面間的夾角θ=30O，一質(zhì)量為m的物體受到與對角線BD平行的恒力F作用，恰好能沿斜面的對角線AC做勻速直線運動，重力加速度為A．物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為B．物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為C．恒力F的大小為D．恒力F的大小為5.如圖所示，A、B兩顆衛(wèi)星在同一平面內(nèi)沿順時針方向繞地球做勻速圓周運動，圖示時刻A、B連線與A的軌道相切，B與地心的連線與AB夾角為30°,A做圓周運動的周期為T，則從圖示時刻至A、B間的距離最小所用的最短時間為()物理試卷（共8頁）第3頁6.隨著低空經(jīng)濟的發(fā)展，小型電動飛機將成為人們的通勤選擇?，F(xiàn)有某款新型號電動飛機，工程技術(shù)人員通過研究空氣阻力對飛機運動的影響，驗證飛機氣動布局性能。如圖所示，在平直跑道上，技術(shù)人員調(diào)整飛機動力輸出單元，使飛機在大小為F0的恒定牽引力作用下由靜止開始加速運動，發(fā)現(xiàn)經(jīng)時間t0飛機的速度不再增加。已知飛機的質(zhì)量為m，飛機所受阻力大小f=kv，其中k為常數(shù)，不計飛機輪胎與地面間的滾動摩擦，下列說法正確的是()A．t0時間內(nèi)飛機滑行的距離B．驅(qū)動飛機的電機輸出功率隨時間線性增大C．若t0時刻飛機剛好達到額定功率P0，則D．t0時間內(nèi)飛機克服阻力所做的功7.一列簡諧橫波在介質(zhì)傳播過程中依次經(jīng)過P、Q兩個質(zhì)點，兩個質(zhì)點平衡位置之間的距離為1m，P、Q兩個質(zhì)點的振動圖像如圖所示，其中實線為P點的振動圖線，虛線為Q點的振動圖線，則下列說法中正確的是()A．Q點的振動方程為B．該波的波長可能為7.2mC．該波的傳播速度可能為D．該波的傳播速度可能為8.如圖甲所示，在醫(yī)學(xué)領(lǐng)域的內(nèi)窺鏡檢查中，常利用光導(dǎo)纖維將光傳輸?shù)饺梭w內(nèi)部進行照明，并通過另一細管中的微型攝像機來進行觀察。如圖乙所示，某內(nèi)窺鏡所用光導(dǎo)纖維由折射率為n1的內(nèi)芯和折射率為n2的外套組成。一束光從空氣以入射角θ射向平直的光導(dǎo)纖維內(nèi)芯的左端面并在內(nèi)芯與外套的界面發(fā)生全反射。已知光導(dǎo)纖維長度為L，真空中光速為c。下列說法正確的是()物理試卷（共8頁）第4頁C．光在光導(dǎo)纖維中傳播的時間為D．光在光導(dǎo)纖維中傳播的時間為9.如圖所示，某同學(xué)利用電壓傳感器來研究電感線圈工作時的特點。圖甲中三個燈泡完全相同，不考慮溫度對燈泡電阻的影響。在閉合開關(guān)S的同時開始采集數(shù)據(jù)，當電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后斷開開關(guān)。圖乙是由傳感器得到的電壓u隨時間t變化的圖像。不計電源內(nèi)阻及電感線圈L的電阻。下列說法正確的是()A．開關(guān)S閉合瞬間，流經(jīng)燈D1和D2的電流相等B．開關(guān)S閉合瞬間至斷開前，流經(jīng)燈D2的電流保持不變C．開關(guān)S斷開瞬間，燈D2閃亮一下再熄滅D．根據(jù)題中信息，可以推算出圖乙中u1∶u2=3∶410.如圖所示，已知紙面內(nèi)的一條直線上有相距為L的A、B兩點，現(xiàn)有一個重力不計的質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從A點以初速度v0射入，方向與AB之間的夾角為30°,可以通過適當?shù)膱鋈タ刂屏Ｗ拥倪\動，為使粒子能到達B點且速度大小仍為v0，可以在該區(qū)域加一勻強電場或垂直紙面的勻強磁場（不同時存在下列判斷正確的是()A．該空間存在的可以是電場或磁場，但是因洛倫茲力的方向在變化，所以從A到B的過程中電場力沖量和洛倫茲力沖量不相等B．無論該區(qū)域存在的是電場還是磁場，其經(jīng)過B點時的速度方向一定相同C．加適當?shù)膭驈婋妶龌騽驈姶艌鼍梢裕鋸腁到B的過程中，在電場中運動的時間比在磁場中長D．加適當?shù)膭驈婋妶龌騽驈姶艌鼍梢?，且所加磁場和電場的場強大小滿足物理試卷（共8頁）第5頁二、實驗題（8+9=17分：11題每空2分，共8分；12題前三空每空2分，第四空3分，共9分）11.學(xué)習(xí)小組利用手機和自行車探究圓周運動的相關(guān)知識。已知手機的加速度傳感器可以測量x、y、z三個方向的加速度值（如圖1將自行車架起，手機固定在自行車后輪輪轂上（如圖（2輪胎厚度不計轉(zhuǎn)動踏板，后輪帶動手機在豎直面內(nèi)做圓周運動。(1)若加速轉(zhuǎn)動踏板，則手機可測到哪些方向的加速度值不為零？______A．x、y方向的加速度值B．x、z方向的加速度值C．y、z方向的加速度值(2)利用Phyphox軟件可以直接作出向心加速度an與角速度ω的關(guān)系圖象，為了直觀判斷它們的關(guān)系，應(yīng)讓軟件作出an?（選填“ω”或“ω2”）圖像。(3)若由（2）所作圖像測出斜率為k，已知自行車后輪半徑為R，則手機的加速度傳感器到輪胎邊緣的距離為（用題中符號表示查閱相關(guān)資料得知該手機使用的加速度傳感器質(zhì)量為m，當后輪角速度為ω0時，則手機的加速度傳感器做圓周運動的向心力Fn=（用物理試卷（共8頁）第6頁12.某同學(xué)通過實驗研究LED燈的伏安特性曲線，可用的器材如下：電源、滑動變阻器、電流表、電壓表、不同規(guī)格的LED燈兩組、電鍵、導(dǎo)線。(1)該同學(xué)將燈L1連接成如圖甲所示的實驗電路。開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于滑動變阻器的端（填“左”或“右”）。經(jīng)檢查各元件正常，閉合開關(guān)后，移動滑動變阻器滑片，發(fā)現(xiàn)電壓表有示數(shù)，而電流表始終無示數(shù)，且燈L1不亮，則一定斷路的導(dǎo)線是（選(2)更換故障導(dǎo)線后，移動滑動變阻器滑片，得到燈L1的I—U圖像如圖乙中的圖線L1；換燈L2重做實驗，得到圖線L2；從該圖像可得，兩燈并聯(lián)時，燈（填“L1”或“L2”）實際功率大。(3)若將12盞燈L1并聯(lián)后接在電源電動勢為3V，內(nèi)阻為1.25Ω的電源兩端，則電源輸出功率為 W（計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。物理試卷（共8頁）第7頁三、解答題（10+15+18=43分）13.在A地，懸掛一個邊長為0.2m的正方形單匝導(dǎo)體線框，如圖所示，ad邊固定在東西方向的轉(zhuǎn)軸上，線框總電阻為2Ω。起始時刻線框平面處于水平面內(nèi)的位置1，釋放后線框沿順時針方向轉(zhuǎn)動，t時刻到達豎直平面內(nèi)的位置2，只考慮地磁場。已知某同學(xué)用手機測得A地的地磁場分布情況如下（x軸指向南方，y軸指向東方求：(1)線框在位置2時，cd邊內(nèi)感應(yīng)電流的方向；(2)從位置1轉(zhuǎn)動到位置2的過程，通過線框平面abcd磁通量的最大值；(3)從位置1轉(zhuǎn)動到位置2的過程，線框中平均感應(yīng)電流的大小。14.如圖，圓柱形絕熱汽缸豎直懸掛于天花板，用橫截面積為S=0.02m2的輕質(zhì)光滑活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞下懸掛質(zhì)量為m=80kg重物，此時活塞在距離汽缸上底面h1=0.2m的A處，氣體的溫度為T1=300K。給汽缸內(nèi)的電阻絲加熱，活塞緩慢移動到距離汽缸上底面h2=0.26m的B處，此過程氣體吸收了100J熱量，大氣壓為p0=1.0×105Pa。(1)求活塞在B處時的氣體溫度T2；(2)求活塞從A處到B處的過程中氣體的內(nèi)能改變了多少？(3)保持溫度T2不變，當懸掛重物為m'=140kg時，打開汽缸閥門放出一部分氣體，使得活塞仍處于B處，求放出氣體的質(zhì)量與原來汽缸內(nèi)氣體質(zhì)量的比值。物理試卷（共8頁）第8頁15.如圖（a質(zhì)量為m的籃球從離地H高度處由靜止下落，與地面發(fā)生一次非彈性碰撞后反彈至離地h的最高處。設(shè)籃球在運動過程中所受空氣阻力的大小是籃球所受重力的λ倍(λH+h為常數(shù)且0<λ<H+h速度大小為g。(1)求籃球與地面碰撞的碰后速率與碰前速率之比；(2)若籃球反彈至最高處h時，運動員對籃球施加一個向下的壓力F，使得籃球與地面碰撞一次后恰好反彈至h的高度處，力F隨高度y的變化如圖（b）所示，其中h0已知，求F0的大??；(3)籃球從H高度處由靜止下落后，每次反彈至最高點時，運動員拍擊一次籃球（拍擊時間極短瞬間給其一個豎直向下、大小相等的沖量I，經(jīng)過N次拍擊后籃球恰好反彈至H高度處，求沖量I的大小。答案第1頁，共6頁《黃石二中2025屆高三下學(xué)期適應(yīng)性考試（一）》參考答案題號123456789答案DDDBADDACADBC【詳解】ABC．原子吸收頻率為的光子從基態(tài)能級I躍遷至激發(fā)態(tài)能級Ⅱ時有EⅡ一EI=hv0得該原子鐘產(chǎn)生的鐘激光光子的波長為該原子鐘產(chǎn)生的鐘激光光子的動量為故ABC錯誤；D．已知該原子鐘在時間t內(nèi)產(chǎn)生的鐘激光光子的個數(shù)為n，有故D正確。故選D?！驹斀狻緽．設(shè)R1=R2=R3=R，開關(guān)S閉合時，通過原線圈的電流I1=，通過副線圈的電流I2=可知原副線圈匝數(shù)之比，故B錯誤；A．原線圈兩端電壓因此交流電源的輸出電壓有效值U=U0+U1=3U0，故A錯誤D．斷開開關(guān)S后，流過R1、R2的電流之比故D正確；C．R1、R2消耗的電功率之比故C錯誤。故選D?！驹斀狻緾D．物塊受摩擦力方向與速度方向相反，即沿CA方向，重力的分力沿斜面向下，則由平衡可知fcos45。+Fcos45。=mgsin30。，及fsin45。=Fsin45。，解得F=mg，故CD錯誤；4AB．根據(jù)f=μmgcos30。=F=mg，可得μ=·、i6，故B正確，A錯誤。故選B。46【詳解】由題意及幾何關(guān)系可知，A、B的軌道半徑之比為rA:rB=1:2，圖示時刻，A、B與地心連線的夾角為60°,設(shè)B做圓周運動的周期為TB，最短經(jīng)過t時間A、B間的距離最小，則有一根據(jù)開普勒第三定律有則解得故選A。k000【詳解】AD．飛機到達最大速度時有F0=kv，解得v=F0，根據(jù)動量定理有Ft一ftk000答案第2頁，共6頁將f=kv代入有F0t0—kx=mv，解得x=—，根據(jù)動能定理有F0x—Wf=mv2解得，故A錯誤，D正確；B．飛機受力不斷變化，則加速度改變，由P=F0v=F0at，可知驅(qū)動飛機的電機輸出功率不隨時間線性增大，故B錯誤；C．若t0時刻飛機剛好達到額定功率P0，則P0=F0v=，解得故C錯誤；故選D?！驹斀狻緼．由圖可知波的周期為0.4s，Q點的振動方程為y=A4sin(5兀t)cm，故A錯誤；CD．0~0.1s內(nèi)，P點到達波峰時有解得t1=s，當t2=0.3s，Q點到達波峰，波從P點1,2,3...則波速為v=m/s（n=0,1,2,3...）當該波的傳播速度為m/s時，n不是整數(shù)，故該波的傳播速度不可能為m/s，當n=2時，該波的傳播速度為 m/s，故C錯誤；D正確；B．該波的波長為當該波的波長為7.2m時，n不是整數(shù)，故當該波的波長不可能為7.2m，故B錯誤。故選D。【詳解】AB．發(fā)生全反射的條件是光由光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)，所以n1>n2，故A正確，B錯誤；CD．當入射角為θ時，設(shè)光的折射角為r，根據(jù)折射定律有由數(shù)學(xué)知識可知根據(jù)幾何關(guān)系可知，光的傳播距離為x=，由n=知傳播速度為v=，則傳播的時間為故C正確，D錯誤。故選AC?！驹斀狻緼B．開關(guān)S閉合瞬間，由于電感線圈的強烈阻礙作用，燈D3沒有電流通過，燈D1和D2串聯(lián)，流經(jīng)燈D1和D2的電流相等，設(shè)每個燈泡的電阻為R，故穩(wěn)定后燈D2和D3并聯(lián)再與D1串聯(lián)，流過D2的電流為 故A正確，B錯誤；C．開關(guān)S斷開瞬間，由于電感線圈阻礙電流減小的作用，由電感線圈繼續(xù)為燈D2和D3提供電流，又因為電路穩(wěn)定的時候，流經(jīng)燈D2和D3的電流相等，所以燈D2逐漸熄滅，故C錯誤；D．開關(guān)S閉合瞬間，燈D1和D2串聯(lián)，電壓傳感器所測電壓為D2兩端電壓，由歐姆定律u1=，電路穩(wěn)定答案第3頁，共6頁后，流過D3的電流為開關(guān)S斷開瞬間，電感線圈能夠為D2和D3提供與之前等大電流，故其兩端電壓為u2=I.2R=，所以故D正確?！驹斀狻緼．若粒子僅受電場力作用，從A到B速度大小不變，由動能定理知電場力做功為零，這表明A、B兩點電勢相等，電場線垂直于AB連線，粒子帶正電荷，其電場力垂直AB向下，則粒子做類斜拋運動，根據(jù)運動對稱性可知粒子運動到B點的速度大小為v0，方向與AB夾角為30O，根據(jù)平行四邊形定則可知粒子從A到B的過程中速度變化量Δv=v0（方向垂直AB向下由動量定理得電場力沖量ΔIE=mΔv=mv0，方向垂直AB向下；若粒子僅受磁場力作用，在磁場中做勻速圓周運動，通過幾何關(guān)系知粒子從A點以與AB夾角30O的速度v0射入，要到達B點且速度大小仍為v0，其運動軌跡關(guān)于AB的中垂線對稱，圓心角為60O，則粒子在B點速度與AB夾角為30O，故粒子從A到B的過程中速度變化量Δv=v0，磁場力沖量ΔIB=mv0（方向垂直AB向下）由此可知從A到B的過程中電場力沖量和洛倫茲力沖量相等，故A錯誤；B．由A選項分析可知無論該區(qū)域存在的是電場還是磁場，其經(jīng)過B點時的速度方向都與AB夾角為30O，方向相同，故B正確；C．由A選項分析知粒子在電場中做類斜拋運動，沿AB方向以v0cos30O做勻速直線運動，則有v0cos30O·tE=L，解得，粒子在磁場中勻速圓周運動，圓心角為60O，由幾何關(guān)系可得其運動半徑r=L，則有解得故故C正確；D．粒子在電場中垂直AB方向以v0sin30O為初速度做勻減速直線運動，由C選項分析可得解得，粒子在磁場中做勻速圓周運動，由解得則11．(1)A(2)ω2(3)R?kmω02k【詳解】（1）后輪帶動手機在豎直面內(nèi)做圓周運動，加速度在豎直平面內(nèi)，故x、y方向的加速度值不為零，z方向的加速度值為零。故選A。（2）根據(jù)an=ω2R可知，an?ω2圖像為直線，an?ω為曲線，應(yīng)讓軟件作出an?ω2圖像能直觀地判斷它們的關(guān)系。（3）[1]若由（2）所作圖像測出斜率為k等于手機到后輪圓心的距離，故手機的加速度傳感器到輪胎邊緣的距離為R?k；[2]若由（2）所作圖像測出斜率為k等于手機到后輪圓心的距離，即手機做圓周運動的半徑，則手機的加速度傳感器做圓周運動的向心力Fn=mω02k。答案第4頁，共6頁12．左6L10.342（0.340～0.344）【詳解】（1）圖中滑動變阻器采用分壓接法，為電路安全，開關(guān)閉合前，滑片應(yīng)置于最左端。故障為電壓表有示數(shù)，但燈不亮，且電流表無示數(shù)，各元件正常，那么一定是導(dǎo)線6斷路。（2）兩燈并聯(lián)后，兩燈電壓相等，從兩燈的I?U曲線可知I1>I2，根據(jù)P=UI，L1的實際功率大。（3）將12只L1并聯(lián)后，設(shè)每個燈的電壓為U，電流為I，根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=U+12Ir將此直線畫在圖乙中如圖所示它跟L1的I?U圖象相交于（2.85V，10.0mA所以每一個燈的實際功率P0=UI=2.85×0.01W=0.0285W，電源的輸出功率為P出=12P0=12×0.0285W=0.342W【詳解】（1）根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向為c→d（2）在A地，地磁場的大小為，則可得從位置1轉(zhuǎn)動到位置2的過程，通過線框平面abcd（3）從位置1轉(zhuǎn)動到位置2的過程，線框中磁通量的變化量為ΔΦ=Φ2Φ1=BxL2BzL2=2.1×105×0.22Wb2.1×105×0.2 的平均感應(yīng)電動勢所以，可知從位置1轉(zhuǎn)動到位置2的過程，線框中平均感應(yīng)電流的大小I==0141）390K2）增加了28J3）【詳解】（1）依題意，活塞緩慢移動過程，受力平衡，可知封閉氣體為等壓過程，可得即=解得T2=390K（2）活塞從A處到B處的過程中，對活塞受力分析，可得mg+pS=p0S，氣體對外界做功W=pS(h2—h1)聯(lián)立，解得W=72J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，可得ΔU=W+Q，其中W=—72J，Q=100J，解得ΔU=28J即氣體內(nèi)能增加了28J。（3）打開閥門前活塞在B處，有p2=p=6×104Pa，V2=h2S，懸掛m'后m'g+p3S=p0S，解得p3=3×104Pa若不打開閥門，氣體體積設(shè)為V3=h3S，該等溫過程p2h2S=p3h3S，解得h3=0.52m，放出氣體的質(zhì)量與原來汽缸內(nèi)氣體質(zhì)量的比值答案第5頁，共6頁【詳解】（1）籃球下降過程中根據(jù)牛頓第二定律有mg—λmg=ma下，再根據(jù)勻變速直線運動的公式，下落的過程中有vEQ\*jc3\*hps12\o\al(\s\up5(2),下)=2a下H，籃球反彈后上升過程中根據(jù)牛頓第二定律有mg+λmg=ma上，再根據(jù)勻變速直線運動的公式，上升的過程中有vEQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up4(2),上)=2a上h，則籃球與地面碰撞的碰后速率與碰前速率之比（2）若籃球反彈至最高處h時，運動員對籃球施加一個向下的壓力F，則籃球下落過程中根據(jù)動能定理有聯(lián)立解得（3）方法一：由（1）問可知籃球上升和下降過程中的加速度分別為a下=(1—λ)g（方向向下a上=(1+λ)g（方向向下）由題知運動員拍擊一次籃球（拍擊時間極短瞬間給其一個豎直向下、大小相等的沖量I，由于拍擊時間極短，則重力的沖量可忽略不計，則根據(jù)動量定理有I=mv，即每拍擊一次籃球?qū)⒔o它一個速度v。拍擊第1EQ\*jc3\*hps11\o\al(\s\up5(2),1)EQ\*jc3\*hps11\o\al(\s\up5(2),1)上升過程有hvEQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up6(2),1)=2(