高二物理上學期第二次月考試題一、單項選擇題(本題共8小題，每小題3分，共24分)1.下面是某同學對一些概念的理解，其中正確的是()A.電動勢由電源中非靜電力的特性決定，跟外電路無關B.電流越大，自由電子在金屬導體中定向移動速率越大C.非靜電力做的功越多，電動勢越大D.電流方向與自由電子定向移動方向是相同的【解析】可知電動勢由電源中非靜電力的特性決定，跟外電路無關；但電動勢與非靜電力做功、電荷量無本質的決定關系，所以非靜電力做的功越多，電動勢B.在微觀上，電流由單位體積內電荷數、導體的橫截面積及載流子的電荷量和定向移動的速度決定，D.電流方向與正電荷定向移動方向相同，與自由電子定向移動的方向是相反的，故D錯誤。2.如圖所示，abcd為厚薄均勻的矩形金屬薄片，邊長ab:bc=2:1,將A、B端接入電壓為U的電路中時，金屬薄片接入電路的電阻值為R,并測得此時通過金屬薄片的電流為I,則以下正確的是(□□)A.若A、B接入電壓為2U的電路中時，金屬薄片接入電路的RB.若A、B接入電壓為2U的電路中時，通過金屬薄片的電流IC.若C、D接入電壓為2U的電路中時，金屬薄片接入電路的電阻RD.若C、D接入電壓為2UI【解析】【詳解】設金屬薄片的厚度為h,根據電阻定律公式,則有則AB.若A、B接入電壓為2U的電路中時，金屬薄片接入電路的電阻仍為R,通過金屬薄片的電流為CD.若C、D接入電壓為2U的電路中時，金屬薄片接入電路的電阻為,通過金屬薄片的電流為故選D。3.如圖所示，木塊M和N用一根輕彈簧連接起來，放在光滑水平面上，M緊靠在墻壁上，對N施加向左的水平力使彈簧壓縮，當撤去外力后，對M、N和輕彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法中正確的是(□口)A.M離開墻壁前，系統(tǒng)動量守恒B.M離開墻壁前，M所受合力的沖量與N所受合力的沖量大小相等，方向相反C.M離開墻壁后，系統(tǒng)動量守恒D.M離開墻壁后，M動量變化量與N動量變化量相同【解析】【詳解】A.當撤去外力F后，M尚未離開墻壁前，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，系統(tǒng)所受的外力之和不為霧，所以M和N組成的系統(tǒng)的動量不守恒，故A錯誤；B.M離開墻壁時，彈簧處于原長狀態(tài)，M離開墻壁前一直保持靜止狀態(tài)，則所受合力的沖量為0,初始狀態(tài)N動量為0,撤去外力F后，一直受到彈簧向右的力的作用直到M離開墻壁，此過程中N所受合力的沖量向右。故B錯誤；CD.M離開墻壁后，系統(tǒng)所受外力之和為0,所以M,N組成的系統(tǒng)的動量守恒，根據動量守恒定律的規(guī)律可知系統(tǒng)動量變化量為0,即動量變化量是矢量，M動量變化量與N動量變化量大小相等，方向相反。故C正確，D錯誤。故選C。4.一個電子在平行于紙面的平面內沿逆時針方向做勻速圓周運動，放于圓心處的小磁針最后靜止時N極的指向(□□)A.垂直紙面向里B.垂直紙面向外C.平行紙面向左D.平行紙面向右【解析】【詳解】因為電子在平行于紙面的平面內沿逆時針方向做勻速圓周運動，所以得到電流方向應為順時針方向，根據安培定則可知平面內電流在小磁針處產生的磁場方向為垂直紙面向里，所以小磁針最后靜止時N極的指向應為垂直紙面向里。故選A。5.伏安法測電阻是常用的一種測電阻的方法，用電壓表和電流表測出待測電阻R的電壓和電流，可用電壓和電流的比值計算出電阻。如圖甲、乙所示為某同學設計的兩個用伏安法測電阻的電路圖，電壓表與電流表均不能視為理想電表，則以下正確的是(□□)圖甲圖乙A.圖甲電路中測得的電壓和電流可以從0開始調節(jié)B.圖甲電路中，由于電流表的分壓導致電阻的測量值大于真實值C.圖乙的電阻測量值一定比圖甲的電阻測量值更接近真實值D.圖乙電路中，閉合開關之前滑動變阻器滑片應放到d端【解析】【詳解】A.圖甲電路中滑動變阻器為限流接法，電壓和電流不可以從0開始調節(jié)，故A錯誤；B.圖甲電路中為電流表內接法，由于電流表的分壓導致電阻的測量值大于真實值，故B正確；C.圖乙的電阻測量值不一定比圖甲的電阻測量值更接近真實值，如果待測電阻較大，遠大于電流表內阻時，圖甲的電阻測量值更接近真實值，故C錯誤；D.圖乙電路中，閉合開關之前滑動變阻器滑片應放到C端，用導線短路電表，避免閉合開關燒壞電表，故D錯誤。故選B。6.2023年7月20日21時40分，神舟十六號航天員景海鵬、朱楊柱、桂海潮密切協(xié)同，進行了八個小時的太空行走，圓滿完成出艙活動全部既定任務。噴氣背包作為航天員艙外活動的主要動力裝置，它能讓航天員保持較高的機動性。如圖所示，一個連同裝備總質量為M=100kg的航天員，裝備內有一個噴嘴可以使壓縮氣體以相對空間站v=50m/s的速度噴出。航天員在距離空間站S=45m處與空間站處于相對靜止狀態(tài)，航天員完成太空行走任務后，必須向著返回空間站方向的反方向釋放壓縮氣體，才能回到空間站，噴出的氣體總質量為1m=0.15kg,返回時間約為(□口)A.300sB.400sC.600s【詳解】取噴出的氣體速度方向為正方向，根據動量守恒定律可得航天員勻速返回空間站所需要的時間聯(lián)立得故選C。使其成為電流表、電壓表和歐姆表，下列說法正確的是(□□)A.A應該插入黑表筆、B應該插入紅表筆B.作為電壓表時6比5量程大C.用多用電表測量不同的電阻R時，均需要重新進行歐姆調零D.測電阻時，如果指針偏轉過小，應將選擇開關撥至倍率更小的擋位B.作為電流表時分流電阻越小量程越大，1比2量程大，作為電壓表時分壓電阻越大量程越大，6比5C.在不改變量程的情況下，不需要重新歐姆調零，C錯誤；故選B。8.在如圖所示的電路中，電源的電動勢E=10V,電源內阻r=1Ω,定值電阻R?=R?=R?=2Ω,滑動變阻器電阻R的最大阻值為4Ω,電容器的電容為C=1.5×10??F,,閉合開關后，將滑動變阻器滑片從最左端a滑到最右端b,理想電壓表的示數變化量的絕對值為△U,理想電流表的示數變化量的絕對值A.電壓表示數變大，電流表示數變小C.通過的電荷量為4.5×10-?℃D.通過的電流為自上向下【解析】【詳解】A.將滑動變阻器滑片從最左端a滑到最右端b,接入電路電阻變小，總電阻變小，根據閉合電路歐姆定律可知，回路電流變大，內阻上的電壓變大，路端電壓變小，電壓表示數變小。R?的電流變小，則電流表示數變大，故A錯誤；B.根據所以CD.R?的電流變大，則電容器兩端電壓變大，電容器充電，流過R?的電流為自下向上，滑片在最左端其中滑片在最左端b時通過?的電荷量為故選C。二、多項選擇題(本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分)9.如圖所示，燈泡A、B都能正常發(fā)光，由于電路中發(fā)生故障，導致兩個燈泡都變亮，可能的原因是(□□)A.R?斷路B.R2斷路c.R?斷路D.R4短路【解析】電壓均增大，兩個燈泡都變亮，故A正確；BC.若斷路，則外電路總電阻增大，路端電壓增大，總電流減小，R?兩端電壓減小，R?兩端電壓增大，流過R?的電流增大，則流過B燈的電流和的電流之和減小，由于B燈和的電阻比不變，則流過B燈的電流和的電流均減小，則B燈變暗，同理可知，若R?斷路，A燈變暗，故BC錯誤；D.若短路，則外電阻減小，總電流增大，由于除R?之外其它電阻的串并聯(lián)情況不變，則各支路的電流均變大，即流過兩燈泡的電流均變大，則兩個燈泡都變亮，故D正確。故選AD。10.某課外實驗興趣小組用如圖甲所示的電路，將電流表G改裝成電壓表V?,改裝后的電壓表通過控制開關的閉合和斷開有兩個量程，并設計了如圖乙所示的電路對改裝后的電壓表進行校對，V為標準表。校對過程中發(fā)現，改裝后的電壓表的示數總稍小于標準電壓表的示數，該小組采取了相應措施進行調整，則如下判斷和調整措施正確的(□□)甲乙A.開關閉合時，改裝后的電壓表的量程大B.開關斷開時，改裝后的電壓表的量程大C.在R兩端并聯(lián)一個阻值遠大于R?的電阻進行調整D.在R?兩端并聯(lián)一個阻值遠小于R?的電阻進行調整【解析】【詳解】AB.由電路相關知識可知，閉合開關時，電壓表量程為斷開開關時，電壓表量程為明顯可知開關斷開時，改裝后的電壓表的量程大，故A錯誤，B正確；CD.改裝后的電壓表示數偏小，即實際流過表頭電流偏小，分壓電阻偏大，只需讓分壓電阻減小一點，可在分壓電阻兩端并聯(lián)一個阻值遠大于R?的電阻進行調整，故C正確，D錯誤。故選BC。11.質量分別為m1和m2的兩個物體A、B在光滑水平面上發(fā)生正碰，碰撞時間不計，其碰撞前后的位移-時間圖像如圖所示，已知物體A的質量為m?=2kg,則以下正確的是()A.該碰撞為非彈性碰撞B.物體B的質量為m2=4kgC.碰撞過程機械能損失了12JD.碰撞過程中物體B對物體A的作用力的沖量為12kg·m/s【解析】【詳解】ABC.位移-時間圖像的斜率表示物體的速度，可知碰撞前A、B的速度分別為碰撞后A、B的速度分別為根據動量守恒代入數據得則碰撞前A、B的動能分別為碰撞后A、B的動能分別為則D.碰撞過程中對物體B列動量定理I=m?v?-m?V?=6×1-6×(-1)kg·碰撞過程中物體B對物體A的作用力的沖量為-12kg·m/s,故D錯誤；12.如圖所示，圖線a為標有“3.8V,0.3A”字樣小燈泡L的伏安特性曲線，圖線b為一組干電池的輸出電流與電池兩端電壓的關系圖線，則()aaVI/Ab32A.小燈泡的電阻隨電壓的增大而增大B.小燈泡的熱功率跟通過其電流的平方不成正比C.小燈泡與電池直接連接后的實際功率大于額定功率D.小燈泡與電池直接連接后小燈泡的實際功率小于電源內電阻消耗的功率【解析】【詳解】A.圖中燈泡的伏安特性曲線上點與原點連線的斜率表示電阻的倒數，隨著電壓U的增大斜率減小，得電阻的倒數在減小，即燈泡電阻在增大，故A正確；B.由于小燈泡不是純電阻，電阻會隨著溫度的變化而變化，小燈泡的熱功率跟通過其電流的平方不成C.圖中兩線交點為工作點，電壓約為1.5V,電流約為0.17A,明顯小于額定值，即實際功率小于額定功D.根據圖線a來求解小燈泡的電阻根據圖線b來求解電源的內阻根據熱功率公式P=I2R三、實驗題(本題共2小題，每空2分，13題8分，14題6分，共14分)13.如圖所示為“探究碰撞中的不變量”的實驗裝置示意圖。先將a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把同樣大小的b球在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止放置，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次。A.斜槽軌道末端到水平地面的高度HC.小球a、b的半徑rD.小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的tE.記錄紙上0點到A、B、C各點的距離OA、OB、OCF.a球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h(3)為測定未放小球b時，小球a落點的平均位置，把毫米刻度尺的零刻線跟記錄紙上的O點對齊，如A.ma·OC=ma·OB+m?·OAB.ma·OB=maOC+m?·OAC.ma·OB=ma·OA+m?·OCD.ma·OA=ma·OB+m?·OC【答案】①.BE##EB②.ma、mb,和記錄紙上0點到A、B、C各點的距離OA、OB、OC。故選BE。ma·OB=maOA+m?·OC14.某物理實驗小組要測量一個手機鋰電池的電動勢和內電阻。已了解到該款鋰電池在充電量為100%時的電動勢為4V左右，于是利用一個電阻箱R和一個R?=2ΩR?R?SR乙(1)按照圖甲所示的實驗電路圖，將圖乙中的實物連接起來組成實驗電路_o(2)通過調節(jié)電阻箱R的阻值，可以讀出電壓表示數以及電阻箱接入電路的阻值，重復操作可以得到多組電壓表的示數U以及對應電阻箱的阻值R,為橫軸，作出的關系圖線為一直線，如圖丙所示。由圖線可求得該手機鋰電池的的電動勢E=V,內阻r=Ω(保留2位有效數字)丙R?R【解析】【小問1詳解】實物圖如圖【小問2詳解】根據閉合電路歐姆定律有整理得根據圖像的斜率與截距解得解得四、計算題(15題8分，16題10分，17題12分，18題16分，共46分)15.在剛剛結束的第19屆杭州亞運會上，16歲的中國姑娘全紅蟬最后一跳逆天反超，獲得評委們的四個滿分，從而獲得女子10米跳臺冠軍。如圖所示，在比賽中質量為m的全紅蟬，從跳臺上以初速度o豎直向上跳起，從跳臺上起跳到入水前重心下降了H。入水后由于水的阻力使速度減為0,全紅蟬從接觸水面到下沉到最低點經歷的時間為t,重力加速度為8,不計空氣阻力。求：(1)全紅嬋入水瞬間的動量；(2)全紅蟬入水后，水的平均阻力大小。【解析】【詳解】(1)全紅蟬起跳后在空中運動過程，由動能定理得解得所以方向豎直向下。(2)運動員接觸水面到運動員下沉到最低點，根據動量定理有解得16.某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示，噴口距地面的高度h=1.8m,正常工作時噴水的速率vo=10m/s,每秒噴出水的質量m?=7kg,,所用的水是從井下抽取的，井中水面離地面的高度H=3.2m并一直保持不變。水泵由電動機帶動，電動機電樞線圈電阻r=5Ω。電動機正常工作時，電動機的輸入電壓U=220V,輸入電流I=4A,不計電動機的摩擦損耗，電動機的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率。忽略水在管道中運動的機械能損失，水泵的輸出功率與輸入功率之比稱為水泵的抽水效率，重力加速度8取(1)電動機的輸出功率；(2)水泵的抽水效率7?！窘馕觥俊驹斀狻?1)電動機的輸入功率電動機的熱功率水泵的輸入功率等于電動機的輸出功率(2)水泵的輸出功率其中m=m?t解得水泵效率17.一質量為m=1kg的小球用長為L=1.8m的輕繩懸掛在固定點0上，將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點與光滑水平面上放置的小滑塊b發(fā)生正碰，碰撞時間極短且碰撞過程中無機械能損失，碰后小滑塊滑到并排放置在右側光滑水平地面上的兩塊木板c、d上，兩木板間相互接觸但不粘連，木板上表面與水平面齊平，滑塊最終恰好沒有離開木板d。已知：小滑塊