【答案】B【解析】方法一：W=Fxcos15°=10×2×6+2第5題 第6題 第7題【答案】C0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，APPQA點(diǎn)拋出后第一次運(yùn)動(dòng)到離斜面最遠(yuǎn)的時(shí)間為5v0，運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的時(shí)間為4v0APPQ 1:3Q點(diǎn)時(shí)速度為10v0【答案】AC0.35m/s?-t-Δt12A點(diǎn)的線速度大小為ω1(R-r)-ω2r，B點(diǎn)的線速度大小為ω1R-r+ω2r分析小球受力：mgsinθ=kL-L1，h=L1sinθ，聯(lián)立可得：h=-mgsin2θ+Lsinθ

2+kL2kL≤1，則sinθ=kL

=kL2

m若kL≥1，則sinθ=1

=Lmg；若h

=0.4mkL≤1帶入h=Lmg，可得h0=0.375m 若kL≥1kL≥1變形可得：mg≤0.5m，帶入h=L

【答案】(1)C；(2)2.65～2.67；(3)0.42(0.41～0.43均可)；

2【解析】(1)2倍，可以直接測(cè)出，因此不需要保證砂和砂2.65N～2.67NaΔv0.61-0.40 2F=Maa2F，直線的斜率等于2 12.【答案】(3)0.40；(4)???=1(2?)2或???=2(?)2；51.41、1.47；(7) 評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：每空2 【解析】(3)鐵球下落的時(shí)間間隔=2.05?1.65=(4)鐵球落地速度為(4)鐵球落地速度為代入可得：??12?)2或???=2?

???=1 (5)鐵球動(dòng)能的增加量為=12≈ + + 13.（1013.（10分）【答案】(1)3

【解析】(1)空間站在預(yù)定圓軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

2=

2 解得地球的質(zhì)量；=解得地球的質(zhì)量；=

1衛(wèi)星在預(yù)定圓軌道上的運(yùn)動(dòng)周期為，=

1衛(wèi)星在橢圓軌道上的運(yùn)動(dòng)周期為，3=

2

2(+(+

+ 飛船從運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，需要的時(shí)間至少為1

1 + 飛船在近地點(diǎn)速度為1，由開(kāi)普勒第二定律可知：1=2 1分飛船從運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)：=??=01+ + 聯(lián)立可得：=+ 1)?= 【解析】(1)到過(guò)程：?????=12?1 1 可得；D ?

1解得：= 1 1(2)到過(guò)程：??=，解得：=1m/s2。v0=3m/s>=22m/s假設(shè)物塊能減速到與傳送帶共速：22=2)減，解得=0.5m<??=小物塊在傳送帶上先加速再勻速，到達(dá)點(diǎn)時(shí)：C==22m/s 2分假設(shè)物塊到達(dá)圓軌道的最大高度?時(shí)速度可以減為0 1 1 1到過(guò)程：?mg+sin30°=12?1 ⑨1③若剛好到達(dá)點(diǎn)，在點(diǎn)有G=到過(guò)程：???2=01 1E點(diǎn)的條件為： 1 =綜上所述，傳應(yīng)滿足：傳≤22m/s或傳≥ 2分【答案】（18分）(1)1????；(2)143≤<53；(3)5 木塊1下滑過(guò)程：??????30°=12? 2 2解得：'

2(2)木塊12組合體下滑：2??????30°?2??????30°=1×22?1×2' 1 1木塊123組合體下滑：3??????30°?3??????30°=1×32?1×3' 1 123碰撞，=0，此時(shí)最大，所以：<51234碰撞，=0，此時(shí)最小，所以：>14綜上所述：143<<5

1 1 2 (?1)????(??30°???30°)=(?1) 1 1第n次碰撞前動(dòng)能為，碰后動(dòng)能記為聯(lián)立可得

+??????30°???3 1若剛好能碰到第n個(gè)，則?1>0且< 2比如（3）木塊12…(n-1)組合體下滑：2????(??30°???30°)= ? 12…(n-1)n碰撞：(1)?1=

聯(lián)立可得：2

???d1?3，記：=??d1?3=?1

聯(lián)立可得：2