高級中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年第二學(xué)期蚌埠市A層高中第六次聯(lián)考高二物理試卷注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單選題（本題共8小題，每題4分，共32分）1.無線話筒是LC振蕩電路的一個典型應(yīng)用。在LC振蕩電路中，某時刻磁場方向如圖所示，且電容器上極板帶正電，則此時（）A.電流流向沿a到bB.電容器所帶的電荷量正在逐漸減少C.極板間的電場強(qiáng)度正在逐漸增大D.磁場能正在逐漸增加【答案】C【解析】AB．根據(jù)安培定則，可知電流流向沿b到a，電容器上極板帶正電，電容器正在充電，電容器所帶的電荷量正在增加，AB錯誤；CD．電容器正在充電，電路中電流正在減小，線圈中的磁場正在減弱，磁場能正在向電場能轉(zhuǎn)化，電場增強(qiáng)，極板間的電場強(qiáng)度正在逐漸增大，C正確，D錯誤；故選C。2.將可以當(dāng)由轉(zhuǎn)動的小磁針平行于地表放在赤道上，當(dāng)在小磁針正上方放置一根南北方向的通電直導(dǎo)線，并且電流方向自北向南，穩(wěn)定靜止時小磁針的指向可能正確的是（黑色一端代表小磁針的N極）（）A. B. C. D.【答案】A【解析】地磁場方向由南向北，故只在地磁場作用下，小磁針的N極指向北極，當(dāng)直導(dǎo)線中通以方向由北向南的電流時，在直導(dǎo)線下方會產(chǎn)生由西向東的磁場，則小磁針的N極將由北向東偏轉(zhuǎn)。故選A。3.將一段通電直導(dǎo)線abc從中點(diǎn)b折成120°，分別放在圖甲、乙所示的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)線中電流大小保持不變。圖甲中導(dǎo)線所在平面與磁場的磁感線平行，圖乙中導(dǎo)線所在平面與磁場的磁感線垂直，若兩圖中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，則甲、乙兩圖中導(dǎo)線所受的安培力大小的比值為（）A.1 B.C. D.【答案】C【解析】設(shè)導(dǎo)線的總長為，通過導(dǎo)線的電流為，圖甲中導(dǎo)線受到的安培力大小為圖乙中導(dǎo)線受到的安培力的大小為根據(jù)題意則有故選C。4.如圖所示，質(zhì)量為m的帶電小物塊從半徑為R的固定絕緣光滑半圓槽頂點(diǎn)A由靜止滑下，整個裝置處于方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中。已知物塊所帶的電荷量保持不變，物塊運(yùn)動過程中始終沒有與圓槽分離，物塊第一次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時對圓槽的壓力與自身受到的重力大小相等，重力加速度大小為g，則物塊第二次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時對圓槽的壓力為（）A.3mg B.4mg C.5mg D.6mg【答案】C【解析】物塊運(yùn)動過程中只有重力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知物塊到達(dá)圓槽最低點(diǎn)時速度最大且不變，由解得物塊第一次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時對圓槽的壓力與自身受到的重力大小相等，此時物塊受到向上的洛倫茲力物塊第二次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時，物塊在半圓槽內(nèi)做往復(fù)運(yùn)動，此時物塊受到向下的洛倫茲力聯(lián)立解得故選C。5.如圖甲所示，單匝矩形線框在勻強(qiáng)磁場B中，繞與磁場B垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動。已知線框電阻為R，轉(zhuǎn)動周期為T，穿過線框的磁通量與時間t的關(guān)系如圖乙所示。則下列說法不正確的是（）A.時刻，線框平面與中性面垂直B.感應(yīng)電流的有效值為C.到過程中，線框中平均感應(yīng)電動勢為D.線框轉(zhuǎn)動一周，線框中產(chǎn)生的熱量為【答案】C【解析】A．由圖可知在時刻，回路的磁通量為零，所以線圈平面與中性面垂直，故A正確，不符合題意；B．線圈轉(zhuǎn)動的角速度大小為感應(yīng)電動勢的最大值為則感應(yīng)電流的最大值為感應(yīng)電流的有效值為整理可得故B正確，不符合題意；C．到過程中磁通量變化量的絕對值為所以這段時間內(nèi)感應(yīng)電動勢的平均值為故C錯誤，符合題意；D．線框轉(zhuǎn)動一周產(chǎn)生的熱量為解得故D正確，不符合題意。故選C。6.如圖甲所示，矩形導(dǎo)線框abcd的一半面積置于垂直紙面的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的圖像如圖乙所示，設(shè)磁場垂直紙面向外為正方向，線圈中感應(yīng)電流i以順時針為正方向，ad邊受到的安培力F以水平向右為正方向，則關(guān)于i、F隨t變化的圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．由圖乙可知，在0~1s內(nèi)，穿過線圈的磁通量垂直紙面向外且均勻增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r針（正方向），同理，在1~3s內(nèi)，感應(yīng)電流恒定，沿逆時針方向（負(fù)方向），在3~4s內(nèi)，感應(yīng)電流恒定，沿順時針方向（正方向），故AB錯誤；CD．在0~1s內(nèi)，ad邊的電流方向?yàn)閐→a，根據(jù)左手定則可知，安培力的方向?yàn)樗较蛴遥ㄕ较颍?，根?jù)安培力公式，其中I恒定不變，B隨t均勻增大，則F隨t均勻增大；同理，在1~2s內(nèi)，安培力水平向左且均勻減小，在2~3s內(nèi)，安培力水平向右且均勻增大，在3~4s內(nèi)，安培力水平向左且均勻減小，故C正確，D錯誤。7.如圖甲所示，一根足夠長空心銅管豎直放置，將一枚橫截面直徑略小于銅管內(nèi)徑、質(zhì)量為的圓柱形強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，強(qiáng)磁鐵與銅管內(nèi)壁的摩擦和空氣阻力可以忽略，強(qiáng)磁鐵不會做自由落體運(yùn)動，而是非常緩慢地穿過銅管，在銅管內(nèi)下落時的最大速度為，重力加速度為。產(chǎn)生該現(xiàn)象的原因是變化的磁場在銅管內(nèi)激發(fā)出了渦流，渦流反過來又對強(qiáng)磁鐵產(chǎn)生了很大的阻力。雖然該情景中渦流的定量計(jì)算非常復(fù)雜，但我們不需要求解，卻仍然可以用我們學(xué)過的知識來對下述問題進(jìn)行分析，強(qiáng)磁鐵下落過程中，可以認(rèn)為銅管中的感應(yīng)電動勢大小與強(qiáng)磁鐵下落的速度成正比，下列分析正確的是（）A.若把空心銅管切開一條豎直狹縫，如圖乙所示，還將強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)強(qiáng)磁鐵做自由落體運(yùn)動B.圖甲中，強(qiáng)磁鐵受到銅管的作用力先向上后向下C.圖甲中，強(qiáng)磁鐵達(dá)到最大速度后，銅管的熱功率要小于D.如果在圖甲中強(qiáng)磁鐵的上面粘一個質(zhì)量為的絕緣橡膠塊，則強(qiáng)磁鐵下落的最大速度【答案】D【解析】AB．圖甲中，渦流的磁場對強(qiáng)磁鐵有阻礙作用，即強(qiáng)磁鐵始終受到向上的磁場力作用；若把空心銅管切開一條豎直狹縫，如圖乙所示，此時銅管內(nèi)仍然會形成渦流，所以將強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，強(qiáng)磁鐵做的不是自由落體運(yùn)動，故AB錯；C．圖甲中，強(qiáng)磁鐵達(dá)到最大速度后，做勻速運(yùn)動，在勻速下落的過程中，可以認(rèn)為減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為熱量，則可得，銅管的熱功率為故C錯誤；D．由于強(qiáng)磁鐵下落過程中銅管中的感應(yīng)電動勢大小E與強(qiáng)磁鐵下落的速度v成正比，且強(qiáng)磁鐵周圍銅管的有效電阻R是恒定的?？芍我粫r刻的熱功率為則強(qiáng)磁鐵在勻速下落時，有可得所以，強(qiáng)磁鐵下落的最大速度為故D正確。故選D。8.如圖甲所示，一固定豎直倒放的“U”形足夠長金屬導(dǎo)軌的上端接一定值電阻R，整個裝置處于方向垂直軌道平面向里的勻強(qiáng)磁場中，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的金屬棒從距電阻R足夠遠(yuǎn)的導(dǎo)軌上某處，以大小為的初動量豎直向上拋出，金屬棒的動量隨時間變化的圖像如圖乙所示（圖中的虛線為圖像漸近線）。整個過程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好且保持垂直，不計(jì)空氣阻力及金屬棒和導(dǎo)軌電阻，重力加速度大小為。關(guān)于此過程中，下列說法正確的是（）A.時刻金屬棒的加速度為零B.金屬棒的最大加速度大小為3gC.金屬棒上升過程安培力的沖量大小為D.金屬棒上升過程定值電阻產(chǎn)生的焦耳熱大于【答案】B【解析】A．時刻金屬棒的速度為零，則電路中感應(yīng)電動勢為零，金屬棒所受安培力為零，則金屬棒僅受重力作用，加速度為g，故A錯誤；B．金屬棒在運(yùn)動中切割磁感線，又聯(lián)立可得由圖可知金屬棒向下運(yùn)動動量大小為時解得此時斜率為零，故合外力為零，金屬棒所受安培力豎直向上，與安培力等大反向，故在時，金屬棒向上運(yùn)動的速度最大，所受向下的安培力最大，設(shè)解得金屬棒向上運(yùn)動的最大速度故金屬棒受向下最大的安培力大小為金屬棒的最大加速度大小為故B正確；C．設(shè)金屬棒上升過程安培力的沖量大小為I，對金屬棒利用動量定理得解得金屬棒上升過程安培力的沖量大小為故C錯誤；D．金屬棒的初動能為金屬棒上升過程由動能定理可知金屬棒上升過程克服安培力所做的功等于定值電阻產(chǎn)生的焦耳熱，小于，故D錯誤。故選B。二、多選題（本題共2小題，每題5分，共10分，漏選得3分，錯選不得分）9.如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以某一速度射入電場強(qiáng)度大小為E、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場疊加的區(qū)域。粒子還受到阻力作用（k為已知常數(shù)，v為粒子的瞬時速度）。已知粒子在該區(qū)域恰做直線運(yùn)動。不計(jì)粒子重力，則該粒子（）A.一定做勻速直線運(yùn)動B.入射速度的大小一定為C.入射速度的方向可以與紙面不平行D.入射速度的方向與電場方向的夾角一定滿足【答案】AD【解析】A．假設(shè)粒子做變速直線運(yùn)動，在與速度垂直方向上的洛倫茲力大小就會改變，受力不能保持平衡，速度方向就會發(fā)生改變，不能維持直線運(yùn)動，故粒子一定做勻速直線運(yùn)動，故A正確；B．根據(jù)平衡條件解得入射速度的大小為故B錯誤；C．若速度方向與紙面不平行，速度在垂直于紙面方向上有分速度，粒子在垂直于紙面方向受到阻力做減速運(yùn)動，與粒子一定做勻速直線運(yùn)動相矛盾，故C錯誤；D．根據(jù)幾何關(guān)系可知故D正確。故選AD。10.如圖（a）所示，相距較遠(yuǎn)的兩物體A、B放在光滑水平面上，物體B左端固定一輕彈簧并處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體A以速度沿A、B連線向B物體運(yùn)動。時，物體A與輕彈簧接觸（不粘連），此后的一段時間內(nèi)，兩物體的速度v與時間t的關(guān)系如圖（b）所示。已知時間內(nèi)，物體B運(yùn)動的距離為，物體A的質(zhì)量為m，運(yùn)動過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是（）A.物體B的質(zhì)量為3mB.物體A與輕彈簧分離時，物體B的速度為C.時間內(nèi)，物體A運(yùn)動的距離為D.物體A與輕彈簧接觸的過程中，兩物體A、B組成的系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒【答案】BC【解析】A．題圖可知AB共速為，規(guī)定向右為正方向，由動量守恒有解得物體B的質(zhì)量故A錯誤；B．設(shè)物體A與輕彈簧分離時，AB速度分別為，則由動量守恒有能量守恒有聯(lián)立解得故B正確；C．設(shè)AB在前任意時刻速度分別為，由動量守恒有整理得其中聯(lián)立解得故C正確；D．物體A與輕彈簧接觸的過程中，由于地面光滑，兩物體A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，該過程AB的機(jī)械能與彈簧彈性勢能相互轉(zhuǎn)化，所以AB系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故D錯誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共8空，每空2分，共16分）11.在“探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可拆變壓器如圖甲所示。（1）為實(shí)現(xiàn)探究目的，保持原線圈輸入的電壓一定，通過改變原、副線圈匝數(shù)，測量副線圈上的電壓。這個探究過程采用的科學(xué)探究方法是__________。A.控制變量法 B.等效替代法 C.演繹法 D.理想實(shí)驗(yàn)法（2）用學(xué)生電源給原線圈供電，用多用表測量副線圈兩端電壓，下列操作正確的是_________。A.原線圈接直流電壓，電表用直流電壓擋B.原線圈接直流電壓，電表用交流電壓擋C.原線圈接交流電壓，電表用直流電壓擋D.原線圈接交流電壓，電表用交流電壓擋（3）在實(shí)際實(shí)驗(yàn)中將電源接在原線圈的“0”和“8”兩個接線柱之間（接入匝數(shù)為800匝），用電表測得副線圈的“0”和“4”兩個接線柱（接入匝數(shù)為400匝）之間的電壓為，則原線圈的輸入電壓可能為__________。A. B. C. D.（4）圖乙為某電學(xué)儀器原理圖，圖中變壓器為理想變壓器。左側(cè)虛線框內(nèi)的交流電源與串聯(lián)的定值電阻可等效為該電學(xué)儀器電壓輸出部分，該部分與一理想變壓器的原線圈連接；一可變電阻R與該變壓器的副線圈連接，原、副線圈的匝數(shù)分別為、。在交流電源的電壓有效值不變的情況下，調(diào)節(jié)可變電阻R的過程中，當(dāng)__________時，R獲得的功率最大?！敬鸢浮浚?）A（2）D（3）D（4）【解析】（1）為實(shí)現(xiàn)探究目的，保持原線圈輸入的電壓一定，通過改變原、副線圈匝數(shù)，測量副線圈上的電壓。這個探究過程采用的科學(xué)探究方法為控制變量法。故選A。（2）變壓器的工作原理是互感，故原線圈接交流電壓，輸出電壓也是交流電源，電表用交流電壓擋。故ABC錯誤；D正確。故選D。（3）若是理想變壓器，則有變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系若變壓器的原線圈接“0”和“8”兩個接線柱，副線圈接“0”和“4”兩個接線柱，可知原副線圈的匝數(shù)比為2:1，副線圈的電壓為3V，則原線圈的電壓為考慮到不是理想變壓器，有漏磁等現(xiàn)象，則原線圈所接的電源電壓大于6V，可能為7V。故選D。（4）把變壓器和R等效為一個電阻R1，R0當(dāng)做電源內(nèi)阻，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，即R1=R0此時，輸出功率最大，根據(jù)得將公式代入上式，可得從而得出時獲得的功率最大。12.在“測量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：如圖甲所示，甲同學(xué)先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面和。O為直線AO與的交點(diǎn)。在直線AO上豎直地插上P1、P2兩枚大頭針。（1）甲同學(xué)接下來要完成的必要步驟有______；A.插上大頭針，使僅擋住的像B.插上大頭針，使擋住的像和的像C.插上大頭針，使僅擋住D.插上大頭針，使擋住和、的像（2）下列哪些措施能夠有效提高實(shí)驗(yàn)精確程度______；A.選用前后兩光學(xué)表面間距適當(dāng)大些的玻璃磚B.選用前后兩光學(xué)表面平行的玻璃磚C.玻璃磚同側(cè)兩枚大頭針間的距離盡量大些D.選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)（3）乙同學(xué)在畫界面時，不小心將兩界面、間距畫得比玻璃磚寬度大些，如圖乙所示，若其他操作正確，則他測得的折射率與真實(shí)值相比______（選填“偏大”、“偏小”或“相同”）；（4）如圖丙所示，丙同學(xué)以入射點(diǎn)為圓心，以長度為半徑畫圓，與入射線交于點(diǎn)，與玻璃中折射線交于點(diǎn)，過、點(diǎn)分別向法線作垂線交于、點(diǎn)，量得，，則他測得該玻璃的折射率為______?！敬鸢浮浚?）BD（2）AC（3）減?。?）1.6【解析】（1）光沿直線傳播，兩點(diǎn)確定一條直線，讓同時擋住、的像，保證入射光線是唯一的且過、，同理使擋住和、的像，保證從玻璃板出來的光線是唯一的且過、，最后使四個點(diǎn)在同一條光線的傳播路徑上。故選BD。（2）采用插針法測定光的折射率的時候，應(yīng)選定光學(xué)表面間距大一些的玻璃磚，這樣光路圖會更加清晰，減小作圖誤差，同時兩枚大頭針的距離盡量大一些，且選用的大頭針應(yīng)該細(xì)一點(diǎn)，保證光線的直線度，而光學(xué)表面是否平行并不影響該實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確度。故選AC。（3）如圖這種做法使出射光線對應(yīng)的入射角偏大，折射角不變，故折射率測量值小于真實(shí)值。（4）設(shè)光線在玻璃磚的上表面入射角和折射角分別為和，由幾何關(guān)系可知，根據(jù)折射定律得該玻璃的折射率為四、解答題（第13題12分，第14題14分，第15題16分，共42分）13.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系的第一象限中有一半徑為的半圓弧，此半圓弧的圓心的坐標(biāo)為（0，），打到半圓弧的所有帶電粒子均能被半圓弧吸收。軸右側(cè)半圓弧以外的區(qū)域存在著垂直坐標(biāo)平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場，一位于坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子源，可以沿軸正方向射出比荷為、不同速度大小的某種正粒子，不計(jì)粒子重力，若射出的粒子全部被半圓弧吸收，求；（1）粒子源射出粒子速度的最小值和最大值；（2）粒子在磁場區(qū)域中運(yùn)動的最短時間?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】（1）設(shè)粒子做圓周運(yùn)動的最小半徑為，最小速度為，由題意可得由解得粒子源射出的粒子速度的最小值為設(shè)粒子做圓周運(yùn)動的最大半徑為，最大速度為，由題意可得由解得粒子源射出的粒子速度的最大值為（2）粒子在磁場區(qū)域運(yùn)動的時間最短時，設(shè)其圓周運(yùn)動的半徑為，如圖所示過O點(diǎn)做半圓弧的切線相切于A點(diǎn)，由O點(diǎn)到A點(diǎn)的粒子在磁場中運(yùn)動時間最短，由幾何關(guān)系可得，最短時間為又，可得聯(lián)立解得14.如圖甲所示，半徑的光滑半圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi)，端點(diǎn)為軌道的最低點(diǎn)。在圓弧軌道圓心的正上方點(diǎn)右側(cè)有一固定的水平軌道，水平軌道與傾角的固定粗糙斜面軌道平滑相接（物體通過時沒有能量損失），斜面上點(diǎn)距斜面底端的距離?，F(xiàn)有質(zhì)量分別為的物塊、B靜置于水平軌道上，且物塊的右側(cè)水平軌道光滑，左側(cè)水平軌道粗糙。物塊、B中間夾有少量炸藥，炸藥突然爆炸，爆炸后物塊在水平軌道上運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系圖像如圖乙所示，物塊A從點(diǎn)離開軌道，剛好能從點(diǎn)切入圓弧軌道做圓周運(yùn)動。已知物塊A與左側(cè)水平軌道和物塊B與斜面軌道間的動摩擦因數(shù)相同，、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，。求：（1）物塊A與左側(cè)水平軌道間的動摩擦因數(shù)；（2）若從物塊B運(yùn)動到斜面軌道底端時開始計(jì)時，經(jīng)多長時間沿斜面向上通過點(diǎn)?！敬鸢浮浚?）0.5（2）0.4s【解析】（1）小物塊離開水平軌道后剛好能從點(diǎn)切入圓弧軌道做圓周運(yùn)動，則有解得由圖像可知：爆炸后瞬間物塊速度大小為，物塊在水平軌道上運(yùn)動的時間為，爆炸后物塊在水平軌道上運(yùn)動過程由運(yùn)動學(xué)公式則有根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得（2）物塊、爆炸過程，由動量守恒則有解得物塊在斜面軌道向上運(yùn)動過程由牛頓第二定律可得解得由運(yùn)動學(xué)公式解得15.如圖所示，間距的平行豎直虛線將空間分成多個區(qū)域，區(qū)域內(nèi)依次存在垂直紙面向里、向外的勻強(qiáng)磁場，無磁場，……，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為。質(zhì)量、邊長、阻值的均勻?qū)w框在豎直面內(nèi)以初速度水平進(jìn)入磁場區(qū)域，重力加速度取，導(dǎo)體框運(yùn)動過程中不翻轉(zhuǎn)，且導(dǎo)體框的邊始終沿豎直方向，求：（1）導(dǎo)體框的邊剛進(jìn)入第一個磁場區(qū)域的瞬間，邊兩端電勢差的大小；（2）導(dǎo)體框的邊剛進(jìn)入第一個磁場區(qū)域的瞬間，導(dǎo)體框的加速度大?。唬?）導(dǎo)體框從開始運(yùn)動到水平速度減為零的過程中，水平方向運(yùn)動的距離?！敬鸢浮浚?）7.5V（2）（3）5.125m【解析】（1）導(dǎo)體框剛進(jìn)入第一個磁場區(qū)域時，邊切割磁感線產(chǎn)生的電動勢大小為導(dǎo)體框剛進(jìn)入第一個磁場區(qū)域時邊相當(dāng)于電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電源兩端的電壓大小為解得（2）導(dǎo)體框剛進(jìn)入第一個磁場區(qū)域時，回路中電流大小為導(dǎo)體框邊受到水平向左的安培力大小為水平向左的加速度大小為所以導(dǎo)體框剛進(jìn)入第一個磁場區(qū)域的瞬間，導(dǎo)體框的加速度大小為（3）導(dǎo)體框進(jìn)入第一個磁場過程中，水平方向由動量定理有其中聯(lián)立解得此過程中速度的減少量為導(dǎo)體框從第一個磁場到第二個磁場中，水平方向由動量定理有其中聯(lián)立解得此過程中速度的減少量為從第二個磁場出來和進(jìn)第一個磁場相同，此過程中速度的減少量為，所以導(dǎo)體框每經(jīng)過一個區(qū)域，速度按照、、、、、、…的規(guī)律依次減少，由于初速度為，所以導(dǎo)體框可以運(yùn)動10個完整的此時的速度為對導(dǎo)體框水平方向由動量定理有代入解得所以導(dǎo)體框的總位移為2024-2025學(xué)年第二學(xué)期蚌埠市A層高中第六次聯(lián)考高二物理試卷注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單選題（本題共8小題，每題4分，共32分）1.無線話筒是LC振蕩電路的一個典型應(yīng)用。在LC振蕩電路中，某時刻磁場方向如圖所示，且電容器上極板帶正電，則此時（）A.電流流向沿a到bB.電容器所帶的電荷量正在逐漸減少C.極板間的電場強(qiáng)度正在逐漸增大D.磁場能正在逐漸增加【答案】C【解析】AB．根據(jù)安培定則，可知電流流向沿b到a，電容器上極板帶正電，電容器正在充電，電容器所帶的電荷量正在增加，AB錯誤；CD．電容器正在充電，電路中電流正在減小，線圈中的磁場正在減弱，磁場能正在向電場能轉(zhuǎn)化，電場增強(qiáng)，極板間的電場強(qiáng)度正在逐漸增大，C正確，D錯誤；故選C。2.將可以當(dāng)由轉(zhuǎn)動的小磁針平行于地表放在赤道上，當(dāng)在小磁針正上方放置一根南北方向的通電直導(dǎo)線，并且電流方向自北向南，穩(wěn)定靜止時小磁針的指向可能正確的是（黑色一端代表小磁針的N極）（）A. B. C. D.【答案】A【解析】地磁場方向由南向北，故只在地磁場作用下，小磁針的N極指向北極，當(dāng)直導(dǎo)線中通以方向由北向南的電流時，在直導(dǎo)線下方會產(chǎn)生由西向東的磁場，則小磁針的N極將由北向東偏轉(zhuǎn)。故選A。3.將一段通電直導(dǎo)線abc從中點(diǎn)b折成120°，分別放在圖甲、乙所示的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)線中電流大小保持不變。圖甲中導(dǎo)線所在平面與磁場的磁感線平行，圖乙中導(dǎo)線所在平面與磁場的磁感線垂直，若兩圖中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，則甲、乙兩圖中導(dǎo)線所受的安培力大小的比值為（）A.1 B.C. D.【答案】C【解析】設(shè)導(dǎo)線的總長為，通過導(dǎo)線的電流為，圖甲中導(dǎo)線受到的安培力大小為圖乙中導(dǎo)線受到的安培力的大小為根據(jù)題意則有故選C。4.如圖所示，質(zhì)量為m的帶電小物塊從半徑為R的固定絕緣光滑半圓槽頂點(diǎn)A由靜止滑下，整個裝置處于方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中。已知物塊所帶的電荷量保持不變，物塊運(yùn)動過程中始終沒有與圓槽分離，物塊第一次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時對圓槽的壓力與自身受到的重力大小相等，重力加速度大小為g，則物塊第二次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時對圓槽的壓力為（）A.3mg B.4mg C.5mg D.6mg【答案】C【解析】物塊運(yùn)動過程中只有重力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知物塊到達(dá)圓槽最低點(diǎn)時速度最大且不變，由解得物塊第一次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時對圓槽的壓力與自身受到的重力大小相等，此時物塊受到向上的洛倫茲力物塊第二次經(jīng)過圓槽最低點(diǎn)時，物塊在半圓槽內(nèi)做往復(fù)運(yùn)動，此時物塊受到向下的洛倫茲力聯(lián)立解得故選C。5.如圖甲所示，單匝矩形線框在勻強(qiáng)磁場B中，繞與磁場B垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動。已知線框電阻為R，轉(zhuǎn)動周期為T，穿過線框的磁通量與時間t的關(guān)系如圖乙所示。則下列說法不正確的是（）A.時刻，線框平面與中性面垂直B.感應(yīng)電流的有效值為C.到過程中，線框中平均感應(yīng)電動勢為D.線框轉(zhuǎn)動一周，線框中產(chǎn)生的熱量為【答案】C【解析】A．由圖可知在時刻，回路的磁通量為零，所以線圈平面與中性面垂直，故A正確，不符合題意；B．線圈轉(zhuǎn)動的角速度大小為感應(yīng)電動勢的最大值為則感應(yīng)電流的最大值為感應(yīng)電流的有效值為整理可得故B正確，不符合題意；C．到過程中磁通量變化量的絕對值為所以這段時間內(nèi)感應(yīng)電動勢的平均值為故C錯誤，符合題意；D．線框轉(zhuǎn)動一周產(chǎn)生的熱量為解得故D正確，不符合題意。故選C。6.如圖甲所示，矩形導(dǎo)線框abcd的一半面積置于垂直紙面的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的圖像如圖乙所示，設(shè)磁場垂直紙面向外為正方向，線圈中感應(yīng)電流i以順時針為正方向，ad邊受到的安培力F以水平向右為正方向，則關(guān)于i、F隨t變化的圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．由圖乙可知，在0~1s內(nèi)，穿過線圈的磁通量垂直紙面向外且均勻增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r針（正方向），同理，在1~3s內(nèi)，感應(yīng)電流恒定，沿逆時針方向（負(fù)方向），在3~4s內(nèi)，感應(yīng)電流恒定，沿順時針方向（正方向），故AB錯誤；CD．在0~1s內(nèi)，ad邊的電流方向?yàn)閐→a，根據(jù)左手定則可知，安培力的方向?yàn)樗较蛴遥ㄕ较颍?，根?jù)安培力公式，其中I恒定不變，B隨t均勻增大，則F隨t均勻增大；同理，在1~2s內(nèi)，安培力水平向左且均勻減小，在2~3s內(nèi)，安培力水平向右且均勻增大，在3~4s內(nèi)，安培力水平向左且均勻減小，故C正確，D錯誤。7.如圖甲所示，一根足夠長空心銅管豎直放置，將一枚橫截面直徑略小于銅管內(nèi)徑、質(zhì)量為的圓柱形強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，強(qiáng)磁鐵與銅管內(nèi)壁的摩擦和空氣阻力可以忽略，強(qiáng)磁鐵不會做自由落體運(yùn)動，而是非常緩慢地穿過銅管，在銅管內(nèi)下落時的最大速度為，重力加速度為。產(chǎn)生該現(xiàn)象的原因是變化的磁場在銅管內(nèi)激發(fā)出了渦流，渦流反過來又對強(qiáng)磁鐵產(chǎn)生了很大的阻力。雖然該情景中渦流的定量計(jì)算非常復(fù)雜，但我們不需要求解，卻仍然可以用我們學(xué)過的知識來對下述問題進(jìn)行分析，強(qiáng)磁鐵下落過程中，可以認(rèn)為銅管中的感應(yīng)電動勢大小與強(qiáng)磁鐵下落的速度成正比，下列分析正確的是（）A.若把空心銅管切開一條豎直狹縫，如圖乙所示，還將強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)強(qiáng)磁鐵做自由落體運(yùn)動B.圖甲中，強(qiáng)磁鐵受到銅管的作用力先向上后向下C.圖甲中，強(qiáng)磁鐵達(dá)到最大速度后，銅管的熱功率要小于D.如果在圖甲中強(qiáng)磁鐵的上面粘一個質(zhì)量為的絕緣橡膠塊，則強(qiáng)磁鐵下落的最大速度【答案】D【解析】AB．圖甲中，渦流的磁場對強(qiáng)磁鐵有阻礙作用，即強(qiáng)磁鐵始終受到向上的磁場力作用；若把空心銅管切開一條豎直狹縫，如圖乙所示，此時銅管內(nèi)仍然會形成渦流，所以將強(qiáng)磁鐵從銅管上端管口處由靜止釋放，強(qiáng)磁鐵做的不是自由落體運(yùn)動，故AB錯；C．圖甲中，強(qiáng)磁鐵達(dá)到最大速度后，做勻速運(yùn)動，在勻速下落的過程中，可以認(rèn)為減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為熱量，則可得，銅管的熱功率為故C錯誤；D．由于強(qiáng)磁鐵下落過程中銅管中的感應(yīng)電動勢大小E與強(qiáng)磁鐵下落的速度v成正比，且強(qiáng)磁鐵周圍銅管的有效電阻R是恒定的?？芍我粫r刻的熱功率為則強(qiáng)磁鐵在勻速下落時，有可得所以，強(qiáng)磁鐵下落的最大速度為故D正確。故選D。8.如圖甲所示，一固定豎直倒放的“U”形足夠長金屬導(dǎo)軌的上端接一定值電阻R，整個裝置處于方向垂直軌道平面向里的勻強(qiáng)磁場中，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的金屬棒從距電阻R足夠遠(yuǎn)的導(dǎo)軌上某處，以大小為的初動量豎直向上拋出，金屬棒的動量隨時間變化的圖像如圖乙所示（圖中的虛線為圖像漸近線）。整個過程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好且保持垂直，不計(jì)空氣阻力及金屬棒和導(dǎo)軌電阻，重力加速度大小為。關(guān)于此過程中，下列說法正確的是（）A.時刻金屬棒的加速度為零B.金屬棒的最大加速度大小為3gC.金屬棒上升過程安培力的沖量大小為D.金屬棒上升過程定值電阻產(chǎn)生的焦耳熱大于【答案】B【解析】A．時刻金屬棒的速度為零，則電路中感應(yīng)電動勢為零，金屬棒所受安培力為零，則金屬棒僅受重力作用，加速度為g，故A錯誤；B．金屬棒在運(yùn)動中切割磁感線，又聯(lián)立可得由圖可知金屬棒向下運(yùn)動動量大小為時解得此時斜率為零，故合外力為零，金屬棒所受安培力豎直向上，與安培力等大反向，故在時，金屬棒向上運(yùn)動的速度最大，所受向下的安培力最大，設(shè)解得金屬棒向上運(yùn)動的最大速度故金屬棒受向下最大的安培力大小為金屬棒的最大加速度大小為故B正確；C．設(shè)金屬棒上升過程安培力的沖量大小為I，對金屬棒利用動量定理得解得金屬棒上升過程安培力的沖量大小為故C錯誤；D．金屬棒的初動能為金屬棒上升過程由動能定理可知金屬棒上升過程克服安培力所做的功等于定值電阻產(chǎn)生的焦耳熱，小于，故D錯誤。故選B。二、多選題（本題共2小題，每題5分，共10分，漏選得3分，錯選不得分）9.如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以某一速度射入電場強(qiáng)度大小為E、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場疊加的區(qū)域。粒子還受到阻力作用（k為已知常數(shù)，v為粒子的瞬時速度）。已知粒子在該區(qū)域恰做直線運(yùn)動。不計(jì)粒子重力，則該粒子（）A.一定做勻速直線運(yùn)動B.入射速度的大小一定為C.入射速度的方向可以與紙面不平行D.入射速度的方向與電場方向的夾角一定滿足【答案】AD【解析】A．假設(shè)粒子做變速直線運(yùn)動，在與速度垂直方向上的洛倫茲力大小就會改變，受力不能保持平衡，速度方向就會發(fā)生改變，不能維持直線運(yùn)動，故粒子一定做勻速直線運(yùn)動，故A正確；B．根據(jù)平衡條件解得入射速度的大小為故B錯誤；C．若速度方向與紙面不平行，速度在垂直于紙面方向上有分速度，粒子在垂直于紙面方向受到阻力做減速運(yùn)動，與粒子一定做勻速直線運(yùn)動相矛盾，故C錯誤；D．根據(jù)幾何關(guān)系可知故D正確。故選AD。10.如圖（a）所示，相距較遠(yuǎn)的兩物體A、B放在光滑水平面上，物體B左端固定一輕彈簧并處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體A以速度沿A、B連線向B物體運(yùn)動。時，物體A與輕彈簧接觸（不粘連），此后的一段時間內(nèi)，兩物體的速度v與時間t的關(guān)系如圖（b）所示。已知時間內(nèi)，物體B運(yùn)動的距離為，物體A的質(zhì)量為m，運(yùn)動過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是（）A.物體B的質(zhì)量為3mB.物體A與輕彈簧分離時，物體B的速度為C.時間內(nèi)，物體A運(yùn)動的距離為D.物體A與輕彈簧接觸的過程中，兩物體A、B組成的系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒【答案】BC【解析】A．題圖可知AB共速為，規(guī)定向右為正方向，由動量守恒有解得物體B的質(zhì)量故A錯誤；B．設(shè)物體A與輕彈簧分離時，AB速度分別為，則由動量守恒有能量守恒有聯(lián)立解得故B正確；C．設(shè)AB在前任意時刻速度分別為，由動量守恒有整理得其中聯(lián)立解得故C正確；D．物體A與輕彈簧接觸的過程中，由于地面光滑，兩物體A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，該過程AB的機(jī)械能與彈簧彈性勢能相互轉(zhuǎn)化，所以AB系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故D錯誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共8空，每空2分，共16分）11.在“探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可拆變壓器如圖甲所示。（1）為實(shí)現(xiàn)探究目的，保持原線圈輸入的電壓一定，通過改變原、副線圈匝數(shù)，測量副線圈上的電壓。這個探究過程采用的科學(xué)探究方法是__________。A.控制變量法 B.等效替代法 C.演繹法 D.理想實(shí)驗(yàn)法（2）用學(xué)生電源給原線圈供電，用多用表測量副線圈兩端電壓，下列操作正確的是_________。A.原線圈接直流電壓，電表用直流電壓擋B.原線圈接直流電壓，電表用交流電壓擋C.原線圈接交流電壓，電表用直流電壓擋D.原線圈接交流電壓，電表用交流電壓擋（3）在實(shí)際實(shí)驗(yàn)中將電源接在原線圈的“0”和“8”兩個接線柱之間（接入匝數(shù)為800匝），用電表測得副線圈的“0”和“4”兩個接線柱（接入匝數(shù)為400匝）之間的電壓為，則原線圈的輸入電壓可能為__________。A. B. C. D.（4）圖乙為某電學(xué)儀器原理圖，圖中變壓器為理想變壓器。左側(cè)虛線框內(nèi)的交流電源與串聯(lián)的定值電阻可等效為該電學(xué)儀器電壓輸出部分，該部分與一理想變壓器的原線圈連接；一可變電阻R與該變壓器的副線圈連接，原、副線圈的匝數(shù)分別為、。在交流電源的電壓有效值不變的情況下，調(diào)節(jié)可變電阻R的過程中，當(dāng)__________時，R獲得的功率最大。【答案】（1）A（2）D（3）D（4）【解析】（1）為實(shí)現(xiàn)探究目的，保持原線圈輸入的電壓一定，通過改變原、副線圈匝數(shù)，測量副線圈上的電壓。這個探究過程采用的科學(xué)探究方法為控制變量法。故選A。（2）變壓器的工作原理是互感，故原線圈接交流電壓，輸出電壓也是交流電源，電表用交流電壓擋。故ABC錯誤；D正確。故選D。（3）若是理想變壓器，則有變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系若變壓器的原線圈接“0”和“8”兩個接線柱，副線圈接“0”和“4”兩個接線柱，可知原副線圈的匝數(shù)比為2:1，副線圈的電壓為3V，則原線圈的電壓為考慮到不是理想變壓器，有漏磁等現(xiàn)象，則原線圈所接的電源電壓大于6V，可能為7V。故選D。（4）把變壓器和R等效為一個電阻R1，R0當(dāng)做電源內(nèi)阻，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，即R1=R0此時，輸出功率最大，根據(jù)得將公式代入上式，可得從而得出時獲得的功率最大。12.在“測量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：如圖甲所示，甲同學(xué)先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面和。O為直線AO與的交點(diǎn)。在直線AO上豎直地插上P1、P2兩枚大頭針。（1）甲同學(xué)接下來要完成的必要步驟有______；A.插上大頭針，使僅擋住的像B.插上大頭針，使擋住的像和的像C.插上大頭針，使僅擋住D.插上大頭針，使擋住和、的像（2）下列哪些措施能夠有效提高實(shí)驗(yàn)精確程度______；A.選用前后兩光學(xué)表面間距適當(dāng)大些的玻璃磚B.選用前后兩光學(xué)表面平行的玻璃磚C.玻璃磚同側(cè)兩枚大頭針間的距離盡量大些D.選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)（3）乙同學(xué)在畫界面時，不小心將兩界面、間距畫得比玻璃磚寬度大些，如圖乙所示，若其他操作正確，則他測得的折射率與真實(shí)值相比______（選填“偏大”、“偏小”或“相同”）；（4）如圖丙所示，丙同學(xué)以入射點(diǎn)為圓心，以長度為半徑畫圓，與入射線交于點(diǎn)，與玻璃中折射線交于點(diǎn)，過、點(diǎn)分別向法線作垂線交于、點(diǎn)，量得，，則他測得該玻璃的折射率為______?！敬鸢浮浚?）BD（2）AC（3）減小（4）1.6【解析】（1）光沿直線傳播，兩點(diǎn)確定一條直線，讓同時擋住、的像，保證入射光線是唯一的且過、，同理使擋住和、的像，保證從玻璃板出來的光線是唯一的且過、，最后使四個點(diǎn)在同一條光線的傳播路徑上。故選BD。（2）采用插針法測定光的折射率的時候，應(yīng)選定光學(xué)表面間距大一些的玻璃磚，這樣光路圖會更加清晰，減小作圖誤差，同時兩枚大頭針的距離盡量大一些，且選用的大頭針應(yīng)該細(xì)一點(diǎn)，保證光線的直線度，而光學(xué)表面是否平行并不影響該實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確度。故選AC。（3）如圖這種做法使出射光線對應(yīng)的入射角偏大，折射角不變，故折射率測量值小于真實(shí)值。（4）設(shè)光線在玻璃磚的上表面入射角和折射角分別為和，由幾何關(guān)系可知，根據(jù)折射定律得該玻璃的折射率為四、解答題（第13題12分，第14題14分，第15題16分，共42分）13.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系的第一象限中有一半徑為的半圓弧