高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1郴州市2025年上學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測試卷高一物理（選擇考）注意事項：1.本試卷分試題卷和答題卡。試題卷共6頁，有三道大題，共15道小題，滿分100分?？荚嚂r間75分鐘。2.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上，并將準(zhǔn)考證條形碼粘貼在答題卡的指定位置。3.考生作答時，選擇題和非選擇題均須作答在答題卡上，在本試題卷上答題無效?？忌诖痤}卡上按答題卡中注意事項的要求答題。4.考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共計40分。每小題只有一個選項符合題意。）1.跳水運動是一項難度很大又極具觀賞性的運動。如圖所示，虛線描述的是一位跳水運動員高臺跳水時頭部的運動軌跡，則頭部經(jīng)過圖中C點的速度方向正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】做曲線運動的物體的速度方向沿軌跡的切線方向，則頭部經(jīng)過圖中C點的速度方向正確的是B。2.下列有關(guān)物理學(xué)知識說法正確的是（）A.真空中兩個靜止的點電荷之間的庫侖力，可以用公式計算其大小。B.根據(jù)功的定義式，可知功是矢量。C.平拋運動可分解為水平方向上的勻加速運動和豎直方向的勻速直線運動。D.由公式可知，電容器的電容C隨著極板帶電荷量Q的增加而變大【答案】A【解析】A．庫侖定律公式適用于真空中靜止的點電荷間的庫侖力，故A正確。B．功的定義式中，是標(biāo)量（只有大小，無方向），故B錯誤。C．平拋運動的分解應(yīng)為水平方向勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動，故C錯誤。D．電容由電容器本身結(jié)構(gòu)決定，與和無關(guān)，公式是定義式，僅表示是與的比值，故D錯誤。故選A。3.冬奧會跳臺滑雪比賽簡化模型如圖所示，運動員穿著專用滑雪板，在助滑道上獲得高速后從坡頂點以速度水平飛出，在空中飛行一段距離后恰好在坡底點著陸。已知之間的高度差為，與水平面夾角為37°，不計空氣阻力，，，，下列選項正確的是（）A.運動員在空中飛行的時間B.運動員在空中飛行的時間C.運動員的初速度D.運動員的初速度【答案】C【解析】AB．豎直方向，根據(jù)可得運動員在空中飛行的時間，選項AB錯誤；CD．運動員的初速度，選項C正確，D錯誤。故選C。4.如圖所示，餐桌上的自動轉(zhuǎn)盤在電動機的帶動下勻速轉(zhuǎn)動，現(xiàn)在轉(zhuǎn)盤上放A、B兩個茶杯，都隨著轉(zhuǎn)盤勻速轉(zhuǎn)動，A、B離轉(zhuǎn)盤中心的距離分別為和，且。則（）A. B.C D.【答案】C【解析】AB．A、B兩個茶杯都繞同一轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動，可知角速度和周期相等，選項AB錯誤；C．根據(jù)v=ωr可知，選項C正確；D．根據(jù)a=ω2r可知，選項D錯誤。故選C。5.某衛(wèi)星變軌前后的示意圖如圖所示。O為地球地心，變軌前I軌道為近地圓軌道，在I軌道上A點可機動變軌到橢圓Ⅱ上，C為橢圓軌道遠地點。則衛(wèi)星（）A.在I軌道上，經(jīng)過B點的速度大于7.9km/sB.在Ⅱ軌道上，A的線速度比C點的線速度要小C.在I軌道上B點的加速度，比在Ⅱ軌道上C點的加速度小D.在I軌道A點要變軌到Ⅱ軌道，需要點火加速【答案】D【解析】A．因I軌道為近地圓軌道，可知經(jīng)過B點的速度等于7.9km/s，故A錯誤；B．根據(jù)開普勒第二定律可知，在Ⅱ軌道上，A的線速度比C點的線速度要大，故B錯誤；C．根據(jù)可得在I軌道上B點的加速度，比在Ⅱ軌道上C點的加速度大，故C錯誤；D．在I軌道A點要變軌到Ⅱ軌道，需要點火加速做離心運動，故D正確。故選D。6.2025年3月，泰山盤道上迎來了宇樹科技公司的機器狗獨特的爬山身影。機器狗勻速爬山運送貨物，下列說法正確的是（）A.機器狗對貨物的作用力大于貨物對機器狗的作用力。B.機器狗勻速爬山過程中，貨物的機械能不變。C.貨物受到的合力做功為零。D.機器狗消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為貨物的重力勢能?！敬鸢浮緾【解析】A．機器狗對貨物的作用力與貨物對機器狗的作用力是相互作用力，總是等大反向，選項A錯誤；B．機器狗勻速爬山過程中，貨物的動能不變，重力勢能增加，可知機械能增加，選項B錯誤；C．貨物勻速運動，則受到的合外力為零，則受到的合力做功為零，選項C正確；D．機器狗消耗的電能一部分轉(zhuǎn)化為貨物的重力勢能，另一部分轉(zhuǎn)化為自身的內(nèi)能，選項D錯誤。故選C。7.如圖所示，有一平行板電容器的可動極板M、固定極板N水平放置，觸壓M時M會下凹，且與理想電源相連。P為兩極板間一固定點。若電源兩端電壓保持不變，則觸壓M使之緩慢下凹過程中，下列判斷正確的是（）A.電容器的電容減小B.P點的電場強度變大C.電容器的電荷量變小D.電容器兩端電壓變大【答案】B【解析】電源兩端電壓U保持不變，則觸壓M使之緩慢下凹過程中，根據(jù)兩板間距減小，可知電容器的電容C變大；根據(jù)可知P點場強變大；根據(jù)Q=CU可知，電容器帶電量變大。故選B。8.如題圖，空間中A點和B點存在兩等量同種正點電荷，O點是兩點電荷連線的中點，現(xiàn)以O(shè)點為圓心，在兩點電荷連線中垂面內(nèi)作一個圓，圓上有M、N、P三點，其中O、Q分別是線段MN和OP的中點。用φ表示各點的電勢，則下列關(guān)系中一定正確的是（）A.P點的場強方向平行于ABB.P點處的電場強度一定大于Q點處的電場強度C.φM＝φN＜φPD.O點的場強為零【答案】D【解析】A．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，P點的場強方向垂直于AB，選項A錯誤；B．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，從O點向垂直AB向外方向的場強先增加后減小，則無法確定P點處的電場強度與Q點處的電場強度大小關(guān)系，選項B錯誤；C．因MNP三點到兩個等量點電荷間的距離相等，可知三點電勢相等，即φM＝φN=φP，選項C錯誤；D．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，O點的場強為零，選項D正確。故選D。9.目前我國混合動力轎車越來越盛行?，F(xiàn)有質(zhì)量1.5噸的混合動力轎車，在平直公路上以v＝24m/s的速度勻速行駛，此時蓄電池不工作，汽油發(fā)動機的輸出功率為P1＝72kW?，F(xiàn)使轎車汽油發(fā)動機和電動機開始同時工作（以該時刻作為計時起點，總功率為汽油發(fā)動機和電動機的功率之和），汽油發(fā)動機的輸出功率保持不變?nèi)詾?2kW，電動機輸出功率P2恒定，轎車汽油發(fā)動機和電機同時工作之后的v-t圖像如圖所示。若轎車運動過程中所受阻力始終不變，則電動機輸出功率P2為（）A.30kW B.35kWC.40kW D.102kW【答案】A【解析】只有汽油發(fā)動機工作時，則汽油發(fā)動機和電動機開始同時工作其中=34m/s，可得P2=30kW故選A。10.某科研裝置模型如圖所示，用絕緣圓管做成的圓形管道固定在傾角為37°的斜面上，管道內(nèi)有一個直徑略小于管道的內(nèi)徑的，帶正電的小球。小球的質(zhì)量為m，帶電量為q（q>0）。空間存在有范圍足夠大的水平向右的勻強電場，電場強度大小為。小球以向右的速度v0通過最低點C，且恰好能運動到管道的最高點A，BD是管道的水平直徑，不計一切摩擦，假設(shè)小球在圓周運動過程中帶電量保持不變，半徑為R，重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.若減小電場強度，小球可能運動到管道上的D點B.C.小球在A點時對管道的壓力大小0.6mgD.小球運動的最大速度為【答案】D【解析】B．當(dāng)小球恰經(jīng)過A點，則到達A點的速度為零，則從C到A由動能定理得解得，故B錯誤；AD．小球斜面上受到平行于斜面的電場力qE和重力沿斜面的分力mgsin37°作用，這兩個力可等效為重力G等效，設(shè)等效重力G等效與BD的夾角為θ，則有，其中，解得，如圖所示，因為小球恰好能運動到管道的最高點A，根據(jù)對稱性，小球向左運動只能到達A′點，而無法到達D點。小球在等效重力場的最低點P達到最大速度，由動能定理得解得運動的最大速度為，故A錯誤，D正確；C．小球在A點時對管道的壓力大小FN=mg，故C錯誤。故選D。二、實驗探究題（共2小題，每空3分，共計24分。）11.某同學(xué)為探究平行板電容器充、放電過程，設(shè)計了圖甲實驗電路。器材如下：電容器、電源（電壓為6V）、定值電阻、定值電阻、電流表、電壓表、開關(guān)、單刀雙擲開關(guān)及導(dǎo)線若干。（1）閉合，將單刀雙擲開關(guān)接1，電容器開始充電，直至充電結(jié)束，得到充電過程的曲線如圖乙，曲線與坐標(biāo)軸所圍面積表示（）A.電容器兩端的電壓B.電容器充電完成后所帶的電荷量C.充電過程中電阻產(chǎn)生的熱量（2）斷開開關(guān)、，再將單刀雙擲開關(guān)接2，電容器開始放電，電容器放電過程流過定值電阻的電流方向為______（選填“流向”或“流向”）（3）實驗中放電過程，電容器釋放的電荷量為C，則電容器的電容為____F?！敬鸢浮浚?）B（2）流向（3）【解析】【小問1解析】根據(jù)q=It，可知曲線與坐標(biāo)軸所圍面積表示電容器充電完成后所帶的電荷量，故選B?！拘?解析】電容器充電完畢時上極板帶正電，可知在放電過程流過定值電阻的電流方向為流向?！拘?解析】電容器的電容12.如圖所示，為一種利用氣墊導(dǎo)軌“驗證機械能守恒定律”實驗裝置。已知重力加速度。主要實驗步驟如下：A.將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，將導(dǎo)軌調(diào)至水平。B.測出遮光條的寬度。C.將滑塊（帶遮光條）移至圖示位置，測出兩光電門間距離。D.釋放滑塊，讀出遮光條通過兩光電門的遮光時間分別為、。E.用天平稱出鉤碼的總質(zhì)量，及滑塊（帶遮光條）的總質(zhì)量。F……回答下列問題：（1）遮光條通過光電門1時，滑塊的速度大小為________（用題中所給字母表示）（2）在滑塊從光電門1運動到光電門2的過程中，系統(tǒng)的重力勢能減少量為________（用題中所給字母表示）（3）若以上測得的物理量滿足的關(guān)系為____________（用題中所給字母表示以及測量的物理量字母表示），則說明該過程系統(tǒng)機械能守恒。（4）實際上，系統(tǒng)的重力勢能減少量總是________（選填“大于”、“等于”或“小于”）系統(tǒng)的動能的增加量，原因是：___________?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）大于系統(tǒng)受到阻力的作用（只要提到“阻力”均可給分）【解析】【小問1解析】遮光條通過光電門1時，滑塊的速度大小為【小問2解析】在滑塊從光電門1運動到光電門2的過程中，系統(tǒng)的重力勢能減少量為小問3解析】遮光條通過光電門2時，滑塊的速度大小為系統(tǒng)動能增加量若該過程系統(tǒng)機械能守恒，則以上測得的物理量滿足的關(guān)系為【小問4解析】實際上，系統(tǒng)的重力勢能減少量總是大于系統(tǒng)的動能的增加量，原因是系統(tǒng)受到阻力的作用。三。計算題（本題共3小題，13題10分，14題12分，15題14分，共36分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案不給分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13.如圖所示，一個質(zhì)量為的小球從地面上方的點開始釋放，自由下落，點是點正下方的一點，且之間的高度差為，點為、之間的一點且之間的高度差為，不計空氣阻力。取，求：（1）小球從到A過程中，重力所做的功；（2）小球下落到點時，重力的瞬時功率；（3）小球從到過程中，重力的平均功率。【答案】（1）400J（2）400W（3）300W【解析】【小問1解析】小球從到A過程中，重力所做的功代入數(shù)據(jù)得【小問2解析】小球做自由落體運動，由動能定理得代入數(shù)據(jù)得小球下落到A點時重力的瞬時功率代入數(shù)據(jù)得【小問3解析】小球從B到A的運動時間為又小球從B到A重力所做的功所以小球從B到A的運動過程中，重力做功的平均功率為代入數(shù)據(jù)得14.如圖所示，一帶負電荷粒子從靜止出發(fā)進入P、Q兩板加速，然后從M、N兩板（有理想勻強偏轉(zhuǎn)電場）中心線進入并發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后從右側(cè)離開偏轉(zhuǎn)電場。已知：加速電壓U＝1000V，勻強偏轉(zhuǎn)電場的電場強度E＝5×103N/C，極板MN的板長L＝6cm，帶電粒子的電荷量q＝3.2×10-19C，質(zhì)量m＝4×10-27kg，不計粒子的重力。求：（1）帶電粒子進入偏轉(zhuǎn)電場時的速度大小v0；（2）帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場時的加速度大小a和穿過偏轉(zhuǎn)電場所用時間t；（3）若帶電粒子剛好從N板右端點離開，求M、N兩板寬度d。【答案】（1）（2）；（3）【解析】【小問1解析】帶電粒子在加速電場中加速，由動能定理得代入得【小問2解析】帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中運動，加速度得加速度大小穿過偏轉(zhuǎn)電場所用時間得【小問3解析】帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動。沿垂直于板面方向偏移的距離、兩板寬度解得15.某裝置如圖所示，水平軌道的左側(cè)有一個彈簧裝置，可將放在彈簧裝置前的物體水平彈出，當(dāng)彈簧處于原長時，其右端點恰好處于A點，AB長為L＝1m的水平軌道，BCD為半圓軌道，半徑R＝0.5m，與水平軌道相切于B點?；瑝Ka與AB軌道間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，滑塊a質(zhì)量m＝0.1kg，其他軌道均光滑，軌道之間均平滑連接，滑塊a可視為質(zhì)點，不計空氣阻力，現(xiàn)壓縮彈簧發(fā)射滑塊a。彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊a的動能，g取10m/s2，求：（1）若滑塊a恰能運動到D，求滑塊a運動到D點速度大小。（2）若滑塊運動情況同（1），求滑塊運動到B點時對軌道的壓力大小。（3）若滑塊a能滑上圓弧軌道且不脫離圓弧軌道，求彈簧彈性勢能的取值范圍?！敬鸢浮浚?）（2）6N（3）或者【解析】【小問1解析】若滑塊恰能運動到點時，重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)值得【小問2解析】由B到D，根據(jù)動能定理得在點，由牛頓第二定律得聯(lián)立兩式得滑塊受到的支持力根據(jù)牛頓第三定律得：滑塊運動到B點時對軌道的壓力＝FN＝6N?！拘?解析】①若滑塊恰好滑到B點，A到B過程由動能定理可得：由彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊初動能得代入數(shù)值得故彈簧彈性勢能大于0.5J②若滑塊恰好滑到圓心等高處C點，A到C過程由動能定理得由彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊初動能得代入數(shù)值得故彈簧彈性勢能小于等于1J③若滑塊恰好滑到D點，A到D過程由動能定理可得由彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊初動能得代入數(shù)值得故彈簧彈性勢能大于等于1.75J綜上所述：滑塊a滑上圓弧軌道后不脫離圓弧軌道，彈簧彈性勢能的取值范圍為或者郴州市2025年上學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測試卷高一物理（選擇考）注意事項：1.本試卷分試題卷和答題卡。試題卷共6頁，有三道大題，共15道小題，滿分100分?？荚嚂r間75分鐘。2.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上，并將準(zhǔn)考證條形碼粘貼在答題卡的指定位置。3.考生作答時，選擇題和非選擇題均須作答在答題卡上，在本試題卷上答題無效?？忌诖痤}卡上按答題卡中注意事項的要求答題。4.考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共計40分。每小題只有一個選項符合題意。）1.跳水運動是一項難度很大又極具觀賞性的運動。如圖所示，虛線描述的是一位跳水運動員高臺跳水時頭部的運動軌跡，則頭部經(jīng)過圖中C點的速度方向正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】做曲線運動的物體的速度方向沿軌跡的切線方向，則頭部經(jīng)過圖中C點的速度方向正確的是B。2.下列有關(guān)物理學(xué)知識說法正確的是（）A.真空中兩個靜止的點電荷之間的庫侖力，可以用公式計算其大小。B.根據(jù)功的定義式，可知功是矢量。C.平拋運動可分解為水平方向上的勻加速運動和豎直方向的勻速直線運動。D.由公式可知，電容器的電容C隨著極板帶電荷量Q的增加而變大【答案】A【解析】A．庫侖定律公式適用于真空中靜止的點電荷間的庫侖力，故A正確。B．功的定義式中，是標(biāo)量（只有大小，無方向），故B錯誤。C．平拋運動的分解應(yīng)為水平方向勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動，故C錯誤。D．電容由電容器本身結(jié)構(gòu)決定，與和無關(guān)，公式是定義式，僅表示是與的比值，故D錯誤。故選A。3.冬奧會跳臺滑雪比賽簡化模型如圖所示，運動員穿著專用滑雪板，在助滑道上獲得高速后從坡頂點以速度水平飛出，在空中飛行一段距離后恰好在坡底點著陸。已知之間的高度差為，與水平面夾角為37°，不計空氣阻力，，，，下列選項正確的是（）A.運動員在空中飛行的時間B.運動員在空中飛行的時間C.運動員的初速度D.運動員的初速度【答案】C【解析】AB．豎直方向，根據(jù)可得運動員在空中飛行的時間，選項AB錯誤；CD．運動員的初速度，選項C正確，D錯誤。故選C。4.如圖所示，餐桌上的自動轉(zhuǎn)盤在電動機的帶動下勻速轉(zhuǎn)動，現(xiàn)在轉(zhuǎn)盤上放A、B兩個茶杯，都隨著轉(zhuǎn)盤勻速轉(zhuǎn)動，A、B離轉(zhuǎn)盤中心的距離分別為和，且。則（）A. B.C D.【答案】C【解析】AB．A、B兩個茶杯都繞同一轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動，可知角速度和周期相等，選項AB錯誤；C．根據(jù)v=ωr可知，選項C正確；D．根據(jù)a=ω2r可知，選項D錯誤。故選C。5.某衛(wèi)星變軌前后的示意圖如圖所示。O為地球地心，變軌前I軌道為近地圓軌道，在I軌道上A點可機動變軌到橢圓Ⅱ上，C為橢圓軌道遠地點。則衛(wèi)星（）A.在I軌道上，經(jīng)過B點的速度大于7.9km/sB.在Ⅱ軌道上，A的線速度比C點的線速度要小C.在I軌道上B點的加速度，比在Ⅱ軌道上C點的加速度小D.在I軌道A點要變軌到Ⅱ軌道，需要點火加速【答案】D【解析】A．因I軌道為近地圓軌道，可知經(jīng)過B點的速度等于7.9km/s，故A錯誤；B．根據(jù)開普勒第二定律可知，在Ⅱ軌道上，A的線速度比C點的線速度要大，故B錯誤；C．根據(jù)可得在I軌道上B點的加速度，比在Ⅱ軌道上C點的加速度大，故C錯誤；D．在I軌道A點要變軌到Ⅱ軌道，需要點火加速做離心運動，故D正確。故選D。6.2025年3月，泰山盤道上迎來了宇樹科技公司的機器狗獨特的爬山身影。機器狗勻速爬山運送貨物，下列說法正確的是（）A.機器狗對貨物的作用力大于貨物對機器狗的作用力。B.機器狗勻速爬山過程中，貨物的機械能不變。C.貨物受到的合力做功為零。D.機器狗消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為貨物的重力勢能?！敬鸢浮緾【解析】A．機器狗對貨物的作用力與貨物對機器狗的作用力是相互作用力，總是等大反向，選項A錯誤；B．機器狗勻速爬山過程中，貨物的動能不變，重力勢能增加，可知機械能增加，選項B錯誤；C．貨物勻速運動，則受到的合外力為零，則受到的合力做功為零，選項C正確；D．機器狗消耗的電能一部分轉(zhuǎn)化為貨物的重力勢能，另一部分轉(zhuǎn)化為自身的內(nèi)能，選項D錯誤。故選C。7.如圖所示，有一平行板電容器的可動極板M、固定極板N水平放置，觸壓M時M會下凹，且與理想電源相連。P為兩極板間一固定點。若電源兩端電壓保持不變，則觸壓M使之緩慢下凹過程中，下列判斷正確的是（）A.電容器的電容減小B.P點的電場強度變大C.電容器的電荷量變小D.電容器兩端電壓變大【答案】B【解析】電源兩端電壓U保持不變，則觸壓M使之緩慢下凹過程中，根據(jù)兩板間距減小，可知電容器的電容C變大；根據(jù)可知P點場強變大；根據(jù)Q=CU可知，電容器帶電量變大。故選B。8.如題圖，空間中A點和B點存在兩等量同種正點電荷，O點是兩點電荷連線的中點，現(xiàn)以O(shè)點為圓心，在兩點電荷連線中垂面內(nèi)作一個圓，圓上有M、N、P三點，其中O、Q分別是線段MN和OP的中點。用φ表示各點的電勢，則下列關(guān)系中一定正確的是（）A.P點的場強方向平行于ABB.P點處的電場強度一定大于Q點處的電場強度C.φM＝φN＜φPD.O點的場強為零【答案】D【解析】A．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，P點的場強方向垂直于AB，選項A錯誤；B．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，從O點向垂直AB向外方向的場強先增加后減小，則無法確定P點處的電場強度與Q點處的電場強度大小關(guān)系，選項B錯誤；C．因MNP三點到兩個等量點電荷間的距離相等，可知三點電勢相等，即φM＝φN=φP，選項C錯誤；D．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，O點的場強為零，選項D正確。故選D。9.目前我國混合動力轎車越來越盛行?，F(xiàn)有質(zhì)量1.5噸的混合動力轎車，在平直公路上以v＝24m/s的速度勻速行駛，此時蓄電池不工作，汽油發(fā)動機的輸出功率為P1＝72kW?，F(xiàn)使轎車汽油發(fā)動機和電動機開始同時工作（以該時刻作為計時起點，總功率為汽油發(fā)動機和電動機的功率之和），汽油發(fā)動機的輸出功率保持不變?nèi)詾?2kW，電動機輸出功率P2恒定，轎車汽油發(fā)動機和電機同時工作之后的v-t圖像如圖所示。若轎車運動過程中所受阻力始終不變，則電動機輸出功率P2為（）A.30kW B.35kWC.40kW D.102kW【答案】A【解析】只有汽油發(fā)動機工作時，則汽油發(fā)動機和電動機開始同時工作其中=34m/s，可得P2=30kW故選A。10.某科研裝置模型如圖所示，用絕緣圓管做成的圓形管道固定在傾角為37°的斜面上，管道內(nèi)有一個直徑略小于管道的內(nèi)徑的，帶正電的小球。小球的質(zhì)量為m，帶電量為q（q>0）?？臻g存在有范圍足夠大的水平向右的勻強電場，電場強度大小為。小球以向右的速度v0通過最低點C，且恰好能運動到管道的最高點A，BD是管道的水平直徑，不計一切摩擦，假設(shè)小球在圓周運動過程中帶電量保持不變，半徑為R，重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.若減小電場強度，小球可能運動到管道上的D點B.C.小球在A點時對管道的壓力大小0.6mgD.小球運動的最大速度為【答案】D【解析】B．當(dāng)小球恰經(jīng)過A點，則到達A點的速度為零，則從C到A由動能定理得解得，故B錯誤；AD．小球斜面上受到平行于斜面的電場力qE和重力沿斜面的分力mgsin37°作用，這兩個力可等效為重力G等效，設(shè)等效重力G等效與BD的夾角為θ，則有，其中，解得，如圖所示，因為小球恰好能運動到管道的最高點A，根據(jù)對稱性，小球向左運動只能到達A′點，而無法到達D點。小球在等效重力場的最低點P達到最大速度，由動能定理得解得運動的最大速度為，故A錯誤，D正確；C．小球在A點時對管道的壓力大小FN=mg，故C錯誤。故選D。二、實驗探究題（共2小題，每空3分，共計24分。）11.某同學(xué)為探究平行板電容器充、放電過程，設(shè)計了圖甲實驗電路。器材如下：電容器、電源（電壓為6V）、定值電阻、定值電阻、電流表、電壓表、開關(guān)、單刀雙擲開關(guān)及導(dǎo)線若干。（1）閉合，將單刀雙擲開關(guān)接1，電容器開始充電，直至充電結(jié)束，得到充電過程的曲線如圖乙，曲線與坐標(biāo)軸所圍面積表示（）A.電容器兩端的電壓B.電容器充電完成后所帶的電荷量C.充電過程中電阻產(chǎn)生的熱量（2）斷開開關(guān)、，再將單刀雙擲開關(guān)接2，電容器開始放電，電容器放電過程流過定值電阻的電流方向為______（選填“流向”或“流向”）（3）實驗中放電過程，電容器釋放的電荷量為C，則電容器的電容為____F。【答案】（1）B（2）流向（3）【解析】【小問1解析】根據(jù)q=It，可知曲線與坐標(biāo)軸所圍面積表示電容器充電完成后所帶的電荷量，故選B?！拘?解析】電容器充電完畢時上極板帶正電，可知在放電過程流過定值電阻的電流方向為流向?！拘?解析】電容器的電容12.如圖所示，為一種利用氣墊導(dǎo)軌“驗證機械能守恒定律”實驗裝置。已知重力加速度。主要實驗步驟如下：A.將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，將導(dǎo)軌調(diào)至水平。B.測出遮光條的寬度。C.將滑塊（帶遮光條）移至圖示位置，測出兩光電門間距離。D.釋放滑塊，讀出遮光條通過兩光電門的遮光時間分別為、。E.用天平稱出鉤碼的總質(zhì)量，及滑塊（帶遮光條）的總質(zhì)量。F……回答下列問題：（1）遮光條通過光電門1時，滑塊的速度大小為________（用題中所給字母表示）（2）在滑塊從光電門1運動到光電門2的過程中，系統(tǒng)的重力勢能減少量為________（用題中所給字母表示）（3）若以上測得的物理量滿足的關(guān)系為____________（用題中所給字母表示以及測量的物理量字母表示），則說明該過程系統(tǒng)機械能守恒。（4）實際上，系統(tǒng)的重力勢能減少量總是________（選填“大于”、“等于”或“小于”）系統(tǒng)的動能的增加量，原因是：___________?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）大于系統(tǒng)受到阻力的作用（只要提到“阻力”均可給分）【解析】【小問1解析】遮光條通過光電門1時，滑塊的速度大小為【小問2解析】在滑塊從光電門1運動到光電門2的過程中，系統(tǒng)的重力勢能減少量為小問3解析】遮光條通過光電門2時，滑塊的速度大小為系統(tǒng)動能增加量若該過程系統(tǒng)機械能守恒，則以上測得的物理量滿足的關(guān)系為【小問4解析】實際上，系統(tǒng)的重力勢能減少量總是大于系統(tǒng)的動能的增加量，原因是系統(tǒng)受到阻力的作用。三。計算題（本題共3小題，13題10分，14題12分，15題14分，共36分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案不給分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13.如圖所示，一個質(zhì)量為的小球從地面上方的點開始釋放，自由下落，點是點正下方的一點，且之間的高度差為，點為、之間的一點且之間的高度差為，不計空氣阻力。取，求：（1）小球從到A過程中，重力所做的功；（2）小球下落到點時，重力的瞬時功率；（3）小球從到過程中，重力的平均功率?！敬鸢浮浚?）400J（2）400W（3）300W【解析】【小問1解析】小球從到A過程中，重力所做的功代入數(shù)據(jù)得【小問2解析】小球做自由落