（新高考）此卷只裝訂不密封此卷只裝訂不密封班級姓名準(zhǔn)考證號考場號座位號物理（十）注意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．如圖所示，有一束單色光入射到極限頻率為ν0的金屬板K上，具有最大初動能的某出射電子，沿垂直于平行板電容器極板的方向，從左側(cè)極板上的小孔入射到兩極板間的勻強電場后，到達(dá)右側(cè)極板時速度剛好為零。已知電容器的電容為C，帶電量為Q，極板間距為d，普朗克常量為h，電子電量的絕對值為e，不計電子的重力。關(guān)于電容器右側(cè)極板的帶電情況和入射光的頻率ν，以下判斷正確的是()A．帶正電，ν0＋eq\f(Qe,Ch)B．帶正電，ν0＋eq\f(Qe,Chd)C．帶負(fù)電，ν0＋eq\f(Qe,Ch)D．帶負(fù)電，ν0＋eq\f(Qe,Chd)【答案】C【解析】電子在電容器里面減速運動，所以受到向左的電場力的作用，所以場強方向向右，電容器右側(cè)的極板帶負(fù)電。一束單色光入射到極限頻率為ν0的金屬板K上，射出電子的最大初動能為Ek，則hν－W＝Ekhν0＝W，電子在電容器中減速運動，由動能定理得－eU＝0－Ek，電容器兩極板間的電勢差U＝eq\f(Q,C)，根據(jù)以上各式，解得ν＝ν0＋eq\f(Qe,Ch)，故C正確。2．一遙控玩具汽車在平直路上運動的位移－時間圖象如圖所示，則下列正確的是()A．25s內(nèi)汽車的位移為30mB．前10s內(nèi)汽車的加速度為3m/s2C．20s末汽車的速度大小為1m/sD．前25s內(nèi)汽車做單方向直線運動【答案】C【解析】由圖象可知，前25s內(nèi)汽車的位移為△x＝25m－0＝25m，故A錯誤；在前10s內(nèi)圖線的斜率不變，說明汽車的速度不變，則汽車做勻速直線運動，加速度為0，故B錯誤；位移－時間圖線的斜率表示速度，則20s末汽車的速度，故C正確；汽車在前10s內(nèi)向正方向做勻速直線運動，10－15s內(nèi)靜止，15－25s內(nèi)反向做勻速直線運動，所以汽車的運動方向發(fā)生了改變，故D錯誤。3．如圖所示，直角三角形abc中，∠abc＝30°，將一電流為I、方向垂直紙面向外的長直導(dǎo)線放置在頂點a處，則頂點c處的磁感應(yīng)強度大小為B0?，F(xiàn)再將一電流大小為4I、方向垂直紙面向里的長直導(dǎo)線放置在頂點b處。已知長直通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場在其周圍空間某點的磁感應(yīng)強度大小B＝keq\f(I,r)，其中I表示電流大小，r表示該點到導(dǎo)線的距離，k為常量。則頂點c處的磁感應(yīng)強度()A．大小為eq\r(3)B0，方向沿ac向上B．大小為B0，方向垂直紙面向里C．大小為3B0，方向沿∠acb平分線向下D．大小為2B0，方向垂直bc向上【答案】A【解析】由安培定則可知，a點處電流產(chǎn)生的磁場在c點處的磁感應(yīng)強度方向垂直ac向左，b點處電流產(chǎn)生的磁場在c點處的磁感應(yīng)強度大小為2B0、方向垂直bc向上，兩磁場疊加后，合磁場在c點處的磁感應(yīng)強度大小為eq\r(3)B0、方向沿ac向上，A正確。4．如圖所示用三根長度相同的絕緣細(xì)線將三個帶電小球連接后懸掛在空中。三個帶電小球質(zhì)量相等，A球帶負(fù)電，平衡時三根絕緣細(xì)線都是直的，但拉力都為零。則()A．B球帶負(fù)電荷，C球帶正電荷B．B球和C球都帶正電荷C．B球和C球所帶電量不一定相等D．B球和A球所帶電量一定相等【答案】B【解析】B球受重力及A、C對B球的庫侖力而受于平衡狀態(tài)，則A與C球?qū)球的庫侖力的合力應(yīng)與重力大小相等，方向相反；而庫侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向，故可知A對B的庫侖力應(yīng)指向A，C對B的作用力應(yīng)指向B的左側(cè)；因A帶負(fù)電，則可知B、C都應(yīng)帶正電，故A錯誤，B正確；由受力分析圖可知，A對B的庫侖力應(yīng)為C對B庫侖力的2倍，故C帶電量應(yīng)為A帶電量的一半；同理分析C可知，B帶電量也應(yīng)為A帶電量的一半，故B、C帶電量應(yīng)相同，故C、D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有多項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5．甲、乙兩顆人造衛(wèi)星在同一平面內(nèi)繞地球運動，甲衛(wèi)星的軌道為圓，乙衛(wèi)星的軌道為橢圓，乙衛(wèi)星橢圓軌道的長半軸與甲衛(wèi)星的軌道半徑相等。某時刻乙衛(wèi)星過遠(yuǎn)地點，兩衛(wèi)星與地球正好在同一直線上，如圖所示。下列關(guān)于甲、乙兩衛(wèi)星在該時刻的速度、加速度大小關(guān)系，正確的是()A．a(chǎn)甲＞a乙B．a(chǎn)甲＜a乙C．v甲＞v乙D．v甲＜v乙【答案】AC【解析】兩顆人造衛(wèi)星繞地球運動，萬有引力產(chǎn)生加速度Geq\f(Mm,r2)＝ma，解得加速度a＝eq\f(GM,r2)，乙衛(wèi)星所在位置的半徑r大，加速度小，即a甲＞a乙，故A正確，B錯誤；假設(shè)某衛(wèi)星以地心與遠(yuǎn)地點的距離為半徑繞地球做勻速圓周運動，速度為v，根據(jù)衛(wèi)星變軌的原理可知，乙衛(wèi)星在遠(yuǎn)地點做加速運動，可以達(dá)到上述軌道，即v＞v乙，根據(jù)萬有引力提供向心力可知v＝eq\r(\f(GM,r))，甲衛(wèi)星的軌道半徑小，即v＜v甲，則v甲＞v乙，故C正確，D錯誤。6．圖甲為一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，M是平衡位置為x＝0.5m處的質(zhì)點，N是平衡位置為x＝2m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點N由該時刻起的振動圖象，則下列說法正確的是()A．該波沿x軸的負(fù)方向傳播B．該波的周期是0.20sC．該波的傳播速度是10m/sD．從t＝0.20s到t＝0.30s，質(zhì)點M通過的路程為5cm【答案】AC【解析】由振動圖象可知，質(zhì)點N在t＝0時刻向下振動，可知該波沿x軸的負(fù)方向傳播，A正確；由振動圖象讀數(shù)周期T＝0.4s，波長λ＝4m，則波速v＝10m/s，B錯誤，C正確；從t＝0.20s到t＝0.30s，經(jīng)過了eq\f(T,4)，由于質(zhì)點M不是從平衡位置或者最高點最低點開始振動，則質(zhì)點M通過的路程不等于5cm，D錯誤。7．平行板電容器、靜電計、理想二極管(正向電阻為0，反向電阻無窮大)與內(nèi)阻不計的電源連接成如圖所示的電路，現(xiàn)在平行板電容器兩極板間的P點固定一帶負(fù)電的點電荷，其中電容器的右極板固定，左極板可左右移動少許。設(shè)靜電計的張角為θ。則下列說法正確的是()A．若左極板向左移動少許，則θ不變，P點的電勢降低B．若左極板向左移動少許，則θ變大，P點的電勢不變C．若左極板向右移動少許，則θ不變，位于P點的點電荷的電勢能減小D．若左極板向右移動少許，則θ變小，位于P點的點電荷的電勢能增大【答案】AC【解析】靜電計上的電壓不變，所以靜電計的張角θ不變，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器只能充電，不能放電；將電容器的左極板水平向左移時，電容器的電容C＝eq\f(εrS,4πkd)減小，但不能放電，則電容器帶電量不變，由C＝eq\f(Q,U)和E＝eq\f(U,d)可得，電容器兩極板間的電場不變，則P點的電勢（x為P點到左極板的距離），則P點的電勢降低，故A正確，B錯誤；將電容器的左極板水平向右移時，電容器的電容C＝eq\f(εrS,4πkd)增大，電場強度E＝eq\f(U,d)增大，P點的電勢升高，由于P點固定的是負(fù)電荷，所以位于P點的點電荷的電勢能減小，故C項正確，D項錯誤。8．如圖甲所示，水平面上一質(zhì)量為m的物體，在水平力F作用下從靜止開始加速運動，力F的功率P恒定不變，運動過程所受的阻力f大小不變，加速運動t時間后物體的速度達(dá)到最大值vm，F(xiàn)作用過程中物體的速度v的倒數(shù)與加速度a的關(guān)系圖象如圖乙所示，僅在已知功率P的情況下，根據(jù)圖象所給的信息可以求出以下哪個物理量()A．物體的質(zhì)量m B．物體所受阻力fC．物體加速運動的時間tD．物體運動的最大速度vm【答案】ABD【解析】由題意可知P＝Fv，根據(jù)牛頓第二定律得F－f＝ma，即，變形得，由乙圖可知，斜率，縱軸截距，P已知，可求出m和f，選項A、B能夠求出；水平力等于阻力時，速度達(dá)到最大，則有P＝Fvm＝fvm，能求出vm，選項D能夠求出；由P＝Fv知，v增大，F(xiàn)減小，則物體先做變加速運動，當(dāng)加速度為零時做勻速運動，根據(jù)條件不能求出加速運動時間，選項C不能求出。三、非選擇題：共60分。考試根據(jù)要求作答。9．(4分)如圖，某自動洗衣機洗衣缸的下部與控水裝置的豎直均勻細(xì)管相通，細(xì)管的上部封閉，并和壓力傳感器相連接。洗衣缸進水時，細(xì)管中的空氣被水封閉，隨著洗衣缸中水面的升高，細(xì)管中的空氣被壓縮，當(dāng)細(xì)管中空氣壓強達(dá)到一定數(shù)值時，壓力傳感器使進水閥門關(guān)閉，達(dá)到自動控制水位的目的。假設(shè)水位變化時管內(nèi)空氣溫度恒定，當(dāng)水位上升時細(xì)管內(nèi)空氣將_________（填“吸熱”“放熱”），若剛進水時細(xì)管被封閉的空氣柱長度為L，當(dāng)空氣柱被壓縮到0.96L時，壓力傳感器使洗衣機停止進水，此時洗衣缸與細(xì)管內(nèi)水位的高度差為_________cm。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，設(shè)大氣壓p0＝1.0×105Pa，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，g取10m/s2）【答案】放熱42【解析】當(dāng)水位上升時，細(xì)管內(nèi)空氣的體積減小，外界對氣體做功，而溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，所以管內(nèi)空氣將放熱；根據(jù)玻意耳定律得，解得。10．(4分)如圖，在雙縫干涉實驗中，S1和S2為狹縫，P是光屏上的一點，已知雙縫S1、S2和P點的距離差為2.1×10-6m，用單色光A在空氣中做雙縫干涉實驗，若光源到縫S1、S2距離相等，且A光頻率f＝5.0×1014Hz。則P點處是___________（填“亮”或“暗”）條紋；若將S2用遮光片擋住，光屏上的明暗條紋___________（填“均勻”或“不均勻”）分布。（光在空氣中的速度c＝3.0×108m/s）【答案】暗不均勻【解析】設(shè)A光在空氣中波長為λ，由得，光的路程差，所以，即從S1和S2到P點的光的路程差δ是波長λ的3.5倍，所以P點為暗條紋。將S2用遮光片擋住。光屏上得到的是衍射條紋，所以是不均勻分布的。11．(6分)某實驗小組要測量定值電阻Rx的阻值，實驗室提供的器材規(guī)格如下：A．待測電阻Rx(阻值約為100Ω)B．電流表G1(量程為10mA，內(nèi)阻RG1未知)C．電流表G2(量程為30mA，內(nèi)阻RG2未知)D．電阻箱R(最大阻值為9999.99Ω)E．電池阻(2節(jié)干電池)F．開關(guān)一只，導(dǎo)線若干該小組根據(jù)現(xiàn)有的器材設(shè)計了如圖所示的電路，實驗過程如下：?a．根據(jù)電路圖，連接實驗器材b．先將電阻箱的阻值調(diào)到最大，然后閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄電流表G1的示數(shù)I1和電流表G2的示數(shù)，I2及對應(yīng)的電阻箱的阻值b。c．多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，改變兩個電流表的示數(shù)，并記錄數(shù)據(jù)d。數(shù)據(jù)處理：以為縱坐標(biāo)，以對應(yīng)的電阻箱的阻值R為橫坐標(biāo)，描點連線得到如圖所示的傾斜直線。(1)待測電阻Rx＝______Ω。電流表G1的內(nèi)阻RG1_____Ω。(2)若將電流表G1與電阻箱串聯(lián)改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)為_____Ω?！敬鸢浮?1)10020(2)280【解析】(1)根據(jù)并聯(lián)電路電流與電阻的特點結(jié)合圖象，得，，聯(lián)立解得Rx＝100Ω，RG120Ω。(2)將電流表G1與電阻箱串聯(lián)改裝成量程為3V的電壓表時，通過的電流為0.01A，故電阻箱接入的電阻。12．(8分)利用氣墊導(dǎo)軌驗證機械能守恒定律的實驗裝置如圖所示，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平，將重物A由靜止釋放，滑塊B上拖著的紙帶（未畫出）被打出一系列的點。對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。圖甲給出的是實驗中的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點（圖上未畫出），計數(shù)點間的距離如圖中所示。已知重物的質(zhì)量m＝100g、滑塊的質(zhì)量M＝150g，則：（g取10m/s2，結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(1)在紙帶上打下計數(shù)點5時的速度v＝_________m/s；(2)在打點0～5的過程中系統(tǒng)動能的增加量ΔEk＝_______J，系統(tǒng)勢能的減少量ΔEp＝________J，由此得出的結(jié)論是_______；(3)若某實驗小組作出的eq\f(1,2)v2－h(huán)圖象如圖乙所示，則當(dāng)?shù)氐膶嶋H重力加速度g＝________m/s2?！敬鸢浮?1)1.95(2)0.4750.497在誤差允許的范圍內(nèi)，系統(tǒng)的機械能守恒(3)9.70【解析】(1)由圖可知x46＝17.65cm＋21.35cm＝39cm＝0.39m，則。(2)在打點0～5的過程中系統(tǒng)動能的增加量，系統(tǒng)重力勢能的減小量ΔEp＝mgh5＝0.497J，由此得出的實驗結(jié)論是在誤差允許的范圍內(nèi)，系統(tǒng)的機械能守恒。(3)根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒得，則，可知圖線的斜率，代入數(shù)據(jù)解得g＝9.70m/s2。13．(8分)在如圖所示的豎直xOy坐標(biāo)系中，在第一象限有一呈拋物線形狀的曲面，拋物線方程為。y＝2.4m處有一粗糙水平面，其上有一半徑R＝0.5m的四分之一光滑圓弧擋板PQ，擋板末端Q的坐標(biāo)為（0，2.4m），在圓弧過P點的切線上有一點A，AP間距為d?，F(xiàn)使一質(zhì)量m＝50g的小球從水平面上的A點沿AP方向以v0＝6m/s的速度射向P點，小球沿圓弧擋板運動到Q點拋出。已知小球與水平面間的摩擦力大小為0.3N。重力加速度g取10m/s2，π取3。(1)若d＝0，求小球沿圓弧擋板運動時受到擋板的彈力大小與小球在圓弧擋板中轉(zhuǎn)過的角度θ（弧度制）的函數(shù)關(guān)系式；(2)d為何值時，小球落至曲面上的動能最??？【解析】(1)由牛頓第二定律和向心力公式可得擋板對小球的彈力由動能定理可得解得。(2)設(shè)小球從Q點拋出時速度為。由平拋運動規(guī)律可得根據(jù)機械能守恒定律可得聯(lián)立可知，當(dāng)時，EK最小由動能定理可得解得。14．(14分)如圖，兩根足夠長且電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌MNPQ和M1N1P1Q1，固定在傾角為θ的斜面上，MN與M1N1距離為l，PQ與P1Q1距離為eq\f(2,3)l。金屬棒A、B質(zhì)量均為m、阻值均為R、長度分別為l與eq\f(2,3)l。金屬棒A、B分別垂直放在導(dǎo)軌MM1和PP1上，且恰好都能靜止在導(dǎo)軌上。整個裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面向上、磁感應(yīng)強度大小為B0的勻強磁場中?，F(xiàn)固定住金屬棒B，用沿導(dǎo)軌向下的外力F作用在金屬棒A上，使金屬棒A以加速度a沿斜面向下作勻加速運動。此后A棒一直在MN與M1N1上運動，B棒一直在PQ與P1Q1上靜止或運動，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求：(1)外力F與作用時間t的函數(shù)關(guān)系式；(2)當(dāng)A棒的速度為v0時，撤去F并解除對B的固定，一段時間后A棒在MN與M1N1上勻速運動，求A棒勻速運動的速度大小?！窘馕觥?1)金屬棒A、B剛好都能靜止在導(dǎo)軌上，對金屬棒，有金屬棒A沿斜面向下作勻加速運動，對金屬棒A，有由安培力公式有對金屬棒與導(dǎo)軌構(gòu)成的回路，根據(jù)歐姆定律，有金屬棒A切割磁感線，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有又因為聯(lián)立解得。(2)A棒勻速時，安培力為零，電流為零，兩棒產(chǎn)生的電動勢大小相等，有在撤去F到A棒勻速的過程中，對A，根據(jù)動量定理，有對B，