湖南省2026屆高三上學(xué)期一?？荚囄锢砟M試卷時(shí)量：75分鐘滿分：100分一、單項(xiàng)選擇題(本題共6小題，每小題4分，共24分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的)1．下列說法正確的是(A)A．圖甲為康普頓效應(yīng)的示意圖，入射光子與靜止的電子發(fā)生碰撞，碰后散射光的波長變長B．在兩種固體薄片上涂上蠟，用燒熱的針接觸固體背面上一點(diǎn)，蠟熔化的范圍如圖乙所示，則a一定是非晶體，b一定是晶體C．圖丙中隨著溫度的升高，黑體輻射強(qiáng)度的極大值向頻率較低的方向移動(dòng)D．圖丁光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器的觸頭向右移動(dòng)，電流表的示數(shù)一定增大【解析】圖甲為康普頓效應(yīng)的示意圖，入射光子與靜止的電子發(fā)生碰撞，碰后，入射光的動(dòng)量減小，根據(jù)λ＝eq\f(h,p)?？芍?，碰后散射光的波長變長，故A正確；在兩種固體薄片上涂上蠟，用燒熱的針接觸固體背面上一點(diǎn)，蠟熔化的范圍如圖乙所示，則a表現(xiàn)出各向同性，a可能是多晶體，也可能是非晶體，b表現(xiàn)出各向異性，b一定是單晶體，故B錯(cuò)誤；根據(jù)黑體輻射的規(guī)律，圖丙中隨著溫度的升高，黑體輻射強(qiáng)度的極大值向頻率較高的方向移動(dòng)，故C錯(cuò)誤；圖丁中光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中電源所加電壓為加速電壓，逸出的光電子加速到達(dá)A極，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭向右移動(dòng)時(shí)，加速電壓增大，若電流沒有達(dá)到飽和電流，電流表的示數(shù)先增大，達(dá)到飽和電流后，電流表的示數(shù)不變，故D錯(cuò)誤。故選A。2．某校物理學(xué)科后活動(dòng)中，出現(xiàn)了不少新穎靈巧的作品。如圖所示為高二某班同學(xué)制作的《液壓工程類作業(yè)升降機(jī)模型》，通過針筒管活塞的伸縮推動(dòng)針筒內(nèi)的水，進(jìn)而推動(dòng)支撐架的展開與折疊，完成貨物平臺(tái)的升降。在某次實(shí)驗(yàn)中，針筒連接管的水中封閉了一段空氣柱(空氣可視為理想氣體)，該同學(xué)先緩慢推動(dòng)注射器活塞將針筒內(nèi)氣體進(jìn)行壓縮，若壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，裝置不漏氣，則下列說法中正確的是(D)A．針筒內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小B．針筒內(nèi)氣體吸熱C．單位時(shí)間、單位面積撞擊針筒內(nèi)壁的氣體分子數(shù)減少D．用國際單位制單位表示的狀態(tài)參量在p－eq\f(1,V)圖中圖線可能如圖中a→b【解析】壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，空氣柱體積變小，則壓強(qiáng)變大，故A錯(cuò)誤；壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，則氣體內(nèi)能不變，即有ΔU＝0。壓縮過程中，氣體體積變小，外界對氣體做功，即有W>0，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU＝W＋Q。可知Q<0，即針筒內(nèi)氣體放熱，故B錯(cuò)誤；由于壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，空氣柱體積變小，壓強(qiáng)變大，則單位時(shí)間、單位面積撞擊針筒內(nèi)壁的氣體分子數(shù)增大，故C錯(cuò)誤；由于壓縮氣體過程中針筒內(nèi)氣體溫度不變，空氣柱體積變小，壓強(qiáng)變大。則根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程eq\f(pV,T)＝C。整理可得p＝TC·eq\f(1,V)，可知用國際單位制單位表示的狀態(tài)參量在p－eq\f(1,V)圖中圖線可能如圖中a→b，故D正確。故選D。3.利用手機(jī)軟件可以記錄物體運(yùn)動(dòng)的加速度，現(xiàn)用某款智能手機(jī)進(jìn)行戶外游樂項(xiàng)目“跳樓機(jī)”測試，將手機(jī)放在“跳樓機(jī)”的電梯地板上，打開手機(jī)軟件，電梯由靜止開始上升后，測得手機(jī)在豎直方向的加速度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，以豎直向上為正方向，則（）A.在時(shí)間內(nèi)電梯先加速后減速B.在時(shí)刻電梯到達(dá)最高點(diǎn)C.在時(shí)間內(nèi)手機(jī)受到的支持力逐漸減小D.在時(shí)間內(nèi)，手機(jī)處于失重狀態(tài)【答案】C【解析】【詳解】A．圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示速度的變化量，可知時(shí)間內(nèi)速度一直增加，所以電梯一直加速，A錯(cuò)誤；B．圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示速度的變化量，由圖可知，時(shí)刻后加速度方向向下，為失重狀態(tài)，速度方向向上，所以向上做減速運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻還沒有達(dá)到最高點(diǎn)，B錯(cuò)誤；C．對手機(jī)進(jìn)行受力分析可知，時(shí)間內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律，該段時(shí)間內(nèi)，a逐漸減小，因此支持力。逐漸減小，C正確；D．在時(shí)間內(nèi)，手機(jī)加速度先向上后向下，則手機(jī)先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)，D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖甲所示，理想變壓器原線圈連接定值電阻，副線圈連接滑動(dòng)變阻器，滑動(dòng)變阻器最大阻值足夠大，、端輸入正弦式交變電流。將滑動(dòng)變阻器的滑片從端緩慢向下滑動(dòng)，記錄理想電壓表V的示數(shù)與理想電流表A的示數(shù)，描繪出圖像，如圖乙所示。當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率達(dá)到最大，則下列說法正確的是（）A.定值電阻的阻值為B.滑動(dòng)變阻器消耗的最大功率為400WC.理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比D.交變電壓的峰值為【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)交變電壓的有效值為，將定值電阻等效為交流電源的內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律有結(jié)合題圖乙可知A錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得D錯(cuò)誤；BC．將理想變壓器與滑動(dòng)變阻器整體等效一個(gè)電阻，等效電阻滑動(dòng)變阻器消耗的功率當(dāng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，最大功率由解得：B錯(cuò)誤，C正確。故選C。5.一列沿軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期為。已知，關(guān)于這列波，下列說法正確的是（）A.波長為B.周期為C.頻率為D.波速為【答案】D【解析】【詳解】A．由題圖可知，波長為，故A錯(cuò)誤；BCD．簡諧橫波沿軸負(fù)方向傳播，時(shí)刻處于原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，則有（，，）可得（，，）由于，則，可得周期為則頻率波速為故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.兩個(gè)用材料和橫截面積都相同的細(xì)導(dǎo)線做成的剛性閉合線框，分別用不可伸長的細(xì)線懸掛起來，如圖所示。兩個(gè)線框均有一半面積處在磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變化的勻強(qiáng)磁場中，兩線框平面均始終垂直于磁場方向。某時(shí)刻圓形線框所受細(xì)線的拉力為零，此時(shí)正方形線框所受細(xì)線的拉力也為零。若已知圓形線框的半徑為，則正方形線框的邊長為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)細(xì)導(dǎo)線單位長度質(zhì)量、單位長度電阻分別為，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變化，即相同，某時(shí)刻圓形線框所受細(xì)線的拉力為零，則圓形線框自身重力與安培力等大反向，即有因?yàn)閳A形線框有效長度為又因?yàn)椋?lián)立以上得設(shè)正方形線框邊長為，同理，對正方形線框有聯(lián)立以上解得故選C。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7.某科學(xué)試驗(yàn)衛(wèi)星繞與地球赤道平面垂直的軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。該衛(wèi)星每天在相同時(shí)刻沿相同方向經(jīng)過地球表面某點(diǎn)正上方，恰好繞地球運(yùn)行n圈。已知地球半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，地球表面重力加速度為g，則（）A.該衛(wèi)星處于超重狀態(tài)B.該衛(wèi)星的周期為C.該衛(wèi)星軌道半徑為D.該衛(wèi)星軌道距地面高度為【答案】BD【解析】【詳解】A．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力，可知，衛(wèi)星處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．由于衛(wèi)星每天在相同時(shí)刻沿相同方向經(jīng)過地球表面某點(diǎn)正上方，恰好繞地球運(yùn)行n圈，則有解得故B正確；C．對衛(wèi)星進(jìn)行分析，由萬有引力提供向心力，則有在地球表面有結(jié)合上述解得故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述，該衛(wèi)星軌道距地面高度為故D正確。故選BD。8.如圖，質(zhì)量為m的均質(zhì)繩豎直懸掛，繩的兩端分別固定在M、N兩個(gè)等高的釘子上，繩NP段的長度為總長度的，重繩上P點(diǎn)的張力大小為，重力加速度為g，則M釘受到繩子的拉力（）A.大小為mgB.大小為2mgC.與水平方向的夾角為30°D.與水平方向的夾角為60°【答案】AC【解析】【詳解】設(shè)MN兩端細(xì)繩與水平方向的夾角為α，P點(diǎn)的張力與水平方向的夾角為β，則對PN部分由平衡可知，對PM部分由平衡可知聯(lián)立解得T=mg，α=30°故選AC。9.如圖所示，在光滑的水平面內(nèi)有寬度為的勻強(qiáng)磁場，磁場兩邊界平行，磁場區(qū)域足夠長，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直于水平面向下，水平面內(nèi)有一邊長為的菱形導(dǎo)線框，導(dǎo)線框邊與邊的夾角為，導(dǎo)線框的電阻為邊與磁場邊界平行。導(dǎo)線框以恒定的速度通過磁場區(qū)域，速度的方向始終與導(dǎo)線框邊平行，在導(dǎo)線框通過磁場區(qū)域的過程中，下列說法正確的是（）A.導(dǎo)線框進(jìn)入磁場過程中感應(yīng)電流方向?yàn)锽.導(dǎo)線框進(jìn)入磁場過程中受到的安培力方向與速度方向相反C.導(dǎo)線框邊從磁場上邊界運(yùn)動(dòng)到磁場下邊界的過程中，通過導(dǎo)線框?qū)w橫截面的電荷量為D.導(dǎo)線框穿過磁場過程中產(chǎn)生的熱量為【答案】AD【解析】【詳解】A．導(dǎo)線框進(jìn)入磁場過程中，根據(jù)楞次定律可判定導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的方向?yàn)?，A正確；B．導(dǎo)線框進(jìn)入磁場過程中，根據(jù)左手定則可以判定邊受到的安培力方向垂直于磁場邊界向上，邊在磁場外不受力，邊和邊受到的安培力大小相等，方向相反，所以導(dǎo)線框進(jìn)入磁場過程中受到的安培力方向垂直于磁場邊界向上，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)邊運(yùn)動(dòng)到磁場下邊界時(shí)，導(dǎo)線框正好完全處于磁場中，根據(jù)幾何關(guān)系可知菱形導(dǎo)線框的面積導(dǎo)線框進(jìn)入磁場過程中通過導(dǎo)線框?qū)w橫截面的電荷量C錯(cuò)誤；D．導(dǎo)線框穿過磁場的整個(gè)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢通過的時(shí)間整個(gè)過程產(chǎn)生的熱量D正確。故選AD。10.一光滑的半圓形支架固定于豎直平面內(nèi)，半圓的半徑為R，圓心為O，AB為直徑，AB在豎直方向上，圓弧上穿一小球，小球可沿圓弧滑動(dòng)，兩根完全相同的橡皮筋一端固定在小球上，另一端分別固定在A、B兩點(diǎn)，橡皮筋的原長為R，橡皮筋的彈力遵循胡克定律，勁度系數(shù)為k，橡皮筋具有的彈性勢能為（k為橡皮筋的勁度系數(shù)，x為橡皮筋的形變量），初始時(shí)小球鎖定在P點(diǎn)，已知，某一時(shí)刻解除鎖定，小球沿圓弧運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，。下列說法正確的是（）A.小球在沿圓弧從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中，小球的機(jī)械能守恒B.小球在沿圓弧從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中，兩橡皮筋彈性勢能之和最小為C.小球運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的速度大小為D.若小球運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)速度恰好達(dá)最大值，則小球的質(zhì)量為【答案】BC【解析】【詳解】AC．根據(jù)幾何關(guān)系可知小球在、兩點(diǎn)時(shí)，兩根橡皮筋的長度恰好互換，即在、兩點(diǎn)兩根橡皮筋的彈性勢能之和相等，但在過程中，小球的機(jī)械能不守恒，對小球在、兩點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律解得，故A錯(cuò)誤，C正確；B．設(shè)小球所在位置與A連線和豎直方向夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系，兩橡皮筋長度分別為、形變量分別為、兩橡皮筋彈性勢能之和聯(lián)立可得可知當(dāng)時(shí)，兩橡皮筋彈性勢能之和最小為，故B正確；D．若小球運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)速度恰好達(dá)最大值，根據(jù)幾何關(guān)系可知下面的橡皮筋恢復(fù)原長，沿著運(yùn)動(dòng)軌跡切線方向的合力為零，對小球進(jìn)行受力分析，沿切線方向有解得，故D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。11.在用如圖所示的裝置驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)中，保持小車質(zhì)量一定時(shí)，驗(yàn)證小車加速度a與合力F的關(guān)系。（1）補(bǔ)償阻力的方法是：調(diào)整軌道的傾斜度A.小車軌道上保持靜止B.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器不打點(diǎn)，小車不受牽引時(shí)，小車拖動(dòng)紙帶沿軌道做勻速運(yùn)動(dòng)C.掛上槽碼，讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)，小車拖動(dòng)紙帶沿軌道做勻速運(yùn)動(dòng)D.不掛槽碼，讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)，小車拖動(dòng)紙帶沿軌道做勻速運(yùn)動(dòng)（2）本實(shí)驗(yàn)采用的研究方法和下列哪個(gè)實(shí)驗(yàn)的方法是相同的（）A.研究桌面的微小形變B.探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律C.探究向心力的大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系（3）某同學(xué)得到了如圖所示的一條紙帶，頻率為50Hz，由此紙帶得到小車加速度的大小a=__________m/s2。其中每兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字（4）若多次增大槽碼的質(zhì)量進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得到槽碼的質(zhì)量m及對應(yīng)的小車運(yùn)動(dòng)的加速度a，作出圖像如圖中實(shí)線所示，在O點(diǎn)作曲線的切線如圖中虛線所示，并在虛線上取一點(diǎn)q，在曲線部分取一點(diǎn)p，p、q對應(yīng)的橫坐標(biāo)都為m1，已知重力加速度大小為g，若小車的質(zhì)量為M，則aq與ap的比值為__________用M、m1表示?！敬鸢浮浚?）D（2）C（3）2.0（4）【解析】【小問1詳解】補(bǔ)償阻力的方法是調(diào)整軌道的傾斜度，不掛槽碼，讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)，小車拖動(dòng)紙帶沿軌道做勻速運(yùn)動(dòng)。故選D?！拘?詳解】A．本實(shí)驗(yàn)采用的研究方法是控制變量的方法，研究桌面的微小形變采用放大的方法，故A錯(cuò)誤；B．探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律采用等效的方法，故B錯(cuò)誤；C．探究向心力的大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系采用控制變量的方法，故C正確。故選C?！拘?詳解】由于相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為則小車的加速度大小【小問4詳解】對虛線，有則對實(shí)線，有整理得所以12.某興趣小組測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。（1）（單選）首先考慮用多用電表直接測量干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，但是多用電表___________A.可以粗測電動(dòng)勢，不能粗測內(nèi)阻B.可以粗測內(nèi)阻，不能粗測電動(dòng)勢C.可以粗測電動(dòng)勢和內(nèi)阻D.既不可粗測電動(dòng)勢，也不可粗測內(nèi)阻（2）然后，某同學(xué)從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：A.量程0-3V-15V的電壓表，內(nèi)阻約為或B.量程的電流表，內(nèi)阻約為或C.滑動(dòng)變阻器D.滑動(dòng)變阻器E.開關(guān)、導(dǎo)線若干①連接電路如圖（a）所示，點(diǎn)應(yīng)連接在___________（選填“A”、“B”或“C”）點(diǎn)；②為了實(shí)驗(yàn)操作方便讀數(shù)準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇___________（選填“”或“”）。（3）為更準(zhǔn)確測量干電池電動(dòng)勢和內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖（b）所示的電路，閉合開關(guān)，將開關(guān)接在端，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多個(gè)電壓表和電流表的示數(shù)，作出圖線，如圖（c）中圖線1所示，圖線1與軸和軸的截距分別為和。保持開關(guān)閉合，再將開關(guān)接在端，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電壓表和電流表的示數(shù)，作出圖線。如圖（c）中圖線2所示，圖線2與軸和軸的截距分別為和。從盡可能減小電表引起的系統(tǒng)誤差的角度可得，電動(dòng)勢___________，內(nèi)阻___________。（用、、、表示）【答案】（1）A（2）①.B②.（3）①.②.【解析】【小問1詳解】多用電表電壓擋內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電源內(nèi)阻，所以用多用電表電壓擋可以粗測電源電動(dòng)勢，而多用電表電流擋內(nèi)阻與電源內(nèi)阻相差不大，所以不能用多用電表電流擋粗測電源內(nèi)阻，電源內(nèi)阻太小，也不能用歐姆擋測量，故A選項(xiàng)符合題意。故選A?！拘?詳解】[1]圖（a）中，電壓表在開關(guān)閉合之前測電源電動(dòng)勢，開關(guān)閉合之后測路端電壓，所以P點(diǎn)應(yīng)連接在B點(diǎn)。[2]電動(dòng)勢較小，為了電表大幅偏轉(zhuǎn)，因選較小的滑動(dòng)變阻器。小問3詳解】[1][2]開關(guān)S2接在端a端，有當(dāng)電流為零時(shí)，有開關(guān)S2接在端b端，有當(dāng)電流為零時(shí)，有所以四、計(jì)算題（本題共3小題，共42分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13.某小組設(shè)計(jì)了一個(gè)簡易深度計(jì)，如圖所示，其構(gòu)造為一導(dǎo)熱良好的剛性柱形容器，頂端有卡口，用質(zhì)量忽略不計(jì)的薄活塞，密封一部分理想氣體，活塞與容器壁間能無摩擦滑動(dòng)，水對活塞產(chǎn)生擠壓使其向下移動(dòng)，根據(jù)圖中向下移動(dòng)的距離d可求得深度計(jì)所到達(dá)的深度，容器內(nèi)部底面積，內(nèi)部高度，忽略水的溫度隨深度的變化，深度計(jì)在水中與水達(dá)到熱平衡后，活塞位于頂端卡口處，此時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)為，已知外界大氣壓強(qiáng)，且p0相當(dāng)于10m高的水柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)。（1）某次實(shí)驗(yàn)中測得長度，求此時(shí)深度計(jì)所處的深度H；（2）若深度計(jì)由水深70m處緩慢下降至90m處的過程中，其氣體狀態(tài)變化過程對應(yīng)為等溫線上a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程，如圖乙所示，ab段可近似看成一段傾斜直線，求在該過程中氣體向外界釋放的熱量Q?！敬鸢浮浚?）90m（2）【解析】【小問1詳解】根據(jù)題意可知，封閉氣體等溫變化，由玻義耳定律有解得又有解得則有【小問2詳解】根據(jù)題意可知，70m深處，封閉氣體壓強(qiáng)為由玻義耳定律有可得90m深處，封閉氣體的壓強(qiáng)為由玻義耳定律有解得過程中，外界對氣體做功為可得由熱力學(xué)第一定律有得即放出的熱量。14.如圖甲所示，空間存在兩邊界為同軸圓柱面的電磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，區(qū)域Ⅱ位于區(qū)域Ⅰ外側(cè)，圓柱面的軸線沿空間直角坐標(biāo)系Oxyz的x軸方向。半徑的足夠長水平圓柱形區(qū)域Ⅰ內(nèi)分布著沿x軸正方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；沿x軸正方向觀察電磁場分布如圖乙，寬度的區(qū)域Ⅱ同時(shí)存在電、磁場，電場強(qiáng)度的勻強(qiáng)電場沿x軸正方向，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為、磁感線與圓弧邊界平行且沿順時(shí)針方向，沿y軸負(fù)方向觀察電磁場分布如圖丙，比荷的帶正電粒子，從坐標(biāo)為的A點(diǎn)以一定初速度沿z軸負(fù)方向進(jìn)入且能沿直線通過區(qū)域Ⅱ。（不計(jì)粒子的重力和空氣阻力）（1）求大小以及它在區(qū)域Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）若撤去區(qū)域Ⅱ的電場，求該粒子以速度從進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ到離開區(qū)域Ⅰ運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間?！敬鸢浮浚?），0.1m（2）【解析】【小問1詳解】粒子沿直線通過區(qū)域Ⅱ，受力平衡則有解得粒子在區(qū)域Ⅰ中勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可得解得【小問2詳解】撤去區(qū)域Ⅱ中的電場后，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有解得根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)軌跡轉(zhuǎn)過的圓心角為45°。粒子在區(qū)域Ⅱ中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為粒子離開區(qū)域Ⅱ后，在區(qū)域Ⅰ中垂直于磁場的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有解得根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子在區(qū)域Ⅰ中該方向上勻速圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過的圓心角為90°。粒子在區(qū)域Ⅰ中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為綜上，粒子從進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ到離開區(qū)域Ⅰ運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為15.（16分）如圖所示，絕緣部分P、Q將左右兩側(cè)的光滑導(dǎo)軌平滑連接起來，