上海市徐匯區(qū)位育中學(xué)2026屆物理高二第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩根足夠長的固定的光滑平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面內(nèi)，兩導(dǎo)軌間的距離為L．導(dǎo)軌上橫放著兩根導(dǎo)體棒ab和cd構(gòu)成矩形回路，如圖所示兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量皆為m，ab棒的電阻為R，cd棒的電阻為2R，回路中其余部分的電阻可不計，在整個導(dǎo)軌平面內(nèi)都有豎直向上的勻強磁場磁感應(yīng)強度為B，開始時，cd棒靜止，ab棒有指向棒cd的初速度v，若兩導(dǎo)體棒在運動中始終不接觸，cd櫸達(dá)到的最大速度為，則在兩根棒到達(dá)共同速度的過程中，下列說法中錯誤的是（）A.ab棒的最小速度為B.ab棒和cd棒的加速度大小始終相同，方向始終相反C.安培力對cd棒做的功為，cd棒產(chǎn)生熱量為D.ab棒克服安培力做功為，兩根導(dǎo)體棒生熱為2、如圖所示，、兩個小球在同一豎直面內(nèi)從不同高度沿相反方向水平拋出，在P點相遇但不相碰（理想化），其平拋運動軌跡的交點為，則以下說法正確的是（）A.球先落地B.、兩球同時落地C.球比球先拋出D.球落地時的動能一定比球落地時的動能大3、2018年10月15日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，以“一箭雙星”方式成功發(fā)射第三十九、四十顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星．若其中一顆衛(wèi)星入軌后繞地球做勻速圓周運動，其軌道半徑為r，周期為T，地球的半徑為R，則地球的第一宇宙速度為A. B.C. D.4、下列關(guān)于電場力和洛倫茲力的說法中，正確的是（）A.電荷在電場中一定受到電場力的作用B.運動電荷在磁場中一定受到洛倫茲力的作用C.同一電荷所受電場力小的地方，該處電場強度不一定弱D.同一運動電荷所受洛倫茲力小的地方，該處磁感應(yīng)強度一定弱5、如圖所示，在圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場，是圓的一條水平直徑.一帶電粒子從點射入磁場，速度大小為，方向斜向上與成角時，粒子恰好從點飛出磁場，在磁場中運動的時間為；若相同的粒子從點沿方向射入磁場，速度大小為，則粒子在磁場中運動的時間為(不計帶電粒子所受重力)（）A. B.C. D.6、科學(xué)實驗證明，通電長直導(dǎo)線周圍磁場的磁感應(yīng)強度大小，式中常量，I為電流強度，l為到導(dǎo)線的距離。如圖所示，三根完全相同且通有恒定電流的長直導(dǎo)線a、b、c，其截面位于等邊三角形的三個頂點。已知b、c導(dǎo)線位于光滑水平面上，三根直導(dǎo)線均保持靜止?fàn)顟B(tài)，則（）A.導(dǎo)線a、b通有方向相反的恒定電流B.導(dǎo)線c所受安培力方向豎直向上C.導(dǎo)線a、b所受安培力大小相等、方向相反D.撤去導(dǎo)線c的電流，導(dǎo)線a將做自由落體運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖為兩個不同閉合電路中兩個不同電源的U－I圖像，則下列說法中正確的是（）A.電動勢E1>E2，內(nèi)阻r1＜r2B.電動勢E1＝E2，內(nèi)阻r1＞r2C.電動勢E1＝E2，短路電流I1＞I2D.當(dāng)兩電源的工作電流相同時，電源1的路端電壓較大8、如圖所示，電源電動勢E＝3V，小燈泡L標(biāo)有“2V，0.4W”，開關(guān)S接1，當(dāng)變阻器調(diào)到R＝4Ω時，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關(guān)S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作．則()A.電源內(nèi)阻為1ΩB.電動機的內(nèi)阻為4ΩC.電動機的正常工作電壓為1VD.電源效率約為93.3%9、如圖甲所示，實線是一個電阻為R、半徑為a的圓形金屬線圈，線圈內(nèi)部半徑為b的圓形虛線范圍內(nèi)存在一方向垂直于線圈平面的勻強磁場，已知磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻磁場方向垂直于紙面向里，則下列說法正確的是A.時刻，穿過線圈磁通量為B.在時間內(nèi)，線圈磁通量的變化量為C.在時間內(nèi)，通過線圈導(dǎo)線橫截面的電荷量為D.在時間內(nèi)，線圈中的感應(yīng)電流方向始終為順時針方向10、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知，，、，將一帶電量為的正電荷從A點移到C點，電場力做功，則下列說法正確的是（）A.C點電勢為2VB.電場強度E沿AB方向由，大小為200N/CC.該正電荷在B點具有的電勢能為D.將該正電荷從C點移到B點，電勢能增加了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如下圖，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)是_______mm；螺旋測微器的讀數(shù)是_______mm12．（12分）同學(xué)要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下：①用螺旋測微器測量其直徑如圖1所示，可知其直徑為_______mm；②用多用電表的電阻“×10”檔，按正確步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數(shù)如圖2，則該電阻的阻值約為_______Ω，他還需要換檔重新測量嗎？_______（答“需要”或“不需要”）。③為更精確地測量其電阻，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R電流表A1（量程0～3mA，內(nèi)阻約50Ω）電流表A2（量程0～15mA，內(nèi)阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ）直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計）滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω）滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ）開關(guān)S，導(dǎo)線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，電流表應(yīng)選用______，電壓表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______。④請在圖3中補充連線完成本實驗________________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.cd櫸達(dá)到的最大速度為，兩棒的總動量守恒，此時ab棒的速度最小，根據(jù)動量守恒定律可得mv＝mvA+m?解得：vA=故A項與題意不相符；B.根據(jù)右手定則可知感應(yīng)電流方向為cdba，根據(jù)左手定則可知ab受到的安培力方向向右、cd受到的安培力方向向左，安培力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律可得a=所以ab棒和cd棒的加速度大小始終相同，方向始終相反，故B項與題意不相符；C.安培力對cd棒做的功為W=整個過程中動能損失為cd棒產(chǎn)生熱量為故C項與題意相符；D.ab棒克服安培力做功為整個過程中動能損失為則兩根導(dǎo)體棒生熱為，故D項與題意不相符2、C【解析】AB．由于a先拋出，所以到達(dá)P點時在豎直方向的速度a比b大，從P到地面運動的高度相同，速度大的用時更少，所以a比b先落地，故AB錯誤；C．由題可知，a的高度比b的高度更高，由于要在P點相遇，從拋出到P點，a運動的時間更長，要在P點相遇，所以a比b先拋出，故C正確；D．由于不知道兩球的質(zhì)量大小關(guān)系，所以無法確定兩球落地時的動能，故D錯誤。故選C。3、B【解析】根據(jù)其中一顆衛(wèi)星入軌后繞地球做勻速圓周運動，則有：，當(dāng)某一衛(wèi)星的軌道半徑為地球半徑R時，其線速度為第一宇宙速度，則有：，聯(lián)立解得：，故選B4、A【解析】A、電荷只要在電場中就會受到電場力作用，運動電荷在磁場中，與磁場方向平行，不會受到洛倫茲力的作用，故A正確，B錯誤；C、根據(jù)知，同一電荷越小，則越小，故C錯誤；D、根據(jù)得，F(xiàn)與v、B的大小和方向都有關(guān)，故同一運動電荷所受洛倫茲力小的地方，該處磁感應(yīng)強度不一定弱，故D錯誤【點睛】考查電場力、洛倫茲力與電場線及磁場線的方向關(guān)系，掌握左手定則，注意與右手定則的區(qū)別，理解洛倫茲力產(chǎn)生的條件5、D【解析】根據(jù)周期公式可得，同一粒子在磁場中運動時的運動的周期相同，當(dāng)速度的大小為2v時，圓周運動的圓心為，圓弧所對的圓心角為，當(dāng)速度的大小為v時，圓周運動的圓心在，兩種情況下的軌跡如圖所示：由幾何關(guān)系可知所對的圓心角為，則粒子的運動的時間為2t；選D.【點睛】粒子在磁場中運動，運動的時間周期與粒子的速度的大小無關(guān)，分析粒子的運動的情況，可以判斷粒子的運動的時間6、A【解析】因為同向電流相互吸引，異向電流相互排斥。A．對導(dǎo)線a分析，導(dǎo)線a受重力、b對a和c對a的安培力而平衡，因此b、c對a的安培力都為排斥力，所以b、c為同向電流，a與b、c的電流相反，故A正確；B．因為b對c為吸引力，a對c為排斥力，同時c還受到豎直向上的支持力和重力，由平衡條件可知導(dǎo)線c所受安培力的合力方向豎直向下，如圖所示故B錯誤；C．由AB選項分析可知導(dǎo)線a受到的安培力與重力等大反向；而導(dǎo)線b所受的安培力豎直向下，且滿足而對abc整體有有所以可得b所受安培力為可知a、b所受安培力大小不相等，方向相反，故C錯誤；D．撤去導(dǎo)線c的電流，由前面分析可知導(dǎo)線c所受的合力由a指向c，故不會做自由落體運動，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】AB．U－I圖像中與U軸的交點表示電源的電動勢，斜率表示內(nèi)阻，則電動勢E1＝E2內(nèi)阻r1＜r2故AB錯誤；C．U－I圖像與U軸的交點表示電源的電動勢，則電動勢E1＝E2圖像與I軸的交點表示短路電流，故發(fā)生短路時的電流I1＞I2故C正確；D．當(dāng)通過兩電源的電流相同時，兩圖像對應(yīng)的橫坐標(biāo)相等，則根據(jù)圖像可知，電源1的對應(yīng)的縱坐標(biāo)較大，故說明電源1的路端電壓較大，故D正確。故選CD?！军c睛】本題考查了閉合電路電源的U－I圖像的相關(guān)知識，要求同學(xué)們理解U－I圖像中與U軸的交點表示電源的電動勢，與I軸的交點表示短路電流，斜率表示內(nèi)阻。8、AD【解析】小燈泡的額定電流為電阻為A．當(dāng)接1時E=I(RL+R+r)代入數(shù)據(jù)解得電源的內(nèi)阻r=1Ω故A正確；BC．當(dāng)接2時燈泡正常發(fā)光，流過的電流為I=0.2A電源內(nèi)阻分的電壓為U=Ir=0.2×1V=0.2V故電動機分電壓為U動=E-UL-U=(3-2-0.2)V=0.8V則電動機的內(nèi)阻為故B、C均錯誤；D．電源的效率為故D項正確．9、BCD【解析】A．時刻，磁感應(yīng)強度為穿過線圈的磁通量為，故A錯誤；B．在時間內(nèi)，線圈磁通量由垂直紙面向里變?yōu)榇怪奔埫嫦蛲?，變化量為，故B正確；C．在時間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：，根據(jù)閉合電路歐姆定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為：，通過線圈導(dǎo)線橫截面的電荷量，故C正確；D．根據(jù)楞次定律和安培定則，感應(yīng)電流的方向方向為順時針，故D正確10、BC【解析】A.AC之間的電勢差為結(jié)合UAC=φA-φC將φA=0V代入得：φC=-2V故A錯誤；B．若過C點作AB的垂線，垂足為D，則交點D為AB的四等分點，可知D點電勢為-2V，因此，CD為等勢線，場強方向垂直于CD，即電場強度E沿AB方向由A→B，場強大小為：故B正確；C.該正電荷在B點具有的電勢能為：EpB=qφB=4×10-5×（-8）J=-3.2×10-4J故C正確。D.CB間的電勢差為：UCB=φC-φB=-2V-（-8）V=6V將該正電荷從C點移到B點，電場力做功為：WCB=qUCB=4×10-5×6J=2.4×10-4J電場力做正功，則電勢能減少了2．4×10-4J，故D錯誤。故選：BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.100.2②.0.900【解析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀【詳解】游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為100mm，游標(biāo)尺上第2個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)尺讀數(shù)為2×0.1mm=0.2mm，所以最終讀數(shù)為：100mm+0.2mm=100.2mm．螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為40.0×0.01mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm12、①.4.745②.220③.不需要④.A2⑤.V1⑥.R1⑦.【解析】(1)[1]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：4.5mm+24.5×0.01mm=4.745mm；(2)[2]歐姆表讀數(shù)=表盤讀數(shù)×倍率=22Ω×10=220Ω；[3]中值電阻附近刻度最均勻，讀數(shù)誤差最小，故不需要重新?lián)Q擋；(3)[4]根據(jù)歐姆定律，最大電流故電流表選擇A2；[5]電源電動勢4V，故電壓表選擇V1；[6]要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，滑動變