2025-2026學(xué)年玉溪市第一中學(xué)高二上物理期末考試試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、真空中有兩個靜止的點(diǎn)電荷，它們之間靜電力的大小為F．如果保持這兩個點(diǎn)電荷之間的距離不變，而將它們的電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，那么它們之間的靜電力的大小應(yīng)為（）A.F/2 B.2FC.F/4 D.4F2、下列說法正確的是()A.研制核武器的钚239()由鈾239()經(jīng)過4次β衰變而產(chǎn)生B.發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程是＋→＋C.20g的經(jīng)過兩個半衰期后其質(zhì)量變?yōu)?5gD.在中子轟擊下，生成和的核反應(yīng)前后，原子核的核子總數(shù)減少3、如圖a、b、c、d四個點(diǎn)在一條直線上，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處固定有一電荷量為Q的點(diǎn)電荷，在d點(diǎn)處固定有另一個電荷量未知的點(diǎn)電荷，除此之外無其他電荷，已知b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，則c點(diǎn)處場強(qiáng)的大小為（k為靜電力常量）（）A.0 B.C. D.4、如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質(zhì)量為m，電阻為R．在金屬線框的下方有一勻強(qiáng)磁場區(qū)域，MN和PQ是勻強(qiáng)磁場區(qū)域的水平邊界，并與線框的bc邊平行，磁場方向垂直于線框平面向里．現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到bc剛好運(yùn)動到勻強(qiáng)磁場PQ邊界的v-t圖象，圖中數(shù)據(jù)均為已知量．重力加速度為g，不計空氣阻力.下列說法正確的是A.金屬線框剛進(jìn)入磁場時感應(yīng)電流方向沿adcba方向B.MN和PQ之間的距離為v1（t2-t1）C.磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為D.金屬線框在0-t3的時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1（t3-t1）5、如圖所示，豎直線MN∥PQ，MN與PQ間距離為a，其間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，O是MN上一點(diǎn)，O處有一粒子源，某時刻放出大量速率均為v(方向均垂直磁場方向)、比荷一定的帶負(fù)電粒子(粒子重力及粒子間的相互作用力不計)，已知沿圖中與MN成θ＝60°角射出的粒子恰好垂直PQ射出磁場，則粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間為()A. B.C. D.6、如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，質(zhì)量為的帶電粒子（不計粒子重力），以初速度v從M點(diǎn)豎直向上運(yùn)動，通過N點(diǎn)時，速度大小為2v，則從M運(yùn)動到N的過程中，帶電粒子（）A.動能增加 B.電勢能增加C.做勻變速運(yùn)動 D.到達(dá)N點(diǎn)時速度水平向左二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器R3的滑片向上端移動時，則（）A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.燈泡亮度變亮D.R2上消耗的功率逐漸增大8、如圖甲所示，在某電場中建立x坐標(biāo)軸，A、B為x軸上的兩點(diǎn)，xA、xB分別為A、B兩點(diǎn)在x軸上的坐標(biāo)值。一電子僅在電場力作用下沿x軸運(yùn)動，該電子的電勢能Ep隨其坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.該電場一定不是孤立點(diǎn)電荷形成的電場B.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度C.電子由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)過程中電場力對其所做的功W=EpA－EpBD.電子在A點(diǎn)的動能小于在B點(diǎn)的動能9、如圖所示,光滑水平面上存在有界勻強(qiáng)磁場,直徑與磁場寬度相同的金屬圓形線框以一定的初速度斜向勻速通過磁場.在必要的時間段內(nèi)施加必要的水平拉力保證其勻速運(yùn)動,則A金屬框內(nèi)感應(yīng)電流方向先逆時針再順時針B.金屬框內(nèi)感應(yīng)電流先增大后減小再增大C.安培力方向與速度方向相反D.通過磁場的速度越大，線框中產(chǎn)生的焦耳熱越多10、電阻R1、R2的I—U關(guān)系圖象如圖（甲）所示，現(xiàn)把它們串聯(lián)成如圖（乙）所示的電路，則A.由甲圖可知R1<R2B.若電源兩端的電壓保持不變，要使R1的功率增大，變阻器R0的滑片應(yīng)向右滑動C.兩電阻消耗的電功率P1>P2D.調(diào)節(jié)R0，可以使R1、R2電壓相等三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）水平放置的平行金屬導(dǎo)軌相距為d，導(dǎo)軌一端與電源相連，電源電動勢為E，垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向如圖所示。長為l的金屬棒ab靜止在導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌成60°角，金屬棒受到的安培力為F，則此時通過金屬棒的電流為_________，回路的總電阻為_________。12．（12分）一同學(xué)用圖甲電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻。所用的實(shí)驗(yàn)器材有：待測電源（電動勢約為3V，內(nèi)阻約為7Ω），保護(hù)電阻R1（阻值為10Ω），滑動變阻器R（阻值范圍為0~20Ω），電流表④，電壓表，開關(guān)S，導(dǎo)線若干。他的主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：①按圖甲連接電路②將滑動變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)③逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應(yīng)電流表的示數(shù)I④以U為縱坐標(biāo)、I為橫坐標(biāo)，作U一I圖象（U、Ⅰ都用國際單位）（1）測量電源的電動勢和內(nèi)阻，電壓表應(yīng)選用____；電流表應(yīng)選用____。（均填選項標(biāo)號）A.電壓表（0~15V，內(nèi)阻約為15kΩ）B.電壓表（0~3V，內(nèi)阻約為3kΩ）C.電流表（0~300mA，內(nèi)阻約為2Ω）D.電流表（0~30mA，內(nèi)阻約為20Ω）（2）用該電路測量出多組數(shù)據(jù)，作出圖乙所示的U-Ⅰ圖象，則待測電源電動勢E=___V、內(nèi)阻r=___Ω。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】距離改變之前：；當(dāng)電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍時：，故ABC錯誤，D正確．故選D2、B【解析】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可寫出衰變方程：則發(fā)生了2次β衰變，A錯誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知和史事可得發(fā)現(xiàn)中子的人工核轉(zhuǎn)變方程：＋→＋故B正確；C．20g經(jīng)過兩個半衰期后剩下的質(zhì)量為，C錯誤；D．重核裂變反應(yīng)的核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)即核子數(shù)守恒，電荷數(shù)都守恒，釋放核能對應(yīng)質(zhì)量虧損，D錯誤。故選B。3、B【解析】根據(jù)題可知，b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，說明a處和d處的兩個電荷在b處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，則有：

，可得：Q′=4Q電性與Q相同。則Q在c產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為：，方向向右；Q′在c產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為：，方向向左；故c點(diǎn)處場強(qiáng)的大小為：A．0。故A不符合題意。B．。故B符合題意。C．。故C不符合題意。D．。故D不符合題意。4、C【解析】（1）根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；（2）由圖象可知，金屬框進(jìn)入磁場過程中是做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)時間和速度求解金屬框的邊長和MN和PQ之間的距離；（3）由圖知，金屬線框進(jìn)入磁場做勻速直線運(yùn)動，重力和安培力平衡，可求出B．（4）由能量守恒定律求出熱量【詳解】金屬線框剛進(jìn)入磁場時，根據(jù)楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流方向沿abcda方向．故A錯誤．由圖象可知，金屬框進(jìn)入磁場過程中是做勻速直線運(yùn)動，速度為v1，運(yùn)動時間為t2-t1，所以金屬框的邊長：L=v1（t2-t1）．MN和PQ之間的距離要大于金屬框的邊長，故B錯誤．在金屬框進(jìn)入磁場的過程中，金屬框所受安培力等于重力：mg=BIL；；又L=v1（t2-t1）聯(lián)立解得：．故C正確．金屬框在進(jìn)入磁場過程中金屬框產(chǎn)生的熱為Q1，重力對其做正功，安培力對其做負(fù)功，由能量守恒定律得：Q1=mgL=mgv1（t2-t1）;金屬框在磁場中的運(yùn)動過程中金屬框不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以金屬線框在0-t3的時間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1（t2-t1）．故D錯誤；故選C【點(diǎn)睛】本題電磁感應(yīng)與力學(xué)知識簡單的綜合，培養(yǎng)識別、理解圖象的能力和分析、解決綜合題5、C【解析】當(dāng)速度方向與MN夾角θ=60°時，粒子恰好垂直PQ方向射出磁場，所以，粒子運(yùn)動半徑由粒子在磁場中運(yùn)動，洛倫茲力作向心力可得，解得①；當(dāng)θ=0°時，如圖所示，可知粒子打在PQ上的位置為O點(diǎn)水平線上方處；當(dāng)θ增大時，粒子打在PQ上的位置下移，知道粒子的運(yùn)動軌跡與PQ相切時，如圖所示，可知粒子打在PQ上的位置為O點(diǎn)水平線下方處；當(dāng)θ繼續(xù)增大直到180°，粒子的運(yùn)動軌跡與PQ不相交，直接從MN上射出，且在MN上的出射點(diǎn)不斷上移直到O點(diǎn)，所以，若只改變粒子速度方向，使θ角能在0°至180°間不斷變化，則PQ邊界上有粒子射出的區(qū)間長度為；若只改變粒子速度方向，使θ角能在0°至180°間不斷變化，則粒子運(yùn)動半徑不變，那么粒子運(yùn)動周期不變，所以，粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡所對應(yīng)的弦長越長，則粒子在磁場中運(yùn)動的越長，由D的分析可知，當(dāng)粒子的出射點(diǎn)在PQ上時，粒子的弦長可取[a，2a]的任意值；當(dāng)粒子的出射點(diǎn)在MN上時，粒子的弦長可取的任意值；所以，粒子運(yùn)動軌跡的弦長最大可取，此時對應(yīng)的中心角φ=120°，所以聯(lián)立①式子可知，粒子在磁場中運(yùn)動的最長時間，故C正確6、C【解析】A．粒子由M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程中，增加的動能：故A錯誤；B．帶電粒子運(yùn)動過程中只有電場力做功，故根據(jù)動能定理有：電場力做正功，電勢能應(yīng)該減小，減小量應(yīng)為，故B錯誤；C．帶電粒子運(yùn)動過程中所受合外力為電場力是恒力，由牛頓第二定律：可知加速度不變，做勻變速運(yùn)動，故C正確；D．因帶電粒子在豎直方向上沒有受力，故豎直方向上做勻速直線運(yùn)動，合速度不可能水平，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】分析電路的結(jié)構(gòu)，由滑片的移動可知電路中電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化；【詳解】由圖可知，燈泡與滑動變阻器R3串聯(lián)后與R2并聯(lián)后，再由R1串聯(lián)接在電源兩端．當(dāng)滑片向上移動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，路端電壓增大，同時R1兩端的電壓也減小，故并聯(lián)部分的電壓增大，則流過R2的電流增大，根據(jù)P＝I2R知消耗的功率增大，故電流表示數(shù)減小，燈泡分壓減小，燈泡變暗，因并聯(lián)部分的電壓增大，而R3中電壓增大，故電壓表示數(shù)增大，故AC錯誤，BD正確；【點(diǎn)睛】解決閉合電路歐姆定律的題目，一般可以按照整體-局部-整體的思路進(jìn)行分析，要靈活選用等效的方法研究電路的結(jié)構(gòu)8、AC【解析】A．由于A、B兩點(diǎn)的電勢能與兩個位置間的關(guān)系如題圖乙所示，說明電勢隨位置均勻增加，電場強(qiáng)度不變，不是孤立點(diǎn)電荷形成的電場，選項A正確；B．A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相等，選項B錯誤；C．由題圖乙可知，電子在A、B兩點(diǎn)的電勢能分別為EpA和EpB，且EpB>EpA說明電子由A運(yùn)動到B時電勢能增大，電場力做負(fù)功，電場力對其所做的功為W=EpA－EpB選項C正確；D．電場力做負(fù)功，動能減小，電子在A點(diǎn)的動能大于B點(diǎn)的動能，選項D錯誤。故選AC。9、AD【解析】根據(jù)楞次定律判斷金屬框內(nèi)感應(yīng)電流的方向．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷感應(yīng)電流大小的變化．因?yàn)榻饘倏騽蛩偻ㄟ^磁場，則水平拉力和安培力的平衡，根據(jù)安培力的方向判斷水平拉力的方向【詳解】A項：進(jìn)磁場時，磁通量在增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r針方向．出磁場時，磁通量減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r針方向，故A正確；B項：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知，進(jìn)磁場時，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應(yīng)電流的大小先變大后變?。龃艌鰰r，磁通量的變化率先變快再變慢，則感應(yīng)電流大小先變大后變小，故B錯誤；C項：水平拉力和安培力平衡，方向相反，安培力的方向水平向左，則水平拉力的方向水平向右，故C錯誤；D項：由公式，所以速度越大，線框中產(chǎn)生的焦耳熱越多，故D正確【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，以及知道感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率有關(guān)，磁通量變化率越大，感應(yīng)電動勢越大10、BC【解析】I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻，根據(jù)斜率的大小可判斷電阻的大?。灰筊1的功率增大，電路中電流應(yīng)增大，變阻器接入電路的電阻應(yīng)減小，即可判斷變阻器R0的滑片移動方向；兩電阻串聯(lián)電流相等，根據(jù)公式P=I2R分析兩電阻功率的關(guān)系；根據(jù)歐姆定律分析電壓關(guān)系【詳解】A、根據(jù)電阻的定義式，k是I?U圖象的斜率，可知斜率k越大，R越小，所以，故A錯誤；B、若電源兩端的電壓保持不變，要使R1的功率增大，電路中電流應(yīng)增大，變阻器接入電路的電阻應(yīng)減小，所以變阻器R0的滑片應(yīng)向右移動，故B正確；C、兩電阻串聯(lián)，電流相等，，根據(jù)公式分析可知：P1>P2，故C正確；D、兩電阻的電流相等，，根據(jù)歐姆定律U=IR可知，無論怎樣調(diào)節(jié)R0，不可能使R1、R2電壓相等，故D錯誤；故選BC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.【解析】[1]通電導(dǎo)體垂直于磁場的長度為受到的安培力為解得通過金屬棒電流為。[2]根據(jù)歐姆定律回路的總電阻為。12、①.B②.C③.3.0④.7.2【解析】（1）[1][2]由于待測電表的電動勢約為3V，故電壓表應(yīng)該選擇B，由于電路中