江西省南豐一中2026屆高二物理第一學(xué)期期末預(yù)測(cè)試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、豎直放置的兩塊足夠長(zhǎng)的平行金屬板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，其極板帶電量為Q，在兩極板之間，用輕質(zhì)絕緣絲線懸掛質(zhì)量為m，電量為q的帶電小球(可看成點(diǎn)電荷)，絲線跟豎直方向成θ角時(shí)小球恰好平衡，此時(shí)小球離右板距離為b，離左板的距離為2b，如圖所示，則（）A.小球受到電場(chǎng)力為B.若將小球移到懸點(diǎn)下方豎直位置，小球電勢(shì)能減小C.若將細(xì)繩剪斷，小球經(jīng)時(shí)間到達(dá)負(fù)極D.小球帶正電，極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2、下列關(guān)于物理學(xué)史，說法錯(cuò)誤的是（）A.1820年，丹麥物理學(xué)家奧斯特——電流可以使周圍的磁針偏轉(zhuǎn)的效應(yīng)，稱為電流的磁效應(yīng)B.1832年，美國(guó)物理學(xué)亨利——發(fā)現(xiàn)自感現(xiàn)象C.1834年，俄國(guó)物理學(xué)家楞次——確定感應(yīng)電流方向的定律——楞次定律D.1831年，法國(guó)物理學(xué)家法拉第——發(fā)現(xiàn)了由磁場(chǎng)產(chǎn)生電流的條件和規(guī)律——電磁感應(yīng)現(xiàn)象3、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S，給電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為θ，則下列說法正確的是（）A.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大B.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變C.斷開S，將A板向B板靠近，則θ增大D.斷開S，將A板向B板靠近，則θ減小4、如圖所示，在光滑水平面上有一質(zhì)量為m的小物塊與左端固定的輕質(zhì)彈簧相連，構(gòu)成一個(gè)水平彈簧振子．彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)小物塊位于O點(diǎn)．現(xiàn)使小物塊在M、N兩點(diǎn)間沿光滑水平面做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，在此過程中A.小物塊運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)回復(fù)力與位移方向相同B.小物塊每次運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)的加速度一定相同C.小物塊從O點(diǎn)向M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中做加速運(yùn)動(dòng)D.小物塊從O點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能增加5、各行星繞太陽(yáng)運(yùn)轉(zhuǎn)的軌道如圖所示，假設(shè)圖中各行星只受太陽(yáng)引力，并繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．下列說法中正確的是A.離太陽(yáng)越近的行星運(yùn)行周期越小B.離太陽(yáng)越近的行星運(yùn)行周期越大C.離太陽(yáng)越近的行星角速度越小D.各行星運(yùn)行的角速度相同6、如圖所示，兩極板水平放置的平行板電容器間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩板間距為d．一帶負(fù)電的微粒從上極板M的邊緣以初速度v0射入，沿直線從下極板N的邊緣射出，已知微粒的電量為q，質(zhì)量為m，下列說法正確的是（）A.微粒的加速度不為零 B.微粒的電勢(shì)能減少了mgdC.M板的電勢(shì)低于N極板的電勢(shì) D.兩極板間的電勢(shì)差為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，閉合矩形線圈abcd與長(zhǎng)直導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi)，線圈的ab，dc兩邊與直導(dǎo)線平行，直導(dǎo)線中有逐漸增大，但方向不明的電流，則（）A.可知道線圈中的感應(yīng)電流方向B.可知道線圈各邊所受到磁場(chǎng)力的方向C.可知道整個(gè)線圈所受的磁場(chǎng)力的方向D.無(wú)法判斷線圈中的感應(yīng)電流方向，也無(wú)法判斷線圈所受磁場(chǎng)力的方向8、如圖甲，半徑為r、電阻為R的圓形單匝導(dǎo)線框處于垂直于線框平面的變化磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的圖線如圖乙(垂直紙面向里為正方向)。下列說法正確的是（）A.從紙面外向里看，線框中有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B.從紙面外向里看，線框中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流C.線框中感應(yīng)電流為D.線框中感應(yīng)電流為9、如圖所示,從MN上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，帶同種電荷的粒子a、b以相同的動(dòng)能同時(shí)從O點(diǎn)射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩粒子的入射方向與磁場(chǎng)邊界MN的夾角分別為30o和60o，且同時(shí)到達(dá)P點(diǎn)，已知OP=d，則（）A.a、b兩粒子運(yùn)動(dòng)半徑之比為1：B.a、b兩粒子的初速率之比為5：2C.a、b兩粒子的質(zhì)量之比為4：75D.a、b兩粒子的電荷量之比為2：1510、如圖所示，要使Q線圈產(chǎn)生圖示方向的電流，可采用的方法有A.閉合電鍵K后，把R的滑片左移B.閉合電鍵K后，把P中的鐵心從左邊抽出C.閉合電鍵K后，把Q靠近PD.無(wú)需閉合電鍵K，只要把Q靠近P即可三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，甲圖中變阻器的滑片從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀數(shù)變化情況如乙圖中的AC、BC兩直線所示．依據(jù)甲、乙圖完成填空（兩表電阻對(duì)實(shí)驗(yàn)有少許影響）（1）電壓表的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖線為乙圖中的_____（填A(yù)C、BC）；（2）電源的內(nèi)阻＝_____；若電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值和真實(shí)值分別用和表示，則_____（填“＞”、“＜”或“＝”）；（3）變阻器R的最大阻值為_____12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材有：A．小燈泡：規(guī)格為“3.8V、0.3A”B．電流表：量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.5ΩC．電流表：量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1ΩD．電壓表：量程0～5V，內(nèi)阻約為5kΩE.電壓表:量程0～15V，內(nèi)阻約為50kΩF.滑動(dòng)變阻器：阻值范圍0～10Ω，額定電流2AG.滑動(dòng)變阻器:阻值范圍0～100Ω，額定電流50mAH．電池組：電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻約為1ΩI．開關(guān)一只，導(dǎo)線若干（1）為了使測(cè)量盡可能地準(zhǔn)確，電流表應(yīng)選______，電壓表應(yīng)選_____,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_______．(填器材代號(hào))需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進(jìn)行調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用_________的連接方式（2）請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)設(shè)計(jì)一個(gè)電路圖______四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】對(duì)小球受力分析，據(jù)平衡條件可得小球所受電場(chǎng)力，另對(duì)小球而言，板上電荷不能視為在同一水平線上的點(diǎn)電荷，兩板對(duì)小球的電場(chǎng)力．據(jù)小球所受電場(chǎng)力和場(chǎng)強(qiáng)的定義式可得極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度．據(jù)電場(chǎng)力的方向，可得將小球移到懸點(diǎn)下方豎直位置過程中電場(chǎng)力做功的正負(fù)，從而判斷小球電勢(shì)能的變化．細(xì)繩剪斷后小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，將小球的運(yùn)動(dòng)分解成水平方向和豎直方向，據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓運(yùn)動(dòng)定律可得小球到達(dá)負(fù)極所需時(shí)間【詳解】AD：對(duì)小球受力分析，由平衡條件可得，則小球受到電場(chǎng)力，極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度．對(duì)小球而言，板上電荷不能視為與小球在同一水平線上的點(diǎn)電荷，則兩板對(duì)小球的電場(chǎng)力．故AD兩項(xiàng)錯(cuò)誤B：小球所受電場(chǎng)力水平向右，將小球移到懸點(diǎn)下方豎直位置，電場(chǎng)力對(duì)小球做負(fù)功，小球的電勢(shì)能增加．故B項(xiàng)錯(cuò)誤C：細(xì)繩剪斷后小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，將小球的運(yùn)動(dòng)分解成水平方向和豎直方向，對(duì)水平方向、，解得：小球到達(dá)負(fù)極所需時(shí)間．故C項(xiàng)正確2、D【解析】A．丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)體可以使周圍的磁針偏轉(zhuǎn)，即電流的磁效應(yīng)，A正確，不符合題意；B．美國(guó)物理學(xué)亨利發(fā)現(xiàn)自感現(xiàn)象，即因電流變化而在電路本身引起感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的現(xiàn)象，B正確，不符合題意；C．俄國(guó)物理學(xué)家楞次提出了感應(yīng)電流方向判斷的方法，即楞次定律，C正確，不符合題意；D．英國(guó)物理學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，紐曼和韋伯總結(jié)出了電磁感應(yīng)的規(guī)律，D錯(cuò)誤，符合題意。3、A【解析】若保持S閉合，則電容器兩極板之間的電壓保持不變，因此根據(jù)可知，當(dāng)將A板向B板靠近時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，則電場(chǎng)力增大，θ將增大，故A正確；B錯(cuò)誤；若斷開S，電容器帶電量保持不變，由和以及，可得：，由于Q、S不變，只是d變化，所以電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故電場(chǎng)力不變，則θ不變，故CD錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】對(duì)于電容器的討論注意電容器的兩種狀態(tài)，同時(shí)熟練掌握公式：、、之間的推導(dǎo)，尤其是在電容器電量保持不變時(shí)，要正確根據(jù)這三個(gè)公式推導(dǎo)電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式，從而正確判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的變化4、B【解析】A.根據(jù)F=-kx可知小物塊運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)回復(fù)力與位移方向相反，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)可知小物塊每次運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)的位移相同，則加速度一定相同，故B正確；C.小物塊從O點(diǎn)向M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.小物塊從O點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中彈簧彈力對(duì)小物塊做負(fù)功，小物塊的機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤5、A【解析】行星繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有，得，，軌道半徑越小，周期越小，角速度越大，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6、D【解析】考查電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系?！驹斀狻緼．重力豎直向下，平行板電容器兩極板水平放置，則電場(chǎng)力也是豎直方向，要斜向下直線運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力一定向上，與重力平衡，加速度為0，A錯(cuò)誤；B．因受力平衡，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能，重力勢(shì)能減少了mgd，所以電勢(shì)能增加了mgd，B錯(cuò)誤；C．帶負(fù)電的微粒從上極板運(yùn)動(dòng)到下極板，電勢(shì)能增加，由：q為負(fù)值，可知，M板運(yùn)動(dòng)到N板過程中，電勢(shì)降低，即M板的電勢(shì)高于N板的電勢(shì)，C錯(cuò)誤；D．由電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差的關(guān)系：解得兩極板間的電勢(shì)差為，D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】當(dāng)直導(dǎo)線中有逐漸增大的電流，導(dǎo)線框中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，為了“阻礙”這種增大的趨勢(shì)，導(dǎo)線框有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，且可知道ab邊受向右的力比bc邊向左方向的力大，但感應(yīng)的電流方向無(wú)法判斷，BC正確8、AD【解析】AB．穿過線框的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，且正在減弱，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向相同，也是垂直紙面向里，根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流方向從紙面外向里看為順時(shí)針方向，A正確，B錯(cuò)誤；CD．線框的面積為：根據(jù)圖線知：由法拉第電磁感應(yīng)定律可得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：根據(jù)歐姆定律可得產(chǎn)生的感應(yīng)電流為：C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。9、CD【解析】由題圖可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為；運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為，運(yùn)動(dòng)軌跡弧長(zhǎng)為，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為，所對(duì)的圓心角為，運(yùn)動(dòng)軌跡弧長(zhǎng)為，所以兩粒子運(yùn)動(dòng)半徑之比為，故A錯(cuò)誤；因運(yùn)動(dòng)時(shí)間，而，即粒子的速度之比為，故B錯(cuò)誤；因兩粒子以相同的動(dòng)能入射，故，所以有：兩粒子的質(zhì)量之比為，故C正確；因，所以兩粒子的電荷量之比為，故D正確【點(diǎn)睛】由題意結(jié)合幾何關(guān)系可求得粒子運(yùn)動(dòng)的半徑及時(shí)間關(guān)系，則根據(jù)時(shí)間相等、動(dòng)能相等等已知信息，利用帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律可解得各物理量之間的關(guān)系；本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)規(guī)律，要注意通過幾何關(guān)系找出圓心和半徑，再由洛侖茲力充當(dāng)向心力可求得相應(yīng)關(guān)系10、AC【解析】A．閉合電鍵K后，把R的滑片左移，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在增大，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線電流方向向下。故A正確。B．閉合電鍵K后，將P中的鐵心從左邊抽出，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在減小，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線電流方向向上。故B錯(cuò)誤。C．閉合電鍵，將Q靠近P，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線的電流向下。故C正確。D．若不閉合電鍵K，即使把Q靠近P，也不會(huì)導(dǎo)致穿過線圈的磁通量改變，因此不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流。故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）AC②.（2）1.0③.=④.（3）12【解析】（1）當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，定值電阻R0的電壓增大，路端電壓減小，由圖分析可得V1對(duì)應(yīng)AC、V2對(duì)應(yīng)BC（2）因?yàn)閁1=E-Ir，則內(nèi)阻；若將電流表的內(nèi)阻等效為電源的內(nèi)阻，則因電壓表V2測(cè)量的是等效電源（包括電源的電流表）的路端電壓的準(zhǔn)確值，電流表A測(cè)量的是電源電流的準(zhǔn)確值，則電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量是準(zhǔn)確的，即：E真=E測(cè)；（3）當(dāng)滑動(dòng)變阻器取最大值時(shí)，電流最小Imin=0.5A，而UR=U1-U2=7.5-1.5=6V所以【點(diǎn)睛】本題考查對(duì)物理圖象的理解能力，搞清電路的結(jié)構(gòu)以后可以把本題看成動(dòng)態(tài)分析問題，來選擇兩電表示對(duì)應(yīng)的圖線12、①.B②.D③.E④.分壓式⑤.【解析】（1）[1][2][3][4]．小燈泡的額定電壓為3.8V，則電壓表應(yīng)選擇D；燈泡的額定電流為0.3A，為了減小測(cè)量的誤差，使得測(cè)量更精確，電流表量程選擇0～0.6A的B．需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進(jìn)行調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器要采用分壓電路，故選用阻值較小的E；（2）[5][6]．小燈泡電阻約為13Ω，則有故燈泡電阻屬于小電阻，電流表采用外接法．電壓和電流需從0開始測(cè)起，所以滑動(dòng)變阻器需采用分壓式接法．電路圖如右圖點(diǎn)睛：本題考查燈泡伏安特性曲線的實(shí)