2026·物理第1頁（共6頁2026（考試時間：75分 滿分：100分答題時，每小題選出答案后，用2B A和B，兩右分離，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）爆炸過程中，A和BC．爆炸過程中，AB小A10s停止，恰B1s0.2m，則冰壺的初速度大小為（） Ⅰ與軌道ⅡPⅡ與軌道ⅢQ（）Bvv≥16.7km/sA，用懸索救起了困在湖水中的傷B，直升機AB以相同的恒定加速度運動同時勻速往上收拉，懸索將傷員吊起，下列關于傷員運動軌跡可能正確的是() 變 t=0v-t圖像如圖（b）所示。已知傳送0.08，傳送帶兩輪間的距離足夠長，重力加速度10m/????2.，下列關于滑塊說法正確的是（）B6sC28m530為質點）在豎直平面內繞一固定點O做半徑為L=1m的圓周運動。細繩能承受的最大拉力????????????????=110N，轉軸離地高度h=6m，不計阻力，重力加速度g取10m/????2，若鐵絲棉在某次運動到最低點時細繩恰好被拉斷，則（）細繩恰好被拉斷時鐵絲棉的速度大小為10m/s10m與水平方向的夾角θ=37°，重物Q的質量M=5m，把滑塊從圖中A點由靜止釋放后沿豎直桿上下sin37°=0.6，cos37°=0.8。在滑塊從A到B的運動過程中，下列說法正確的是（）11（6B與木板上表面相切，用重錘線確定長木板C在水平地面上的投影位置CChg。則物塊滑離長木板時的速度v1 為k，則物塊與長木板間的動摩擦因數μ= 12（12 A和遮光條的總質量為m1B和遮光條的總質量為m2A靜置于兩門2并與A22先后記錄的擋光時間為?t1、?t2，1記錄的擋光時間為?t3 13（10a沿光滑水平面運動，A滑下后能沿斜面底部的光滑小圓弧平穩(wěn)BAB，B的加速度a應該滿足什么條件？(g)14（14AB，mA=0.16kg，mB=0.25kg。A套在固定的光滑水平桿上，物體、細線、滑輪和桿都在同一豎直平面內，水平細線與桿的距離為h=0.6m。當傾斜細線與桿的夾角α=37°時，同時無初速度釋放AB（sin37°=0.6sin53°=0.8，g10m/????2。（1）當運動到傾斜細線與桿的夾角β53°時，求此過程B15（16分）A、B兩球間壓縮一輕質彈簧（A、B與彈簧不栓接態(tài)彈簧彈性勢能為EP=19.2J，mA=0.4kg，mB=0.8kg。平臺右側存在固定光滑圓弧軌道，其中P點與軌道相切進入軌道，P點與圓心O的連線與豎直方向夾角為37°，小球(sin370.6cos370.8g取10m/s2)。求：=20268432分．在每小題給出的四個選項中，只有一項模型法”，而非“微元法”A錯誤；重心、合力和分力都采用了等效替代的思想，故????正確。故選：D【解答】解：AB、爆炸過程中，系統內力遠大于外力，A、B組成的系統動量守恒，機械能增加，爆AB錯誤； 解得滑行時間????????μ、p、gAD錯誤。故選：C1s1s的位移，則有0.2m1a解得a則冰壺的初速度大小為v0=at0=【解答】解：．根據牛頓第二定律Mm 解得v

Gr m陽運動的公轉速度，A錯誤；11.2kmsv16.7kms，BC.根據開普勒第二定律可知，在近日點的速度大于遠日點的速度，可知“天問三號”在軌道ⅡQ點速

????=

=??PC錯誤；D正確；故選：D【解答】θF，根據平衡方程有：??=據牛頓第二定律有(m+M)a=(m+M)gtanα解得a=gtanα以下面小球為研究對象，受到重力和拉力，如圖所示根據牛頓第二定律有Ma=Mgtanθ解得a=gtanθB。 =μg=0.8m?s2，若傳送帶停電，滑塊與傳送帶達到共速時所用時間t=v0=8s=10s>4sbt=4s

動的加速度a2 m?s2=?4m?s2，可知滑塊做加速運動，傳送帶做減速運動，滑塊與傳送帶達塊先勻加速運動，后勻減速運動直至停止，A錯誤；B．傳送帶做減速運動后，滑塊與傳送帶達到共速時所用時間a1t+a1t2=v0+a2t2解得t2=1s，此時滑塊的速度為v1=a1(t+t2)=0.8×(4+1m?s=4m?s滑塊停下所用時間

=v1=4s=5s，滑塊從輕放上傳送帶至停下，所用的時間為

t+t2+

=4s1s5s=10s，Bx=1a(t

)2= 2 2

=vt+v0+v1t=38m，滑塊與傳送帶的相對位移是Δx= ?x=38m1 1 x2

t3=10m，傳送帶與滑塊達到共速后到停下運動的位移x2

?v 1=?v的相對位移是Δx2=x2?x2=2m10m=?8m8m產生28m，C正確；D．全程相對路程大小為Δx=Δx1+Δx2=28m+8m=36mDC。2510目要求．全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0

代入數據得v=故A

B.x，則有hL1gt2x解得落地水平距離為x=10m則位移為B正確，CAB。【答案】CD【詳解】AA、B兩點彈簧對滑塊的彈力大小相等可知，A點彈簧處于壓縮狀態(tài)，BPA錯誤；BCP在A、B兩點時，彈簧對滑塊的彈力 守恒可得5mg(L?Lcos37)=mg×L

PPPW=mg5L2mvB=B錯誤，C正確；DAABP、Q整體先做正功，P與Q的機械能先增大后減小，故DCD。三、非選擇題：共5題．共58

【解答】（1）[1]xvt，h1gt2聯立，解得v mgL

1mv21 h

gt2，xvtL

x

2gk1k解得4

（12分

m2m1

11

（1）1212為減速運Q使軌道右端降低。若碰撞過程中動量守恒，取水平向左為正方向，根據公式有mdmd 2 1 2m2m1

13.（10分【解答】解：A的加速度為gsinθ,設A在斜面上下滑時間為t1,在水平面勻速為t2，A能追上B：v=gsinθt1=a(t1+t2) 3分gsinθtt=1a(t+t 312 a=2gsinθ=4由題意可得：a≤1 4（14分B下降的高度

=A、B系統機械能守恒mgh=1mv21mv2 2A 2BB的機械能變化量?EB= 6A運動到傾斜細線與桿的夾角90°時，A速度最大，B速度為零,A受到外力的沖量最 m ?h)=m

2AI=解得I=2√2N· 8（16分(1)彈簧彈開小球過程動量守恒mAvA= E=mv2+m 2A 2B解上式得vA=8m/s,vB= 4P點豎直速度vy=