物理答案第1頁(yè)(共4頁(yè))2024—2025學(xué)年高二年級(jí)上學(xué)期期末檢測(cè)卷物理參考答案及評(píng)分意見(jiàn)1.B【解析】地球周圍存在磁場(chǎng)，不存在磁感線，磁感線是假想的曲線，地磁場(chǎng)的N極在地理南極附近，A錯(cuò)誤；穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，閉合導(dǎo)體回路中一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，B正確；麥克斯韋認(rèn)為周期性變化的電場(chǎng)能激發(fā)出周期性變化的磁場(chǎng)，空間將產(chǎn)生電磁波，C錯(cuò)誤；某處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與一小段通電導(dǎo)體放在該處時(shí)所受磁場(chǎng)力的方向垂直，D錯(cuò)誤。2.C【解析】若想增大相鄰亮條紋的間距，由公式可知，需要增大雙縫到屏的距離L、增大單色光的波長(zhǎng)λ或減小雙縫間的距離d,B、D錯(cuò)誤；頻率更低的單色光波長(zhǎng)更長(zhǎng)，相鄰亮條紋的間距更大，C正確；將單縫向雙3.D【解析】由圖甲可知該波的波長(zhǎng)λ=8m,由圖乙可知質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)的周期T=0.2s,質(zhì)點(diǎn)Q在0.1s時(shí)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故根據(jù)同側(cè)法可判斷該波沿x軸負(fù)方向傳播，且波速大小為A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)M與質(zhì)點(diǎn)Q相差半個(gè)波長(zhǎng)，則它們的運(yùn)動(dòng)方向總是相反的，B錯(cuò)誤；由于t=0.75,結(jié)合振動(dòng)圖像可知，0.75s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的位移為—10cm,C錯(cuò)誤；由于πrad/s,,設(shè)P質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)y=Asin(10πt+φo),波形沿x可知10=10sin(10π×0.125+φo),軸負(fù)方向平移△x=1m4.C【解析】根據(jù)左手定則可知，ab棒受到的安培力與磁場(chǎng)及電流方向垂直，與豎直方向夾角為θ且指向左上方，A錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律有棒受到的安培力大小為F安=BIL= ,B錯(cuò)誤；對(duì)ab棒受力分析，如圖所示，根據(jù)受力平衡可得BILsinθ=f,BILcosθ+N=mg,聯(lián)立解得支持力大小為,摩擦力大小為,C正確，D錯(cuò)誤。5.B【解析】依題意，c、d位于兩電荷的中垂面上，電勢(shì)相等，A錯(cuò)誤；由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理可知，c、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，其大小均為,B正確，C錯(cuò)誤；由等量異種電荷電場(chǎng)分布可知，沿棱從f到d方向，與電場(chǎng)強(qiáng)度方向成銳角，而沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向電勢(shì)降低，所以沿棱從f到d電勢(shì)逐漸降低，將電子沿棱從f移動(dòng)到d,電子的電勢(shì)能增加，D錯(cuò)誤。6.C【解析】因?yàn)閮汕蚺銮白杂上侣涞母叨认嗤?，所以碰前的速度相等，兩球的?dòng)量也相等，而碰后兩球最終速度均變?yōu)榱?，所以碰撞過(guò)程中，兩側(cè)鉛球動(dòng)量的變化量相等，A錯(cuò)誤；鉛球與實(shí)木桌面作用的時(shí)間較短，而與海綿桌面作用時(shí)間較長(zhǎng)，所以曲線①為右側(cè)實(shí)木桌面受到鉛球作用力的圖像，B錯(cuò)誤；由圖可知，曲線①②與時(shí)間軸所夾面積表示沖擊力的沖量大小，因?yàn)閮汕騽?dòng)量變化量相等，②圖像重力沖量大于①,結(jié)合動(dòng)量定理可知，②中沖擊力沖量大于①?zèng)_擊力沖量，C正確；由圖可知，鉛球的重力mg=Fo,t?時(shí)刻開(kāi)始兩桌面受到壓力作用，即鉛球下落時(shí)間為t?,根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，則有v=gt?,設(shè)鉛球受到的平均作用力大小為F,根據(jù)動(dòng)量定理有(F-F?)(t?—t?)=0—(—mv),解得,根據(jù)牛頓第三定律可知，桌面受到的平均壓力大小為F′=F=物理答案第2頁(yè)(共4頁(yè))錯(cuò)誤。7.AC【解析】狹縫越窄，衍射現(xiàn)象越明顯，則單色光通過(guò)狹縫得到的衍射圖樣中央亮條紋越寬，A正確；立體電影原理是光的偏振現(xiàn)象，照相機(jī)鏡頭表面涂上的增透膜的原理是光的干涉現(xiàn)象，原理不同，B錯(cuò)誤；圖丙中，波源沿后，兩球周期相等，C球發(fā)生共振，振幅大，D錯(cuò)誤。8.BD【解析】等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則，正電荷向下偏轉(zhuǎn)，所以B板帶正電為電源的正極，A板帶負(fù)電為電源的負(fù)極，A錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則可知洛倫茲力方向與速度方向始終垂直，所以任何時(shí)候都不對(duì)電荷做功，C錯(cuò)誤；粒子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，有,解得E=Bdv,減小兩極板的距離d,電源的電9.BD【解析】根據(jù)題意，P與波源S?相距4m,波源S?的波傳至P點(diǎn)需要2s,則由解得v=2m/s,A錯(cuò)誤；t=0時(shí)刻，兩波的距離△x。=16m,則兩列波的相遇時(shí)刻正確；根據(jù)題意可知，兩列波的周期T=2s,右側(cè)波在t?=3.5s時(shí)刻傳播到質(zhì)點(diǎn)M,左側(cè)波在t?=4.5s時(shí)刻傳播到質(zhì)點(diǎn)M,可知在0～3.5s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M不動(dòng)，3.5～4.5s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期，運(yùn)動(dòng)的路程s?=2A=40cm,4.5～9s時(shí)間內(nèi)，兩列波分別在質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)情況恰好相同，即質(zhì)點(diǎn)M的振幅A′=2A=40cm,運(yùn)動(dòng)的路程s?=9A′=360cm,所以兩波源的距離差等于波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則有x?—x?=nλ,又x?+x?=16m,0<x?<16m,解得—4<n<4,n可能取—3、-2、-1、0、1、2、3,共有7處，D正確。10.BC【解析】光照強(qiáng)度減弱，R?電阻增大，總電流減小，電流表示數(shù)變小，路端電壓增大，R。分壓減小，R?分壓增大，電壓表示數(shù)增大，由閉合電路歐姆定律可知電壓表示數(shù)的變化量等于R。及r串聯(lián)部分電壓的變化量，故錯(cuò)誤；電容器兩極板間電壓增大，電容器所帶電荷量增大，電容器充電，有從右向左的電流流過(guò)R?,B正確；總電流變小，由功率關(guān)系可知R。的功率變小，電源總功率變小，電源的輸出功率,可知當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，由于R。=2r,11.(1)96.6(1分)(2)9.86(2分)(3)③(2分)不變(2分)(2)根據(jù),可得,從圖像中可知斜率,解得g=9.86m/s2。(3)根據(jù)可得T2+r,L—T2圖像縱軸截距為正，圖像為③;圖像斜率仍為,對(duì)重力加速度的測(cè)量無(wú)影響。物理答案第3頁(yè)(共4頁(yè))12.(1)×1(1分)15(2分)(2)①0.510(或0.511、0.499)(2分)②(2分)③沒(méi)有(2分)【解析】(1)選擇開(kāi)關(guān)撥到“×10”擋測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針的偏角過(guò)大，說(shuō)明電阻絲的阻值較小，故應(yīng)換用×1擋；換擋并進(jìn)行一系列正確操作后，指針靜止時(shí)如圖甲所示，則電阻絲的阻值約為15×1Ω=15Ω。(2)①螺旋測(cè)微器的精確值為0.01mm,由圖丙可知電阻絲的直徑D=0.5mm+1.0×0.01mm=0.510mm。②由題意可知，電流表每次滿偏時(shí)，外電路阻值相同，則有,整理可得可得R—L圖像的斜率絕對(duì)值|,解得③根據(jù)上面分析可知，電流表的內(nèi)阻對(duì)圖像的斜率無(wú)影響，所以電流表的內(nèi)阻對(duì)本實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒(méi)有影響。【解析】(1)依題意，可知光射到三棱鏡AC邊的入射角為45°,光的全反射臨界角滿足所以三棱鏡的折射率至少為√2(1分)(2)作出a光線的光路如圖所示，設(shè)第一次在D點(diǎn)折射的入射角為α,折射角為β,則有(2分)根據(jù)幾何關(guān)系有設(shè)第二次折射發(fā)生在F點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系可知，入射角等于β=30°,根據(jù)光路可逆原理可知，折射角等于a=60°根據(jù)幾何關(guān)系有紫外光從進(jìn)入玻璃磚到傳播到M點(diǎn)所用時(shí)間(1分)結(jié)合上述解得(1分)14.(1)1×103V/m沿x軸負(fù)方向(2)1×10?8J(3)3√2×10-?s【解析】(1)沿著電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，故由圖可得(—1,0)處電場(chǎng)沿x軸負(fù)方向(1分)根據(jù)圖像可知(—1,0)點(diǎn)的電勢(shì)V(—1,0)點(diǎn)與(0,0)點(diǎn)之間的電勢(shì)差U=4-1-φ。(2分)解得U=-10V電場(chǎng)強(qiáng)度大小為物理答案第4頁(yè)(共4頁(yè))解得E?=1×103V/m(1分)(2)對(duì)粒子從靜止運(yùn)動(dòng)到坐標(biāo)原點(diǎn)的過(guò)程，利用動(dòng)能定理可得Ekm=qU(2分)(3)設(shè)粒子的最大速度大小為v,則mz2(1分)粒子從靜止加速到最大速度所用的時(shí)間解得t?=√2×10??s根據(jù)能量守恒可知，粒子減速為零時(shí)，所處位置的電勢(shì)與(-1,0)點(diǎn)的電勢(shì)相等，此時(shí)位于(0.5,0)點(diǎn)，粒子從最大速度減速到零所用的時(shí)間粒子運(yùn)動(dòng)的周期T=2(t?+t?)(1分)解得T=3√2×10-?s(1分)解得vB=3m/s(1分)(2)滑塊B運(yùn)動(dòng)至圓弧軌道最右端時(shí)與長(zhǎng)木板共速，設(shè)此時(shí)速度大小為v,根據(jù)動(dòng)量守恒有mgUB=(mB+mc)v(2可得v=1m/s根