重慶市2026屆高三一診前模擬演練

物理試題

12345

[山城學(xué)術(shù)圈]第6頁·預(yù)?？荚図樌?/p>

重慶高三物理考試

參考答案

選擇題

題號12345678910

答案BACCDBDADBDACD

1.選B;解析:磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量,它的方向與該處小磁針靜止時N極所指的方向相同,磁感線

是閉合曲線,通電導(dǎo)線的受力除了和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小有關(guān),還與導(dǎo)體和磁場的位置關(guān)系有關(guān)。

2.選A;解析:由圖可知,無人機(jī)做勻速直線運(yùn)動,A正確;無人機(jī)比運(yùn)動員先出發(fā),B不正確;圖

線切線的斜率表示瞬時速度的大小,所以運(yùn)動員的速度越來越小,C不正確;t1~t3兩者的時

間相等位移不相等,所以平均速度不相等,D不正確。

3.選C;解析:做直線運(yùn)動的力學(xué)條件是合力與速度共線或者合力為零,顯然C不符合。

4.選C;解析:女選手受到重力和拉力,A錯,勻速圓周運(yùn)動是變速曲線運(yùn)動,B錯,合力提供向

心力,根據(jù)牛頓第二定律mgtan45。=ma,可得a=10m/s2,C正確。

5.選D;解析:飛船豎直向上勻加速階段,處于超重狀態(tài),A錯誤;由“高軌低速大周期”可知,組合

體做圓周運(yùn)動的角速度比近地衛(wèi)星小,B錯誤;由得r,已知U1<U2,組合體與

近地衛(wèi)星做圓周運(yùn)動的半徑之比約為,C錯誤;由得MD正確。

6.選B;解析:因?yàn)槟景遄銐蜷L,所以最終能共速,由最終的動能之比可求質(zhì)量之比為2:1,圖線

的斜率為摩擦力,可得摩擦力為5N。由圖像可知相對位移為6m,熱量為30J,滑塊A的初

動能為90J,C、D錯誤。

7.選D;解析:兩球質(zhì)量相等且為彈性碰撞,故碰后速度互換。所以可以等效為兩個互不相碰的

小球各自以U1和U2在兩壁間獨(dú)立運(yùn)動。則從開始運(yùn)動到第二次碰撞過程中,1球的路程

為:sl十l;2球的路程為:sl十l十ll,故

8.選AD;解析:網(wǎng)球從A運(yùn)動到B的過程所受合外力的沖量大小等于動量變化量大小mU1,A

正確;網(wǎng)球從B運(yùn)動到C的過程初動量豎直向下,末動量斜向右上方,動量變化量不在豎直

方向上,除了重力外,軌道對網(wǎng)球的沖量一定不為零,BC錯;由動能定理可知網(wǎng)球從C到沿

切線飛出的過程合外力對網(wǎng)球做功為D正確。

9.選BD;解析:濕度減小,則εr減小,依據(jù)平行板電容器電容決定式C得電容C減小,A

錯誤;電容C減小,電容兩端電壓U不變,則電容器帶電量Q減小,電容器放電,則有電流從

—6—5

左向右流過電阻R,B正確;初態(tài)電容器的電荷量Q=C0E=2×10F×10V=2×10C,

【高三物理●參考答案第1頁(共4頁)】

—5—6—5

放電后電容器的電荷量為Q1=2×10C—4×10C=1.6×10C,放電后電容器兩端電

壓為10V不變,放電后電容器的電容為cF,C錯誤;初末電容器

的電容之比為可得初末相對介電常數(shù)之比解得末狀態(tài)濕度

D正確。

10.選ACD;解析:運(yùn)動過程中,A、B通過輕質(zhì)細(xì)繩跨過動滑輪相連,所以A、B速度的大小之

比為2:1,A正確;速度最大時對A列力平衡方程可得:mAg=T1=20N,對B列力平衡方

程有:2T1=mBgsin37。十μmBgcos37。十k∞1,得∞1=30cm,B錯誤;此過程中AB和輕繩

組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少量等于B與斜面間摩擦生熱和彈簧彈性勢能的增加量:△E機(jī)=

μmBgcos37?！?十J十J=5.7J,C正確;從釋放到

B最大速度列能量守恒方程十μmBgcos37?！?十mBgsin37?！?十

2mAg∞1,解得y=1m/s;B動能最大值為EkJ,D正確。

非選擇題

11.(6分)

(1)0.02(2分)

(2分)

(3)9.6~9.8(2分)

12.(9分)

(1)I0(2分)300(2分)

8.442

(2)0.028(2分)或者(3分)

300十0.4kc1500十2kc

(1)解析:等效替代法測電阻,前后兩次電流表示數(shù)相等,所以電流也必須是I0。根據(jù)圖像

可知圖像的斜率為0.4,由此可推算500℃時,電阻R=(100十0.4×500)Ω=300Ω。

(2)500℃時電阻為300Ω,電壓為8.4V,電流為0.028A。分析可得I

13.(10分)

UM

【高三物理●參考答案第2頁(共4頁)】

UM=E—I(R十r),(2分)

得:UM(1分)

2

(2)P1=Ir0,(1分)

P2=UMI,(1分)

P出=P2—P1,(1分)

得:P出2分)

14.(14分)

(1)t=1.5s

(2)Q=2J

(3)μ2=0.4

(1)貨物P與裝置的動摩擦因數(shù)μ1=0.2,勻加速到與傳送帶共速用時t1,位移為父1,傳送

帶勻速運(yùn)動速度Ψ1=2m/s,共速之后用時t2運(yùn)動到傳送帶右端

對P:μ1mPg=mPa1(1分)

父(1分)

Ψ1=a1t1(1分)

t(1分)

t=t1十t2(1分)

得t=1.5s(1分)

(2)Q=μ1mPg(Ψ1t1—父1)(1分)

Q=2J(1分)

(3)P與Q碰撞前,P在BC上減速為零用時為t3,此時間內(nèi)Q向左減速為Ψ2

Ψ1=a1t3(1分)

Ψ2=Ψ0—μ2gt3(1分)

P與Q碰撞:mQΨ2=mQΨ3十mPΨ4

(2分)(P碰后速度為Ψ4,Q碰后速度為Ψ3)

P碰后:父(1分)

解得:μ2=0.4(1分)

15.(18分)

【高三物理●參考答案第3頁(共4頁)】

2

(3)smin=6L

2

【詳解】(1)由動能定理qEoLmvo(2分)

解得v(2分)

(2)由4Eoq=ma(1分)

x=vot(1分)

(2分)

解得y(2分)

(3)由題意o分)

:vymaXv(1

xmin=L(1分)

沿y軸負(fù)方向速度為2vo的粒子運(yùn)動軌跡如圖所示時矩形電場的面積(DKHN)最小。圖

中DM為曲線,ME為直線,G點(diǎn)為ME與KH的交點(diǎn)。

DK

設(shè)D到F的時間為t1

有Lt1(1分)

則DN長度為y1=2vot1=4L(1分)F

G

設(shè)粒子從圖中F點(diǎn)運(yùn)動到M點(diǎn)時間為t,則FH=2vot