湖北省部分高中2025—2026學(xué)年上學(xué)期期中聯(lián)考高二物理試題本試卷共6頁(yè)，全卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘?！镒？荚図樌镒⒁馐马?xiàng)：1、答題前，請(qǐng)將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的制定位置。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3、非選擇題作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4、考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡上交。一、單項(xiàng)選擇題：（本題共10小題，每小題4分，共40分,。在小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8～10題有多項(xiàng)符合要求，每小題全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選或者不選的得0分）1.如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子以速度v0從MN連線上的P點(diǎn)水平向右射入大小為E、方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。已知MN與水平方向成45°角，粒子的重力可以忽略，則粒子到達(dá)MN連線上的某點(diǎn)時(shí)()A.所用時(shí)間為eq\f(mv0,qE)B.速度大小為3v0C.與P點(diǎn)的距離為eq\f(2\r(2)mv02,qE)D.速度方向與豎直方向的夾角為30°答案解析：C粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向x＝v0t，豎直方向y＝eq\f(1,2)·eq\f(Eq,m)t2，由tan45°＝eq\f(y,x)可得t＝eq\f(2mv0,Eq)，故A錯(cuò)誤；由于vy＝eq\f(Eq,m)t＝2v0，故粒子速度大小為v＝eq\r(v02＋vy2)＝eq\r(5)v0，故B錯(cuò)誤；由幾何關(guān)系可知，到P點(diǎn)的距離為L(zhǎng)＝eq\r(2)v0t＝eq\f(2\r(2)mv02,Eq)，故C正確；由平拋推論可知速度方向與豎直方向的夾角的正切值tanα＝eq\f(v0,vy)＝eq\f(1,2)<tan30°，故速度方向與豎直方向的夾角小于30°，故D錯(cuò)誤。2.如圖所示，電解池內(nèi)有一價(jià)的電解液，t時(shí)間內(nèi)通過(guò)溶液內(nèi)面積為S的截面的正離子數(shù)是n1，負(fù)離子數(shù)是n2，設(shè)元電荷為e，以下說(shuō)法中正確的是()A.當(dāng)n1＝n2時(shí)電流大小為零B.當(dāng)n1＜n2時(shí)，電流方向從B→A，電流大小為I＝eq\f(（n1－n2）e,t)C.當(dāng)n1＞n2時(shí)，電流方向從A→B，電流大小為I＝eq\f(（n2－n1）e,t)D.溶液內(nèi)電流方向從A→B，電流大小為I＝eq\f(（n1＋n2）e,t)答案解析：D電流的方向與正離子定向移動(dòng)方向相同，則溶液內(nèi)電流方向從A到B，t時(shí)間內(nèi)通過(guò)溶液截面S的電荷量為q＝n1e＋n2e，則根據(jù)電流的定義式可得I＝eq\f(q,t)＝eq\f(n1e＋n2e,t)＝I＝eq\f(（n1＋n2）e,t)，A、B、C錯(cuò)誤，D正確。3.如圖甲所示，在粗糙絕緣水平面的A、C兩處分別固定兩個(gè)點(diǎn)電荷，A、C的坐標(biāo)分別為－3L和3L。已知C處電荷的電荷量為Q，圖乙是AC連線之間的電勢(shì)φ與坐標(biāo)x的關(guān)系圖，圖中x＝L點(diǎn)為圖線的最低點(diǎn)，x＝－2L的縱坐標(biāo)φ＝φ0，x＝2L的縱坐標(biāo)φ＝eq\f(3,7)φ0。若在x＝－2L的B點(diǎn)靜止釋放一可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電物塊，質(zhì)量為m、電荷量為q。物塊向右運(yùn)動(dòng)到2L處速度恰好為零。則A處電荷的電荷量及物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別是()甲乙A.＋4Q，eq\f(qφ0,7mgL) B.－2Q，eq\f(qφ0,14mgL)C.＋4Q，eq\f(2qφ0,7mgL) D.－2Q，eq\f(3qφ0,14mgL)答案解析：A根據(jù)φx圖像的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度可知，x＝L的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E＝eq\f(kQ,r2)和電場(chǎng)疊加原理，設(shè)A處電荷的電荷量為Q1，則有eq\f(kQ1,（4L）2)＝eq\f(kQ,（2L）2)，解得Q1＝4Q，且為正電荷，帶電物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受電場(chǎng)力和摩擦力，從x＝－2L到x＝2L過(guò)程中，由動(dòng)能定理有q(φ0－eq\f(3,7)φ0)－μmg(2L＋2L)＝0，解得μ＝eq\f(φ0q,7mgL)，故選A。4.硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)。如圖所示，圖線a是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖像，圖線b是某電阻R的UI圖像。在同等光照強(qiáng)度下，當(dāng)它們組成閉合回路時(shí)，下列說(shuō)法正確的是()A.電源的輸出功率P＝U2I2B.電池的內(nèi)阻r＝eq\f(（U2－U1）,I1)C.電池的效率為η＝eq\f(U1,U3)×100%D.硅光電池的內(nèi)阻消耗的熱功率Pr＝U2I1－U1I2答案解析：B根據(jù)題意，由圖可知，電源的路端電壓為U1，電流為I1，則輸出功率P＝U1I1，故A錯(cuò)誤；由歐姆定律得U＝E－Ir，當(dāng)I＝0時(shí)E＝U，由a與縱軸的交點(diǎn)讀出電動(dòng)勢(shì)為E＝U2，根據(jù)兩圖線交點(diǎn)處的狀態(tài)可知，電阻的電壓為U1，則內(nèi)阻r＝eq\f(E－U1,I1)＝eq\f(U2－U1,I1)，故B正確；根據(jù)題意可知，電池的效率η＝eq\f(UI,EI)＝eq\f(U1,U2)×100%，故C錯(cuò)誤；根據(jù)題意可知，內(nèi)阻消耗的熱功率Pr＝EI－UI＝U2I1－U1I1，故D錯(cuò)誤。故選B。5.一質(zhì)點(diǎn)靜止在光滑水平面上，現(xiàn)對(duì)其施加水平外力F，力F隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是()A.第2s末，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)量為0B.第2s末，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)量方向發(fā)生變化C.第4s末，質(zhì)點(diǎn)回到出發(fā)點(diǎn)D.在1～3s時(shí)間內(nèi)，力F的沖量為0答案解析：D由題圖可知，0～2s時(shí)間內(nèi)F的方向和質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的方向相同，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)歷了加速度逐漸增大的加速運(yùn)動(dòng)和加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，所以第2s末，質(zhì)點(diǎn)的速度最大，動(dòng)量最大，方向不變，故A、B錯(cuò)誤；2～4s內(nèi)F的方向與0～2s內(nèi)F的方向不同，該質(zhì)點(diǎn)0～2s內(nèi)做加速運(yùn)動(dòng)，2～4s內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng)，第4s末，物體速度減為0，所以質(zhì)點(diǎn)在0～4s內(nèi)的位移均為正，第4s末沒(méi)有回到出發(fā)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；在Ft圖像中，圖線與橫軸所圍的面積表示力F的沖量，由題圖可知，1～2s內(nèi)的面積與2～3s內(nèi)的面積大小相等，一正一負(fù)，則在1～3s時(shí)間內(nèi)，力F的沖量為0，故D正確。6.1932年，查德威克用未知射線轟擊氫核，發(fā)現(xiàn)這種射線是由質(zhì)量與質(zhì)子大致相等的中性粒子(即中子)組成。如圖所示，中子以速度v0分別碰撞靜止的氫核和氮核，碰撞后氫核和氮核的速度分別為v1和v2。設(shè)碰撞為彈性正碰，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是()A.碰撞后氮核的動(dòng)量比氫核的小B.碰撞后氮核的動(dòng)能比氫核的小C.v2大于v1D.v2大于v0答案解析：B設(shè)中子質(zhì)量為m0，被碰粒子質(zhì)量為m，碰后中子速度為v0′，被碰粒子速度為v，二者發(fā)生彈性正碰，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律有m0v0＝m0v0′＋mv，eq\f(1,2)m0v02＝eq\f(1,2)m0v0′2＋eq\f(1,2)mv2，解得v0′＝eq\f(m0－m,m0＋m)v0，v＝eq\f(2m0,m0＋m)v0，因此當(dāng)被碰粒子分別為氫核(m0)和氮核(14m0)時(shí)，有v1＝v0，v2＝eq\f(2,15)v0，故C、D項(xiàng)錯(cuò)誤；碰撞后氮核的動(dòng)量為p氮＝14m0·v2＝eq\f(28,15)m0v0，氫核的動(dòng)量為p氫＝m0·v1＝m0v0，p氮>p氫，故A錯(cuò)誤；碰撞后氮核的動(dòng)能為Ek氮＝eq\f(1,2)·14m0v22＝eq\f(28,225)m0v02，氫核的動(dòng)能為Ek氫＝eq\f(1,2)·m0·v12＝eq\f(1,2)m0v02，Ek氮<Ek氫，故B正確。7.如圖甲所示為以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在A、B兩點(diǎn)間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，圖乙為這個(gè)彈簧振子的振動(dòng)圖像，由圖可知下列說(shuō)法中正確的是()甲乙A.在t＝0.2s時(shí)，小球的加速度為正向最大B.在t＝0.4s與t＝0.8s兩個(gè)時(shí)刻，小球的速度相同C.從t＝0到t＝0.2s時(shí)間內(nèi)，小球做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)D.在t＝0.6s時(shí)，小球有最小位移答案解析：C在t＝0.2s時(shí)，小球的位移為正向最大，根據(jù)a＝－eq\f(kx,m)，可知小球的加速度為負(fù)向最大，A錯(cuò)誤；圖像上某點(diǎn)的切線斜率表示該時(shí)刻小球的速度，在t＝0.4s與t＝0.8s兩個(gè)時(shí)刻，小球的速度大小相等，方向相反，B錯(cuò)誤；從t＝0到t＝0.2s時(shí)間內(nèi)，小球做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，C正確；在t＝0.6s時(shí)，小球有負(fù)方向的最大位移，D錯(cuò)誤。故選C。8.(多選)如圖所示，以A、B、C、D為頂點(diǎn)的長(zhǎng)方形處于一平行板電容器(未畫出)形成的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，長(zhǎng)方形所在平面與兩平行板垂直，AB的長(zhǎng)度為8cm，BC的長(zhǎng)度為6cm，D點(diǎn)距帶正電荷的電容器極板的距離為20cm。取無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為9V、25V、16V。則下列說(shuō)法正確的是()A.D點(diǎn)電勢(shì)為0B.D點(diǎn)電勢(shì)為18VC.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為250V/mD.兩平行板間的電勢(shì)差為100V答案解析：ACD在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，平行且相等的兩線段電勢(shì)差相等，可得φB－φA＝φC－φD，代入數(shù)據(jù)可得φD＝0，故A正確，B錯(cuò)誤；如圖所示，將CD分為8等分，則每一等分對(duì)應(yīng)1cm，所以F點(diǎn)的電勢(shì)為9V，連接AF，過(guò)D點(diǎn)作AF的垂線DG，由幾何關(guān)系可得DG的長(zhǎng)度為DG＝eq\f(AD·DF,AF)，解得DG＝3.6cm，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E＝eq\f(UDG,DG)，解得E＝250V/m，又因?yàn)镈點(diǎn)的電勢(shì)為0，且D點(diǎn)距正極板的距離為20cm，由對(duì)稱性可知，兩極板間的距離為40cm，所以兩極板間的電勢(shì)差為U＝Ed＝100V，故CD正確。9.(多選)如圖所示，把兩只完全相同的表頭進(jìn)行改裝，已知表頭內(nèi)阻為100Ω，下列說(shuō)法正確的是()甲乙A.由甲圖可知，該表頭滿偏電流Ig＝2mAB.甲圖是改裝成的雙量程電壓表，其中b量程為9VC.乙圖中R1＝eq\f(10,9)Ω，R2＝10ΩD.乙圖中R1＝5Ω，R2＝45Ω答案解析：BC由題圖甲可知Ig＝eq\f(U,Rg＋R)＝eq\f(3,100＋2.9×103)A＝0.001A＝1mA，b的量程為U′＝Ig(Rg＋R＋R′)＝0.001×(100＋2.9×103＋6×103)V＝9V，故A錯(cuò)誤，B正確；在題圖乙中，改裝為I1＝10mA＝0.01A電流表時(shí)，并聯(lián)電阻的分流電流為I′＝I1－Ig＝10mA－1mA＝9mA＝0.009A，分流電阻的阻值為R1＋R2＝eq\f(IgRg,I′)＝eq\f(0.001×100,0.009)Ω＝eq\f(100,9)Ω，改裝為I2＝100mA＝0.1A電流表時(shí)，可得分流電阻的阻值R1＝eq\f(Ig（Rg＋R2）,I2－Ig)，聯(lián)立解得R1＝eq\f(10,9)Ω，R2＝10Ω，故C正確，D錯(cuò)誤。10.(多選)一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，圖(a)是t＝0時(shí)刻的波形圖；P是介質(zhì)中位于x＝2m處的質(zhì)點(diǎn)，其振動(dòng)圖像如圖(b)所示。下列說(shuō)法正確的是()(a)(b)A.波速為2m/sB.波向左傳播C.x＝3m處的質(zhì)點(diǎn)在t＝7s時(shí)位于平衡位置D.質(zhì)點(diǎn)P在0～7s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為70cm答案解析：ABD由圖(a)可知波長(zhǎng)為4m，由圖(b)可知波的周期為2s，則波速為v＝eq\f(λ,T)＝eq\f(4,2)m/s＝2m/s故A正確；由圖(b)可知t＝0時(shí)，P點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)“上下坡”法可知波向左傳播，故B正確；根據(jù)圖(a)可知t＝0時(shí)x＝3m處的質(zhì)點(diǎn)位于波谷處，由于t＝7s＝3T＋eq\f(1,2)T可知在t＝7s時(shí)質(zhì)點(diǎn)位于波峰處；質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為s＝3×4A＋eq\f(1,2)×4A＝70cm，故C錯(cuò)誤，D正確。二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11.(12分)某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室發(fā)現(xiàn)一只電壓標(biāo)稱為10V、電容標(biāo)稱模糊的電容器，現(xiàn)他找了以下器材來(lái)測(cè)該電容器的電容值。蓄電池：20V，內(nèi)阻可不計(jì)電壓表：12V，內(nèi)阻很大定值電阻有三只：10Ω；50Ω；100Ω滑動(dòng)變阻器：標(biāo)稱為“30V50Ω”一只單刀單擲開關(guān)：S1一只單刀雙擲開關(guān)：S2一臺(tái)數(shù)字電流計(jì)，可接電子顯示屏，顯示電流隨時(shí)間的變化過(guò)程實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：(1)該同學(xué)按圖1所示電路圖進(jìn)行組裝電路，則定值電阻R1阻值應(yīng)選Ω。(2分)(2)他先閉合開關(guān)S1，S2刀片擲于(2分)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R2，穩(wěn)定后讀出電壓表讀數(shù)為4V。然后，他把S2刀片擲于，在電子顯示屏上得到如圖2中的甲曲線。(2分)(3)利用單位面積法算得It圖中甲曲線和兩坐標(biāo)軸所圍的面積為0.04mA·s，已知電容器放電時(shí)其內(nèi)阻可以忽略不計(jì)，則電容器的電容為C＝F。(3分)(4)接著，他以同樣的操作步驟，重新調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R2，在電子顯示屏上得到如圖2中的乙曲線，則穩(wěn)定時(shí)電壓表讀數(shù)為V。(保留2位有效數(shù)字)(3分)圖1圖2解析：(1)根據(jù)題意可知蓄電池電壓為20V，電壓標(biāo)稱為10V，根據(jù)串聯(lián)電阻分壓關(guān)系可知定值電阻的阻值應(yīng)選50Ω。(2)他先閉合開關(guān)S1，S2刀片擲于b端，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R2，穩(wěn)定后讀出電壓表讀數(shù)為4V，電容器充電；然后，他把S2刀片擲于a端，電容器放電。(3)根據(jù)It圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積表示電荷量，則C＝eq\f(Q,U)＝eq\f(0.04×10－3,4)F＝1×10－5F。(4)由圖可知調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R2的阻值后，電容釋放的電荷量為Q′＝0.07mA·s，穩(wěn)定時(shí)電壓表讀數(shù)即為電容兩端的電壓U′＝eq\f(Q′,C)＝eq\f(0.07×10－3,1×10－5)V＝7.0V。答案：(1)50(2)b端a端(3)1×10－5(4)7.0(6.9～7.1之間都可以)12.(12分)如圖所示的含容電路，電容C＝8×10－3F，定值電阻R0＝R1＝R2＝1Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，滑動(dòng)變阻器最大阻值是4Ω，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器。(1)滑動(dòng)變阻器R3的功率最大時(shí)R3應(yīng)調(diào)到多少？滑動(dòng)變阻器的最大功率是多少？(6分)(2)當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片從a滑到b的過(guò)程中電容器的電荷量是增加還是減少？變化了多少？(6分)解析：(1)將滑動(dòng)變阻器以外的電阻看成等效電源內(nèi)阻的一部分，等效電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻E＝6V，r′＝r＋R0＋eq\f(R1R2,R1＋R2)＝2Ω滑動(dòng)變阻器的功率P＝I2R3＝(eq\f(E,R3＋r′))2R3＝eq\f(E2,（R3－r′）2＋4R3r′)R3當(dāng)R3＝r′＝2Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器的功率最大Pm＝eq\f(E2,4r′)＝4.5W。(2)當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在a端時(shí)，電路總電阻R總＝r＋R0＋eq\f(R1R2,R1＋R2)＋R3＝6Ω干路電流I1＝eq\f(E,R總)＝eq\f(6,6)A＝1A電容器兩端的電壓U1＝E－I1(r＋R0)＝4.5V電容器的電荷量Q1＝CU1＝8×10－3×4.5C＝3.6×10－2C且電容器右極板帶正電。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在b端時(shí)，電路總電阻R總′＝r＋R0＋eq\f(R1R2,R1＋R2)＝2Ω干路電流I2＝eq\f(E,R總′)＝eq\f(6,2)A＝3A電容器兩端的電壓U2＝E－I2(r＋R0)＝1.5V電容器的電荷量Q2＝CU2＝8×10－3×1.5C＝1.2×10－2C且電容器右極板帶正電。因此，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片從a滑到b的過(guò)程中電容器的電荷量減少電容器的電荷減少量ΔQ＝Q1－Q2＝2.4×10－2C。答案：(1)2Ω4.5W(2)減少2.4×10－2C13.(12分)如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定的圓形絕緣軌道的圓心為O、半徑為r、內(nèi)壁光滑，A、B兩點(diǎn)分別是圓軌道的最低點(diǎn)和最高點(diǎn)。該區(qū)間存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為m、帶負(fù)電的小球在軌道內(nèi)側(cè)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)(電荷量不變)，經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度最大，O、C連線與豎直方向的夾角θ＝60°，重力加速度為g。求：(1)小球所受到的靜電力的大?。?6分)(2)小球在A點(diǎn)速度v0為多大時(shí)，小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)對(duì)圓軌道的壓力最??？(6分)解析：(1)小球在C點(diǎn)速度最大，則在該點(diǎn)靜電力與重力的合力沿半徑方向，所以小球受到的靜電力大小F＝mgtan60°＝eq\r(3)mg。(2)小球要到達(dá)B點(diǎn)，必須到達(dá)D點(diǎn)時(shí)速度最小，在D點(diǎn)速度最小時(shí)，小球經(jīng)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力也最小。設(shè)在D點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)小球的壓力恰為零，eq\f(mg,cos60°)＝meq\f(v2,r)，得v＝eq\r(2gr)由軌道上A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程可得－mgr(1＋cosθ)－Frsinθ＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mv02解得v0＝2eq\r(2gr)。答案：(1)eq\r(3)mg(2)2eq\r(2gr)14.(12分)如圖甲所示為某電動(dòng)車電池組的一片電池，探究小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)并測(cè)定某電流表內(nèi)阻，查閱資料可知該型號(hào)電池內(nèi)阻可忽略不計(jì)。可供選擇的器材如下：A.待測(cè)電池(電動(dòng)勢(shì)約為3.7V，內(nèi)阻忽略不計(jì))B.待測(cè)電流表A(量程為0～3A，內(nèi)阻r待測(cè))C.電壓表V(量程為0～3V，內(nèi)阻600Ω)D.定值電阻R1＝200ΩE.定值電阻R2＝2000ΩF.滑動(dòng)變阻器R3(0～10Ω)H.滑動(dòng)變阻器R4(0～1000Ω)I.導(dǎo)線若干、開關(guān)為了精確地測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和電流表內(nèi)阻，探究小組設(shè)計(jì)了如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)方案。請(qǐng)完成下列問(wèn)題：(1)滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選擇，②處應(yīng)選擇。(均填寫器材前序號(hào))(4分)(2)電流表安裝在處。(填①或③)(2分)(3)探究小組通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)得多組(U，I)數(shù)據(jù)，繪制出如圖丙所示的UI圖線，則電源的電動(dòng)勢(shì)為V，電流表內(nèi)阻為Ω(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)，從實(shí)驗(yàn)原理上判斷電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值與真實(shí)值相比(填“偏大”“偏小”或“相等”)。(6分)甲乙丙解析：(1)因?yàn)殡娏鞅韮?nèi)阻較小，為了使電壓表示數(shù)變化明顯些，滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選擇0～10Ω，所以滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選擇F；由于電源電動(dòng)勢(shì)約為3.7V，而電壓表V量程為0～3V，因此需要擴(kuò)大量程，由題意可知，應(yīng)將電壓表V與定值電阻R1串聯(lián)，所以②處應(yīng)選擇D。(2)電流表A量程為0～3A，將電流表安裝在③處可以測(cè)量干路中的電流。(3)由閉合電路的歐姆定律E＝eq\f(U,RV)(RV＋R1)＋I(xiàn)r，代入數(shù)據(jù)化簡(jiǎn)可得U＝－eq