第=page2020頁，共=sectionpages2121頁第=page1919頁，共=sectionpages2121頁2020年江蘇省高考物理試卷一、單選題（本大題共6小題，共19.0分）質(zhì)量為1.5×103kg的汽車在水平路面上勻速行駛，速度為20m/sA.90W B.30kW C.36kW D.300kW【答案】C【解析】解：汽車在水平路面上勻速行駛，故牽引力與阻力的大小相等為1.8×103N，根據(jù)功率P=Fv=1.8×103×20W=36kW，故ABD錯(cuò)誤，C正確；

電流互感器是一種測(cè)量電路中電流的變壓器，工作原理如圖所示。其原線圈匝數(shù)較少，串聯(lián)在電路中，副線圈匝數(shù)較多，兩端接在電流表上。則電流互感器(????)

A.是一種降壓變壓器 B.能測(cè)量直流電路的電流

C.原、副線圈電流的頻率不同 D.副線圈的電流小于原線圈的電流【答案】D【解析】解：A、電流互感器是一種測(cè)量電路中電流的變壓器；根據(jù)題意，電流互感器原線圈匝數(shù)較少，副線圈匝數(shù)較多，由U1U2=n1n2可知，電流互感器升壓變壓器，故A錯(cuò)誤。

B、電流互感器是利用電磁感應(yīng)進(jìn)行工作的，只能夠在交流電路中才能正常工作，故B錯(cuò)誤。

C、電流互感器能夠改變?cè)?、副線圈電流和電壓，但不能夠改變其頻率，故C錯(cuò)誤。

D、由I2I1=n1n2可知，電流和線圈匝數(shù)成反比，副線圈匝數(shù)比原線圈匝數(shù)多，所以副線圈的電流小于原線圈的電流，故D正確。

故選：D如圖所示，兩勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1和B2大小相等、方向相反。金屬圓環(huán)的直徑與兩磁場(chǎng)的邊界重合。下列變化會(huì)在環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針方向感應(yīng)電流的是(????)A.同時(shí)增大B1減小B2

B.同時(shí)減小B1增大B2

C.同時(shí)以相同的變化率增大B1和B2

【答案】B【解析】解：A、增大B1，則金屬圓環(huán)上半部分的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流；減小B2，則金屬圓環(huán)下半部分的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流；故同時(shí)增大B1減小B2在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；

B、減小B1，則金屬圓環(huán)上半部分的磁通量變小，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同。再根據(jù)安培定則，可判定在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流；增大B2，則金屬圓環(huán)下半部分的磁通量變大，由增反減同可知，則感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反。再根據(jù)安培定則，可判定在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流；故同時(shí)減小B1增大B2在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故B正確；

CD、根據(jù)上面的分析可知同時(shí)以相同的變化率增大B1和B2或同時(shí)以相同的變化率減小B1和B2都不會(huì)在環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故CD錯(cuò)誤；

如圖所示，一小物塊由靜止開始沿斜面向下滑動(dòng)，最后停在水平地面上。斜面和地面平滑連接，且物塊與斜面、物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為常數(shù)。該過程中，物塊的動(dòng)能Ek與水平位移x關(guān)系的圖象是(????)A. B.

C. D.【答案】A【解析】解：設(shè)斜面傾角為θ，小物塊的質(zhì)量為m，物塊與斜面、物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，小物塊由靜止開始在沿斜面上運(yùn)動(dòng)的過程中，當(dāng)水平位移為x時(shí)，由動(dòng)能定理得：

mg?xtanθ-μmgcosθ?xcosθ=Ek-0

整理得小物塊的動(dòng)能Ek與水平位移x關(guān)系為：

Ek=(mgtanθ-μmg)x

假設(shè)小物塊達(dá)到斜面低端的動(dòng)能為Ek0，此時(shí)小物塊的水平位移為x0，在水平面上運(yùn)動(dòng)的過程中，由由動(dòng)能定理得：

-μmg(x-x0)=中歐班列在歐亞大陸開辟了“生命之路”，為國(guó)際抗疫貢獻(xiàn)了中國(guó)力量。某運(yùn)送防疫物資的班列由40節(jié)質(zhì)量相等的車廂組成，在車頭牽引下，列車沿平直軌道勻加速行駛時(shí)，第2節(jié)對(duì)第3節(jié)車廂的牽引力為F.若每節(jié)車廂所受摩擦力、空氣阻力均相等，則倒數(shù)第3節(jié)對(duì)倒數(shù)第2節(jié)車廂的牽引力為(????)A.F B.19F20 C.F19【答案】C【解析】解：設(shè)每節(jié)車廂的質(zhì)量為m，每節(jié)車廂所受摩擦力、空氣阻力為f，從第3節(jié)到第40節(jié)車廂看成一個(gè)整體，對(duì)其進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律得：

F-(40-2)×f=(40-2)×ma

解得：F=38×(f+ma)

把最后兩節(jié)車廂看成一個(gè)整體，對(duì)其進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律得：

F'-2f=2ma

解得：F'=2×(f+ma)

聯(lián)立解得倒數(shù)第3節(jié)對(duì)倒數(shù)第“測(cè)溫槍”(學(xué)名“紅外線輻射測(cè)溫儀”)具有響應(yīng)快、非接觸和操作方便等優(yōu)點(diǎn)。它是根據(jù)黑體輻射規(guī)律設(shè)計(jì)出來的，能將接收到的人體熱輻射轉(zhuǎn)換成溫度顯示。若人體溫度升高，則人體熱輻射強(qiáng)度I及其極大值對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)λ的變化情況是(????)A.I增大，λ增大 B.I增大，λ減小 C.I減小，λ增大 D.I減小，λ減小【答案】B【解析】解：根據(jù)黑體輻射實(shí)驗(yàn)的規(guī)律可知，隨著溫度的升高，一方面，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度I都有增強(qiáng)，另一方面，輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，故若人體溫度升高，則人體熱輻射強(qiáng)度I增大，輻射強(qiáng)度極大值對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)λ減小，故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)黑體輻射實(shí)驗(yàn)的規(guī)律可知，隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度I都有增強(qiáng)，輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)。

本題以“測(cè)溫槍”為背景命制試題，考查了黑體輻射實(shí)驗(yàn)的規(guī)律，要求學(xué)生對(duì)實(shí)驗(yàn)規(guī)律要理解并強(qiáng)化記憶。

二、多選題（本大題共6小題，共24.0分）某汽車的電源與啟動(dòng)電機(jī)、車燈連接的簡(jiǎn)化電路如圖所示。當(dāng)汽車啟動(dòng)時(shí)，開關(guān)S閉合，電機(jī)工作，車燈突然變暗，此時(shí)(????)

A.車燈的電流變小 B.路端電壓變小

C.電路的總電流變小 D.電源的總功率變大【答案】ABD【解析】解：S閉合，燈與電動(dòng)機(jī)并聯(lián)，路端電阻總電阻R減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律知U=RR+rE減小，干路電流I增大，車燈電流I燈=UR燈減小，電源的總功率EI變大，故ABD正確，C甲、乙兩顆人造衛(wèi)星質(zhì)量相等，均繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，甲的軌道半徑是乙的2倍。下列應(yīng)用公式進(jìn)行的推論正確的有(????)A.由v=gR可知，甲的速度是乙的2倍

B.由a=ω2r可知，甲的向心加速度是乙的2倍

C.由F=GMm【答案】CD【解析】解：AB、甲的軌道半徑是乙的2倍，根據(jù)萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r=man得：

v=GMr，故v甲v乙=r乙r甲=12，故乙的速度是甲的2倍；

an=GMr2，甲的向心加速度是乙的14，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)萬有引力提供向心力則F=GMmr2如圖所示，小球A、B分別從2l和l的高度水平拋出后落地，上述過程中A、B的水平位移分別為l和2l.忽略空氣阻力，則(????)A.A和B的位移大小相等 B.A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是B的2倍

C.A的初速度是B的12 D.A的末速度比B的大【答案】AD【解析】解：A、A和B的位移大小都為l2+4l2=5l，故A正確；

B、根據(jù)h=12gt2得：t=2hg，則A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：tA=4lg，B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：tB=2lg，故tAtB=22=2，故B錯(cuò)誤；

C、水平初速度為：v0=xt，則有：v如圖所示，絕緣輕桿的兩端固定帶有等量異號(hào)電荷的小球(不計(jì)重力)。開始時(shí)，兩小球分別靜止在A、B位置?，F(xiàn)外加一勻強(qiáng)電場(chǎng)E，在靜電力作用下，小球繞輕桿中點(diǎn)O轉(zhuǎn)到水平位置。取O點(diǎn)的電勢(shì)為0.下列說法正確的有(????)A.電場(chǎng)E中A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn) B.轉(zhuǎn)動(dòng)中兩小球的電勢(shì)能始終相等

C.該過程靜電力對(duì)兩小球均做負(fù)功 D.該過程兩小球的總電勢(shì)能增加【答案】AB【解析】解：A、根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可得電場(chǎng)E中A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)，故A正確；

B、設(shè)OA=OB=L，開始狀態(tài)輕桿與電場(chǎng)線方向的夾角為θ，根據(jù)壓強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系得：UOA=Ed=ELcosθ

取O點(diǎn)的電勢(shì)為0，則有：UOA=φO-φA

解得：φA=-ELcosθ

同理可得：φB=ELcosθ

又根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系得A小球的電勢(shì)能為：EpA=玻璃的出現(xiàn)和使用在人類生活里已有四千多年的歷史，它是一種非晶體。下列關(guān)于玻璃的說法正確的有(????)A.沒有固定的熔點(diǎn) B.天然具有規(guī)則的幾何形狀

C.沿不同方向的導(dǎo)熱性能相同 D.分子在空間上周期性排列【答案】AC【解析】解：A、玻璃是一種非晶體，沒有固定的熔點(diǎn)，故A正確。

B、玻璃是一種非晶體，沒有天然的規(guī)則的幾何形狀，故B錯(cuò)誤。

C、玻璃是一種非晶體，在物理性質(zhì)上表現(xiàn)為各向同性，故沿不同方向的導(dǎo)熱性能相同，故C正確。

D、只有組成晶體的物質(zhì)微粒才有規(guī)則地、周期性地在空間排列；玻璃是一種非晶體，其分子在空間上并不呈周期性排列，故D錯(cuò)誤。

故選：AC。

玻璃是一種非晶體，沒有固定的熔點(diǎn)，沒有天然的規(guī)則的幾何形狀，在物理性質(zhì)上表現(xiàn)為各向同性，其分子在空間上并不呈周期性排列。

本題考查了晶體和非晶體。認(rèn)識(shí)晶體和非晶體性質(zhì)及其空間結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)，是解決本題的關(guān)鍵點(diǎn)。

電磁波廣泛應(yīng)用在現(xiàn)代醫(yī)療中。下列屬于電磁波應(yīng)用的醫(yī)用器械有(????)A.殺菌用的紫外燈 B.拍胸片的X光機(jī)

C.治療咽喉炎的超聲波霧化器 D.檢查血流情況的“彩超”機(jī)【答案】AB【解析】解：A、紫外燈發(fā)出的紫外線是電磁波，被細(xì)菌吸收會(huì)誘導(dǎo)細(xì)胞中核酸發(fā)生化學(xué)反應(yīng)，從而殺滅細(xì)菌，故A正確；

B、X光機(jī)發(fā)射的X射線是波長(zhǎng)很短的電磁波，X射線穿力很強(qiáng)，被人體各種組織吸收后，發(fā)生不同強(qiáng)度的感光，從而獲得X射線影像，故B正確；

C、治療咽喉炎的超聲波霧化器原理是利用高頻聲波將液態(tài)水分子打散產(chǎn)生水霧，便于用藥吸收，故C錯(cuò)誤；

D、檢查血流情況的“彩超”機(jī)是利用超聲波的多普勒效應(yīng)工作，故D錯(cuò)誤。

故選：AB。

根據(jù)電磁波的波長(zhǎng)不同具有的特性不同分析，紫光線能量較高，可以使蛋白質(zhì)變性；X光穿透力強(qiáng)，可發(fā)生感光作用；聲波具有能量也可以傳輸信息。

本題考查電磁波和超聲波的應(yīng)用，很基礎(chǔ)，可見高考對(duì)原理的應(yīng)用考查是一個(gè)重要的方向，平時(shí)學(xué)習(xí)要注意理論聯(lián)系實(shí)際。

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）某同學(xué)描繪一種電子元件的I-U關(guān)系圖象，采用的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖1所示，為電壓表，為電流表，E為電源(電動(dòng)勢(shì)約6V)，R為滑動(dòng)變阻器(最大阻值20Ω)，R0為定值電阻，S為開關(guān)。

(1)請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖2所示的實(shí)物電路連接完整。電壓U0.0000.2500.5000.6500.7000.7250.750電流I0.000.100.250.601.704.307.50請(qǐng)根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在方格紙上作出該元件的I-U圖線。

(3)根據(jù)作出的I-U圖線可知，該元件是______(選填“線性”或“非線性”)元件。

(4)在上述測(cè)量中，如果用導(dǎo)線代替電路中的定值電阻R0，會(huì)導(dǎo)致的兩個(gè)后果是______。

(A)電壓和電流的測(cè)量誤差增大

(B【答案】(1)

(2)

(3)非線性；(4)BC【解析】【分析】

(1)根據(jù)圖1所示電路圖連接實(shí)物電路圖。

(2)根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后作出圖象。

(3)I-U圖線想直線的是線性原件，圖線不是直線的原件為非線性原件。

(4)分壓電路中接入串聯(lián)電阻儀方面可以保護(hù)電表，另一方面可以增大滑動(dòng)變阻器的調(diào)節(jié)范圍。

本題考查了連接實(shí)物電路圖、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理等問題；I-U圖象是直線的原件是線性原件，I-U圖象是曲線的原件是非線性原件；應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方法，要掌握描點(diǎn)法作圖的方法。

【解答】

(1)根據(jù)圖1所示實(shí)驗(yàn)電路圖連接是電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示；

(2)根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出圖象，如圖所示；

(3)由圖示圖象可知，圖線是一條曲線，該元件是非線性元件。

(4)由圖1所示電路圖可知，定值電阻與待測(cè)元件、電流表串聯(lián)，

一方面可以避免應(yīng)電流過大損壞電流表，另一方面可以增大滑動(dòng)變阻器的調(diào)節(jié)范圍，故選BC。

故答案為：(1)實(shí)物電路圖如圖所示；(2)圖象如圖所示；疫情期間“停課不停學(xué)”，小明同學(xué)在家自主開展實(shí)驗(yàn)探究。用手機(jī)拍攝物體自由下落的視頻，得到分幀圖片，利用圖片中小球的位置來測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋瑢?shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。

(1)家中有乒乓球、小塑料球和小鋼球，其中最適合用作實(shí)驗(yàn)中下落物體的是______。

(2)下列主要操作步驟的正確順序是______。(填寫各步驟前的序號(hào))

①把刻度尺豎直固定在墻上

②捏住小球，從刻度尺旁靜止釋放

③手機(jī)固定在三角架上，調(diào)整好手機(jī)鏡頭的位置

④打開手機(jī)攝像功能，開始攝像

(3)停止攝像，從視頻中截取三幀圖片，圖片中的小球和刻度如圖2所示。已知所截取的圖片相鄰兩幀之間的時(shí)間間隔為16s，刻度尺的分度值是1mm，由此測(cè)得重力加速度為______m/s2。

(4)在某次實(shí)驗(yàn)中，小明釋放小球時(shí)手稍有晃動(dòng)，視頻顯示小球下落時(shí)偏離了豎直方向。從該視頻中截取圖片，______(選填“仍能”或“不能”)用(3)【答案】小鋼球

①③④②

9.6

仍能【解析】解：(1)利用小球的自由下落測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)中，要求空氣阻力相對(duì)于小球的重力來說可以忽略，所以選取小球時(shí)要盡可能選取體積小、密度大的球，故幾種小球中最適合用作實(shí)驗(yàn)中下落物體的是小鋼球；

(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)要先把刻度尺豎直固定在墻上，再固定手機(jī)，調(diào)整好手機(jī)鏡頭的位置，然后打開手機(jī)攝像功能，開始攝像，從刻度尺旁靜止釋放小球，故正確的操作順序?yàn)椋孩佗邰堍冢?/p>

(3)根據(jù)圖2可知三幅圖中小球中心對(duì)應(yīng)的刻度值分別為：

x1=2.50cm=0.0250m，x2=26.50cm=0.2650m，x3=77.20cm=0.7720m，

根據(jù)逐差法求解加速度的方法可得：

g=(x3-x2)-(x2-x1)T2=(0.7720-0.2650)-(0.2650-0.0250)四、填空題（本大題共3小題，共12.0分）大量處于某激發(fā)態(tài)的氫原子輻射出多條譜線，其中最長(zhǎng)和最短波長(zhǎng)分別為λ1和λ2，則該激發(fā)態(tài)與基態(tài)的能量差為______，波長(zhǎng)為λ1的光子的動(dòng)量為______。(已知普朗克常量為h，光速為【答案】hcλ【解析】解：(1)由波長(zhǎng)和頻率關(guān)系ν=cλ知，波長(zhǎng)越短，對(duì)應(yīng)的頻率越大，輻射出去的光子能量越大，該激發(fā)態(tài)與基態(tài)的能量差最大，最大值為：E=hν2=hcλ2；

(2)由光子的能量為E=hν及質(zhì)能方程E=mc2，可得光子的動(dòng)量為：

p=mc=Ec=hνc

一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶?jī)?nèi)液面上方形成了酒精的飽和汽，此時(shí)______(選填“有”或“沒有”)酒精分子從液面飛出。當(dāng)溫度升高時(shí)，瓶中酒精飽和汽的密度______(選填“增大”“減小”或“不變”)。【答案】有

增大【解析】解：一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶?jī)?nèi)液面上方形成了酒精的飽和汽，這時(shí)蒸發(fā)和液化達(dá)到了動(dòng)態(tài)平衡，此時(shí)仍然有酒精分子從液面飛出，只不過飛出的酒精分子和液化的酒精分子一樣多；

當(dāng)處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時(shí)，分子平均動(dòng)能增大，單位時(shí)間內(nèi)逸出液面的酒精分子數(shù)增多，于是原來的動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強(qiáng)變大，導(dǎo)致單位時(shí)間內(nèi)返回的酒精分子數(shù)增多，從而達(dá)到新的條件下的動(dòng)態(tài)平衡；

故答案為：有，增大。

在密閉容器中的液體不斷的蒸發(fā)，液面上的蒸氣也不斷地液化，當(dāng)這兩個(gè)同時(shí)存在的過程達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡時(shí)，宏觀的蒸發(fā)也停止了，這種與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫做飽和汽；當(dāng)處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時(shí)，分子平均動(dòng)能增大，單位時(shí)間內(nèi)逸出液面的酒精分子數(shù)增多，于是原來的動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強(qiáng)變大。

本題考查了飽和汽、未飽和汽和飽和汽壓等知識(shí)點(diǎn)，要求同學(xué)們對(duì)這部分知識(shí)要理解并強(qiáng)化記憶，加強(qiáng)練習(xí)。

我國(guó)的光纖通信技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平。光纖內(nèi)芯(內(nèi)層玻璃)的折射率比外套(外層玻璃)的______(選填“大”或“小”)。某種光纖的內(nèi)芯在空氣中全反射的臨界角為43°，則該內(nèi)芯的折射率為______。(取sin43°=0.68，cos43°=0.73，結(jié)果保留2位有效數(shù)字)【答案】大

1.5【解析】解：光纖通信過程光從內(nèi)層玻璃射向外層玻璃時(shí)要發(fā)生全反射，因此內(nèi)層玻璃的折射率大于外層玻璃的折射率；

根據(jù)臨界角公式：sinC=1n可知，

玻璃的折射率：n=1sinC=1sin43五、計(jì)算題（本大題共6小題，共59.0分）一只質(zhì)量為1.4kg的烏賊吸入0.1kg的水，靜止在水中。遇到危險(xiǎn)時(shí)，它在極短時(shí)間內(nèi)把吸入的水向后全部噴出，以2m/s【答案】解：烏賊與烏賊噴出的水組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以烏賊的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：

Mv'-mv=0

代入數(shù)據(jù)解得烏賊噴出的水的速度為：v=28m/s【解析】烏賊與水組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出烏賊噴出的水的速度大小。

本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，本題屬于反沖運(yùn)動(dòng)問題，根據(jù)題意應(yīng)用動(dòng)量守恒定律即可解題，解題時(shí)注意正方向的選擇。

一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其p-1V圖象如圖所示，求該過程中氣體吸收的熱量Q【答案】解：根據(jù)p-1V圖象可知，理想氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，外界對(duì)氣體做的功為：

W1=p(VA-VB)

從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，外界對(duì)氣體做的功為：W2=0

根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：△U=(W1+W【解析】根據(jù)p-1V圖象，可以求出理想氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B以及從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，外界對(duì)氣體做的功；然后應(yīng)用根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解即可。

本題考查了理想氣體問題中p國(guó)際宇航聯(lián)合會(huì)將2020年度“世界航天獎(jiǎng)”授予我國(guó)“嫦娥四號(hào)”任務(wù)團(tuán)隊(duì)?！版隙鹚奶?hào)”任務(wù)創(chuàng)造了多項(xiàng)世界第一。在探月任務(wù)中，“玉兔二號(hào)”月球車朝正下方發(fā)射一束頻率為f的電磁波，該電磁波分別在月壤層的上、下表面被反射回來，反射波回到“玉兔二號(hào)”的時(shí)間差為△t.已知電磁波在月壤層中傳播的波長(zhǎng)為λ，求該月壤層的厚度d?！敬鸢浮拷猓弘姶挪ㄔ谠氯缹拥膫鞑ニ俣葹椋簐=λf

電磁波在△t時(shí)間內(nèi)傳播的距離為：2d=v△t

【解析】根據(jù)波長(zhǎng)與頻率的關(guān)系求出波的傳播速度，已知反射波回到玉兔二號(hào)的時(shí)間差，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以求出月壤層的厚度。

本題考查了求月壤層厚度問題，分析清楚電磁波的傳播過程是解題的前提，根據(jù)波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系求出電磁波在月壤層中的傳播速度，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可解題。

如圖所示，電阻為0.1Ω的正方形單匝線圈abcd的邊長(zhǎng)為0.2m，bc邊與勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊緣重合。磁場(chǎng)的寬度等于線圈的邊長(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.5T.在水平拉力作用下，線圈以8m/s的速度向右穿過磁場(chǎng)區(qū)域。求線圈在上述過程中

(1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小E；

(2)所受拉力的大小F；【答案】解：(1)根據(jù)導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)計(jì)算公式可得：

E=BLv=0.5×0.2×8V=0.8V；

(2)根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電流為：I=ER=8A

拉力的大小等于安培力，即：F=FA=BIL

解得：F=0.8N

(3)根據(jù)功能關(guān)系可知，產(chǎn)生的焦耳熱等于克服安培力做的功，即等于拉力F做的功，所以有：Q=【解析】(1)根據(jù)導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)計(jì)算公式求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；

(2)根據(jù)閉合電路的歐姆定律、安培力的計(jì)算公式結(jié)合平衡條件求解拉力大小；

(3)根據(jù)功能關(guān)系求解感應(yīng)電流產(chǎn)生的熱量Q。

本題主要是考查電磁感應(yīng)與力、能量的結(jié)合，根據(jù)平衡條件列出方程求解拉力，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)功能關(guān)系列方程求解產(chǎn)生的熱；第二問也可以根據(jù)焦耳定律求解。

如圖所示，鼓形輪的半徑為R，可繞固定的光滑水平軸O轉(zhuǎn)動(dòng)。在輪上沿相互垂直的直徑方向固定四根直桿，桿上分別固定有質(zhì)量為m的小球，球與O的距離均為2R.在輪上繞有長(zhǎng)繩，繩上懸掛著質(zhì)量為M的重物。重物由靜止下落，帶動(dòng)鼓形輪轉(zhuǎn)動(dòng)。重物落地后鼓形輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω.繩與輪之間無相對(duì)滑動(dòng)，忽略鼓形輪、直桿和長(zhǎng)繩的質(zhì)量，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。求：

(1)重物落地后，小球線速度的大小v；

(2)重物落地后一小球轉(zhuǎn)到水