/2026屆湖南省長(zhǎng)沙市普通高中高三上學(xué)期畢業(yè)班第二次調(diào)研考試物理試卷（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1．本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上．2．回答第Ⅰ卷時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)．寫在本試卷上無效．3．回答第Ⅱ卷時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．4．測(cè)試范圍：高中物理人教版2019全部?jī)?nèi)容5．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．第一部分（選擇題共44分）單選題（本大題共6小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的，共24分）1．關(guān)于原子核、原子核的衰變、核能，下列說法正確的是（??）A．原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定B．發(fā)生α衰變時(shí)，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了2C．盧瑟福通過對(duì)α粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果的分析，提出了原子核內(nèi)有中子存在D．衰變成要經(jīng)過8次β衰變和6次α衰變2．如圖所示，旋轉(zhuǎn)餐桌中央有一個(gè)可以旋轉(zhuǎn)的圓臺(tái)，現(xiàn)將兩個(gè)完全相同的水杯A、B放于圓盤的不同位置.水杯質(zhì)量為m，與水平轉(zhuǎn)臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，它們到轉(zhuǎn)軸的距離分別為R、R2.由靜止開始緩慢增大轉(zhuǎn)臺(tái)的轉(zhuǎn)速，直到某個(gè)水杯即將發(fā)生滑動(dòng).水杯與轉(zhuǎn)臺(tái)間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g.則在這一過程中轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)水杯BA．12μmgR B．14μmgR C．3．如圖甲所示為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t＝0．2s時(shí)刻的波形圖，兩質(zhì)點(diǎn)P、Q的平衡位置分別位于x＝0．5m、x＝4m處，質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像如圖乙所示。下列說法正確的是 甲 乙A．t＝0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P正沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)B．質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為y＝5cos10πtC．從t＝0時(shí)刻至t＝0．15s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為（20－52）cmD．當(dāng)質(zhì)點(diǎn)Q在波峰時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P偏離平衡位置的位移為－524．2024年6月25日“嫦娥六號(hào)”實(shí)現(xiàn)世界首次月球背面采樣返回，先期進(jìn)入環(huán)月橢圓使命軌道的“鵲橋二號(hào)”中繼星功不可沒。而2018年發(fā)射的“鵲橋一號(hào)”運(yùn)行在地月延長(zhǎng)線上的拉格朗日點(diǎn)附近并以該點(diǎn)為圓心做圓周運(yùn)動(dòng)，同時(shí)與月球保持相對(duì)靜止一起繞地球運(yùn)動(dòng)，目前正在超期服役中。“鵲橋一號(hào)”和“鵲橋二號(hào)”軌道位置示意圖如圖所示。已知地球球心與月球球心間距離為點(diǎn)到月球球心距離為（遠(yuǎn)大于“鵲橋一號(hào)”到點(diǎn)的距離)，“鵲橋一號(hào)”繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為“鵲橋二號(hào)”在使命軌道周期的倍，若忽略地球和月球外其他天體對(duì)“鵲橋一號(hào)”的影響、忽略月球外其他天體對(duì)“鵲橋二號(hào)”的影響、忽略地球外其他天體對(duì)月球的影響，則“鵲橋二號(hào)”環(huán)月橢圓使命軌道的半長(zhǎng)軸為A．B．C．D．5．CT掃描是計(jì)算機(jī)X射線斷層掃描技術(shù)的簡(jiǎn)稱，CT掃描機(jī)可用于對(duì)多種病情的探測(cè)。圖(a)是某種CT機(jī)主要部分的剖面圖，其中X射線產(chǎn)生部分的示意圖如圖(b)所示。圖(b)中M、N之間有一電子束的加速電場(chǎng)，虛線框內(nèi)有勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)；經(jīng)調(diào)節(jié)后電子束從靜止開始沿帶箭頭的實(shí)線所示的方向前進(jìn)，打到靶上，產(chǎn)生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示)；將電子束打到靶上的點(diǎn)記為P點(diǎn)。則()A．M處的電勢(shì)高于N處的電勢(shì)B．增大M、N之間的加速電壓可使P點(diǎn)左移C．偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外D．增大偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可使P點(diǎn)左移6．（河北邢臺(tái)高二上聯(lián)考）如圖所示，P和Q為兩平行金屬板，板間有恒定的電壓，在P板附近有一電子(不計(jì)重力)由靜止開始向Q板運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是()eq\a\vs4\al()A．電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，與板間電壓無關(guān)，僅與兩板間距離有關(guān)B．電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，與兩板間距離無關(guān)，僅與板間電壓有關(guān)C．兩板間距離越小，電子的加速度就越小D．兩板間距離越大，加速時(shí)間越短二、多選題（本大題共4小題，每小題5分，共20分．在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得5分，部分選對(duì)的得部分，有選錯(cuò)的得0分．）7．如圖甲所示,粗糙的水平地面上有長(zhǎng)木板P,小滑塊Q(可看成質(zhì)點(diǎn))放置于長(zhǎng)木板上的最右端．現(xiàn)將一個(gè)水平向右的力F作用在長(zhǎng)木板的右端,讓長(zhǎng)木板從靜止開始運(yùn)動(dòng),一段時(shí)間后撤去力F的作用,滑塊和長(zhǎng)木板的v-t圖像如圖乙所示．已知長(zhǎng)木板和小滑塊的質(zhì)量均為m=1kg,小滑塊Q始終沒有從長(zhǎng)木板P上滑下,重力加速度g取10m/s2,則下列說法正確的是 ()甲乙A．長(zhǎng)木板P與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0．3B．拉力F的大小為1．75NC．5s后,長(zhǎng)木板的加速度大小為3m/s2D．長(zhǎng)木板P的長(zhǎng)度至少為3．5m8．如圖甲所示，在平靜的水面下深h處有一個(gè)點(diǎn)光源s，它發(fā)出不同顏色的a光和b光，在水面上形成了一個(gè)有光線射出的圓形區(qū)域，該區(qū)域的中間為由a、b兩種單色光所構(gòu)成的復(fù)色光圓形區(qū)域，周圍為環(huán)狀區(qū)域，且為a光的顏色（見圖乙）。設(shè)水對(duì)b光的折射率為，則下列說法正確的是（）A．在真空中，a光的傳播速度比b光的大B．在水中，a光的波長(zhǎng)比b光的長(zhǎng)C．復(fù)色光圓形區(qū)域的面積為D．由點(diǎn)光源s垂直水面發(fā)出的光，a光在水中的傳播時(shí)間比b光長(zhǎng)9．如圖，一質(zhì)量為M、長(zhǎng)為l的木板靜止在光滑水平桌面上，另一質(zhì)量為m的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從木板上的左端以速度v0開始運(yùn)動(dòng)．已知物塊與木板間的滑動(dòng)摩擦力大小為fA．木板的動(dòng)能一定等于flB．木板的動(dòng)能一定小于flC．物塊的動(dòng)能一定大于1D．物塊的動(dòng)能一定小于110．如圖所示，M、N之間接入電壓U0=100V的正弦交變電流，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1:n2=2:5，定值電阻R1A．電流表示數(shù)為5B．電壓表示數(shù)為200C．定值電阻R1和R2D．將滑動(dòng)變阻器滑片P上滑至a端時(shí)，電壓表示數(shù)約143第二部分（非選擇題共56分）三、非選擇題（本大題共5小題，共56分）11．（8分）某同學(xué)在做“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn).（1）該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球的直徑時(shí)示數(shù)如圖甲所示，則擺球的直徑D=_______________m，把擺球用細(xì)線懸掛在鐵架臺(tái)上，用毫米刻度尺測(cè)得擺線長(zhǎng)為l甲（2）實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖如圖乙所示，P、Q分別為擺球在運(yùn)動(dòng)過程中左、右側(cè)能到達(dá)的最高點(diǎn)，O為平衡位置，則應(yīng)該從擺球經(jīng)過______（填“O”“P”或“Q”）點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，該同學(xué)用停表記下單擺做n次全振動(dòng)的時(shí)間為t.乙（3）該同學(xué)通過計(jì)算測(cè)得的數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)他得到的重力加速度的數(shù)值偏大，其原因可能是_____.A．單擺的振幅較小B．單擺的懸點(diǎn)未固定緊，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線變長(zhǎng)了C．把單擺n次擺動(dòng)的時(shí)間誤記為(nD．以擺線長(zhǎng)l作為擺長(zhǎng)進(jìn)行計(jì)算（4）該同學(xué)改進(jìn)了處理數(shù)據(jù)的方法，他測(cè)量了5組擺長(zhǎng)L（擺線長(zhǎng)l與擺球半徑之和）和對(duì)應(yīng)的周期T，畫出L?T2圖像，然后在圖線上選取A、B兩個(gè)點(diǎn)，L丙12．（10分）某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)研究一個(gè)標(biāo)有“14V7WA.電源（電動(dòng)勢(shì)15VB.電壓表V(量程為3V,內(nèi)阻3C.電流表A(量程為0.6A,內(nèi)阻約為5D.小燈泡14VE.定值電阻R1F.定值電阻R2G.定值電阻R3H.滑動(dòng)變阻器R4(阻值范圍為0～I(xiàn).滑動(dòng)變阻器R5(阻值范圍為0～J.開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）實(shí)驗(yàn)前改裝時(shí)，電壓表與定值電阻______（填“串”或“并”）聯(lián),該同學(xué)選用的定值電阻應(yīng)為____________（填“R1”“R2”或“（2）實(shí)驗(yàn)器材中備有兩個(gè)滑動(dòng)變阻器，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用的是____________（填“R4”或“R5”）,實(shí)驗(yàn)要求能夠較準(zhǔn)確地畫出燈泡的（3）在研究小燈泡電壓隨電流的變化特點(diǎn)時(shí),若某次讀取電流、電壓分別為I0、U0，流經(jīng)電壓表的電流忽略不計(jì),則在如圖甲所示坐標(biāo)紙上描點(diǎn)時(shí)對(duì)應(yīng)坐標(biāo)為__________________（用I0、U 甲 乙（4）直接將該燈泡接到電動(dòng)勢(shì)為15V、內(nèi)阻為5Ω的電源兩端時(shí),燈泡L消耗的電功率為________________________________13．重型卡車運(yùn)行過程中輪胎的胎壓超過p1=12bar或者低于p2=5bar值都會(huì)使爆胎概率達(dá)到60%（1）卡車運(yùn)行速度在40～140km/h（2）卡車以速度v2=60km/h勻速運(yùn)行時(shí)，其中一個(gè)輪胎因?yàn)榫徛馐沟锰褐登『脼?4．（16分）滑雪是一項(xiàng)受歡迎的體育運(yùn)動(dòng)，大多數(shù)滑雪運(yùn)動(dòng)員在賽道上的滑行速度超過每小時(shí)100千米，風(fēng)險(xiǎn)較大。我們?cè)O(shè)想一種電磁滑道，可以通過控制磁場(chǎng)強(qiáng)弱實(shí)現(xiàn)對(duì)滑行速度的控制。如圖甲所示的足夠長(zhǎng)的光滑斜面與水平面成θ＝37°角，邊界EF上方的區(qū)域內(nèi)存在垂直斜面方向的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化規(guī)律如圖乙所示。t＝0時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直斜面向上，0～2s時(shí)間內(nèi)，單匝正方形閉合金屬框ABCD在外力作用下靜止在斜面上，金屬框CD邊與邊界EF的距離為L(zhǎng)＝13m，t＝2s時(shí)撤去外力，金屬框?qū)⒀匦泵嫦禄撕蟠鸥袘?yīng)強(qiáng)度保持不變。已知金屬框質(zhì)量為0．1kg，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，每條邊電阻均為R＝0．025Ω，金屬框CD邊始終與邊界EF平行，從t＝0時(shí)刻到金屬框剛好完全離開磁場(chǎng)的過程中，金屬框AB邊產(chǎn)生的焦耳熱QAB＝9676480J，sin37°＝0．6，cos37°＝0．8，g＝10m/s 甲 乙（1）CD邊剛過邊界EF時(shí)，求C、D兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；（2）求金屬框AB邊剛到達(dá)邊界EF時(shí)的速度大??；（3）求從撤去外力到金屬框剛好完全離開磁場(chǎng)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間。15．（14分）如圖所示，置于光滑水平面上的輕彈簧左端固定,右端放置質(zhì)量為2m的小球A，小球A置于彈簧原長(zhǎng)位置。質(zhì)量為m的小球B和質(zhì)量為4m、半徑為R的光滑四分之一圓弧體C靜止在足夠長(zhǎng)的光滑水平面上，圓弧體C的水平面剛好與圓弧面的最底端相切。用力向左推動(dòng)小球A壓縮彈簧，由靜止釋放小球A后A與小球B發(fā)生彈性碰撞。小球B運(yùn)動(dòng)到圓弧體的最高點(diǎn)時(shí)，恰好與圓弧體相對(duì)靜止。兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為（1）小球A壓縮彈簧時(shí)彈簧所具有的彈性勢(shì)能；（2）小球B與圓弧體C第一次分離時(shí)小球B的速度大?。唬?）小球B第一次返回到圓弧體底端時(shí)對(duì)圓弧面的壓力大小。

2026屆湖南省長(zhǎng)沙市普通高中高三上學(xué)期畢業(yè)班第二次調(diào)研考試物理試卷參考答案1．【答案】B【詳解】比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，A錯(cuò)誤；發(fā)生衰變時(shí)，電荷數(shù)少2，則質(zhì)子數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，則中子數(shù)少2，B正確；盧瑟福通過分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，建立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，并沒有提出中子的存在，C錯(cuò)誤；根據(jù)一次衰變，質(zhì)量數(shù)減小4，質(zhì)子數(shù)減小2，而一次衰變，質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)增加1，因此鈾核衰變?yōu)殂U核的過程中，質(zhì)量數(shù)減少32，因此要經(jīng)過8次衰變，而質(zhì)子數(shù)只減少10，所以只有發(fā)生6次衰變，D錯(cuò)誤。2．【答案】C【詳解】當(dāng)水杯剛要發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有μmg=mrω2,由于A的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑較大,則水杯A先滑動(dòng),此時(shí)ω=μgR,B的速度大小為v3．【答案】C【解析】由題圖乙知，該波的傳播周期為T＝0．2s，t＝0．2s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q在平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)（關(guān)鍵：根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)圖像判斷質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向），由同側(cè)法知波沿x軸負(fù)方向傳播，因此t＝0．2s時(shí)刻和t＝0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P正沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；由題圖甲知，質(zhì)點(diǎn)P的初相位為φ0＝0．51×π2＝π4（關(guān)鍵：根據(jù)波長(zhǎng)與初相位的關(guān)系分析），則質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程為y＝5sin2πTt＋φ0cm＝5sin10πt＋π4cm，B錯(cuò)誤；t＝0．15s＝34T，則從t＝0時(shí)刻至t＝0．15s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為y＝2A＋2A－22A＝（20－52）cm（易錯(cuò)：質(zhì)點(diǎn)不是從平衡位置或最大位移處開始運(yùn)動(dòng)的，故通過的路程不等于振幅的整數(shù)倍），C正確；質(zhì)點(diǎn)Q從t＝0時(shí)刻到運(yùn)動(dòng)至波峰時(shí)，需要的時(shí)間Δt＝4．【答案】D【解析】設(shè)地球質(zhì)量為，月球質(zhì)量為，“鵲橋一號(hào)”質(zhì)量為，“鵲橋二號(hào)”質(zhì)量為，“鵲橋一號(hào)”繞地周期為，“鵲橋二號(hào)”在使命軌道的運(yùn)行周期為，“鵲橋二號(hào)”環(huán)月橢圓使命軌道的半長(zhǎng)軸為。依題意點(diǎn)到月球球心的距離遠(yuǎn)大于“鵲橋一號(hào)”到點(diǎn)的距離，則“鵲橋一號(hào)”可近似為于位置繞地球運(yùn)動(dòng)，對(duì)“鵲橋一號(hào)”有對(duì)月球有解得對(duì)“鵲橋二號(hào)”有又，聯(lián)立解得故選D。5．【答案】D【詳解】電子帶負(fù)電，故必須滿足N處的電勢(shì)高于M處的電勢(shì)才能使電子加速，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由左手定則可判定偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；對(duì)加速過程應(yīng)用動(dòng)能定理有eU＝eq\f(1,2)mv2，設(shè)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為r，由洛倫茲力提供向心力，有evB＝meq\f(v2,r)，則r＝eq\f(mv,eB)，電子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知，電子從磁場(chǎng)射出的速度方向與水平方向的夾角θ滿足sinθ＝eq\f(d,r)(其中d為磁場(chǎng)寬度)，聯(lián)立可得sinθ＝dBeq\r(\f(e,2mU))，可見增大U會(huì)使θ減小，電子在靶上的落點(diǎn)P右移，增大B可使θ增大，電子在靶上的落點(diǎn)P左移，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤，D正確。6．【答案】B【解析】極板之間的電壓U不變，由E＝eq\f(U,d)可知兩極板距離d越大，場(chǎng)強(qiáng)E越小，電場(chǎng)力F＝Ee越小，加速度越小，加速時(shí)間越長(zhǎng)，由eU＝eq\f(1,2)mv2，得v＝eq\r(\f(2eU,m))，則電子到達(dá)Q板時(shí)的速率與極板間距離無關(guān)，與加速電壓有關(guān)，A、C、D錯(cuò)誤，B正確．7．【答案】BD【詳解】由題圖乙可知,在t=4s時(shí)撤去力F,此時(shí)長(zhǎng)木板P的速度為v1=3m/s,t=5s時(shí)兩者速度均為v2=2m/s,0~5s內(nèi),滑塊Q的加速度大小為a1=0．4m/s2,由牛頓第二定律有μ1mg=ma1,解得μ1=0．04,4~5s內(nèi),長(zhǎng)木板P的加速度大小為a'1=1m/s2,由牛頓第二定律有μ1mg+μ2(m+m)g=ma'1,解得μ2=0．03,A錯(cuò)誤;0~4s內(nèi),長(zhǎng)木板P的加速度大小為a2=0．75m/s2,由牛頓第二定律有F-μ1mg-μ2(m+m)g=ma2,解得F=1．75N,B正確;因μ1>μ2,故5s后小滑塊Q和長(zhǎng)木板P相對(duì)靜止,對(duì)整體受力分析,由牛頓第二定律有μ2(m+m)g=(m+m)a3,解得a3=0．3m/s2,C錯(cuò)誤;0~5s內(nèi),小滑塊Q的位移大小為x1=12×5×2m=5m,長(zhǎng)木板P的位移大小為x2=12×3×4m+12×(3+2)×1m=8．5m,小滑塊Q始終沒有從長(zhǎng)木板P上滑下,故長(zhǎng)木板P的長(zhǎng)度至少為Δx=x2-x1=38．【答案】BC【詳解】解析在真空中，a光和b光的傳播速度都為光速c，A錯(cuò)誤；a光在水面上有光射出的區(qū)域面積較大，知a光的臨界角較大，根據(jù)，知a光的折射率和頻率都較小，再由，可知，在水中，a光的波速比b光的大，由，可得a光的波長(zhǎng)比b光的長(zhǎng)，B正確；設(shè)復(fù)色光區(qū)域的半徑為r，根據(jù)，結(jié)合幾何關(guān)系，可知，復(fù)色光圄形區(qū)球的面和為，C正確；根據(jù)可知，a光在水中的傳播速度較大，所以由點(diǎn)光源s垂直水面發(fā)出的光，a光在水中的傳播時(shí)間比b光短，D錯(cuò)誤。9．【答案】BD【解析】作出木板及物塊的運(yùn)動(dòng)草圖,如圖甲所示,根據(jù)木板和物塊的運(yùn)動(dòng)情況可以作出其v?t圖像如圖乙所示．木板受到的摩擦力向右,摩擦力對(duì)木板做正功,設(shè)木板對(duì)地位移為xM,對(duì)木板,由動(dòng)能定理得fxM=12mv22, 甲 乙10．【答案】AD【解析】根據(jù)理想變壓器電壓、電流與線圈匝數(shù)的關(guān)系有u1u2=I2I1=n1n2,結(jié)合歐姆定律有I1=U0?u1R1,I2=u2R2+R32,解得I1=5A,u2=20011．【答案】（1）8.10（2）O（3）C（4）4【解析】（1）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為8mm,游標(biāo)尺讀數(shù)為0.05×2（2）為了方便計(jì)時(shí),應(yīng)從擺球經(jīng)過最低點(diǎn)O時(shí)開始計(jì)時(shí).（3）根據(jù)單擺周期公式T=2πLg可得g=4π?2LT2.該式只有當(dāng)擺動(dòng)的角度小于5°時(shí)才能成立,所以單擺的振幅較小,不影響重力加速度的測(cè)量,故（4）根據(jù)單擺的周期公式T=2πLg,整理可得L=g4π12．【答案】（1）串（1分）；R2（2）R4（3）I0（4）6.15(6.10～【詳解】（1）燈泡的額定電壓為14V，電壓表的量程為3V，可將電壓表的量程擴(kuò)大到15V，故電壓表與定值電阻串聯(lián)，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律得RRV（2）本實(shí)驗(yàn)需要畫燈泡的U?I曲線，電壓需要從0開始調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，選用最大阻值較小的R4，燈泡的電阻約為R圖1（3）電壓表讀數(shù)為U0時(shí)，燈泡兩端電壓為5U0，流過燈泡的電流為I（4）設(shè)燈泡兩端電壓為U，電流為I，由閉合電路歐姆定律得E=U+Ir，即U=15?5I圖213．【答案】（1）114（2）61【解析】（1）根據(jù)查理定律有p0(t0+273)K（2）速度為v2=60km/h時(shí),由題圖可得此時(shí)輪胎溫度為60℃,即T2=(60+273)K=333K,假設(shè)輪胎沒有漏氣,由查理定律有p0(【方法總結(jié)】容器漏氣過程中氣體的質(zhì)量不斷發(fā)生變化,屬于變質(zhì)量問題,如果選擇容器內(nèi)剩余氣體和漏掉的氣體作為研究對(duì)象,即可將“變質(zhì)量”問題轉(zhuǎn)化為“定質(zhì)量”問題.14．【答案】（1）－16V（2）1m/s（3）127【解析】（1）CD邊運(yùn)動(dòng)到EF的過程中由動(dòng)能定理得mgLsin37°＝12mv解得v1＝2m/s（1分）CD邊剛過邊界時(shí)，AB邊切割磁感線相當(dāng)于電源，所以C、D兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UCD＝－14BLv1解得UCD＝－16（2）從t＝0時(shí)刻到AB邊剛