高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1蚌埠市2025屆高三年級(jí)適應(yīng)性考試物理注意事項(xiàng)：1、答卷前，務(wù)必將自己的姓名和座位號(hào)填寫在答題卡和試卷上。2、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，務(wù)必擦凈后再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合要求。1.如圖所示，光滑鐵球通過(guò)一根水平細(xì)繩固定在靜止的斜面上，當(dāng)斜面豎直向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，與靜止時(shí)相比，鐵球受到的細(xì)繩拉力T和斜面支持力N的變化情況是（）A.T增大，N減小 B.T增大，N增大C.T不變，N減小 D.T減小，N增大【答案】B【解析】對(duì)小球受力分析，設(shè)斜面的傾角為，如圖所示開(kāi)始時(shí)，小球靜止，由平衡條件可知，當(dāng)斜面豎直向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律則故斜面支持力N增大，而故鐵球受到的細(xì)繩拉力T也增大。故選B。2.如圖為氫原子能級(jí)圖。一束動(dòng)能的電子流轟擊處于基態(tài)的大量氫原子，這些氫原子受激對(duì)外輻射出不同頻率的光，利用這些光分別照射逸出功的金屬鎢。已知光在真空中傳播的速度為c，普朗克常數(shù)為h，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電子流的波長(zhǎng)為B.氫原子受激輻射出6種頻率的光C.輻射光中有2種頻率的光可使鎢發(fā)生光電效應(yīng)D.鎢發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，逸出光電子最大初動(dòng)能一定為5.66eV【答案】C【解析】A．根據(jù)德布羅意波波長(zhǎng)公式對(duì)于電子，動(dòng)能為解得所以故A錯(cuò)誤；B．基態(tài)氫原子吸收12.50eV的能量后，則此時(shí)氫原子的能量為故氫原子只能躍遷到能級(jí)，故氫原子受激輻射出種頻率的光，故B錯(cuò)誤；C．從能級(jí)向低能級(jí)躍遷，輻射的光子能量分別為，，根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知，當(dāng)光子能量大于金屬鎢的逸出功時(shí)才可發(fā)生光電效應(yīng)，故輻射光中有2種頻率的光可使鎢發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確；D．根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知最大光子能量為則鎢發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，逸出的光電子最大初動(dòng)能為故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖為某光學(xué)直角三棱鏡的截面，AB⊥BC，，棱鏡的折射率為。一細(xì)光束從D點(diǎn)垂直AB由真空射入棱鏡，從P點(diǎn)第一次射出棱鏡，從Q點(diǎn)第二次射出棱鏡。已知，下列關(guān)于P、Q兩點(diǎn)的說(shuō)法正確的是（）A.P點(diǎn)在BC邊上 B.Q點(diǎn)在AC邊上C.從P點(diǎn)射出時(shí)光的折射角為30° D.從Q點(diǎn)射出時(shí)光的入射角為10°【答案】D【解析】AC．作出光路圖由題意可知，光線進(jìn)入三棱鏡后在AC邊上的入射角為由臨界角公式可得因?yàn)樗园l(fā)生全反射，光線第一次到達(dá)BC邊，入射角為50°，由于，則光線再次發(fā)生全反射，光線第二次到達(dá)AC邊，入射角為30°，由分析可知該入射角小于臨界角，該位置光線第一次射出三棱鏡，故該點(diǎn)為P點(diǎn)，根據(jù)光的折射定律可知，折射角大于30°，故AC錯(cuò)誤；BD．由圖可知，反射光線第二次到達(dá)BC上，入射角為10°，該角小于臨界角，故光線第二次射出三棱鏡，該點(diǎn)為Q點(diǎn)，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.水平的xOy平面處在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子在xOy平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，其速度沿x軸和y軸的分量分別為、，二者的變化關(guān)系圖像是以O(shè)為圓心、半徑為a的圓（如圖所示），不計(jì)粒子所受重力，則下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為C.粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度大小為D.粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為【答案】B【解析】A．由題意可知，帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度滿足說(shuō)明帶電粒子的速度大小恒為a，由于洛倫茲力始終垂直于速度方向，故粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由洛倫茲力提供向心力其中則粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為故B正確；C．粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大小為故C錯(cuò)誤；D．粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期其中，聯(lián)立可得，周期為故D錯(cuò)誤。故選B。5.兩個(gè)帶電小球a、b在光滑絕緣的水平面內(nèi)沿同一直線運(yùn)動(dòng)，圖為兩小球的v－t圖像，若在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中a、b始終未接觸，則下列說(shuō)法正確的是（）A.兩小球一定帶異種電荷B.a球質(zhì)量小于b球的質(zhì)量C.時(shí)刻兩球的電勢(shì)能最大D.時(shí)間內(nèi)兩小球動(dòng)能之和先變大后變小【答案】C【解析】A．由圖像可知，小球a做初速度為0的加速運(yùn)動(dòng)，小球b做減速運(yùn)動(dòng)，若b在前、a在后，兩球相互吸引，帶異種電荷，若a在前，b在后，則兩球相互排斥，帶同種電荷，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律，兩球間的電場(chǎng)力是相互作用力，大小相等，由圖像可知，在相同時(shí)間內(nèi)，b球速度變化量比a球速度變化量大，即b球的加速度比a球加速度大，根據(jù)牛頓第二定律可知在F相同的情況下，加速度大的質(zhì)量小，故a球的質(zhì)量大于b球的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)能量守恒定律，兩球構(gòu)成的系統(tǒng)電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變，時(shí)刻兩球速度相等，系統(tǒng)動(dòng)能最小，電勢(shì)能最大，則時(shí)間內(nèi)兩小球動(dòng)能之和先變小后變大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為k，原線圈所接正弦式交變電壓的有效值為U，為定值電阻，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為的兩倍，P為變阻器的滑片，電表均為理想電表，二極管為理想二極管。則P由最上端滑動(dòng)到最下端的過(guò)程中（）A.電壓表的示數(shù)保持為不變B.電流表示數(shù)增大，消耗的功率減小C.電流表示數(shù)減小，消耗的功率先增大后減小D.電流表示數(shù)減小，消耗的功率先增大后減小【答案】D【解析】A．由于二極管的影響，副線圈電路中只有半個(gè)周期有電流，故不一直滿足，即電壓表的示數(shù)不滿足不變，故A錯(cuò)誤；BCD．P由最上端滑動(dòng)到最下端的過(guò)程中，電阻接入電路的阻值變大，副線圈電路中的電流變小，電流表示數(shù)變小，消耗的功率減小，由于的阻值先小于再等于最后大于，類比閉合電路歐姆定律規(guī)律可知消耗的功率先增大后減小，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，質(zhì)量為m的“”型導(dǎo)體處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其下端分別插在兩個(gè)水銀槽里，導(dǎo)體水平部分長(zhǎng)度為L(zhǎng)。閉合開(kāi)關(guān)K，導(dǎo)體向上彈出，能上升的最大高度為h，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則從閉合開(kāi)關(guān)K到導(dǎo)體上升到最高處的過(guò)程中（）A.導(dǎo)體的機(jī)械能守恒 B.通過(guò)導(dǎo)體的電流強(qiáng)度為C.磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體所做的功為mgh D.磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體的沖量大小為【答案】C【解析】A．在閉合開(kāi)關(guān)到導(dǎo)體上升的過(guò)程中，磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體做正功，則導(dǎo)體的機(jī)械能增加，故A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體向上彈出瞬間，根據(jù)牛頓第二定律則所以通過(guò)導(dǎo)體的電流強(qiáng)度為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理，從導(dǎo)體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)上升到最高處，磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體所做的功轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體的重力勢(shì)能，所以磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體所做的功為mgh，故C正確；D．導(dǎo)體向上彈出后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得導(dǎo)體彈出瞬間的速度大小為根據(jù)動(dòng)量定理可得磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體的沖量大小不等于，故D錯(cuò)誤。故選C。8.在2025年全國(guó)室內(nèi)田徑大獎(jiǎng)賽中，鞏立姣獲得鉛球金牌。她在某次訓(xùn)練中將鉛球從距地面某高度以大小為的速度斜向上拋出，速度與水平方向成角，鉛球落地時(shí)速度的大小為v且與水平方向成角。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中鉛球的速度與水平方向的夾角先增大后減小B.鉛球的水平射程為C.當(dāng)時(shí)鉛球的水平射程最大，其值為D.若，鉛球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為【答案】D【解析】A．在最高點(diǎn)鉛球的速度方向沿水平方向，則在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中鉛球的速度與水平方向的夾角先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．由斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，水平方向有其中規(guī)定豎直方向?yàn)檎较?，豎直方向有落地時(shí)則解得所以鉛球的水平射程為故B錯(cuò)誤；C．因?yàn)殂U球水平射程為則當(dāng)時(shí)，鉛球的水平射程最大，其值為故C錯(cuò)誤；D．若，則鉛球從拋出到落地的過(guò)程中，速度的變化量為根據(jù)解得鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故D正確。故選D。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。9.月球繞地球的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且月球的一面始終正對(duì)地球。已知地球表面的重力加速度為g，地球半徑為，月球質(zhì)量為m，月球半徑為R，月球繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，萬(wàn)有引力常量為G。假設(shè)月球有同步衛(wèi)星且只受月球引力作用，則月球同步衛(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的（）A.周期為 B.周期為C.軌道半徑為 D.軌道半徑為【答案】AC【解析】AB．在地球表面有月球繞地球運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力解得又因?yàn)樵虑蛲叫l(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的周期與月球自轉(zhuǎn)周期相同，而月球繞地球運(yùn)動(dòng)時(shí)其一面始終正對(duì)地球，所以月球的自轉(zhuǎn)周期等于月球繞地球運(yùn)動(dòng)的周期，即月球同步衛(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的周期為，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力其中聯(lián)立可得月球同步衛(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖甲所示，水平面內(nèi)的光滑導(dǎo)軌處于豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌左右兩側(cè)各接有阻值為R的定值電阻。一長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻值為0.5R的金屬棒在拉力的作用下，從ab處由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒中的電流大小隨位移變化圖像如圖乙所示，經(jīng)時(shí)間t金屬棒的位移為，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，則在金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）A.金屬棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.金屬棒在處的速度大小為C.t時(shí)間內(nèi)通過(guò)金屬棒的平均電流為D.t時(shí)間內(nèi)電流通過(guò)金屬棒產(chǎn)生的熱量為【答案】BD【解析】A．根據(jù)電路分析可知，電路中的總電阻為在導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為可知電流大小與速度成正比，根據(jù)圖像可得則與成正比，所以導(dǎo)體棒的速度與位移大小成正比，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知金屬棒做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)應(yīng)該是導(dǎo)體棒速度的平方與位移成正比，所以金屬棒做的不是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)時(shí)，由圖乙可知根據(jù)可得金屬棒在處的速度大小為故B正確；C．根據(jù)可得t時(shí)間內(nèi)通過(guò)金屬棒的平均電流為故C錯(cuò)誤；D．在純電阻電路中，電路中所產(chǎn)生的總焦耳熱等于克服安培力做的功，結(jié)合乙圖像的面積關(guān)系可知根據(jù)焦耳熱分配定律可知t時(shí)間內(nèi)電流通過(guò)金屬棒產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選BD。三、非選擇題：共5題，共58分。11.圖甲為“探究氣體等溫變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)裝置，用細(xì)軟管將注射器的小孔與壓強(qiáng)傳感器連接，管內(nèi)密封一定質(zhì)量的氣體，用數(shù)據(jù)采集器連接計(jì)算機(jī)測(cè)量氣體壓強(qiáng)。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，采集多組數(shù)據(jù)并繪出圖乙所示的圖像。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，若氣體溫度保持不變，對(duì)應(yīng)的圖像是曲線______；若氣體溫度逐漸升高，則對(duì)應(yīng)的圖像是曲線______。（均選填“①”“②”或“③”）（2）某同學(xué)用不同質(zhì)量的同種氣體在相同溫度條件下完成上述實(shí)驗(yàn)，繪制出的圖像如圖丙，若圖線a、b的斜率之比為2∶1，則圖線a、b對(duì)應(yīng)的氣體質(zhì)量之比______?！敬鸢浮浚?）③②（2）2∶1【解析】【小問(wèn)1詳析】[1]根據(jù)玻意耳定律，化簡(jiǎn)可得故實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，若氣體溫度保持不變，對(duì)應(yīng)的圖像是曲線③；[2]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，化簡(jiǎn)可得則若氣體溫度逐漸升高，圖像的斜率逐漸增大，則對(duì)應(yīng)的圖像是曲線②?！拘?wèn)2詳析】根據(jù)化簡(jiǎn)可得則由題意可知故圖線a、b對(duì)應(yīng)的氣體質(zhì)量之比12.某小組用下列器材測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。A.待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)E約6V，內(nèi)阻約4Ω）B.電流表A（量程1.0A，內(nèi)阻約1.5Ω）C電阻箱R（0~999.9Ω）D.定值電阻E.定值電阻F.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）小明先用圖甲所示的電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻。閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電阻箱的阻值時(shí)，發(fā)現(xiàn)閉合或斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，電流表的指針位置均相同，則電流表的內(nèi)阻______Ω。若忽略偶然誤差，從理論上分析，本實(shí)驗(yàn)中電流表內(nèi)阻的測(cè)量值______（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。（2）小剛用圖乙所示的電路測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)S；多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄電流表的示數(shù)I和相應(yīng)的電阻箱阻值R，并在丙圖中描點(diǎn)。請(qǐng)你在丙圖中繪出圖像______，根據(jù)圖像可求出，電源的電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)阻______Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）1.2等于（2）5.6##5.3##5.4##5.5##5.73.9##3.6##3.7##3.8##4.0【解析】【小問(wèn)1詳析】[1][2]閉合和斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)電流表指針指示值相同，即閉合的情況下，沒(méi)有電流通過(guò)開(kāi)關(guān)，則有可得從理論上分析是沒(méi)有系統(tǒng)誤差的，故實(shí)驗(yàn)測(cè)得電流表內(nèi)阻值等于真實(shí)值?！拘?wèn)2詳析】[1]在丙圖中描點(diǎn)，繪出圖像，如圖所示[2][3]由閉合電路歐姆定律知化簡(jiǎn)可得由圖像可知，故電源的電動(dòng)勢(shì)為電源內(nèi)阻為13.如圖，某倉(cāng)庫(kù)使用智能機(jī)器人從地面沿豎直懸掛的繩子爬升到貨物臺(tái)取貨物。繩子的另一端通過(guò)光滑定滑輪連接一個(gè)靜止在地面質(zhì)量的重物。已知機(jī)器人的質(zhì)量，貨物臺(tái)距地面高度，爬升過(guò)程中僅由繩子提供動(dòng)力且保證繩子不松弛，重物始終不離開(kāi)地面，g取。（1）分別求出機(jī)器人加速和減速爬升時(shí)的最大加速度大??；（2）若機(jī)器人經(jīng)過(guò)勻加速、勻速和勻減速三個(gè)階段，到達(dá)貨物臺(tái)時(shí)速度恰好為零，加速和減速時(shí)均以最大加速度進(jìn)行，且最大速度為4m/s，求整個(gè)爬升過(guò)程所需的時(shí)間?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】【小問(wèn)1詳析】設(shè)加速和減速時(shí)最大加速度大小分別為和，由牛頓第二定律得，解得，【小問(wèn)2詳析】設(shè)勻加速、勻速和勻減速三個(gè)階段的時(shí)間分別為、和，位移分別為、和，由運(yùn)動(dòng)規(guī)律得，，，，其中解得整個(gè)爬升過(guò)程所需的時(shí)間14.如圖所示，輕質(zhì)絕緣水平彈簧一端固定在豎直墻壁上，另一端連接質(zhì)量為m的不帶電小球B，并靜止于光滑絕緣水平面上，整個(gè)裝置處于電場(chǎng)強(qiáng)度為E的水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。某時(shí)刻質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的帶正電小球A從距B球L處由靜止開(kāi)始沿水平面運(yùn)動(dòng)，與B球發(fā)生正碰（碰撞時(shí)間極短）后粘在一起。已知彈簧的彈性勢(shì)能，其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，兩球均可視為質(zhì)點(diǎn)。（1）求碰撞后瞬間兩球的速度大小；（2）證明兩球碰撞后的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；若，求該簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅?！敬鸢浮浚?）（2）證明見(jiàn)解析，【解析】【小問(wèn)1詳析】設(shè)碰撞前A的速度為，碰撞后瞬間兩球的速度為，由動(dòng)能定理得由動(dòng)量守恒定律得聯(lián)立解得碰撞后瞬間兩球的速度大小為【小問(wèn)2詳析】A、B碰撞后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程受到電場(chǎng)力和彈簧的彈力作用，取向左為正方向，設(shè)A、B向左運(yùn)動(dòng)到O時(shí)（平衡位置）合外力為零，彈簧形變量為，如圖所示則此時(shí)的電場(chǎng)力大小為方向水平向左；當(dāng)A、B運(yùn)動(dòng)到P時(shí)，相對(duì)O的位移為x，則彈簧的彈力為方向水平向右；碰后A、B運(yùn)動(dòng)的合力提供回復(fù)力，則方向水平向右，故A、B碰后的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。設(shè)其振幅為A，則由能量守恒知解得該簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為15.如圖所示的三維坐標(biāo)系中，在y＜0、z＞0的區(qū)域Ⅰ內(nèi)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在y＞0、z＞0的區(qū)域Ⅱ內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在y＞0、z＜0的區(qū)域Ⅲ內(nèi)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，區(qū)域Ⅱ、Ⅲ內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的帶正電粒子自坐標(biāo)為（0，－d，0）的點(diǎn)沿z軸正方向以大小為的初速度射入?yún)^(qū)域Ⅰ，恰好從坐標(biāo)為（0，0，2d）的點(diǎn)進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，并從y軸上某點(diǎn)垂直y軸進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅲ，經(jīng)區(qū)域Ⅲ偏轉(zhuǎn)后以大小為的速度再次進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ。不計(jì)粒子的重力。求：（1）區(qū)域Ⅰ內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大??；（2）區(qū)域Ⅱ內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；（3）區(qū)域Ⅲ內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】由題意，粒子在區(qū)域Ⅰ內(nèi)運(yùn)動(dòng)為類平拋運(yùn)動(dòng)，其軌跡如圖由牛頓第二定律定律由類平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)，，聯(lián)立解得【小問(wèn)2詳析】設(shè)粒子在點(diǎn)時(shí)速度大小為，方向與z軸正方向的夾角為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)得，解得，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌跡如圖由洛倫茲力提供向心力由幾何關(guān)系知軌跡半徑解得區(qū)域Ⅱ內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為【小問(wèn)3詳析】粒子在區(qū)域Ⅲ內(nèi)的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)為：垂直yOz平面的勻速圓周運(yùn)動(dòng)和沿y軸正方向初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)粒子離開(kāi)區(qū)域Ⅲ時(shí)沿y軸正方向的速度大小為，則粒子在區(qū)域Ⅲ中運(yùn)動(dòng)時(shí)間由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式其中解得區(qū)域Ⅲ內(nèi)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度蚌埠市2025屆高三年級(jí)適應(yīng)性考試物理注意事項(xiàng)：1、答卷前，務(wù)必將自己的姓名和座位號(hào)填寫在答題卡和試卷上。2、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，務(wù)必擦凈后再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合要求。1.如圖所示，光滑鐵球通過(guò)一根水平細(xì)繩固定在靜止的斜面上，當(dāng)斜面豎直向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，與靜止時(shí)相比，鐵球受到的細(xì)繩拉力T和斜面支持力N的變化情況是（）A.T增大，N減小 B.T增大，N增大C.T不變，N減小 D.T減小，N增大【答案】B【解析】對(duì)小球受力分析，設(shè)斜面的傾角為，如圖所示開(kāi)始時(shí)，小球靜止，由平衡條件可知，當(dāng)斜面豎直向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律則故斜面支持力N增大，而故鐵球受到的細(xì)繩拉力T也增大。故選B。2.如圖為氫原子能級(jí)圖。一束動(dòng)能的電子流轟擊處于基態(tài)的大量氫原子，這些氫原子受激對(duì)外輻射出不同頻率的光，利用這些光分別照射逸出功的金屬鎢。已知光在真空中傳播的速度為c，普朗克常數(shù)為h，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電子流的波長(zhǎng)為B.氫原子受激輻射出6種頻率的光C.輻射光中有2種頻率的光可使鎢發(fā)生光電效應(yīng)D.鎢發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，逸出光電子最大初動(dòng)能一定為5.66eV【答案】C【解析】A．根據(jù)德布羅意波波長(zhǎng)公式對(duì)于電子，動(dòng)能為解得所以故A錯(cuò)誤；B．基態(tài)氫原子吸收12.50eV的能量后，則此時(shí)氫原子的能量為故氫原子只能躍遷到能級(jí)，故氫原子受激輻射出種頻率的光，故B錯(cuò)誤；C．從能級(jí)向低能級(jí)躍遷，輻射的光子能量分別為，，根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知，當(dāng)光子能量大于金屬鎢的逸出功時(shí)才可發(fā)生光電效應(yīng)，故輻射光中有2種頻率的光可使鎢發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確；D．根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知最大光子能量為則鎢發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，逸出的光電子最大初動(dòng)能為故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖為某光學(xué)直角三棱鏡的截面，AB⊥BC，，棱鏡的折射率為。一細(xì)光束從D點(diǎn)垂直AB由真空射入棱鏡，從P點(diǎn)第一次射出棱鏡，從Q點(diǎn)第二次射出棱鏡。已知，下列關(guān)于P、Q兩點(diǎn)的說(shuō)法正確的是（）A.P點(diǎn)在BC邊上 B.Q點(diǎn)在AC邊上C.從P點(diǎn)射出時(shí)光的折射角為30° D.從Q點(diǎn)射出時(shí)光的入射角為10°【答案】D【解析】AC．作出光路圖由題意可知，光線進(jìn)入三棱鏡后在AC邊上的入射角為由臨界角公式可得因?yàn)樗园l(fā)生全反射，光線第一次到達(dá)BC邊，入射角為50°，由于，則光線再次發(fā)生全反射，光線第二次到達(dá)AC邊，入射角為30°，由分析可知該入射角小于臨界角，該位置光線第一次射出三棱鏡，故該點(diǎn)為P點(diǎn)，根據(jù)光的折射定律可知，折射角大于30°，故AC錯(cuò)誤；BD．由圖可知，反射光線第二次到達(dá)BC上，入射角為10°，該角小于臨界角，故光線第二次射出三棱鏡，該點(diǎn)為Q點(diǎn)，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.水平的xOy平面處在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子在xOy平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，其速度沿x軸和y軸的分量分別為、，二者的變化關(guān)系圖像是以O(shè)為圓心、半徑為a的圓（如圖所示），不計(jì)粒子所受重力，則下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為C.粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度大小為D.粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為【答案】B【解析】A．由題意可知，帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度滿足說(shuō)明帶電粒子的速度大小恒為a，由于洛倫茲力始終垂直于速度方向，故粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由洛倫茲力提供向心力其中則粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為故B正確；C．粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大小為故C錯(cuò)誤；D．粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期其中，聯(lián)立可得，周期為故D錯(cuò)誤。故選B。5.兩個(gè)帶電小球a、b在光滑絕緣的水平面內(nèi)沿同一直線運(yùn)動(dòng)，圖為兩小球的v－t圖像，若在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中a、b始終未接觸，則下列說(shuō)法正確的是（）A.兩小球一定帶異種電荷B.a球質(zhì)量小于b球的質(zhì)量C.時(shí)刻兩球的電勢(shì)能最大D.時(shí)間內(nèi)兩小球動(dòng)能之和先變大后變小【答案】C【解析】A．由圖像可知，小球a做初速度為0的加速運(yùn)動(dòng)，小球b做減速運(yùn)動(dòng)，若b在前、a在后，兩球相互吸引，帶異種電荷，若a在前，b在后，則兩球相互排斥，帶同種電荷，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律，兩球間的電場(chǎng)力是相互作用力，大小相等，由圖像可知，在相同時(shí)間內(nèi)，b球速度變化量比a球速度變化量大，即b球的加速度比a球加速度大，根據(jù)牛頓第二定律可知在F相同的情況下，加速度大的質(zhì)量小，故a球的質(zhì)量大于b球的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)能量守恒定律，兩球構(gòu)成的系統(tǒng)電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變，時(shí)刻兩球速度相等，系統(tǒng)動(dòng)能最小，電勢(shì)能最大，則時(shí)間內(nèi)兩小球動(dòng)能之和先變小后變大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為k，原線圈所接正弦式交變電壓的有效值為U，為定值電阻，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為的兩倍，P為變阻器的滑片，電表均為理想電表，二極管為理想二極管。則P由最上端滑動(dòng)到最下端的過(guò)程中（）A.電壓表的示數(shù)保持為不變B.電流表示數(shù)增大，消耗的功率減小C.電流表示數(shù)減小，消耗的功率先增大后減小D.電流表示數(shù)減小，消耗的功率先增大后減小【答案】D【解析】A．由于二極管的影響，副線圈電路中只有半個(gè)周期有電流，故不一直滿足，即電壓表的示數(shù)不滿足不變，故A錯(cuò)誤；BCD．P由最上端滑動(dòng)到最下端的過(guò)程中，電阻接入電路的阻值變大，副線圈電路中的電流變小，電流表示數(shù)變小，消耗的功率減小，由于的阻值先小于再等于最后大于，類比閉合電路歐姆定律規(guī)律可知消耗的功率先增大后減小，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，質(zhì)量為m的“”型導(dǎo)體處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其下端分別插在兩個(gè)水銀槽里，導(dǎo)體水平部分長(zhǎng)度為L(zhǎng)。閉合開(kāi)關(guān)K，導(dǎo)體向上彈出，能上升的最大高度為h，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則從閉合開(kāi)關(guān)K到導(dǎo)體上升到最高處的過(guò)程中（）A.導(dǎo)體的機(jī)械能守恒 B.通過(guò)導(dǎo)體的電流強(qiáng)度為C.磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體所做的功為mgh D.磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體的沖量大小為【答案】C【解析】A．在閉合開(kāi)關(guān)到導(dǎo)體上升的過(guò)程中，磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體做正功，則導(dǎo)體的機(jī)械能增加，故A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體向上彈出瞬間，根據(jù)牛頓第二定律則所以通過(guò)導(dǎo)體的電流強(qiáng)度為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理，從導(dǎo)體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)上升到最高處，磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體所做的功轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體的重力勢(shì)能，所以磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體所做的功為mgh，故C正確；D．導(dǎo)體向上彈出后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得導(dǎo)體彈出瞬間的速度大小為根據(jù)動(dòng)量定理可得磁場(chǎng)力對(duì)導(dǎo)體的沖量大小不等于，故D錯(cuò)誤。故選C。8.在2025年全國(guó)室內(nèi)田徑大獎(jiǎng)賽中，鞏立姣獲得鉛球金牌。她在某次訓(xùn)練中將鉛球從距地面某高度以大小為的速度斜向上拋出，速度與水平方向成角，鉛球落地時(shí)速度的大小為v且與水平方向成角。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中鉛球的速度與水平方向的夾角先增大后減小B.鉛球的水平射程為C.當(dāng)時(shí)鉛球的水平射程最大，其值為D.若，鉛球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為【答案】D【解析】A．在最高點(diǎn)鉛球的速度方向沿水平方向，則在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中鉛球的速度與水平方向的夾角先減小后增大，故A錯(cuò)誤；B．由斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，水平方向有其中規(guī)定豎直方向?yàn)檎较?，豎直方向有落地時(shí)則解得所以鉛球的水平射程為故B錯(cuò)誤；C．因?yàn)殂U球水平射程為則當(dāng)時(shí)，鉛球的水平射程最大，其值為故C錯(cuò)誤；D．若，則鉛球從拋出到落地的過(guò)程中，速度的變化量為根據(jù)解得鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故D正確。故選D。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。9.月球繞地球的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且月球的一面始終正對(duì)地球。已知地球表面的重力加速度為g，地球半徑為，月球質(zhì)量為m，月球半徑為R，月球繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，萬(wàn)有引力常量為G。假設(shè)月球有同步衛(wèi)星且只受月球引力作用，則月球同步衛(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的（）A.周期為 B.周期為C.軌道半徑為 D.軌道半徑為【答案】AC【解析】AB．在地球表面有月球繞地球運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力解得又因?yàn)樵虑蛲叫l(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的周期與月球自轉(zhuǎn)周期相同，而月球繞地球運(yùn)動(dòng)時(shí)其一面始終正對(duì)地球，所以月球的自轉(zhuǎn)周期等于月球繞地球運(yùn)動(dòng)的周期，即月球同步衛(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的周期為，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力其中聯(lián)立可得月球同步衛(wèi)星繞月球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖甲所示，水平面內(nèi)的光滑導(dǎo)軌處于豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌左右兩側(cè)各接有阻值為R的定值電阻。一長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻值為0.5R的金屬棒在拉力的作用下，從ab處由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒中的電流大小隨位移變化圖像如圖乙所示，經(jīng)時(shí)間t金屬棒的位移為，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，則在金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）A.金屬棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.金屬棒在處的速度大小為C.t時(shí)間內(nèi)通過(guò)金屬棒的平均電流為D.t時(shí)間內(nèi)電流通過(guò)金屬棒產(chǎn)生的熱量為【答案】BD【解析】A．根據(jù)電路分析可知，電路中的總電阻為在導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為可知電流大小與速度成正比，根據(jù)圖像可得則與成正比，所以導(dǎo)體棒的速度與位移大小成正比，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知金屬棒做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)應(yīng)該是導(dǎo)體棒速度的平方與位移成正比，所以金屬棒做的不是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)時(shí)，由圖乙可知根據(jù)可得金屬棒在處的速度大小為故B正確；C．根據(jù)可得t時(shí)間內(nèi)通過(guò)金屬棒的平均電流為故C錯(cuò)誤；D．在純電阻電路中，電路中所產(chǎn)生的總焦耳熱等于克服安培力做的功，結(jié)合乙圖像的面積關(guān)系可知根據(jù)焦耳熱分配定律可知t時(shí)間內(nèi)電流通過(guò)金屬棒產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選BD。三、非選擇題：共5題，共58分。11.圖甲為“探究氣體等溫變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)裝置，用細(xì)軟管將注射器的小孔與壓強(qiáng)傳感器連接，管內(nèi)密封一定質(zhì)量的氣體，用數(shù)據(jù)采集器連接計(jì)算機(jī)測(cè)量氣體壓強(qiáng)。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，采集多組數(shù)據(jù)并繪出圖乙所示的圖像。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，若氣體溫度保持不變，對(duì)應(yīng)的圖像是曲線______；若氣體溫度逐漸升高，則對(duì)應(yīng)的圖像是曲線______。（均選填“①”“②”或“③”）（2）某同學(xué)用不同質(zhì)量的同種氣體在相同溫度條件下完成上述實(shí)驗(yàn)，繪制出的圖像如圖丙，若圖線a、b的斜率之比為2∶1，則圖線a、b對(duì)應(yīng)的氣體質(zhì)量之比______?！敬鸢浮浚?）③②（2）2∶1【解析】【小問(wèn)1詳析】[1]根據(jù)玻意耳定律，化簡(jiǎn)可得故實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，若氣體溫度保持不變，對(duì)應(yīng)的圖像是曲線③；[2]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，化簡(jiǎn)可得則若氣體溫度逐漸升高，圖像的斜率逐漸增大，則對(duì)應(yīng)的圖像是曲線②?！拘?wèn)2詳析】根據(jù)化簡(jiǎn)可得則由題意可知故圖線a、b對(duì)應(yīng)的氣體質(zhì)量之比12.某小組用下列器材測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。A.待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)E約6V，內(nèi)阻約4Ω）B.電流表A（量程1.0A，內(nèi)阻約1.5Ω）C電阻箱R（0~999.9Ω）D.定值電阻E.定值電阻F.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）小明先用圖甲所示的電路測(cè)量電流表的內(nèi)阻。閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電阻箱的阻值時(shí)，發(fā)現(xiàn)閉合或斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，電流表的指針位置均相同，則電流表的內(nèi)阻______Ω。若忽略偶然誤差，從理論上分析，本實(shí)驗(yàn)中電流表內(nèi)阻的測(cè)量值______（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。（2）小剛用圖乙所示的電路測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)S；多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄電流表的示數(shù)I和相應(yīng)的電阻箱阻值R，并在丙圖中描點(diǎn)。請(qǐng)你在丙圖中繪出圖像______，根據(jù)圖像可求出，電源的電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)阻______Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）1.2等于（2）5.6##5.3##5.4##5.5##5.73.9##3.6##3.7##3.8##4.0【解析】【小問(wèn)1詳析】[1][2]閉合和斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)電流表指針指示值相同，即閉合的情況下，沒(méi)有電流通過(guò)開(kāi)關(guān)，則有可得從理論上分析是沒(méi)有系統(tǒng)誤差的，故實(shí)驗(yàn)測(cè)得電流表內(nèi)阻值等于真實(shí)值?！拘?wèn)2詳析】[1]在丙圖中描點(diǎn)，繪出圖像，如圖所示[2][3]由閉合電路歐姆定律知化簡(jiǎn)可得由圖像可知，故電源的電動(dòng)勢(shì)為電源內(nèi)阻為13.如圖，某倉(cāng)庫(kù)使用智能機(jī)器人從地面沿豎直懸掛的繩子爬升到貨物臺(tái)取貨物。繩子的另一端通過(guò)光滑定滑輪連接一個(gè)靜止在地面質(zhì)量的重物。已知機(jī)器人的質(zhì)量，貨物臺(tái)距地面高度，爬升過(guò)程中僅由繩子提供動(dòng)力且保證繩子不松弛，重物始終不離開(kāi)地面，g取。（1）分別求出機(jī)器人加