高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省邵陽市高考物理預(yù)測練習(xí)試卷（九）注意事項： 1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1．在垂直于紙面的勻強磁場中，有一原來靜止的原子核，該核衰變后，放出的帶電粒子和反沖核的運動軌跡分別如圖中a、b所示，由圖可以判定（）A．該核發(fā)生的是α衰變B．該核發(fā)生的是β衰變C．a(chǎn)表示反沖核的運動軌跡D．磁場方向一定垂直紙面向里2．如圖所示，P、Q位置各有一個振源，某時刻兩振源同時開始起振，時刻圖中的a、e兩點剛好起振，已知該波的傳播速度為。下列說法正確的是（）A．再經(jīng)過0.50s兩列波相遇在1.0m處B．兩波相遇后1.0m處的c點的位移始終為0C．兩波相遇后，0.8m處的b點為振動減弱點D．兩波相遇后，b點和d點的振動情況始終相同3．、是兩顆相距較遠的行星，其衛(wèi)星的線速度平方與軌道半徑倒數(shù)的關(guān)系如圖所示，、各有一顆在表面附近的衛(wèi)星、繞其做勻速圓周運動，、的線速度大小均為，則（）A．的質(zhì)量比的小 B．的質(zhì)量比的小C．的平均密度比的小 D．表面的重力加速度比的大4．如圖所示，兩個圓錐內(nèi)壁光滑，豎直放置在同一水平面上，圓錐母線與豎直方向夾角分別為30°和60°，有A、B兩個質(zhì)量相同的小球在兩圓錐內(nèi)壁等高處做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A．A、B球受到的支持力之比為：3B．A、B球的向心力之比為：1C．A、B球運動的角速度之比為3：1D．A、B球運動的線速度之比為1：35．如圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，ab＝cd＝L，ad＝bc＝2L，電場線與矩形所在平面平行．已知a點電勢為20V，b點電勢為24V，d點電勢為12V．一個質(zhì)子從b點以v0的速度射入此電場，入射方向與bc成45°，一段時間后經(jīng)過c點(不計質(zhì)子的重力)，下列判斷正確的是()A．c點電勢高于a點電勢B．場強的大小為C．質(zhì)子從b運動到c所用的時間為D．質(zhì)子從b運動到c，電勢能增加8eV6.如圖所示，在水平勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場中，有一豎直固定的足夠長的絕緣桿MN，小球P套在桿上。已知P的質(zhì)量為m、電荷量為＋q，電場強度為E，磁感應(yīng)強度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。小球由靜止開始下滑，在運動過程中小球的最大加速度為a0，最大速度為v0，則下列判斷正確的是()A．小球開始下滑時的加速度最大B．小球的速度由12v0增大至v0C．當(dāng)a＝12a0時，小球的速度v與v0之比vvD．當(dāng)v＝12v0時，小球的加速度a與a0之比aa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．在大型物流貨場，廣泛的應(yīng)用傳送帶搬運貨物。如圖甲所示，與水平面傾斜的傳送帶以恒定的速率運動，皮帶始終是繃緊的，將m=1kg的貨物放在傳送帶上的A端，經(jīng)過1.2s到達傳送帶的B端。用速度傳感器測得貨物與傳送帶的速度v隨時間t變化的圖象如圖乙所示。已知重力加速度g=10m／s2，則可知（）A．貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5B．A、B兩點的距離為2.4mC．貨物從A運動到B過程中，傳送帶對貨物做功的大小為12.8JD．貨物從A運動到B過程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為4.8J8．如圖所示，半徑為R的半圓柱形玻璃磚，OD為直徑，一束由紅光和紫光組成的復(fù)色光，沿AO方向從真空方向射入玻璃，入射角為，OB、OC為兩條折射光線，光由O到B的時間為，由О到C的時間為，以下說法正確的是（）A．OB為紅光B．C．若，OB長度為R，則OB光線在玻璃中的折射率為D．若，OB長度為R，則OB光線在B點不發(fā)生全反射9．如圖所示，兩個質(zhì)量均為2kg的小球A和B之間用輕彈簧連接，然后用細繩懸掛起來，此時彈簧伸長了4cm，取g為，下列說法正確的是（）A．細繩的拉力大小為2NB．彈簧的勁度系數(shù)大小C．剪斷細繩的瞬間小球A的加速度為D．剪斷細繩的瞬間小球B的加速度為010．電阻R接在20V的恒壓電源上時，消耗的電功率為P；若將R接在如圖所示理想變壓器的副線圈電路中時，R消耗的電功率為。已知電路中電阻R0的阻值是R的4倍，a、b兩端接在（V）的交流電源上，此變壓器（）A．副線圈輸出電壓的頻率為100HzB．副線圈輸出電壓的有效值為10VC．原、副線圈的匝數(shù)之比為2︰1D．原、副線圈的電流之比為1︰4三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某實驗小組利用單擺周期公式T=（1）為了較精確地測量重力加速度的值，以下四種單擺組裝方式，應(yīng)選擇

（填字母）．A． B． C． D．（2）組裝好單擺，先用刻度尺測量擺線長度，再用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，其示數(shù)如圖甲所示，則小球直徑為

mm．甲（3）周期公式中的L是單擺的擺長，其值等于擺線長與

之和．（4）某次實驗時，改變擺長并測出對應(yīng)的周期，得到如下表的實驗數(shù)據(jù)并在圖乙的坐標(biāo)系中描點，請在圖乙中作出T2乙次數(shù)12345L/m0．500．600．700．800．90T/s1．421．551．671．851．90T22．022．402．793．423．61（5）根據(jù)T2-L圖像算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=

12．某小組用如圖甲所示的電路，測量一個電動勢E約為、內(nèi)阻r約為的電池的電動勢和內(nèi)阻。其中，是保護電阻，是電阻箱。（1）虛線框內(nèi)是由量程為、內(nèi)阻為的電壓表和電阻箱串聯(lián)，改裝成量程為的電壓表，則電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為。（2）若電源允許通過的最大電流為，則定值電阻宜選。A．

B．

C．

D．（3）該小組利用圖甲電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻時，選取（2）問中所選的定值電阻，將改裝好的電壓表正確地接在A、C之間，調(diào)節(jié)電阻箱，測出若干組的阻值和原表頭示數(shù)U，則。（用題中給出的各物理量字母符號表示）（4）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，用描點的方法繪出如圖乙所示的圖像，依據(jù)圖像，可以求出電源的電動勢V。內(nèi)阻。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）13．一粗細均勻、導(dǎo)熱性能良好的直玻璃管豎直放置，其下端開口、上端用長為h=25cm的水銀柱封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)液柱穩(wěn)定時各部分尺寸如圖甲所示，已知大氣壓強為p0=75cmHg，L1=10cm，L2=5cm，此時環(huán)境溫度為T=300K。(1)若緩慢加熱封閉氣體，當(dāng)液柱下端與管口平齊時，氣體溫度為多少？(2)若保持環(huán)境溫度不變，把玻璃管開口朝下固定在傾角為θ=30°的斜面上（水銀未溢出），如圖乙所示當(dāng)液柱穩(wěn)定后，氣柱長為多少？14．如圖，間距為l的光滑平行金屬導(dǎo)軌，水平放置在方向豎直向下的勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，導(dǎo)軌左端接有阻值為R的定值電阻，一質(zhì)量為m的金屬桿放在導(dǎo)軌上。金屬桿在水平外力作用下以速度v0向右做勻速直線運動，此時金屬桿內(nèi)自由電子沿桿定向移動的速率為u0。設(shè)金屬桿內(nèi)做定向移動的自由電子總量保持不變，金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，除了電阻R以外不計其它電阻。（1）求金屬桿中的電流和水平外力的功率；（2）某時刻撤去外力，經(jīng)過一段時間，自由電子沿金屬桿定向移動的速率變?yōu)?，求：這段時間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。15．如圖甲所示：在光滑水平面上有一平板車，其質(zhì)量M=3kg，車上放置有質(zhì)量mA=1kg的木板小木板上有可視為質(zhì)點的物體B，其質(zhì)量mB=2kg，已知木板A與平板車間的動摩擦因數(shù)，A、B緊靠車廂前壁，A的左端與平板車后壁間的距離為x=2m。現(xiàn)對平板車施加水平向右的恒力F，使平平板車從靜止開始做勻加速直線運動，經(jīng)過t=1s木板A與車廂后壁發(fā)生碰撞，該過程中A的v-t圖像如圖乙所示，已知重力加速度大小g=10m/s2.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求：（1）A、B間的動摩擦因數(shù)；（2）恒力F的大?。唬?）若木板A與平板車后壁碰撞后粘在起（碰撞時間極短），碰后立即撤去恒力F，若要便物體B不與平板車的后壁發(fā)生碰撞，則平板車的前、后壁間距L至少為多少?——★參考答案★——1．【知識點】原子核的衰變及半衰期【答案】B【詳析】放射性元素放出α粒子時，α粒子與反沖核的速度相反，而電性相同，則兩個粒子受到的洛倫茲力方向相反，兩個粒子的軌跡應(yīng)為外切圓．而放射性元素放出β粒子時，β粒子與反沖核的速度相反，而電性相反，則兩個粒子受到的洛倫茲力方向相同，兩個粒子的軌跡應(yīng)為內(nèi)切圓．故放出的是β粒子，故A錯誤，B正確．根據(jù)動量守恒定律，質(zhì)量大的速度小，而速度小的，運動半徑較小，而b的質(zhì)量較大，因此b是反沖核的運動軌跡，故C錯誤；粒子在磁場中做勻速圓周運動，磁場方向不同，粒子旋轉(zhuǎn)的方向相反，由于粒子的速度方向未知，不能判斷磁場的方向．故D錯誤．故選B．『點石成金』：放射性元素放射后，兩帶電粒子的動量是守恒．正好軌跡的半徑公式中也有動量的大小，所以可以研究半徑與電荷數(shù)的關(guān)系，注意由運動的半徑大小來確定速度的大小是解題的關(guān)鍵．2．【知識點】波的加強點與減弱點相關(guān)問題、波的干涉的應(yīng)用【答案】B【詳析】設(shè)經(jīng)過時間兩列波相遇，則有，解得，此過程每列波傳播的距離，兩列波的相遇點在，即在經(jīng)過0.75s兩列波在處相遇，A錯誤；由于c點距兩波源的距離相等，兩波源的振動步調(diào)相反，c點為振動的減弱點，c處質(zhì)點的位移始終為0，B正確；b點到兩波源的波程差為0.4m，為半個波長的一倍，而兩列波的振動步調(diào)相反，b點為振動的加強點，C錯誤；由于b、d兩點的距離為半個波長，b、d兩點的振動情況始終相反，D錯誤。3．【知識點】天體質(zhì)量的計算、計算某一星球的重力加速度【答案】C【詳析】AB．根據(jù)衛(wèi)星圍繞行星做勻速圓周運動時萬有引力提供向心力，有，結(jié)合圖像可知，GM表示圖線的斜率，根據(jù)圖像可知的質(zhì)量比的大，根據(jù)圖像是無法判斷兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量，AB錯誤；C．近地衛(wèi)星圍繞行星做勻速圓周運動時的軌道半徑等于行星的半徑，有，可得，，因為的質(zhì)量比的大，所以的平均密度比的小，C正確；D．根據(jù)黃金代換，有，因為的質(zhì)量比的大，表面的重力加速度比的小，D錯誤。故選C。4．【知識點】圓錐擺問題【答案】C【詳析】A．對兩球分別進行受力分析可得，，解得A錯誤；B．兩球做勻速圓周運動，分別有，，聯(lián)立解得，B錯誤；C．兩球做勻速圓周運動，有，，設(shè)兩球距離錐尖的高度為h，根據(jù)幾何關(guān)系有，，解得，C正確；D．A、B球運動的線速度之比為，D錯誤。選C。5．【知識點】勻強電場中電勢差與電場強度的關(guān)系【答案】B【詳析】在勻強電場中，沿著電場線方向每前進相同的距離，電勢變化相等，故Ua-Ud=Ub-Uc，解得：Uc=16V，a點電勢為20V．則c點電勢低于a點電勢．故A錯誤；設(shè)ad連線中點為O，則其電勢為16V，故co為等勢面，電場線與等勢面垂直，則電場線沿著bo方向．場強為，故B正確；由上可知，電場線沿著bo方向，質(zhì)子從b運動到c做為在平拋運動，垂直于bo方向做勻速運動，位移大小為，則運動時間為．故C錯誤．根據(jù)W=qU，質(zhì)子從b點運動到c點，電場力做功為W=qUbc=1e×（24V-16V）=8eV，電勢能減小8eV，故D錯誤；故選B．6．【知識點】帶電粒子在疊加場中的運動【答案】B【解析】小球剛開始下滑時，對小球受力分析，桿對小球的彈力大小FN＝Eq，滑動摩擦力大小Ff＝μEq，在豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律有mg－μEq＝ma1，隨著小球速度的增加，小球所受的洛倫茲力由0逐漸增大，則Eq＝Bqv＋FN，可知隨著小球速度的增加，桿對小球的彈力減小，摩擦力減小，當(dāng)洛倫茲力的大小等于小球所受電場力的大小時，桿對小球的彈力為零，此時小球在豎直方向僅受重力，加速度達到最大，為重力加速度，即a0＝g，隨著小球速度的進一步增大，洛倫茲力將大于電場力，桿上再次出現(xiàn)彈力，方向水平向左，則摩擦力再次出現(xiàn)，豎直方向的合外力減小，加速度減小，直至摩擦力等于小球的重力，小球速度達到最大值，此后小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動，因此小球開始下滑時的加速度不是最大，A錯誤；由A項分析可知，小球剛開始運動時，加速度大小為a1＝g－μEqm，在整個過程中加速度先由a1逐漸增大到a0，再由a0逐漸減小為0，假如開始時加速度是由0開始增加的，則根據(jù)運動的對稱性可知，當(dāng)加速度最大時，小球速度恰好達到12v0，但實際上加速度并不是由0開始增加的，因此可知，當(dāng)加速度最大時，小球的速度還未達到12v0（關(guān)鍵點：將物體的運動與加速度由0開始增加進行對比，根據(jù)對稱性得出結(jié)論），而加速度達到最大之后由于摩擦力的再次出現(xiàn)，小球開始做加速度減小的加速運動，由此可知，小球的速度由12v0增大至v0的過程中，小球的加速度一直減小，B正確；當(dāng)a＝12a0時，小球可能正在做加速度增大的加速運動，也可能正在做加速度減小的加速運動，若小球正在做加速度增大的加速運動，則v與v0之比vv0小于12，但若小球正在做加速度減小的加速運動，則v與v0之比vv0大于12，C錯誤；當(dāng)小球的加速度大小為a0＝g，即加速度達到最大時，小球的速度還未達到12v0，因此當(dāng)v＝12v0時，小球的加速度a一定小于a0，此時由牛頓第二定律有mg－μ（Bqv－Eq）＝ma，即ma0－μ12Bqv0－Eq＝ma，而當(dāng)小球速度最大時，由牛頓第二定律有ma0＝μ（Bqv0－7．【知識點】傳送帶模型中的能量守恒問題【答案】AD【詳析】A．在時間內(nèi)，貨物的速度小于傳送帶速度，貨物受到沿斜面向下的滑動摩擦力作用，由牛頓第二定律有由圖乙可得貨物加速到與傳送帶速度相等后，在時間內(nèi)，貨物速度大于傳送帶速度，故有由圖乙可得聯(lián)立解得，故A正確；B．v–t圖象與t軸所圍的面積表示位移，貨物的位移等于傳送帶的長度，由圖乙可知傳送帶的長度為B錯誤；C．貨物受到的摩擦力為時間內(nèi)的位移為對貨物受力分析知摩擦力沿傳送帶向下，摩擦力對貨物做正功同理時間內(nèi)，貨物的位移為摩擦力沿傳送帶向上，對貨物做的負(fù)功為所以整個過程，傳送帶對貨物做功的大小為12J–0.8J=11.2JC錯誤；D．貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對路程，時間內(nèi)，傳送帶的位移為時間內(nèi)，傳送帶的位移為總相對路程為貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選AD。8．【知識點】全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】BC【詳析】由于OB光偏折程度比OC光大，所以O(shè)B光的折射率大，可知，光束OB是紫光，OC是紅光，A錯誤；設(shè)任一光線的入射角為，折射角為r，光在玻璃中傳播的路程是S，半圓柱的半徑為R。則光在玻璃中的速度為，由幾何知識得，則光在玻璃中傳播時間為，由折射定律得，則得，由題圖知，兩束光的入射角相同，R、c相等，所以兩束光分別在OB、OC段傳播時所用的時間相等，B正確；若，OB長度為R，由幾何關(guān)系得，折射角為，可得OB光線在玻璃中的折射率為，C正確；若，OB長度為R，則OB光線在B點的入射角為，則，入射角大于臨界角，能發(fā)生全反射，D錯誤。9．【知識點】牛頓第二定律求解瞬時突變問題【答案】BCD【詳析】A．對A、B整體進行受力分析可知，細繩的拉力大小故A錯誤；B．對小球B進行分析，由平衡條件有解得，故B正確；C．剪斷細繩后瞬間，彈簧彈力不變，對物體A進行受力分析，物體A受向下的重力和彈簧的彈力，由牛頓第二定律可知，加速度為故C正確；D．剪斷細繩瞬間彈簧彈力不變，仍為mg，小球B所受合力為零，加速度為零，故D正確。故選BCD。10．【知識點】理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用【答案】BC【詳析】變壓器不改變交變電流的頻率，由題可知，交流電壓的頻率為，A錯誤；由題意可得，解得，B正確；電源的有效值為，設(shè)原、副線圈的匝數(shù)之比為n，則原、副線圈的電流之比為則R0兩端電壓為，根據(jù)原、副線圈電壓比等匝數(shù)比即，解得，C正確；由原、副線圈中的電流之比等匝數(shù)反比可知，原、副線圈的電流之比為1：2，D錯誤。11．【知識點】實驗：用單擺測量重力加速度【答案】（1）D（2）18．9（3）小球半徑（4）如圖所示（5）9．86【解析】（1）為了較精確地測量重力加速度的值，應(yīng)減小空氣阻力的影響，故選擇小鋼球;小球在擺動的過程中，要固定擺線，使擺長不發(fā)生變化,故選D．（2）該游標(biāo)卡尺的分度值為0.1mm，則小球的直徑為d（3）周期公式中的L是單擺的擺長，其值等于擺線長與小球半徑之和．（4）根據(jù)描點連線作圖如圖所示．乙（5）根據(jù)單擺的周期公式T=2πLg，整理可得T2=12．【知識點】實驗：電池電動勢和內(nèi)阻的測量—伏阻法測定電源的電動勢與內(nèi)阻【答案】3000，B，，5.7，1.0【詳析】（1）根據(jù)串聯(lián)電路中電壓與電阻的關(guān)系有，解得。（2）由題意可知回路中，所以有，。（3）該回路中和改裝后的電壓表并聯(lián)，由于的阻值遠小于改裝后電壓表的阻值，所以可忽略改裝電壓表的影響，根據(jù)串聯(lián)電路中電壓的規(guī)律可得，整理得。（4）[4][5]根據(jù)（3）問表達式，結(jié)合圖乙可知，與縱軸的截距，解得，。13．【知識點】氣體的等壓變化與蓋—呂薩克定律、氣體等溫變化與玻意耳定律【答案】(1)450K；(2)8cm【詳析】(1)氣體做等壓變化，由蓋一呂薩克定律可得解得T′=450K(2)初態(tài)氣體壓強為p1=p0-h末態(tài)壓強為p2=p0-hsinθ由玻意耳定律可得p1L1=p2L解得L=8cm14．【知識點】單桿模型【答案】（1），;（2）【詳析】（1）金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=Blv0則金屬桿中的電流由題知，金屬桿在水平外力作用下以速度v0向右做勻速直線運動，則有根據(jù)功率的計算公式有（2）設(shè)金屬桿內(nèi)單位體積的自由電子數(shù)為n，金屬桿的橫截面積為S，則金屬桿在水平外力作用下以速度v0向右做勻速直線運動時的電流由微觀表示為解得當(dāng)電子沿金屬桿定向移動的速率變?yōu)闀r，有解得v′=根據(jù)能量守恒定律有解得15．【知識點】動量守恒與板塊模型相結(jié)合、板塊模型中的能量守恒問題、求解彈性碰撞問題【答案】（1）；（2）30N；（3）15.5m【詳析】（1）由乙圖可知，A的加速度若A、B間不發(fā)生相對滑動，則A、B整體的加速度因aA＞a′，故A、B間發(fā)生相對滑動，對A可得（2）對車在該過程中知且可得F=30N（3）當(dāng)A與小車碰撞時，vB=μgt=1m/s該過程中B相對于A滑動距離為L1=aAt2-aBt2=1.5m對A與小車在碰撞中動量守恒，可知可得v=7m/s對A小車與B在碰撞后，滑動過程且由能量守恒可得可得L2=12m故前、后壁間距L=x+L1+L2=15.5m2025屆湖南省邵陽市高考物理預(yù)測練習(xí)試卷（九）注意事項： 1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1．在垂直于紙面的勻強磁場中，有一原來靜止的原子核，該核衰變后，放出的帶電粒子和反沖核的運動軌跡分別如圖中a、b所示，由圖可以判定（）A．該核發(fā)生的是α衰變B．該核發(fā)生的是β衰變C．a(chǎn)表示反沖核的運動軌跡D．磁場方向一定垂直紙面向里2．如圖所示，P、Q位置各有一個振源，某時刻兩振源同時開始起振，時刻圖中的a、e兩點剛好起振，已知該波的傳播速度為。下列說法正確的是（）A．再經(jīng)過0.50s兩列波相遇在1.0m處B．兩波相遇后1.0m處的c點的位移始終為0C．兩波相遇后，0.8m處的b點為振動減弱點D．兩波相遇后，b點和d點的振動情況始終相同3．、是兩顆相距較遠的行星，其衛(wèi)星的線速度平方與軌道半徑倒數(shù)的關(guān)系如圖所示，、各有一顆在表面附近的衛(wèi)星、繞其做勻速圓周運動，、的線速度大小均為，則（）A．的質(zhì)量比的小 B．的質(zhì)量比的小C．的平均密度比的小 D．表面的重力加速度比的大4．如圖所示，兩個圓錐內(nèi)壁光滑，豎直放置在同一水平面上，圓錐母線與豎直方向夾角分別為30°和60°，有A、B兩個質(zhì)量相同的小球在兩圓錐內(nèi)壁等高處做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A．A、B球受到的支持力之比為：3B．A、B球的向心力之比為：1C．A、B球運動的角速度之比為3：1D．A、B球運動的線速度之比為1：35．如圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，ab＝cd＝L，ad＝bc＝2L，電場線與矩形所在平面平行．已知a點電勢為20V，b點電勢為24V，d點電勢為12V．一個質(zhì)子從b點以v0的速度射入此電場，入射方向與bc成45°，一段時間后經(jīng)過c點(不計質(zhì)子的重力)，下列判斷正確的是()A．c點電勢高于a點電勢B．場強的大小為C．質(zhì)子從b運動到c所用的時間為D．質(zhì)子從b運動到c，電勢能增加8eV6.如圖所示，在水平勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場中，有一豎直固定的足夠長的絕緣桿MN，小球P套在桿上。已知P的質(zhì)量為m、電荷量為＋q，電場強度為E，磁感應(yīng)強度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。小球由靜止開始下滑，在運動過程中小球的最大加速度為a0，最大速度為v0，則下列判斷正確的是()A．小球開始下滑時的加速度最大B．小球的速度由12v0增大至v0C．當(dāng)a＝12a0時，小球的速度v與v0之比vvD．當(dāng)v＝12v0時，小球的加速度a與a0之比aa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．在大型物流貨場，廣泛的應(yīng)用傳送帶搬運貨物。如圖甲所示，與水平面傾斜的傳送帶以恒定的速率運動，皮帶始終是繃緊的，將m=1kg的貨物放在傳送帶上的A端，經(jīng)過1.2s到達傳送帶的B端。用速度傳感器測得貨物與傳送帶的速度v隨時間t變化的圖象如圖乙所示。已知重力加速度g=10m／s2，則可知（）A．貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5B．A、B兩點的距離為2.4mC．貨物從A運動到B過程中，傳送帶對貨物做功的大小為12.8JD．貨物從A運動到B過程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為4.8J8．如圖所示，半徑為R的半圓柱形玻璃磚，OD為直徑，一束由紅光和紫光組成的復(fù)色光，沿AO方向從真空方向射入玻璃，入射角為，OB、OC為兩條折射光線，光由O到B的時間為，由О到C的時間為，以下說法正確的是（）A．OB為紅光B．C．若，OB長度為R，則OB光線在玻璃中的折射率為D．若，OB長度為R，則OB光線在B點不發(fā)生全反射9．如圖所示，兩個質(zhì)量均為2kg的小球A和B之間用輕彈簧連接，然后用細繩懸掛起來，此時彈簧伸長了4cm，取g為，下列說法正確的是（）A．細繩的拉力大小為2NB．彈簧的勁度系數(shù)大小C．剪斷細繩的瞬間小球A的加速度為D．剪斷細繩的瞬間小球B的加速度為010．電阻R接在20V的恒壓電源上時，消耗的電功率為P；若將R接在如圖所示理想變壓器的副線圈電路中時，R消耗的電功率為。已知電路中電阻R0的阻值是R的4倍，a、b兩端接在（V）的交流電源上，此變壓器（）A．副線圈輸出電壓的頻率為100HzB．副線圈輸出電壓的有效值為10VC．原、副線圈的匝數(shù)之比為2︰1D．原、副線圈的電流之比為1︰4三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某實驗小組利用單擺周期公式T=（1）為了較精確地測量重力加速度的值，以下四種單擺組裝方式，應(yīng)選擇

（填字母）．A． B． C． D．（2）組裝好單擺，先用刻度尺測量擺線長度，再用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，其示數(shù)如圖甲所示，則小球直徑為

mm．甲（3）周期公式中的L是單擺的擺長，其值等于擺線長與

之和．（4）某次實驗時，改變擺長并測出對應(yīng)的周期，得到如下表的實驗數(shù)據(jù)并在圖乙的坐標(biāo)系中描點，請在圖乙中作出T2乙次數(shù)12345L/m0．500．600．700．800．90T/s1．421．551．671．851．90T22．022．402．793．423．61（5）根據(jù)T2-L圖像算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=

12．某小組用如圖甲所示的電路，測量一個電動勢E約為、內(nèi)阻r約為的電池的電動勢和內(nèi)阻。其中，是保護電阻，是電阻箱。（1）虛線框內(nèi)是由量程為、內(nèi)阻為的電壓表和電阻箱串聯(lián)，改裝成量程為的電壓表，則電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為。（2）若電源允許通過的最大電流為，則定值電阻宜選。A．

B．

C．

D．（3）該小組利用圖甲電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻時，選?。?）問中所選的定值電阻，將改裝好的電壓表正確地接在A、C之間，調(diào)節(jié)電阻箱，測出若干組的阻值和原表頭示數(shù)U，則。（用題中給出的各物理量字母符號表示）（4）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，用描點的方法繪出如圖乙所示的圖像，依據(jù)圖像，可以求出電源的電動勢V。內(nèi)阻。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）13．一粗細均勻、導(dǎo)熱性能良好的直玻璃管豎直放置，其下端開口、上端用長為h=25cm的水銀柱封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)液柱穩(wěn)定時各部分尺寸如圖甲所示，已知大氣壓強為p0=75cmHg，L1=10cm，L2=5cm，此時環(huán)境溫度為T=300K。(1)若緩慢加熱封閉氣體，當(dāng)液柱下端與管口平齊時，氣體溫度為多少？(2)若保持環(huán)境溫度不變，把玻璃管開口朝下固定在傾角為θ=30°的斜面上（水銀未溢出），如圖乙所示當(dāng)液柱穩(wěn)定后，氣柱長為多少？14．如圖，間距為l的光滑平行金屬導(dǎo)軌，水平放置在方向豎直向下的勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，導(dǎo)軌左端接有阻值為R的定值電阻，一質(zhì)量為m的金屬桿放在導(dǎo)軌上。金屬桿在水平外力作用下以速度v0向右做勻速直線運動，此時金屬桿內(nèi)自由電子沿桿定向移動的速率為u0。設(shè)金屬桿內(nèi)做定向移動的自由電子總量保持不變，金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，除了電阻R以外不計其它電阻。（1）求金屬桿中的電流和水平外力的功率；（2）某時刻撤去外力，經(jīng)過一段時間，自由電子沿金屬桿定向移動的速率變?yōu)?，求：這段時間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。15．如圖甲所示：在光滑水平面上有一平板車，其質(zhì)量M=3kg，車上放置有質(zhì)量mA=1kg的木板小木板上有可視為質(zhì)點的物體B，其質(zhì)量mB=2kg，已知木板A與平板車間的動摩擦因數(shù)，A、B緊靠車廂前壁，A的左端與平板車后壁間的距離為x=2m?，F(xiàn)對平板車施加水平向右的恒力F，使平平板車從靜止開始做勻加速直線運動，經(jīng)過t=1s木板A與車廂后壁發(fā)生碰撞，該過程中A的v-t圖像如圖乙所示，已知重力加速度大小g=10m/s2.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求：（1）A、B間的動摩擦因數(shù)；（2）恒力F的大小；（3）若木板A與平板車后壁碰撞后粘在起（碰撞時間極短），碰后立即撤去恒力F，若要便物體B不與平板車的后壁發(fā)生碰撞，則平板車的前、后壁間距L至少為多少?——★參考答案★——1．【知識點】原子核的衰變及半衰期【答案】B【詳析】放射性元素放出α粒子時，α粒子與反沖核的速度相反，而電性相同，則兩個粒子受到的洛倫茲力方向相反，兩個粒子的軌跡應(yīng)為外切圓．而放射性元素放出β粒子時，β粒子與反沖核的速度相反，而電性相反，則兩個粒子受到的洛倫茲力方向相同，兩個粒子的軌跡應(yīng)為內(nèi)切圓．故放出的是β粒子，故A錯誤，B正確．根據(jù)動量守恒定律，質(zhì)量大的速度小，而速度小的，運動半徑較小，而b的質(zhì)量較大，因此b是反沖核的運動軌跡，故C錯誤；粒子在磁場中做勻速圓周運動，磁場方向不同，粒子旋轉(zhuǎn)的方向相反，由于粒子的速度方向未知，不能判斷磁場的方向．故D錯誤．故選B．『點石成金』：放射性元素放射后，兩帶電粒子的動量是守恒．正好軌跡的半徑公式中也有動量的大小，所以可以研究半徑與電荷數(shù)的關(guān)系，注意由運動的半徑大小來確定速度的大小是解題的關(guān)鍵．2．【知識點】波的加強點與減弱點相關(guān)問題、波的干涉的應(yīng)用【答案】B【詳析】設(shè)經(jīng)過時間兩列波相遇，則有，解得，此過程每列波傳播的距離，兩列波的相遇點在，即在經(jīng)過0.75s兩列波在處相遇，A錯誤；由于c點距兩波源的距離相等，兩波源的振動步調(diào)相反，c點為振動的減弱點，c處質(zhì)點的位移始終為0，B正確；b點到兩波源的波程差為0.4m，為半個波長的一倍，而兩列波的振動步調(diào)相反，b點為振動的加強點，C錯誤；由于b、d兩點的距離為半個波長，b、d兩點的振動情況始終相反，D錯誤。3．【知識點】天體質(zhì)量的計算、計算某一星球的重力加速度【答案】C【詳析】AB．根據(jù)衛(wèi)星圍繞行星做勻速圓周運動時萬有引力提供向心力，有，結(jié)合圖像可知，GM表示圖線的斜率，根據(jù)圖像可知的質(zhì)量比的大，根據(jù)圖像是無法判斷兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量，AB錯誤；C．近地衛(wèi)星圍繞行星做勻速圓周運動時的軌道半徑等于行星的半徑，有，可得，，因為的質(zhì)量比的大，所以的平均密度比的小，C正確；D．根據(jù)黃金代換，有，因為的質(zhì)量比的大，表面的重力加速度比的小，D錯誤。故選C。4．【知識點】圓錐擺問題【答案】C【詳析】A．對兩球分別進行受力分析可得，，解得A錯誤；B．兩球做勻速圓周運動，分別有，，聯(lián)立解得，B錯誤；C．兩球做勻速圓周運動，有，，設(shè)兩球距離錐尖的高度為h，根據(jù)幾何關(guān)系有，，解得，C正確；D．A、B球運動的線速度之比為，D錯誤。選C。5．【知識點】勻強電場中電勢差與電場強度的關(guān)系【答案】B【詳析】在勻強電場中，沿著電場線方向每前進相同的距離，電勢變化相等，故Ua-Ud=Ub-Uc，解得：Uc=16V，a點電勢為20V．則c點電勢低于a點電勢．故A錯誤；設(shè)ad連線中點為O，則其電勢為16V，故co為等勢面，電場線與等勢面垂直，則電場線沿著bo方向．場強為，故B正確；由上可知，電場線沿著bo方向，質(zhì)子從b運動到c做為在平拋運動，垂直于bo方向做勻速運動，位移大小為，則運動時間為．故C錯誤．根據(jù)W=qU，質(zhì)子從b點運動到c點，電場力做功為W=qUbc=1e×（24V-16V）=8eV，電勢能減小8eV，故D錯誤；故選B．6．【知識點】帶電粒子在疊加場中的運動【答案】B【解析】小球剛開始下滑時，對小球受力分析，桿對小球的彈力大小FN＝Eq，滑動摩擦力大小Ff＝μEq，在豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律有mg－μEq＝ma1，隨著小球速度的增加，小球所受的洛倫茲力由0逐漸增大，則Eq＝Bqv＋FN，可知隨著小球速度的增加，桿對小球的彈力減小，摩擦力減小，當(dāng)洛倫茲力的大小等于小球所受電場力的大小時，桿對小球的彈力為零，此時小球在豎直方向僅受重力，加速度達到最大，為重力加速度，即a0＝g，隨著小球速度的進一步增大，洛倫茲力將大于電場力，桿上再次出現(xiàn)彈力，方向水平向左，則摩擦力再次出現(xiàn)，豎直方向的合外力減小，加速度減小，直至摩擦力等于小球的重力，小球速度達到最大值，此后小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動，因此小球開始下滑時的加速度不是最大，A錯誤；由A項分析可知，小球剛開始運動時，加速度大小為a1＝g－μEqm，在整個過程中加速度先由a1逐漸增大到a0，再由a0逐漸減小為0，假如開始時加速度是由0開始增加的，則根據(jù)運動的對稱性可知，當(dāng)加速度最大時，小球速度恰好達到12v0，但實際上加速度并不是由0開始增加的，因此可知，當(dāng)加速度最大時，小球的速度還未達到12v0（關(guān)鍵點：將物體的運動與加速度由0開始增加進行對比，根據(jù)對稱性得出結(jié)論），而加速度達到最大之后由于摩擦力的再次出現(xiàn)，小球開始做加速度減小的加速運動，由此可知，小球的速度由12v0增大至v0的過程中，小球的加速度一直減小，B正確；當(dāng)a＝12a0時，小球可能正在做加速度增大的加速運動，也可能正在做加速度減小的加速運動，若小球正在做加速度增大的加速運動，則v與v0之比vv0小于12，但若小球正在做加速度減小的加速運動，則v與v0之比vv0大于12，C錯誤；當(dāng)小球的加速度大小為a0＝g，即加速度達到最大時，小球的速度還未達到12v0，因此當(dāng)v＝12v0時，小球的加速度a一定小于a0，此時由牛頓第二定律有mg－μ（Bqv－Eq）＝ma，即ma0－μ12Bqv0－Eq＝ma，而當(dāng)小球速度最大時，由牛頓第二定律有ma0＝μ（Bqv0－7．【知識點】傳送帶模型中的能量守恒問題【答案】AD【詳析】A．在時間內(nèi)，貨物的速度小于傳送帶速度，貨物受到沿斜面向下的滑動摩擦力作用，由牛頓第二定律有由圖乙可得貨物加速到與傳送帶速度相等后，在時間內(nèi)，貨物速度大于傳送帶速度，故有由圖乙可得聯(lián)立解得，故A正確；B．v–t圖象與t軸所圍的面積表示位移，貨物的位移等于傳送帶的長度，由圖乙可知傳送帶的長度為B錯誤；C．貨物受到的摩擦力為時間內(nèi)的位移為對貨物受力分析知摩擦力沿傳送帶向下，摩擦力對貨物做正功同理時間內(nèi)，貨物的位移為摩擦力沿傳送帶向上，對貨物做的負(fù)功為所以整個過程，傳送帶對貨物做功的大小為12J–0.8J=11.2JC錯誤；D．貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對路程，時間內(nèi)，傳送帶的位移為時間內(nèi)，傳送帶的位移為總相對路程為貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選AD。8．【知識點】全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】BC【詳析】由于OB光偏折程度比OC光大，所以O(shè)B光的折射率大，可知，光束OB是紫光，OC是紅光，A錯誤；設(shè)任一光線的入射角為，折射角為r，光在玻璃中傳播的路程是S，半圓柱的半徑為R。則光在玻璃中的速度為，由幾何知識得，則光在玻璃中傳播時間為，由折射定律得，則得，由題圖知，兩束光的入射角相同，R、c相等，所以兩束光分