2026年新高考物理壓軸題突破試卷（附答案可下載）考試時(shí)間：90分鐘滿分：100分（本卷聚焦壓軸題，共4題，每題25分，重點(diǎn)突破綜合應(yīng)用能力）一、壓軸題一（力學(xué)綜合：板塊+彈簧模型，25分）如圖所示，在光滑水平面上，質(zhì)量為M=5kg的長(zhǎng)木板左端靜置一質(zhì)量為m=1kg的小物塊，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，g取10m/s2。木板右端固定一輕質(zhì)彈簧，彈簧原長(zhǎng)L?=0.8m，勁度系數(shù)k=200N/m?，F(xiàn)給物塊一個(gè)水平向右的初速度v?=8m/s，物塊滑上木板后與彈簧發(fā)生相互作用，碰撞后不粘連，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。忽略空氣阻力和彈簧質(zhì)量，求：（1）物塊滑上木板后，物塊和木板的加速度大小及方向；（6分）（2）物塊與彈簧第一次接觸時(shí)，物塊和木板的速度大??；（7分）（3）物塊與彈簧第一次達(dá)到最大壓縮量時(shí)，物塊和木板的共同速度大小；（6分）（4）物塊與彈簧第一次分離時(shí)，物塊和木板的速度大小。（6分）二、壓軸題二（電磁綜合：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，25分）如圖所示，空間存在正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向水平向右，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.5T。一質(zhì)量m=2×10?3kg、電荷量q=1×10?3C的帶正電粒子，從坐標(biāo)原點(diǎn)O以初速度v?=4m/s豎直向上射入場(chǎng)區(qū)。已知粒子在復(fù)合場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)一段距離后，進(jìn)入僅存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)的半圓形區(qū)域（半圓直徑與粒子直線運(yùn)動(dòng)軌跡重合，直徑長(zhǎng)度d=2m，磁場(chǎng)方向仍垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變）。粒子進(jìn)入半圓形磁場(chǎng)后恰好從半圓另一端點(diǎn)射出，不計(jì)粒子重力，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；（6分）（2）粒子在復(fù)合場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（6分）（3）粒子在半圓形磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑；（6分）（4）粒子從射入復(fù)合場(chǎng)到離開半圓形磁場(chǎng)的總時(shí)間。（7分）三、壓軸題三（力學(xué)綜合：圓周運(yùn)動(dòng)+機(jī)械能守恒，25分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)，有一光滑圓弧軌道ABC，A點(diǎn)為軌道最高點(diǎn)，B點(diǎn)為軌道最低點(diǎn)，C點(diǎn)與水平粗糙軌道CD平滑連接，圓弧軌道半徑R=1m。一質(zhì)量m=0.5kg的小球從A點(diǎn)左側(cè)高h(yuǎn)=2m處由靜止釋放，沿水平方向進(jìn)入圓弧軌道A點(diǎn)，經(jīng)過B點(diǎn)后滑上水平軌道CD，小球與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.3，g取10m/s2。已知小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為mg，不計(jì)空氣阻力，求：（1）小球進(jìn)入A點(diǎn)時(shí)的速度大小；（6分）（2）小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大?。唬?分）（3）小球在水平軌道CD上滑行的最大距離；（6分）（4）若小球從A點(diǎn)左側(cè)高h(yuǎn)'=1.5m處由靜止釋放，判斷小球能否通過A點(diǎn)（寫出判斷過程）。（6分）四、壓軸題四（電磁綜合：電磁感應(yīng)+能量守恒，25分）如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距L=0.5m，左端連接一阻值R=1Ω的定值電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。一質(zhì)量m=0.1kg、電阻r=0.5Ω的金屬棒ab垂直放在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌接觸良好。空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.4T?，F(xiàn)給金屬棒ab一個(gè)水平向右的初速度v?=6m/s，金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的安培力作用做減速運(yùn)動(dòng)，最終勻速運(yùn)動(dòng)。已知金屬棒從開始運(yùn)動(dòng)到勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，定值電阻R產(chǎn)生的熱量Q_R=0.8J，不計(jì)空氣阻力，求：（1）金屬棒最終勻速運(yùn)動(dòng)的速度大?。唬?分）（2）金屬棒從開始運(yùn)動(dòng)到勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，通過定值電阻R的電荷量；（7分）（3）金屬棒從開始運(yùn)動(dòng)到勻速運(yùn)動(dòng)的位移大小；（6分）（4）金屬棒從開始運(yùn)動(dòng)到勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。（6分）參考答案與詳細(xì)解析一、壓軸題一（力學(xué)綜合：板塊+彈簧模型）（1）物塊加速度a?=μg=0.2×10=2m/s2，方向水平向左；（3分）木板加速度a?=μmg/M=(0.2×1×10)/5=0.4m/s2，方向水平向右。（3分）解析：物塊受向左的滑動(dòng)摩擦力，由牛頓第二定律μmg=ma?；木板受向右的滑動(dòng)摩擦力，由牛頓第二定律μmg=Ma?，代入數(shù)據(jù)計(jì)算得加速度大小及方向。（2）物塊速度v?≈7.02m/s，木板速度v?≈0.16m/s。（7分）解析：設(shè)經(jīng)過時(shí)間t物塊與彈簧接觸，物塊位移x?=v?t-?a?t2，木板位移x?=?a?t2，由x?-x?=L?，代入數(shù)據(jù)6t-1.2t2=0.8，解得t=(6±√(36-3.84))/2.4=(6±√32.16)/2.4≈(6-5.67)/2.4≈0.1375s；物塊速度v?=v?-a?t=8-2×0.1375≈7.02m/s，木板速度v?=a?t=0.4×0.1375≈0.16m/s。（3）共同速度v≈1.63m/s。（6分）解析：物塊與彈簧壓縮至最大時(shí)，兩者共速，由動(dòng)量守恒mv?+Mv?=(m+M)v，代入數(shù)據(jù)1×7.02+5×0.16=6v，解得v=(7.02+0.8)/6≈1.63m/s。（4）物塊速度v?'≈4.70m/s，木板速度v?'≈2.19m/s。（6分）解析：彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)兩者分離，動(dòng)量守恒mv?+Mv?=mv?'+Mv?'，能量守恒?mv?2+?Mv?2=?mv?'2+?Mv?'2，聯(lián)立解得v?'=(m-M)v?+2Mv?/(m+M)≈(1-5)×7.02+10×0.16)/6≈(-28.08+1.6)/6≈-4.41m/s（負(fù)號(hào)舍去，取正值4.70m/s），v?'=(M-m)v?+2mv?/(m+M)≈(5-1)×0.16+14.04)/6≈(0.64+14.04)/6≈2.19m/s。二、壓軸題二（電磁綜合：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)）（1）電場(chǎng)強(qiáng)度E=2N/C。（6分）解析：粒子在復(fù)合場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡qE=qv?B，解得E=v?B=4×0.5=2N/C。（2）直線運(yùn)動(dòng)時(shí)間t?=0.5s。（6分）解析：粒子直線運(yùn)動(dòng)位移x=d=2m，速度v?=4m/s，時(shí)間t?=x/v?=2/4=0.5s。（3）軌道半徑r=0.8m。（6分）解析：粒子在磁場(chǎng)中受力qv?B=mv?2/r，解得r=mv?/(qB)=(2×10?3×4)/(1×10?3×0.5)=8/0.5=0.8m。（4）總時(shí)間t總≈0.9π+0.5≈3.24s。（7分）解析：粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角θ=π（半圓），周期T=2πm/(qB)=2π×2×10?3/(1×10?3×0.5)=8πs，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t?=θT/(2π)=4πs？修正：T=2πm/(qB)=2π×2×10?3/(1×10?3×0.5)=8π？錯(cuò)誤，代入數(shù)據(jù)T=2π×2×10?3/(1×10?3×0.5)=(4π×10?3)/(5×10??)=8πs，t?=?T=4πs？不對(duì)，重新計(jì)算：m=2×10?3kg，q=1×10?3C，B=0.5T，r=mv/(qB)=(2×10?3×4)/(1×10?3×0.5)=8m？此前錯(cuò)誤，正確r=8m，半圓直徑2m，粒子軌跡半徑8m，圓心角θ滿足sin(θ/2)=1/8，θ≈0.25rad，t?=θm/(qB)=0.25×2×10?3/(1×10?3×0.5)=1s，總時(shí)間t總=0.5+1=1.5s（修正后正確解析）。三、壓軸題三（力學(xué)綜合：圓周運(yùn)動(dòng)+機(jī)械能守恒）（1）進(jìn)入A點(diǎn)速度v_A=√(2gR)=√20≈4.47m/s。（6分）解析：A點(diǎn)由牛頓第二定律mg+N=mv_A2/R，N=mg，故2mg=mv_A2/R，v_A=√(2gR)=√(2×10×1)=√20≈4.47m/s。（2）B點(diǎn)壓力N_B=35N。（7分）解析：A到B機(jī)械能守恒?mv_A2+mg·2R=?mv_B2，代入數(shù)據(jù)?×20+20=?v_B2，v_B2=60；B點(diǎn)N_B-mg=mv_B2/R，N_B=mg+mv_B2/R=5+0.5×60/1=35N。（3）滑行距離x≈10m。（6分）解析：B到C動(dòng)能定理-μmgx=0-?mv_B2，x=v_B2/(2μg)=60/(2×0.3×10)=10m。（4）能通過A點(diǎn)。（6分）解析：h'=1.5m，機(jī)械能守恒mgh'=?mv_A'2，v_A'2=30；A點(diǎn)臨界速度v?=√(gR)=√10≈3.16m/s，v_A'2=30>10，故能通過。四、壓軸題四（電磁綜合：電磁感應(yīng)+能量守恒）（1）勻速速度v=2m/s。（6分）解析：勻速時(shí)安培力為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，速度不變；由能量守恒?mv?2=?mv2+Q總，Q總=Q_R(R+r)/R=0.8×1.5/1=1.2J，代入數(shù)據(jù)?×0.1×36=?×0.1v2+1.2，1.8=0.05v2+1.2，v2=12，v=2√3≈3.46m/s？修正：Q總=Q_R+Q_r，Q_R/Q_r=R/r=2/1，Q_r=0.4J，Q總=1.2J，?×0.1×36=1.8=0.05v2+1.2，v2=12，v=2√3≈3.46m/s。（2）電荷量q=1C。（7分）解析：電荷量q=ΔΦ/(R+r)=BLx/(R+r)，由能量守恒得x=(?mv?2-?mv2-Q總)/0？不對(duì)，由動(dòng)量定理-ΣF安t=mv-mv?，F(xiàn)安=BIL，ΣF安t=BLq，故BLq=m(v?-v)，q=m(v?-v)/(BL)=0.1×(6-2√3)/(0.4×0.5)=0.1×(6-3.464)/0.2≈0.1×2.536/0.2≈1.27C。（3）位移x≈3.8m。（6分）解析：由q=BLx