2026年廣東省肇慶高中高考物理第二次質(zhì)檢試卷(含答案解析)一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每題只有一個選項符合題意。1.2026年4月，我國空間站組合體在距地面390km的圓軌道上運行，周期92min。若空間站質(zhì)量為m，地球半徑R=6.37×103km，地表重力加速度g=9.8m/s2，則空間站所受地球引力大小為A.mg??B.0??C.mgR2/(R+h)2??D.mg(R+h)/R答案：C解析：由萬有引力定律F=GMm/r2，地表處mg=GMm/R2，故F=mgR2/(R+h)2。2.如圖，理想變壓器原線圈接u=220√2sin100πt(V)，副線圈接R=11Ω的電阻，電流表示數(shù)2A。若忽略能量損失，則原線圈匝數(shù)n?與副線圈匝數(shù)n?之比為A.10:1??B.1:10??C.20:1??D.1:20答案：A解析：副線圈電壓U?=IR=22V，原線圈有效值U?=220V，故n?:n?=U?:U?=10:1。3.氫原子從n=4躍遷到n=2能級時，輻射光子能量為E。若氫原子從n=4躍遷到n=3，再躍遷到n=2，則兩次輻射光子能量之和A.等于E??B.大于E??C.小于E??D.無法確定答案：A解析：能級差只與初末態(tài)有關(guān)，與路徑無關(guān)，能量守恒。4.如圖，傾角θ=30°的斜面頂端固定一輕繩，繩另一端系小球，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，繩與豎直方向夾角α=45°。則小球加速度大小為A.g??B.g√2??C.g√3??D.2g答案：B解析：受力分析得Tcosα=mg，Tsinα=ma，解得a=gtanα=g。5.某氣體經(jīng)歷A→B→C→A循環(huán)，A→B為等溫膨脹，B→C為等壓壓縮，C→A為絕熱壓縮。下列判斷正確的是A.A→B過程氣體放熱??B.B→C過程氣體內(nèi)能增加C.整個循環(huán)氣體對外做正功??D.循環(huán)中氣體吸熱大于放熱答案：C解析：A→B等溫膨脹對外做功，需吸熱；B→C等壓壓縮，溫度降低，內(nèi)能減少；循環(huán)包圍面積為正，對外做正功；由熱力學(xué)第一定律，循環(huán)ΔU=0，故Q=W>0，吸熱大于放熱。6.如圖，兩平行長直導(dǎo)線a、b通有同向電流I，a在左，b在右，間距d。在a、b中垂線上放一小磁針，磁針N極指向A.向上??B.向下??C.垂直紙面向外??D.垂直紙面向里答案：D解析：由右手定則，a、b在中垂線處磁場方向均垂直紙面向里，疊加后仍向里。7.某簡諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時刻波形如圖，P點位于x=3cm處，此時向下振動。波速v=4cm/s，則t=0.5s時P點A.位移為正，速度向上??B.位移為負(fù)，速度向下C.位移為零，速度向上??D.位移為零，速度向下答案：C解析：由“同側(cè)法”知波長λ=8cm，周期T=λ/v=2s，0.5s=T/4，P點從平衡位置向下振動經(jīng)T/4回到平衡位置向上振動。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每題有兩個或兩個以上選項符合題意，全部選對得6分，選對但不全得3分，有選錯得0分。8.如圖，光滑水平面上靜止放置質(zhì)量m的A、B兩物塊，中間夾一輕彈簧。現(xiàn)給A瞬時沖量使其獲得速度v?向右，則彈簧恢復(fù)原長時A.A速度為零??B.B速度為v???C.系統(tǒng)動能守恒??D.彈簧彈性勢能先增后減答案：BCD解析：系統(tǒng)動量守恒，機(jī)械能守恒；彈簧恢復(fù)原長時形變量為零，彈性勢能為零，動能回到初始值，B獲得速度v?，A速度為零；彈性勢能先增后減。9.如圖，正方形abcd區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場B。一質(zhì)量m、電荷+q的粒子從ab中點以速度v?垂直ab射入，恰好從c點射出，則A.粒子軌跡半徑等于正方形邊長L??B.粒子運動時間t=πm/(2qB)C.若v?減半，粒子從bc邊射出??D.若B加倍，粒子從ad邊射出答案：BC解析：由幾何關(guān)系，半徑r=L/√2，A錯；轉(zhuǎn)過的圓心角90°，t=πm/(2qB)，B對；v減半則r減半，從bc邊射出，C對；B加倍則r減半，仍從bc邊射出，D錯。10.如圖，電路中電源電動勢E、內(nèi)阻r，R?、R?為定值電阻，R?為滑動變阻器，電壓表V?測R?電壓，V?測R?電壓。將R?滑片向右移動，則A.V?示數(shù)增大??B.V?示數(shù)增大??C.電源輸出功率可能增大??D.R?功率一定減小答案：BC解析：滑片右移R?↑，總電阻↑，總電流↓，V?=IR?↓，A錯；V?=E?I(r+R?+R?)，I↓則V?↑，B對；輸出功率P=I2R外，R外↑，I↓，P可能增大，C對；R?功率I2R?↓，D錯。三、實驗題：本題共2小題，共16分。11.(8分)用如圖甲所示裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”。小車質(zhì)量M，砝碼盤及砝碼總質(zhì)量m，打點計時器頻率50Hz。(1)平衡摩擦力時，應(yīng)________(選填“掛”或“不掛”)砝碼盤，輕推小車，若紙帶上打出________(選填“均勻”或“越來越密”)的點，則平衡到位。答案：不掛；均勻解析：平衡摩擦力需撤去牽引，讓小車勻速運動，點跡均勻說明勻速。(2)若m遠(yuǎn)小于M，則小車所受拉力可近似為________；若m不滿足遠(yuǎn)小于M，則拉力真實值F=________。答案：mg；Mmg/(M+m)解析：對系統(tǒng)列方程mg=(M+m)a，對小車F=Ma，解得F=Mmg/(M+m)。(3)實驗得到紙帶如圖乙，相鄰計數(shù)點間有4個未畫點，測得s?=2.10cm，s?=3.20cm，s?=4.30cm，則加速度a=________m/s2(保留兩位有效數(shù)字)。答案：1.1解析：Δs=aT2，T=0.1s，a=(s??s??(s??s?))/T2=1.1×10?2/0.01=1.1m/s2。12.(8分)某同學(xué)用圖丙電路測量未知電阻R?(約幾十歐姆)，器材：電池E≈3V，電壓表V(0?3V，內(nèi)阻約3kΩ)，電流表A(0?0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω)，滑動變阻器R(0?20Ω)，開關(guān)及導(dǎo)線。(1)根據(jù)R?阻值范圍，電流表應(yīng)接在________(選填“a”或“b”)位置，即采用________(選填“內(nèi)接”或“外接”)法。答案：b；外接解析：R??Rv，電壓表分流小，外接法系統(tǒng)誤差小。(2)閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于________(選填“左端”或“右端”)。答案：左端解析：讓滑動變阻器分壓為零，保護(hù)電表。(3)測量得U=2.40V，I=0.48A，則R?=________Ω；該結(jié)果________(選填“偏大”或“偏小”)。答案：5.0；偏小解析：R?=U/I=5.0Ω；外接法電壓表分流，電流測量值偏大，結(jié)果偏小。(4)為消除系統(tǒng)誤差，該同學(xué)又采用圖丁電路，通過改變滑動變阻器測得兩組數(shù)據(jù)：U?=2.00V，I?=0.40A；U?=2.60V，I?=0.52A，則R?=________Ω。答案：5.0解析：作U?I圖線斜率即R?，(2.60?2.00)/(0.52?0.40)=0.60/0.12=5.0Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。13.(10分)如圖，傾角θ=37°的斜面長L=3m，底端固定一輕彈簧，勁度系數(shù)k=200N/m。質(zhì)量m=2kg的小物塊從斜面頂端由靜止釋放，滑至彈簧頂端時速度v=4m/s，繼續(xù)壓縮彈簧直至速度為零。設(shè)斜面光滑，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：(1)物塊剛接觸彈簧時的動能；(2)彈簧最大壓縮量x；(3)物塊從開始到速度為零經(jīng)歷的時間t(保留兩位有效數(shù)字)。答案與解析：(1)Ek=?mv2=?×2×42=16J(2)由能量守恒：mg(L+x)sinθ=?kx2代入：2×10×(3+x)×0.6=?×200×x2化簡：120+12x=100x2→100x2?12x?120=0→25x2?3x?30=0解得x=1.2m(舍負(fù)根)(3)分兩段：①下滑L=3m，加速度a?=gsinθ=6m/s2，t?=√(2L/a?)=√(6/6)=1s②壓縮彈簧，取平衡位置為原點，系統(tǒng)做簡諧運動，振幅A=x=1.2m，角頻率ω=√(k/m)=10rad/s物塊接觸彈簧時速度v=4m/s，對應(yīng)簡諧運動初相位φ，滿足v=ωAcosφ→4=10×1.2cosφ→cosφ=1/3速度為零時位移最大，相位差π/2?φ，時間Δt=(π/2?arccos(1/3))/10≈0.17s總時間t=t?+Δt≈1.2s14.(13分)如圖，xOy平面內(nèi)存在半徑R=0.5m的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，圓心O，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，方向垂直紙面向里。y軸左側(cè)有平行x軸的勻強(qiáng)電場E=1.0×103N/C，方向沿x軸負(fù)向。一質(zhì)量m=1.0×10?1?kg、電荷q=+1.0×10?12C的粒子從P(?1m,0)靜止釋放，進(jìn)入磁場后恰從Q(0,0.5m)射出，不計重力。求：(1)粒子進(jìn)入磁場時的速度大小v；(2)粒子在磁場中運動時間t；(3)粒子射出磁場后再次經(jīng)過y軸的坐標(biāo)。答案與解析：(1)電場加速：qEd=?mv2，d=1mv=√(2qE/m)=√(2×1.0×10?12×1.0×103/1.0×10?1?)=√(2×10?)=4.47×102m/s(2)由幾何關(guān)系，粒子在磁場中軌跡為圓弧，圓心角θ=60°，半徑r=R=0.5m周期T=2πm/(qB)=2π×1.0×10?1?/(1.0×10?12×0.2)=π×10?2st=(θ/360°)T=(60/360)π×10?2=π/6×10?2≈5.2×10?3s(3)射出時速度方向與y軸夾角30°，出磁場后做勻速直線運動，斜率tan30°=1/√3直線方程y?0.5=(1/√3)x，令x=0，得y=0.5m(已給出)，再求與y軸交點即Q點；實際上粒子從Q射出后沿切線方向運動，再次經(jīng)過y軸需飛行時間Δt，使得水平位移x=0v_x=vsin30°=v/2，v_y=vcos30°=v√3/2x=v_xΔt=0→Δt=0，即已位于y軸，故再次經(jīng)過y軸坐標(biāo)為Q(0,0.5m)本身，但題目問“再次”，應(yīng)理解為離開磁場后沿直線運動與y軸交點，即Q點。更嚴(yán)謹(jǐn)：粒子出磁場后沿切線方向，其延長線過圓心，故不再與y軸相交，除非考慮電場，但題目說“射出后”，即已離開磁場區(qū)域，無電場作用，將沿直線運動至無窮遠(yuǎn)，不再經(jīng)過y軸。重新審題：電場只在y軸左側(cè)，粒子一旦進(jìn)入右側(cè)即無電場，故射出后勻速直線，方向與y軸夾角30°，其反向延長線過O，故直線方程y=√3x+0.5，令x=0得y=0.5m，即Q點本身，因此“再次”經(jīng)過y軸坐標(biāo)為(0,0.5m)。但物理上“再次”應(yīng)指不同點，說明需重新計算：粒子出射速度方向與x軸夾角60°，參數(shù)方程：x=vcos60°t=0.5vty=0.5+vsin60°t=0.5+0.866vt令x=0，得t=0，對應(yīng)Q點。結(jié)論：粒子離開磁場后不再與y軸相交，題目“再次”應(yīng)理解為“離開磁場后沿直線運動與y軸的交點”，即Q點本身，故坐標(biāo)為(0,0.5m)。15.(15分)如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌間距L=0.4m，傾角θ=30°，上端接電阻R=0.6Ω，區(qū)域Ⅰ(0≤x≤0.8m)內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場B=1.0T。質(zhì)量m=0.1kg、電阻r=0.2Ω的金屬棒ab從區(qū)域Ⅰ上方x=?0.2m處由靜止釋放，沿導(dǎo)軌下滑，進(jìn)入磁場后恰好勻速穿過區(qū)域Ⅰ，隨后進(jìn)入無磁場區(qū)域Ⅱ，與質(zhì)量同為m的絕緣棒cd發(fā)生彈性碰撞，cd右端連一輕彈簧，彈簧另一端固定。求：(1)棒ab進(jìn)入磁場時的速度v?；(2)棒ab勻速穿過區(qū)域Ⅰ的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q；(3)碰撞后瞬間棒cd的速度大小v?；(4)彈簧最大壓縮量Δx(彈簧勁度系數(shù)k=20N/m)。答案與解析：(1)由能量守恒：mgxsinθ=?mv?2，x=0.2mv?=√(2gxsinθ)=√(2×10×0.2×0.5)=√2≈1.41m/s(2)勻速條件：mgsinθ=F_安，F(xiàn)_安=BIL，I=BLv?/(R+r)mgsinθ=B2L2v?/(R+r)代入：0.1×10×0.5=12×0.42×1.41/(0.6+0.2)→0.5=0.16×1.41/0.8≈0.28，矛盾，說明v?并非勻速速度。重新理解：棒進(jìn)入磁場后“恰好勻速”，說明進(jìn)入瞬間即滿足勻速條件，故應(yīng)求勻速速度v，而非v?。設(shè)勻速速度為v，則mgsinθ=B2L2v/(R+r)→v=mgsinθ(R+r)/(B2L2)=0.5×0.8/(1×0.16)=2.5m/s此速度即為進(jìn)入磁場