1、2018-20192018-2019 學(xué)年江蘇省揚(yáng)州市高二（上）期末物理試卷學(xué)年江蘇省揚(yáng)州市高二（上）期末物理試卷 一、單選題（本大題共5 5 小題，共 15.015.0分） 1.中國(guó)宋代科學(xué)家沈括在夢(mèng)溪筆談中最早記載了地磁偏角：“以磁石磨 針?shù)h，則能指南，然常微偏東，不全南也?！边M(jìn)一步研究表明，地球周?chē)?地磁場(chǎng)的磁感線(xiàn)分布示意如圖所示。結(jié)合上述材料，下列說(shuō)法正確的是 （） A.地理南、北極與地磁場(chǎng)的南、北極完全重合 B.地球內(nèi)部不存在磁場(chǎng)，地磁南極在地理北極附近 C.地球表面任意位置的地磁場(chǎng)方向都與地面平行 D.地磁場(chǎng)對(duì)射向地球赤道的帶電宇宙射線(xiàn)粒子有力的作用 2.現(xiàn)將電池組、滑動(dòng)變阻器、帶

2、鐵芯的線(xiàn)圈A、線(xiàn)圈 B、電流計(jì)及開(kāi) 關(guān)按如圖所示連接，線(xiàn)圈A 插入線(xiàn)圈 B中，下列說(shuō)法中正確的是 （） A.閉合開(kāi)關(guān)電流穩(wěn)定后，將線(xiàn)圈A 從線(xiàn)圈 B中拔出過(guò)程中，電流 計(jì)指針不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn) B.開(kāi)關(guān)閉合瞬間，電流計(jì)指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)， 而斷開(kāi)瞬間電流計(jì)指針 不會(huì)偏轉(zhuǎn) C.開(kāi)關(guān)閉合后，滑動(dòng)變阻器的滑片P勻速滑動(dòng)，電流計(jì)指針始終指在零刻度 D.開(kāi)關(guān)閉合后，無(wú)論滑動(dòng)變阻器的滑片P如何滑動(dòng)，電流計(jì)指針都會(huì)偏離零刻度 3.一個(gè)電源接 9電阻時(shí)，電源兩端的電壓為1.8V，接 19 電阻時(shí)，電源兩端的電壓為1.9V，則電源的 電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為（） A.2VB.C.2VD. 4.如圖所示，一個(gè)圓形線(xiàn)圈的匝數(shù)為N，

3、半徑為a，線(xiàn)圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂 直，且一半處在磁場(chǎng)中。在t時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變， 大小由 B 均勻地增大到 2B在此過(guò)程中，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為（） A.閉合開(kāi)關(guān) S的瞬間，A、B一起亮，然后 A 熄滅 B.閉合開(kāi)關(guān) S 的瞬間，B比 A 先亮，待電路穩(wěn)定后A比 B 亮 C.閉合開(kāi)關(guān) S，待電路穩(wěn)定后再斷開(kāi)，A 逐漸變暗，B閃亮一下然后逐漸變暗 D.閉合開(kāi)關(guān) S，待電路穩(wěn)定后再斷開(kāi)，A、B 燈中的電流方向均為從左向右 7.如圖所示， 由兩種比荷不同的離子組成的離子束， 經(jīng)過(guò)由正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和 B兩束， 勻強(qiáng)磁場(chǎng)組成的速度選擇器后， 進(jìn)入另一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中并分裂為A、 離子的重力不計(jì)，

4、下列說(shuō)法中正確的有（） A. 組成 A束和 B束的離子都帶正電 B. 組成 A束和 B束的離子質(zhì)量一定相同 C.A束離子的比荷大于 B束離子的比荷 D.速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里 8.如圖所示為測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的裝置，彈簧測(cè)力計(jì)下端掛一矩形線(xiàn)圈，線(xiàn)圈匝數(shù)為n，將矩形線(xiàn)圈 的短邊（長(zhǎng)為L(zhǎng)）置于蹄形磁體的N 極、S 極間的磁場(chǎng)中的待測(cè)位置，線(xiàn)圈的質(zhì)量為m，（重力加速度 為 g）。為了測(cè)量方便和精確，調(diào)節(jié)好裝置后閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使得彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)剛好 為零，此時(shí)電流表示數(shù)為I，下列說(shuō)法中正確的有（） A.裝置圖中線(xiàn)圈平面與 N極、S 極連線(xiàn)垂直 的讀數(shù)為 0 C.在磁場(chǎng)中的線(xiàn)圈

5、短邊中的電流方向向里 強(qiáng)度為 B.當(dāng)電路未接通時(shí)彈簧測(cè)力計(jì) D.N極和S極之間磁場(chǎng)的磁感應(yīng) A. B. C. D. 5.如圖所示，直線(xiàn)、分別是電源 1 與電源 2的路端電壓隨電流變化的伏安特性圖線(xiàn)，曲線(xiàn)是一個(gè) 小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)， 如果把該小燈泡分別與電源1、 電源 2 單獨(dú)連接， 則下列說(shuō)法正確的是（） A.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻相等 B.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1：2 C.電源 1與電源 2的內(nèi)阻之比是 7：11 D.由于小燈泡 L的 圖線(xiàn)是一條曲線(xiàn)，所以燈泡發(fā)光過(guò)程中歐姆定律 不適用 二、多選題（本大題共4 4 小題，共 12.012.0分） 6.如圖所示為

6、研究自感現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路， A、B 為兩個(gè)完全相同的燈泡， 線(xiàn)圈 L 的自感系數(shù)很大且線(xiàn)圈的直流電阻可忽略，定值電阻的阻值為R關(guān)于 這個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的有（） 9.在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，電流表A、電壓表 V1、V2的讀數(shù)分別為 I、U1和 U2，C 為電容器。在滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)一小段距離的過(guò)程中，電流表A、電壓表 V1、V2讀數(shù)變化量 大小分別是I、U1和U2，下列說(shuō)法中正確的有（） A.電源的內(nèi)阻消耗的電功率變大 B.燈泡變亮、電容器所帶電量減少 C. 等于外電路總電阻，變小 D. 等于電源的內(nèi)電阻，不變 三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 2 小題，共 18.018

7、.0 分） 10. LED二極管的應(yīng)用是非常廣泛的，2014年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)被授予了日本科學(xué)家赤崎勇、天野浩和美籍 日裔科學(xué)家中村修二，以表彰他們發(fā)明了藍(lán)色發(fā)光二極管，并因此帶來(lái)了新型節(jié)能光源。某同學(xué)想要 描繪某發(fā)光二極管的伏安特性曲線(xiàn)，實(shí)驗(yàn)測(cè)得它兩端的電壓U和通過(guò)它的電流 I 的數(shù)據(jù)如下表所示。 U/V I/mA 0.0 0.0 0.40 0.9 0.80 2.3 1.20 4.3 1.60 6.8 2.00 12.0 2.40 19.0 2.80 30.0 實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材： A電壓表（量程 03V，內(nèi)阻約 20k） B電壓表（量程 015V，內(nèi)阻約 100k） 第 1 頁(yè)，共 9 頁(yè)

8、 C電流表（量程 050mA，內(nèi)阻約 40） D電流表（量程 00.6A，內(nèi)阻約 2） E滑動(dòng)變阻器（阻值范圍020，允許最大電流 2A） F電源（電動(dòng)勢(shì) 6V，內(nèi)阻不計(jì)） G開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線(xiàn)若干 （1）該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)，電壓表選用的是_，電流表選用的是_（填選項(xiàng)字母）。 （2）當(dāng)電流表示數(shù)為 20.0mA 時(shí)，電壓表的示數(shù)如圖甲所示，電壓表的讀數(shù)為_(kāi)V。 （3）請(qǐng)根據(jù)要求，在方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)的原理圖_（二極管的符號(hào)用表示）。 （1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，為防止讀數(shù)時(shí)測(cè)微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊如圖甲所示 的部件_（選填“A”、“B”、“C”或“D”）。從圖甲中的示數(shù)可讀出合金絲的直徑為 d

9、=_mm。 （2）某小組同學(xué)利用以上器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)， 請(qǐng)根據(jù)原理圖乙完成實(shí)物圖丙中的連線(xiàn)， 并使在閉合開(kāi)關(guān)的 瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞。 記錄數(shù)據(jù)如下： 次數(shù) U/V I/A 1 0.30 0.066 2 0.70 0.160 3 1.00 0.220 4 1.50 0.340 5 1.70 0.460 6 2.30 0.520 （4）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)趫D乙中畫(huà)出該二極管的IU圖線(xiàn)_。 （5）若此發(fā)光二極管的最佳工作電流為15mA，現(xiàn)將此發(fā)光二極管與電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻不計(jì)的電池組 相連，還需串聯(lián)一個(gè)阻值R=_的電阻，才能使它工作在最佳狀態(tài)。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字） 11. 在“測(cè)量金屬絲

10、電阻率實(shí)驗(yàn)”中，有如下器材：電池組（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻約 1）、電流表（內(nèi)阻約 0.1）、電壓表（內(nèi)阻約3k）、滑動(dòng)變阻器R（050，額定電流 2A）、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)若干。請(qǐng)完成 下列問(wèn)題 （3）這個(gè)小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、I坐標(biāo)系，如圖丁所示，圖中已標(biāo)出了與測(cè)量數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的6 個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)。請(qǐng)根據(jù)標(biāo)出的坐標(biāo)點(diǎn)，描繪出U-I 圖線(xiàn)。并由圖線(xiàn)得到金屬絲的阻值Rx=_（保留 兩位有效數(shù)字） （4）若實(shí)驗(yàn)過(guò)程中發(fā)現(xiàn)，無(wú)論如何調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，電壓表示數(shù)不發(fā)生變化，則發(fā)生故障的可能原因 是_。 （5） 任何實(shí)驗(yàn)測(cè)量都存在誤差， 本實(shí)驗(yàn)所用測(cè)量?jī)x器均已校準(zhǔn)， 下列關(guān)于誤差的說(shuō)法中正確的有_。 A用螺旋測(cè)微器測(cè)量金

11、屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差 B測(cè)量金屬絲的直徑時(shí)，要在不同位置多次測(cè)量，是為了消除偶然誤差 C由電流表和電壓表的內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差 D用 U-I 圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差 四、計(jì)算題（本大題共4 4 小題，共 40.040.0分） 12. 如圖所示，水平放置的足夠長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距離為 L，左端接阻值為 R的電阻，導(dǎo)軌的電 阻不計(jì)。一質(zhì)量為m、電阻為R的金屬桿 ab放在導(dǎo)軌上與導(dǎo)軌接觸良好，不計(jì)摩擦。整個(gè)裝置放在豎 直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。ab桿在平行于導(dǎo)軌的水平恒力F（F未知）作用下從靜止開(kāi) 始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)向右運(yùn)動(dòng)距離為d時(shí)恰好達(dá)到最

12、大速度 vm求： 第 2 頁(yè)，共 9 頁(yè) 15. 如圖所示， 豎直面內(nèi)的虛線(xiàn)邊界AMN為等邊三角形， 邊長(zhǎng) L=0.6m， 水平邊界 MN上方是豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=210-4N/C，P、 （1）水平恒力 F的大??；Q 分別是 AM和 AN的中點(diǎn)，梯形 MNQP內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B1垂直 （2）向右運(yùn)動(dòng)距離為 d的過(guò)程中，電阻 R上產(chǎn)生的熱量 QR；紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，APQ內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B2垂直紙面向里的 （3）當(dāng)向右運(yùn)動(dòng)距離為d時(shí)突然撤去拉力，撤去拉力后流過(guò)金屬桿的總電量為q，求金屬桿繼續(xù)滑行勻強(qiáng)磁場(chǎng)，B2=3B1，AMN以外區(qū)域有垂直紙面向外，大小是B2的 的距離 x。 勻強(qiáng)磁

13、場(chǎng)。一帶正電的粒子，比荷，從 O點(diǎn)由靜止開(kāi) 始釋放，從邊界 MN的中點(diǎn) C 進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，OC相距 1m，經(jīng)梯形 磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后垂直 AN經(jīng)過(guò) Q點(diǎn)。（粒子重力不計(jì)）求： （1）粒子到達(dá) C點(diǎn)時(shí)的速度 v； （2）磁感應(yīng)強(qiáng)度 B1的大??； （3）粒子從 O點(diǎn)出發(fā)，到再次回到O點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間。 如圖所示，圓半徑R=2cm，O為圓心，AE為直徑。圓上有兩點(diǎn)D 和 F，已 知EOD=60，F(xiàn)AE=30，C為圓弧 ACE的中點(diǎn)。圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于 紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有一重力不計(jì)、比荷的正電荷，以 v1=2104m/s 的速度從 A 點(diǎn)沿 AO方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)后從C 點(diǎn)射出。 （結(jié)果中可保留根號(hào)）

14、求： （1）磁感應(yīng)強(qiáng)度 B 的大?。?（2）若粒子射入磁場(chǎng)時(shí)速度大小可改變，現(xiàn)要求粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)后從D 點(diǎn)射出，求粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速 度 v2的大??； （3）若粒子的入射速度可改變，現(xiàn)沿AF方向從 A點(diǎn)射入磁場(chǎng)，粒子恰從E點(diǎn)射出，求粒子在磁場(chǎng)中 的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。 如圖所示斜面的傾角 =37，一個(gè)匝數(shù) n=10匝，邊長(zhǎng) L=0.1m的正方形 線(xiàn)框 abcd被固定在斜面上（固定裝置圖中未畫(huà)出），e、f分別為 ab與 dc 的中點(diǎn)。在ebcf區(qū)域內(nèi)存在著垂直于斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從t=0時(shí) 起，撤去固定線(xiàn)框的裝置，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度按B=6+2t（T）的規(guī)律開(kāi) 始變化。已知線(xiàn)框質(zhì)量m=0.2kg，總電阻r=1

15、，線(xiàn)框與斜面間的動(dòng)摩擦 因數(shù) =0.5 設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力， g 取 10m/s2， sin37=0.6， cos37=0.8求： （1）線(xiàn)框靜止不動(dòng)時(shí)線(xiàn)框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小和感應(yīng)電流的方向； （2）經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間線(xiàn)框開(kāi)始滑動(dòng)； （3）在線(xiàn)框保持不動(dòng)的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線(xiàn)框的電量。 第 3 頁(yè)，共 9 頁(yè) 13. 14. 答案和解析 1.【答案】D 【解析】 解：A、地理南、北極與地磁場(chǎng)的南、北極不重合有一定的夾角，即為磁偏角，故 A錯(cuò)誤； B、磁場(chǎng)是閉合的曲線(xiàn)，地球內(nèi)部也存在磁場(chǎng)，地磁南極在地理北極附近，故 B錯(cuò)誤； C、磁場(chǎng)是閉合的曲線(xiàn)，地球磁場(chǎng)從南極附近發(fā)出，從北極附近進(jìn)入地球，組成

16、閉合曲線(xiàn)，曲線(xiàn) 本題考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件及實(shí)驗(yàn)電路分析，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生條件，認(rèn)真分析即可正確 解題。 3.【答案】C 【解析】 解：根據(jù)閉合電路歐姆定律得： E=（R1+r） （R2 +r） 的切線(xiàn)為該點(diǎn)磁場(chǎng)的方向，所以不是地球表面任意位置的地磁場(chǎng)方向都與地面平行，故 C錯(cuò)誤；E= D、地磁場(chǎng)與射向地球赤道的帶電宇宙射線(xiàn)粒子速度方向并不平行，所以對(duì)帶電宇宙射線(xiàn)粒子 有力的作用，故 D正確。 故選：D。 聯(lián)立組成方程組得：r=1，E=2V，故 C 正確，ABD錯(cuò)誤； 故選：C。 根據(jù)閉合電路歐姆定律分別列出兩不通電阻的電壓表達(dá)式，聯(lián)立組成方程組求解電源的電動(dòng) 根據(jù)課本中有關(guān)地磁場(chǎng)的基礎(chǔ)知識(shí)

17、，同時(shí)明在確磁場(chǎng)及磁場(chǎng)的方向，即可確定此題的答案。 勢(shì) E 和內(nèi)電阻 r。 本題考查了地磁場(chǎng)的性質(zhì)，要注意借助地磁場(chǎng)的磁場(chǎng)分布來(lái)分析地磁場(chǎng)對(duì)應(yīng)的性質(zhì)。 2.【答案】D 【解析】 解：A、電鍵閉合后，線(xiàn)圈 A插入或拔出、移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片都可以使穿過(guò)線(xiàn)圈 B的磁通量都 會(huì)發(fā)生變化，都會(huì)使 B 產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故 A 錯(cuò)誤； B線(xiàn)圈A插入線(xiàn)圈B中后，電鍵閉合和斷開(kāi)的瞬間，穿過(guò)線(xiàn)圈B的磁通量都會(huì)發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn) 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=N 生感應(yīng)電流，電流計(jì)指針均會(huì)偏轉(zhuǎn)，故 B錯(cuò)誤； 故選：B。 C、電鍵閉合后，滑動(dòng)變阻器的滑片 P 勻速滑動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈 B的磁通量發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng) 根據(jù)題意應(yīng)用法拉第電磁

18、感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。 電流，電流計(jì)指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故 C 錯(cuò)誤； 本題考查了求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，掌握法拉第電磁感應(yīng)定律是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)題意應(yīng)用法拉 D電鍵閉合后，滑動(dòng)變阻器的滑片 P只要移動(dòng)，穿過(guò)線(xiàn)圈 B的磁通量發(fā)生變化，都會(huì)產(chǎn)生感應(yīng) 第電磁感應(yīng)定律即可解題。 電流，電流計(jì)指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故 D正確。 故選：D。 穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)題意判斷磁通量是否變化， 然后答題。 則連接電源時(shí)，U1=3v，I1=5A，故 P1=U1I1=15W 連接電源時(shí)，U2=5V，I2=6A，故 P2=U2I2=30W， 第 4 頁(yè)，共 9 頁(yè) 本題提供了測(cè)量電源的電動(dòng)

19、勢(shì)和內(nèi)阻和方法，閉合電路的歐姆定律的三種表達(dá)式：E=U+Ir， E=I（R+r），E= 4.【答案】B 【解析】 解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知， =NS=N=，故 B正確，ACD錯(cuò)誤； （R+r）。 5.【答案】B 【解析】 ，解：A、根據(jù)圖象交點(diǎn)知與電源 1 相接時(shí)電阻 R1=，與電源 2 相連接時(shí) R2=，故 A錯(cuò)誤； B、燈泡伏安特性曲線(xiàn)與電源外特性曲線(xiàn)的交點(diǎn)即為燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài) 故 P1：P2=1：2，故 B正確。 C、U-I圖象的斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)電阻，根據(jù)電源U-I圖線(xiàn)，r1= 故 C 錯(cuò)誤。 D、歐姆定律適用于純電阻，燈泡是純電阻，適用歐姆定律，故 D錯(cuò)誤； 故選：B。

20、 根據(jù)電源的外特性曲線(xiàn) U-I圖線(xiàn)，可求出燈泡電阻和電源電動(dòng)勢(shì)以及內(nèi)阻； 根據(jù)燈泡伏安特性曲線(xiàn)與電源外特性曲線(xiàn)交點(diǎn)確定燈泡與電源連接時(shí)工作電壓與電流，即可 求出功率； 歐姆定律適用于純電阻，燈泡是純電阻。 ，r2=，則r1 ：r 2=11：7， 對(duì)于線(xiàn)圈要抓住雙重特性：當(dāng)電流不變時(shí)，它是電阻不計(jì)的導(dǎo)線(xiàn)；當(dāng)電流變化時(shí)，產(chǎn)生自感電動(dòng) 勢(shì)，相當(dāng)于電源。 7.【答案】ACD 【解析】 解：A、AB 粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后都向左偏，根據(jù)左手定則可以判斷 AB束離子都帶正電，故 A正確； BC、經(jīng)過(guò)速度選擇器后的粒子速度相同，粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，滿(mǎn)足 qvB=qE，即 不發(fā)生偏轉(zhuǎn)的粒子具有共同的速度大小

21、 v=； 可知，半徑大的比荷小，所以 A束離子的比進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)分開(kāi)，軌道半徑不等，根據(jù)公式 R= 荷大于 B束離子的比荷，但不能說(shuō)明質(zhì)量一定相同，故 B錯(cuò)誤，C 正確； D、在速度選擇器中，電場(chǎng)方向水平向右，AB 粒子所受電場(chǎng)力方向向右，所以洛倫茲力方向向 本題關(guān)鍵在于對(duì)電源外特性曲線(xiàn)、燈泡伏安特性曲線(xiàn)的理解，明確交點(diǎn)的含義。 6.【答案】BC 【解析】 解：A、閉合開(kāi)關(guān)的瞬間，B燈立即正常發(fā)光，A 燈所在電路上線(xiàn)圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流 可以根據(jù)左手定則可以判斷 AB束離子的電性，粒子在磁場(chǎng)和電場(chǎng)正交區(qū)域里，同時(shí)受到洛倫 的增大，電流只能逐漸增大，A燈逐漸變亮；A 燈支路的電流增大，則電源消

22、耗的內(nèi)電壓增大， 茲力和電場(chǎng)力作用，粒子沒(méi)有發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，滿(mǎn)足 qvB=qE， 所以 B燈逐漸變暗；待電路穩(wěn)定后由于 A支路的電阻值小，所以 A的電流大于 B的電流，A 比 即不發(fā)生偏轉(zhuǎn)的粒子具有共同的速度大小 v= B亮。故 A錯(cuò)誤，B正確。 運(yùn)動(dòng)，滿(mǎn)足 qvB=m C、閉合開(kāi)關(guān)，待電路穩(wěn)定后由于 L的電阻不計(jì)，所以 A的電流大于 B的電流； 本題能根據(jù)粒子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)得出粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，并由此推算出粒子具有相 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，電流從穩(wěn)定時(shí)的電流值開(kāi)始減小，A、B兩燈串 同的速度 v，在單獨(dú)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中粒子分裂成幾束說(shuō)明粒子

23、的荷質(zhì)比不同，并由此得出電量、 聯(lián)，A的電流不會(huì)增大，所以A逐漸變暗，但流過(guò)B的電流先增大后才開(kāi)始減小，B燈會(huì)閃亮一 質(zhì)量、以及速度所需要滿(mǎn)足的關(guān)系式，從而得出正確的結(jié)論。 下后才逐漸變暗。故 C 正確； D、閉合開(kāi)關(guān)，待電路穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，所以流過(guò) L的電流 方向不變。則A燈中電流的方向不變，B燈中的電流方向與開(kāi)始時(shí)相反，為從右向左。故D錯(cuò)誤。 作用，故選項(xiàng) A正確； 故選：BC。 B、在接通電路前，線(xiàn)框處于靜止，導(dǎo)線(xiàn)框此時(shí)只受到重力和彈簧的拉力作用，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì) 當(dāng)開(kāi)關(guān)接通和斷開(kāi)的瞬間，流過(guò)線(xiàn)圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙原來(lái)電流的變化， 的示數(shù)等

24、于線(xiàn)框的重力，故選項(xiàng) B錯(cuò)誤； 根據(jù)自感現(xiàn)象的規(guī)律來(lái)分析。 C、閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使得彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)剛好為零，說(shuō)明線(xiàn)框受到向上的安培力 第 5 頁(yè)，共 9 頁(yè) 左，根據(jù)左手定則可知，速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面向內(nèi)，故 D正確。 故選：ACD。 ，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后受洛倫茲力作用做勻速圓周 ，由此進(jìn)行分析得出結(jié)論。，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑 R= 8.【答案】AC 【解析】 解：A、放置矩形線(xiàn)圈時(shí)，矩形線(xiàn)圈所在的平面要與N極S極的連線(xiàn)垂直從而是下邊受到安培力 作用，根據(jù)左手定則可知在磁場(chǎng)中的線(xiàn)圈短邊中的電流方向向里，故選項(xiàng) C 正確； D、線(xiàn)框受到安培力和重力作用，二力處于平衡狀態(tài)，則：nBIL=

25、mg，則 故選：AC。 根據(jù)共點(diǎn)力的平衡分析出導(dǎo)線(xiàn)框的重力與安培力的大小，然后由磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式即可求 出磁感應(yīng)強(qiáng)度； 解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的大小公式，掌握左手定則判斷安培力的方向，然后根據(jù)二力平衡 求解出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。 9.【答案】BD 【解析】 解：A、滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)一小段距離接入電路的 R2的電阻變大，則總電阻變大，總 電流變小，根據(jù)公式 P=I2r可知電源內(nèi)阻消耗的電功率變小，故 A錯(cuò)誤； B、由于總電阻變大，總電流變小，則內(nèi)電壓變小，則路端電壓增大，故燈泡變亮，即燈泡的電 流變大，則通過(guò)電阻R1的電流變小，即電阻R1兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，根據(jù)公 式可

26、知電容器所帶電量減小，故 B正確； ，通過(guò)上面的 解：（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)表可知電壓最大為 2.80V，最大電流為 30mA，所以電壓表應(yīng)選擇 A，電流 ，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。表應(yīng)選擇 C； （2）由于電壓的量程為 03V，則此時(shí)電壓表的讀數(shù)為 2.30V； （3）通過(guò)估算二極管的阻值大約為：，滿(mǎn)足，所以電流表應(yīng)用 外接法，由于電流表從零調(diào)，所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法，如圖所示： （4）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，該二極管的 IU圖線(xiàn)如圖所示： C、電壓表 V2測(cè)量路端電壓，根據(jù)部分電路歐姆定律可知：U2=IR 外 ，則 分析可知總電阻變大，即等于外電路總電阻，變大，故 C 錯(cuò)誤； （5）由 I-U圖象可讀出 I=

27、15mA時(shí)對(duì)應(yīng)的電壓為：Ux=2.2V，可求得：Rx=146.7， 根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有： 代入數(shù)據(jù)解得為：R=53。 ， D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：U2=E-Ir，則 故選：BD。 不變，故 D正確。 故答案為：（1）A C（2）2.30 （3）如圖所示：（4）如圖所示； （5）53 （1）根據(jù)數(shù)據(jù)表中的最大電壓與最大電流來(lái)選擇電壓表與電流表的量程； 該電路R1和R2串聯(lián)，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律以及 電阻的變化分析電路中電流以及電壓的變化，再根據(jù)局部電路分析電容器電量的變化，根據(jù)功 （2）根據(jù)選定的電壓表量程進(jìn)行讀數(shù)； （3）根據(jù)待測(cè)電阻滿(mǎn)足外接

28、法條件可知電流表應(yīng)用外接法，根據(jù)電流表從零調(diào)可知變阻器應(yīng)采 率公式分析內(nèi)阻消耗功率的變化。 用分壓式接法； 解決本題的關(guān)鍵抓住電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，利用閉合電路歐姆定律進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析，特別要 （4）用平滑的曲線(xiàn)連線(xiàn)即可，注意舍去誤差較大的點(diǎn)； 理解。 （5）根據(jù)閉合電路歐姆定律列出表達(dá)式并求解即可； 應(yīng)明確實(shí)驗(yàn)原理，應(yīng)根據(jù)電路中的最大電壓與最大電流來(lái)選擇電壓表與電流表的量程；當(dāng)實(shí)驗(yàn) 10.【答案】AC2.30 如圖所示如圖所示53 【解析】 第 6 頁(yè)，共 9 頁(yè) 要求電流從零調(diào)或當(dāng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法；同時(shí)要掌 握電流表內(nèi)、外接法的選擇問(wèn)題。 11.【答案】

29、B0.3984.5 滑動(dòng)變阻器短路D 【解析】 解：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，為防止讀數(shù)時(shí)測(cè)微螺桿 發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊如圖甲所示的部件B，螺旋測(cè)微器的示 數(shù)量為固定刻度與可動(dòng)刻度的示 數(shù)之和，故金屬絲的直徑 d=0mm+39.80.01mm=0.398mm 。 丙的實(shí)驗(yàn)電路如圖所示， （2）按圖乙的電路連接圖 （2）根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖； （3）根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象，由圖象的斜率求出電阻； （4）由電阻定律求出電阻率，然后答題； （5）明確偶然誤差是由人為因素引起的，可以通過(guò)多次測(cè)量或利用圖象來(lái)減小偶然誤差，但不 能消除誤差；系統(tǒng)誤差是由儀器本身因素或?qū)嶒?yàn)原理不精確

30、引起的誤差，系統(tǒng)誤差可以通過(guò)采 用精密儀器和完善實(shí)驗(yàn)原理來(lái)消除。 要掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法；明確電學(xué)實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)要求電流從零調(diào)時(shí)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓 式接法；當(dāng)滿(mǎn)足待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，當(dāng)電流表內(nèi)阻遠(yuǎn)小于 待測(cè)電阻阻值時(shí)，電流表應(yīng)用內(nèi)接法。 12.【答案】解：（1）導(dǎo)體棒速度最大時(shí)，切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大小為E=BLvm 回路中的電流為 I= （3）將題目已成為描好的導(dǎo)體棒最終平衡，有 F=F 安=BIL 求得 F= （2）ab桿向右運(yùn)動(dòng)距離為 d的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有 點(diǎn)連成一條直線(xiàn)如圖所示，則圖象的斜率就是電阻，所以 Rx=4.5 。 Fd-W 克安= -0

31、 （4）若實(shí)驗(yàn)過(guò)程中發(fā)現(xiàn)，無(wú)論如何調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，電壓表示數(shù)不發(fā)生變化，則發(fā)生故障的可 能原因是滑動(dòng)變阻器短路。 （5）此題考察誤差分析問(wèn)題：A、讀數(shù)引起的誤差應(yīng)當(dāng)是偶然誤差，選項(xiàng) A錯(cuò)誤； B、不同位置多次測(cè)量，是為了減小偶然誤差，但不能消除，故選項(xiàng) B 錯(cuò)誤； C、電表內(nèi)阻引起的誤差是系統(tǒng)誤差，故選項(xiàng) C 錯(cuò)誤； D、畫(huà)出圖象，用圖象的斜率表示電阻，顯然是為了減小偶然誤差，故選項(xiàng) D正確。 故答案為：（1）B0.398 （3）4.5 （4）滑動(dòng)變阻器短路 （5）D （1）螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)； 回路中產(chǎn)生的總熱量Q 總=W克安。 電阻 R上產(chǎn)生的熱量 QR

32、= Q 總 得 QR=- （3）根據(jù) q=得 x= 答： （1）水平恒力 F的大小是； -。（2）向右運(yùn)動(dòng)距離為 d的過(guò)程中，電阻 R上產(chǎn)生的熱量 QR是 （3）當(dāng)向右運(yùn)動(dòng)距離為d時(shí)突然撤去拉力，撤去拉力后流過(guò)金屬桿的總電量為q，金屬桿繼續(xù)滑行的距離 x 是。 【解析】 （1）導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，根據(jù)法拉第定律、歐姆定律求出電流，結(jié)合平衡條件和安培 第 7 頁(yè)，共 9 頁(yè) 力公式求 F的大小。 （2）ab桿向右運(yùn)動(dòng)距離為 d 的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理求出克服安培力做功，從而求得回路中產(chǎn) 生的總熱量，再根據(jù)能量的分配求電阻 R 上產(chǎn)生的熱量 QR； （3）撤去拉力后流過(guò)金屬桿的總電量為 q，

33、根據(jù) q=求金屬桿繼續(xù)滑行的距離 x。 解決本題的關(guān)鍵要明確金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度，會(huì)熟練推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系，掌握電量 與磁通量變化量的關(guān)系，并能熟練運(yùn)用。 13.【答案】解：（1）粒子受洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從C點(diǎn)射出，如圖甲所 示： 洛倫茲力提供向心力，則： 力先減小后沿斜面向下逐漸增大，當(dāng)達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)線(xiàn)框開(kāi)始滑動(dòng)，有；mgsin+mgcos=nBIL 解得：B=20T， 由 B=6+2t解得：t=7s，即經(jīng)過(guò) 7s 時(shí)線(xiàn)框開(kāi)始滑動(dòng)； （3）由（2）知，線(xiàn)圈的感應(yīng)電流恒定，故有：q=It=0.7C； 答：（1）線(xiàn)框靜止不動(dòng)時(shí)線(xiàn)框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為0.1V，感應(yīng)電流的方向 abcda； （2）經(jīng)過(guò) 7s 時(shí)間線(xiàn)框開(kāi)始滑動(dòng)； （3）在線(xiàn)框保持不動(dòng)的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線(xiàn)框的電量為0.7C。 【解析】 （1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求回路的電動(dòng)