2018年廣西南寧市高考物理一模試卷一、選擇題1?關(guān)于物理學(xué)的研究方法，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A?伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法B?卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量萬(wàn)有引力常量時(shí)，應(yīng)用了放大法”電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的，因而電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力成正比，與試探電荷的電荷量成反比D?探究合力與分力的關(guān)系，用的是等效替代”的方法—質(zhì)點(diǎn)在x=0處，從t=0時(shí)刻沿x軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）t=4s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)在x=3m處0?2s內(nèi)和0?4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度相同第3s末質(zhì)點(diǎn)受到的合力為零第3s內(nèi)和第4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)加速度的方向相反如圖所示，車內(nèi)輕繩AB與BC拴住一小球，BC水平，開始車在水平面上向右勻速直線運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)突然剎車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小球仍處于圖中所示的位置，則（）AB繩、BC繩拉力都變小AB繩拉力變大，BC繩拉力不變AB繩拉力不變，BC繩拉力變小

AB繩拉力不變，BC繩拉力變大2018年2月11日，科學(xué)家宣布徼光干涉引力波天文臺(tái)（LIGO）”探測(cè)到由兩個(gè)黑洞合并產(chǎn)生的引力波信號(hào)，這是在愛因斯坦提出引力波概念100周年后，引力波被首次直接觀測(cè)到.在兩個(gè)黑洞合并過(guò)程中，由于彼此間的強(qiáng)大引力作用，會(huì)形成短時(shí)間的雙星系統(tǒng).如圖所示，黑洞A、B可視為質(zhì)點(diǎn)，它們圍繞連線上O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且AO大于BO,不考慮其他天體的影響.下列說(shuō)法正確的是（）0AO一一.O方A.黑洞A的向心力大于B的向心力黑洞A的線速度大于B的線速度黑洞A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量?jī)珊诙粗g的距離越大，A的周期越小如圖所示，小球從斜面底端A點(diǎn)正上方h高處，以某一速度正對(duì)傾角為B的斜面水平拋出時(shí)，小球到達(dá)斜面的位移最小，（重力加速度為9）則（）A.小球平拋的初速度B.小球平拋的初速度vA.小球平拋的初速度B.小球平拋的初速度vo=sin如圖所示實(shí)線為等量異種點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)線，虛線為以一點(diǎn)電荷為中心的圓，M點(diǎn)是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn).若將一試探正點(diǎn)電荷從虛線上N點(diǎn)移動(dòng)到M點(diǎn)，則（）

A.兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為En=EmB.兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系為權(quán)〉恤C.電荷的電勢(shì)能增大D.電場(chǎng)力不做功如圖所示，一理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為ni:n2=55:1,原線圈接電壓u=220=sin100n（V）的交流電源，圖中電表均為理想電表，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最上端滑到最下端的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.副線圈交變電流的頻率是100Hz電壓表的示數(shù)為4V滑動(dòng)變阻器兩端的電壓先變大后變小電流表的示數(shù)變大B.如圖所示，MN是紙面內(nèi)的一條直線，其所在空間充滿與紙面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)或與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（場(chǎng)區(qū)都足夠大），現(xiàn)有一重力不計(jì)的帶電粒子從MN上的O點(diǎn)以水平初速度V0射入場(chǎng)區(qū)，下列有關(guān)判斷正確的是（B.MN上時(shí)速度增大，則空間存在的一定是電場(chǎng)如果粒子回到MN上時(shí)速度大小不變，則該空間存在的一定是電場(chǎng)C.若只改變粒子的速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子再回到MNC.D.若只改變粒子的速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子再回到MN所用的時(shí)間不變，則該空間存在的一定是磁場(chǎng)二、非選擇題用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，驗(yàn)證mi、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒.m2從高處由靜止開始下落，mi上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示.已知mi=50g、m2=150g,g=9.8m/s2，則（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)的速度v=m/s（2）在0?4過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量厶Ek=J,系統(tǒng)勢(shì)能的減少量△Ep=J.甲"乙某興趣小組用測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)方法測(cè)出金屬絲的長(zhǎng)度，他們查得金屬絲電阻率為p并粗測(cè)電阻絲的電阻約為5Q,實(shí)驗(yàn)室中有以下供選擇的器材：A.電池組（3V，內(nèi)阻約1Q）電流表Ai（0?3A，內(nèi)阻0.0125Q）電流表A2（0?0.6A，內(nèi)阻約為0.125Q）電壓表V1（0?3V，內(nèi)阻4kQ）電壓表V2（0?15V，內(nèi)阻15kQ）滑動(dòng)變阻器R1（0?20Q,允許最大電流1A）滑動(dòng)變阻器R2（0?2000Q,允許最大電流0.3A）G.開關(guān)，導(dǎo)線若干.（1）為了實(shí)驗(yàn)電路更節(jié)能，且測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，測(cè)金屬絲電阻時(shí)電流表應(yīng)選，電壓表選，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填寫儀器前字母代號(hào)）（2）將設(shè)計(jì)的電路圖畫在下面虛線框內(nèi).r-各40（3）若用螺旋測(cè)微器測(cè)得金屬絲直徑d的讀數(shù)如圖，則直徑d=—mm.（4）若用d表示直徑，測(cè)得電阻為R,則金屬絲的長(zhǎng)度為—.11?如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)且平行的光滑金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面成a=53角,導(dǎo)軌間接一阻值為3Q的電阻R,導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)?在兩平行虛線間有一與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為d=0.5m.導(dǎo)體棒a的質(zhì)量為mi=0.1kg、電阻為Ri=6Q；導(dǎo)體棒b的質(zhì)量為m2=0.2kg、電阻為R2=3Q，它們分別垂直導(dǎo)軌放置并始終與導(dǎo)軌接觸良好.現(xiàn)從圖中的M、N處同時(shí)將a、b由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中它們都能勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，且當(dāng)a剛出磁場(chǎng)時(shí)b正好進(jìn)入磁場(chǎng).(sin53=0.8,cos53°=0.6,g取10m/s2,a、b電流間的相互作用不計(jì))，求：在b穿越磁場(chǎng)的過(guò)程中a、b兩導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的熱量之比；在a、b兩導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的整個(gè)過(guò)程中，裝置上產(chǎn)生的熱量；M、N兩點(diǎn)之間的距離.12.如圖所示，AB是傾角為9=30勺粗糙直軌道，BCD是光滑的圓弧軌道，AB恰好在B點(diǎn)與圓弧相切.圓弧的半徑為R.—個(gè)質(zhì)量為m的物體(可以看作質(zhì)點(diǎn))從直軌道上的p點(diǎn)由靜止釋放，結(jié)果它能在兩軌道上做往返運(yùn)動(dòng).已知P點(diǎn)與圓弧的圓心0等高，物體與軌道AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩,重力加速度為g，求：物體對(duì)圓弧軌道的最大壓力大小；物體滑回到軌道AB上距B點(diǎn)的最大距離；釋放點(diǎn)距B點(diǎn)的距離L應(yīng)滿足什么條件，為能使物體能順利通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)D.【物理-選修3-3】13?下列說(shuō)法正確的是（）A?利用氧氣的摩爾質(zhì)量、密度以及阿伏伽德羅常數(shù)就可以算出氧氣分子體積B?—定質(zhì)量的理想氣體，內(nèi)能只與溫度有關(guān)與體積無(wú)關(guān)C.固體很難被壓縮是因?yàn)槠鋬?nèi)部的分子之間存在斥力作用D?只要物體與外界不發(fā)生熱量交換，其內(nèi)能就一定保持不變巳物體溫度升高，分子的平均動(dòng)能一定增加14?如圖所示，粗細(xì)均勻的U形管左端封閉，右端開口，兩豎直管長(zhǎng)為L(zhǎng)i=50cm,水平管長(zhǎng)d=20cm，大氣壓強(qiáng)Po=76cmHg.左管內(nèi)有一段Lo=8cm長(zhǎng)的水銀封住長(zhǎng)為L(zhǎng)2=30cm長(zhǎng)的空氣柱，現(xiàn)將開口端接上帶有壓強(qiáng)傳感器的抽氣機(jī)向外抽氣，使左管內(nèi)氣體溫度保持不變而右管內(nèi)壓強(qiáng)緩緩降低，要把水銀柱全部移到右管中，求右管內(nèi)壓強(qiáng)至少降為多少.【物理-選修3-4】15.如圖所示為某時(shí)刻的兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中沿相同方向傳播的波形圖,此時(shí)a波上某質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向如圖所示，貝U下列說(shuō)法正確的是（）兩列波具有相同的波速此時(shí)b波上的質(zhì)點(diǎn)Q正向上運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期內(nèi)，Q質(zhì)點(diǎn)沿x軸前進(jìn)的距離是P質(zhì)點(diǎn)的1.5倍在P質(zhì)點(diǎn)完成30次全振動(dòng)的時(shí)間內(nèi)Q質(zhì)點(diǎn)可完成20次全振動(dòng)巳a波和b波在空間相遇處會(huì)產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣16?半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面積如圖所示，0點(diǎn)為圓心，0O與直徑AB的垂直.足夠大的光屏CD緊靠在玻璃磚的左側(cè)且與AB垂直.一光束沿半徑方向與00成9=3°寸向0點(diǎn)，光屏CD區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)光斑，兩光斑間的距離為（二+1）R.求：此玻璃的折射率當(dāng)9變?yōu)槎啻髸r(shí)，兩光斑恰好變?yōu)橐粋€(gè).【物理-選修3-5】以下有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，正確的是（）A.紫外線照射到金屬鋅板表面時(shí)能夠發(fā)生光電效應(yīng)，則當(dāng)增大紫外線的照射強(qiáng)度時(shí)，從鋅板表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能也隨之增大.太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)有10個(gè)放射性元素的原子核，經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期一定有5個(gè)原子核發(fā)生衰變氫原子由第三激發(fā)態(tài)直接躍遷到基態(tài)時(shí)，會(huì)釋放頻率一定的光子質(zhì)子和中子結(jié)合成新原子核釋放出能量，一定有質(zhì)量虧損如圖所示，光滑水平軌道上放置長(zhǎng)木板A（上表面粗糙）和滑塊C,滑塊B置于A的左端（B、C可視為質(zhì)點(diǎn)），三者質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg、mc=2kg.A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)卩=0.5開始時(shí)C靜止，A、B一起以vo=5m/s的速度勻速向右運(yùn)動(dòng)，A與C發(fā)生碰撞（時(shí)間極短）并粘在一起，若B不滿意A，（g=10m/s2）求：滑塊C的最大速度；A板至少多長(zhǎng).2018年廣西南寧市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題1?關(guān)于物理學(xué)的研究方法，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A?伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法B?卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量萬(wàn)有引力常量時(shí)，應(yīng)用了放大法”C.電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的，因而電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力成正比，與試探電荷的電荷量成反比D?探究合力與分力的關(guān)系，用的是等效替代”的方法【考點(diǎn)】物理學(xué)史.【分析】本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一.【解答】解：A、伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法，故A正確；B、卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量萬(wàn)有引力常量時(shí)，應(yīng)用了放大法”，故B正確；C、電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的，電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定的，電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力和試探電荷的電荷量無(wú)直接關(guān)系，故C錯(cuò)誤；D、探究合力與分力的關(guān)系，用的是等效替代”的方法，故D正確；本題選錯(cuò)誤的，故選：C.—質(zhì)點(diǎn)在x=0處，從t=0時(shí)刻沿x軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）0?2s內(nèi)和0?4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度相同C?第3s末質(zhì)點(diǎn)受到的合力為零第3s內(nèi)和第4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)加速度的方向相反【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系.【分析】在速度-時(shí)間圖象中，根據(jù)面積”確定0-4s內(nèi)的位移，即可確定t=4s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的位置.平均速度由位移和時(shí)間之比分析.圖線的斜率表示加速度.由牛頓第二定律分析合力.【解答】解：A、根據(jù)面積”表示位移，可知，質(zhì)點(diǎn)在0-4s內(nèi)的位移等于0-2s的位移，為x=x(1+2)x2m=3m，t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)位于x=0處，則t=4s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)在x=3m處，故A正確.B、根據(jù)速度圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在時(shí)間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù)，則知0?2s內(nèi)和0?4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移相同，但所用時(shí)間不同，則平均速度不同，故B錯(cuò)誤.CD、速度圖線的斜率表示加速度，直線的斜率一定，則知2-4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的加速度一定，第3s內(nèi)和第4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)加速度相同，且不為零，所以合力不為零，第3s內(nèi)末質(zhì)點(diǎn)受到的合力不為零，故C、D錯(cuò)誤.故選：A如圖所示，車內(nèi)輕繩AB與BC拴住一小球，BC水平，開始車在水平面上向右勻速直線運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)突然剎車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小球仍處于圖中所示的位置，則()AB繩拉力變大，BC繩拉力不變AB繩拉力不變，BC繩拉力變小AB繩拉力不變，BC繩拉力變大【考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力.【分析】對(duì)小球受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解出兩個(gè)拉力的表達(dá)式進(jìn)行討論.【解答】解：對(duì)球B受力分析，受重力、BC繩子的拉力Ft2，AB繩子的拉力Fti，如圖，根據(jù)牛頓第二定律，水平方向：Ft2-Ftisin0=ma豎直方向：Fticos-G=0解得：「-“…①丄丄COSFT2=Gtan+ma…②勻速是加速度為零，剎車后，加速度向左，AB繩子的拉力不變，BC繩子的拉力變大；故D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D.2018年2月11日，科學(xué)家宣布激光干涉引力波天文臺(tái)（LIGO）”探測(cè)到由兩個(gè)黑洞合并產(chǎn)生的引力波信號(hào)，這是在愛因斯坦提出引力波概念100周年后,引力波被首次直接觀測(cè)到.在兩個(gè)黑洞合并過(guò)程中，由于彼此間的強(qiáng)大引力作用，會(huì)形成短時(shí)間的雙星系統(tǒng).如圖所示，黑洞A、B可視為質(zhì)點(diǎn)，它們圍繞連線上

0點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且AO大于B0,不考慮其他天體的影響?下列說(shuō)法正確的是（）aO?…OrA.黑洞A的向心力大于B的向心力B?黑洞A的線速度大于B的線速度黑洞A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量?jī)珊诙粗g的距離越大，A的周期越小【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；向心加速度；向心力.【分析】雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，具有相同的角速度.根據(jù)萬(wàn)有引力定律和向心力公式求解，注意其中的A、B距離和各自軌道半徑的關(guān)系.【解答】解：A、雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第三定律可知，A對(duì)B的作用力與B對(duì)A的作用力大小相等，方向相反，則黑洞A的向心力等于B的向心力，故A錯(cuò)誤；B、雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力，具有相同的角速度，由圖可知A的半徑比較大，根據(jù)v=wr可知，黑洞A的線速度大于B的線速度.故B正確；C、在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的向心力大小關(guān)系為：門七L二卯◎?丄j由于A的半徑比較大，所以A的質(zhì)量小，故C錯(cuò)誤,D、D、雙星靠相互間的萬(wàn)有引力提供向心力,2m&itit>4兀n所以-_|__■,■1"ii又:「a+「「a+「b=L，得，L為二者之間的距離,叫+叫即:一則兩黑洞之間的距離越小,G（ida+db）故選：B所以得:l2=mAt2A的周期越小.故D錯(cuò)誤.如圖所示，小球從斜面底端A點(diǎn)正上方h高處，以某一速度正對(duì)傾角為B的斜面水平拋出時(shí)，小球到達(dá)斜面的位移最小，（重力加速度為9）則（）

B?小球平拋的初速度C?飛行時(shí)間t=DB?小球平拋的初速度C?飛行時(shí)間t=D?飛行時(shí)間t=/2hVTC0S【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng).【分析】由數(shù)學(xué)知識(shí)得知：小球到達(dá)斜面的最小位移為拋出點(diǎn)到斜面的垂線.經(jīng)過(guò)時(shí)間t到達(dá)斜面上，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，表示出水平和豎直方向上的位移，再根據(jù)幾何關(guān)系即可求解.【解答】解：過(guò)拋出點(diǎn)作斜面的垂線，如圖所示：當(dāng)小球落在斜面上的B點(diǎn)時(shí)，位移最小，設(shè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,則水平方向：x=hcos0?sinGbt=v豎直方向：y=hcos0?cos0=t2.故選：AC故選：AC如圖所示實(shí)線為等量異種點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)線，虛線為以一點(diǎn)電荷為中心的圓，M點(diǎn)是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn).若將一試探正點(diǎn)電荷從虛線上N點(diǎn)移動(dòng)到M點(diǎn)，則（）A.兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為En=EmB.兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系為權(quán)〉恤電荷的電勢(shì)能增大D.電場(chǎng)力不做功【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能.【分析】根據(jù)電場(chǎng)線的疏密分析場(chǎng)強(qiáng)的大小；根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，判斷電勢(shì)的變化，從而確定電勢(shì)能的變化.【解答】解：A、根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度知「X,故A錯(cuò)誤；B、順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以丨、】?「「故B正確；C、正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，所以從N點(diǎn)移動(dòng)到M點(diǎn)電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；D、由C分析知，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，故D錯(cuò)誤；故選：B如圖所示，一理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為ni:n2=55:1,原線圈接電壓u=220=sin100n(V)的交流電源，圖中電表均為理想電表，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最上端滑到最下端的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.副線圈交變電流的頻率是100HzB.電壓表的示數(shù)為4V滑動(dòng)變阻器兩端的電壓先變大后變小電流表的示數(shù)變大【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理.【分析】根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式得出交流電的圓頻率，由f=〔即可求出交流電的頻率；根據(jù)變壓器的特點(diǎn)：匝數(shù)與電壓成正比，即可求出電壓表的讀數(shù)；根據(jù)電路的結(jié)構(gòu)，得出電路中電阻的變化規(guī)律，然后結(jié)合歐姆定律分析電路中的電流的變化即可.【解答】解：A、由電壓公式知交流電的角速度為3=i00n頻率f=^=耳廠=50Hz,變壓器不改變電源的頻率，故副線圈交變電流的頻率是50Hz，故A錯(cuò)誤；山n,B、原線圈兩端的輸入電壓有效值為220V，由電壓與匝數(shù)成正比知，1，U2n2所以副線圈兩端電壓為：U=二二山（即為電壓表的讀數(shù)），故B正確；C、D、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最上端滑到最下端的過(guò)程中，電路中的總電阻減小，根據(jù)歐姆定律可知，變壓器的輸出電流增大，則輸入的電流也是增大，即電流表的示數(shù)變大?定值電阻R兩端的電壓變大，副線圈兩端電壓不變，所以變阻器兩端電壓變小，故C錯(cuò)誤，D正確.故選：BD8?如圖所示，MN是紙面內(nèi)的一條直線，其所在空間充滿與紙面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)或與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（場(chǎng)區(qū)都足夠大），現(xiàn)有一重力不計(jì)的帶電粒子從MN上的O點(diǎn)以水平初速度vo射入場(chǎng)區(qū)，下列有關(guān)判斷正確的是（）A?如果粒子回到MN上時(shí)速度增大，貝U空間存在的一定是電場(chǎng)B.如果粒子回到MN上時(shí)速度大小不變，則該空間存在的一定是電場(chǎng)C?若只改變粒子的速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子再回到MN上時(shí)與其所成夾角不變，則該空間存在的一定是磁場(chǎng)D?若只改變粒子的速度大小，發(fā)現(xiàn)粒子再回到MN所用的時(shí)間不變，則該空間存在的一定是磁場(chǎng)【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).【分析】洛倫茲力不做功，電場(chǎng)力可以做功；粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，

在電場(chǎng)中做類似拋體運(yùn)動(dòng).【解答】解：A、洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功，不能使粒子速度增大，電場(chǎng)力可使帶電粒子做功，動(dòng)能增大，故A正確；B、若帶電粒子以與電場(chǎng)線平行的速度vo射入，粒子返回速率不變，故B錯(cuò)誤；C、如果是電場(chǎng)，只要MN是等勢(shì)面即可，故C錯(cuò)誤；D、由T二二乜知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與速率無(wú)關(guān)，故D項(xiàng)正確.故選AD.二、非選擇題用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，驗(yàn)證mi、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒.m2從高處由靜止開始下落，mi上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示.已知mi=50g、m2=150g，g=9.8m/s2，則(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)的速度v=1.9m/s在0?4過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量厶Ek=0.36J，系統(tǒng)勢(shì)能的減少量△Ep=0.38J.甲i4)廠甲i4)廠12*1'An45jP2書72(116^021.60單位ME乙【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.【分析】(1)根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打下記數(shù)點(diǎn)4時(shí)的速度大??；根據(jù)系統(tǒng)的初末動(dòng)能大小可以求出動(dòng)能的增加量，根據(jù)系統(tǒng)重力做功和重力勢(shì)能之間的關(guān)系可以求出系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量，比較動(dòng)能增加量和重力勢(shì)能減小量之間的關(guān)系可以得出機(jī)械能是否守恒.【解答】解：（1）因?yàn)槊肯噜弮蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)，所以計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔為0.1s根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過(guò)程中的平均速度，可知打計(jì)數(shù)點(diǎn)4時(shí)的速度為：g0.168+0.216c,V4==^.1:=1.9m/s；2T山上在0?4過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量厶Ek=,(m什m2)V52=X0.2X1.92J=0.36J;系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量等于物體重力做功，故：△Ep=W=(m2-mi)gx=0.ixi0X(0.024+0.072+0.120+0.168)=0.38J；故答案為：(1)1.9(2)0.360.38某興趣小組用測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)方法測(cè)出金屬絲的長(zhǎng)度，他們查得金屬絲電阻率為p并粗測(cè)電阻絲的電阻約為5Q,實(shí)驗(yàn)室中有以下供選擇的器材：A.電池組（3V，內(nèi)阻約1Q）電流表A1（0?3A，內(nèi)阻0.0125Q）電流表A2（0?0.6A，內(nèi)阻約為0.125Q）電壓表V1（0?3V，內(nèi)阻4kQ）電壓表V2（0?15V，內(nèi)阻15kQ）滑動(dòng)變阻器R1（0?20Q,允許最大電流1A）滑動(dòng)變阻器R2（0?2000Q,允許最大電流0.3A）G.開關(guān)，導(dǎo)線若干.（1）為了實(shí)驗(yàn)電路更節(jié)能，且測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，測(cè)金屬絲電阻時(shí)電流表應(yīng)選J，電壓表選D，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填寫儀器前字母代號(hào)）（2）將設(shè)計(jì)的電路圖畫在下面虛線框內(nèi).（3）若用螺旋測(cè)微器測(cè)得金屬絲直徑d的讀數(shù)如圖，則直徑d=0.950mm.22若用d表示直徑，測(cè)得電阻為R,則金屬絲的長(zhǎng)度為!.【考點(diǎn)】測(cè)定金屬的電阻率.【分析】(1)關(guān)鍵電源的電壓選取電壓表，根據(jù)電壓表選取電流表，根據(jù)題目要求確定滑線變阻器的阻值選取變阻器.電路圖的設(shè)計(jì)注重電表的接法和滑線變阻的接法.螺旋測(cè)微器固定刻度最小分度為1mm,可動(dòng)刻度每一分度表示0.01mm,由固定刻度讀出整毫米數(shù)包括半毫米數(shù)，由可動(dòng)刻度讀出毫米的小數(shù)部分.根據(jù)電阻定律的公式推導(dǎo)電阻率的表達(dá)式.【解答】解：(1)由于電源電動(dòng)勢(shì)為3V，電表讀數(shù)要達(dá)到半偏，則電壓表選D;由匸可知電路中最大電流約為0.5A，則電流表選C;R+r為了使測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，故電阻不能太大，選F;(2)電源電壓為3v，由1=可知電路中最大電流約為0.5A,為了使測(cè)量結(jié)R+r果盡量準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，由Rxv「，電流表采用外接法.電路見右圖:由主尺上讀出0.5mm,螺旋尺上讀數(shù)為45.0x0.01mm,兩者和為：0.950mm；由電阻定律：R=p!而S=n（；）2得:"2F;(2)如上圖所示；(3)0.950；(4)七如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)且平行的光滑金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面成a=53角,導(dǎo)軌間接一阻值為3Q的電阻R,導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì).在兩平行虛線間有一與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為d=0.5m.導(dǎo)體棒a的質(zhì)量為mi=0.1kg、電阻為Ri=6Q;導(dǎo)體棒b的質(zhì)量為m2=0.2kg、電阻為R2=3Q，它們分別垂直導(dǎo)軌放置并始終與導(dǎo)軌接觸良好?現(xiàn)從圖中的M、N處同時(shí)將ab由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中它們都能勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，且當(dāng)a剛出磁場(chǎng)時(shí)b正好進(jìn)入磁場(chǎng).(sin53=0.8,cos53°0.6,g取10m/sQ19得，.廠〕，解得：：(2)設(shè)整個(gè)過(guò)程中裝置上產(chǎn)生的熱量為Q由Q19得，.廠〕，解得：：(2)設(shè)整個(gè)過(guò)程中裝置上產(chǎn)生的熱量為Q由Q=m1gsina+m2gsina?c可解得Q=1.2J(3)設(shè)a進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小為V1，此時(shí)電路中的總電阻R總1=(6+)Q=7.5Q在b穿越磁場(chǎng)的過(guò)程中a、b兩導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的熱量之比；在a、b兩導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的整個(gè)過(guò)程中，裝置上產(chǎn)生的熱量；M、N兩點(diǎn)之間的距離.由m〔gsin由m〔gsin又由V2=v1+an2TR2tTBLVjBLvla—和mzgsina—，可得..-=R總tR總2v2叱R總2d__0,5，得V2=V1+8x，VJvl【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化.【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律，可求Q=l2Rt，由導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)受力平衡，可求得運(yùn)動(dòng)速度，電動(dòng)勢(shì)，進(jìn)而求得焦耳熱；有運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出M、N兩點(diǎn)之間的距離.2Qii/Rit【解答】解：(1)由焦耳定律得，Q=I2Rt，得「=，又根據(jù)串并聯(lián)關(guān)系址2I*Rat

由上述兩式可得vi2=12(m/s)2，V22=^vi222TOC\o"1-5"\h\zM、N兩點(diǎn)之間的距離厶s=-'m2a2a12答:(1)在b穿越磁場(chǎng)的過(guò)程中a、b兩導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的熱量之比/；在a、b兩導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的整個(gè)過(guò)程中，裝置上產(chǎn)生的熱量1.2J；M、N兩點(diǎn)之間的距離.m.12?如圖所示，AB是傾角為9=30勺粗糙直軌道，BCD是光滑的圓弧軌道，AB恰好在B點(diǎn)與圓弧相切?圓弧的半徑為R.—個(gè)質(zhì)量為m的物體(可以看作質(zhì)點(diǎn))從直軌道上的p點(diǎn)由靜止釋放，結(jié)果它能在兩軌道上做往返運(yùn)動(dòng)?已知P點(diǎn)與圓弧的圓心0等高，物體與軌道AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩,重力加速度為g，求：物體對(duì)圓弧軌道的最大壓力大??；物體滑回到軌道AB上距B點(diǎn)的最大距離；釋放點(diǎn)距B點(diǎn)的距離L應(yīng)滿足什么條件，為能使物體能順利通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)D.【考點(diǎn)】動(dòng)能疋理的應(yīng)用；向心力.【分析】(1)物體第一次到達(dá)圓弧軌道的最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)沿圓弧軌道的壓力最大，根據(jù)動(dòng)能定理求出E點(diǎn)的速度，再由向心力公式求出壓力；第一次滑回軌道AB上距B點(diǎn)的距離最大，根據(jù)動(dòng)能定理求出滑回軌道AB上距B點(diǎn)的最大距離；根據(jù)向心力公式求出物體剛好到達(dá)軌道最高點(diǎn)時(shí)的速度，由動(dòng)能定理求出釋放點(diǎn)距B點(diǎn)的距離；

【解答】解：(1)根據(jù)幾何關(guān)系：P叫爲(wèi)mgR—口mgcosB?從mgR—口mgcosB?代入數(shù)據(jù)：：.：.?-：：-：■-解得：■■二■■在E在E點(diǎn)，根據(jù)向心力公式有:(2)物體滑回到軌道AB上距B點(diǎn)的最大距離X,根據(jù)動(dòng)能定理，有mg(BP—x)?sin—卩mgcos(BP+x)=0—0代入數(shù)據(jù)：l#.]=：_■■■II:■'：解得：-：T-解得：r2(3)剛好到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，有…R解得：2、；J.根據(jù)動(dòng)能定理，有irigF=mg(L'sin-R—Rcos0-)—卩mgcosB?與irigF=代入數(shù)據(jù)：「呂(三一--…：昇廣TOC\o"1-5"\h\z解得:--解得：.所以，物體才能順利通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)D答：(1)物體對(duì)圓弧軌道的最大壓力大小為3mg-3卩mg物體滑回到軌道AB上距B點(diǎn)的最大距離二;「二釋放點(diǎn)距B點(diǎn)的距離L'應(yīng)滿足條件.「二—，為能使物體能順利通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)D【物理-選修3-3】13?下列說(shuō)法正確的是（）A?利用氧氣的摩爾質(zhì)量、密度以及阿伏伽德羅常數(shù)就可以算出氧氣分子體積B?—定質(zhì)量的理想氣體，內(nèi)能只與溫度有關(guān)與體積無(wú)關(guān)固體很難被壓縮是因?yàn)槠鋬?nèi)部的分子之間存在斥力作用D?只要物體與外界不發(fā)生熱量交換，其內(nèi)能就一定保持不變巳物體溫度升高，分子的平均動(dòng)能一定增加【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律；分子的熱運(yùn)動(dòng)；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志.【分析】一摩爾氧氣的質(zhì)量是摩爾質(zhì)量，摩爾質(zhì)量在數(shù)值上等于氧氣分子的分子量，單位為g/mol；理想氣體的內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，與氣體的體積無(wú)關(guān)；做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志.【解答】解：A、已知氧氣的摩爾質(zhì)量、密度以及阿伏伽德羅常數(shù)，可以求出氧氣分子所占的空間體積，以及氧氣分子之間的距離，但不能計(jì)算出氧氣分子體積，故A錯(cuò)誤；B、理想氣體分子之間的作用力可以忽略不計(jì)，一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與氣體的溫度有關(guān)，與氣體的體積無(wú)關(guān)，故B正確；C、根據(jù)分子動(dòng)理論的內(nèi)容可知，固體很難被壓縮是因?yàn)槠鋬?nèi)部的分子之間存在斥力作用?故C正確；D、做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，物體與外界不發(fā)生熱量交換，但做功可以改變其內(nèi)能?故D錯(cuò)誤；E、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體溫度升高，分子的平均動(dòng)能一定增加.故E正確.故選：BCE14?如圖所示，粗細(xì)均勻的U形管左端封閉，右端開口，兩豎直管長(zhǎng)為L(zhǎng)i=50cm,水平管長(zhǎng)d=20cm，大氣壓強(qiáng)Po=76cmHg.左管內(nèi)有一段Lo=8cm長(zhǎng)的水銀封住長(zhǎng)為L(zhǎng)2=30cm長(zhǎng)的空氣柱，現(xiàn)將開口端接上帶有壓強(qiáng)傳感器的抽氣機(jī)向外抽氣,使左管內(nèi)氣體溫度保持不變而右管內(nèi)壓強(qiáng)緩緩降低，要把水銀柱全部移到右管中，求右管內(nèi)壓強(qiáng)至少降為多少.【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程.【分析】對(duì)左管中氣體為研究對(duì)象，根據(jù)玻意耳定律求左管中氣體末態(tài)壓強(qiáng),據(jù)左右管的壓強(qiáng)關(guān)系求出右管內(nèi)的壓強(qiáng)；【解答】解：以左管中封閉氣體為研究對(duì)象^初態(tài)：11!I；t|-|—p|-;，得：；！—丨）1■I-：-'—"‘II■二Y1=L2S=3OS末態(tài)：由題意知，水銀柱全部移到右管中，■'二【匚廠；-八「戸2=?根據(jù)玻意耳定律，有:N-匕匚代入數(shù)據(jù)：:咒工一?.><匚二解得：'T-：'：右管內(nèi)壓強(qiáng)降為P'解得：p'=29.148=21.14cmHg答：右管內(nèi)壓強(qiáng)至少降為21.14cmHg【物理-選修3-4】15?如圖所示為某時(shí)刻的兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中沿相同方向傳播的波形圖,此時(shí)a波上某質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向如圖所示，貝U下列說(shuō)法正確的是（）A?兩列波具有相同的波速此時(shí)b波上的質(zhì)點(diǎn)Q正向上運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期內(nèi)，Q質(zhì)點(diǎn)沿x軸前進(jìn)的距離是P質(zhì)點(diǎn)的1.5倍D?在P質(zhì)點(diǎn)完成30次全振動(dòng)的時(shí)間內(nèi)Q質(zhì)點(diǎn)可完成20次全振動(dòng)巳a波和b波在空間相遇處會(huì)產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系.【分析】?jī)闪泻?jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中傳播時(shí)波速相同，傳播相同距離所用時(shí)間相同.運(yùn)用波形平移法判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向.由圖可兩列波波長(zhǎng)的大小關(guān)系，再分析周期的長(zhǎng)短，再比較時(shí)間關(guān)系?根據(jù)頻率關(guān)系研究相同時(shí)間內(nèi)全振動(dòng)次數(shù)關(guān)系?兩列波只有頻率相同時(shí)，才能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉.【解答】解：A、兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中波速相同.故A正確.B、此時(shí)a波上某質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向向下，由波形平移法可知，波向左傳播，且知此時(shí)b波上的質(zhì)點(diǎn)Q正向上運(yùn)動(dòng).故B正確.C、在簡(jiǎn)諧波傳播過(guò)程中，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)只上下振動(dòng)，不會(huì)沿x軸前進(jìn)，故C錯(cuò)誤.D、由圖可知，兩列波波長(zhǎng)之比2a:22：3，波速相同，由波速公式v=入得a、b兩波頻率之比為fa：fb=3：2.所以在P質(zhì)點(diǎn)完成30次全振動(dòng)的時(shí)間內(nèi)Q質(zhì)點(diǎn)可完成20次全振動(dòng)，故D正確.E、兩列波的頻率不同，不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣.故E錯(cuò)誤.故選：ABD16.半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面積如圖所示，0點(diǎn)為圓心，0O與直徑AB的垂直.足夠大的光屏CD緊靠在玻璃磚的左側(cè)且與AB垂直.一光束沿半徑方向與00成9=30射寸向0點(diǎn)，光屏CD區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)光斑，兩光斑間的距離為（~+1）R.求：①此玻璃的折射率②當(dāng)B變?yōu)槎啻髸r(shí)，兩光斑恰好變?yōu)橐粋€(gè).【考點(diǎn)】光的折射定律.【分析】（1）光屏CD區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)小光斑，一個(gè)是由于光的反射形成的，一個(gè)是光的折射形成的，作出光路圖，由幾何知識(shí)求出折射角，再根據(jù)折射定律求出折射率.（2）為使光屏上只剩下一個(gè)光斑，必須使光線發(fā)生全反射.由臨界角公式sinC=n求臨界角C，即得到入射角的最小值.【解答】解：（1）細(xì)光束在AB界面，一部分反射，另一部分折射，設(shè)折射角為B,光路圖如圖所示，由幾何關(guān)系得：TRR?-tan30o“或、根據(jù)題意兩光斑間的距離為（：_+1）R所以-：由幾何關(guān)系知B=45°根據(jù)折射定律，折射率:.手