2021年新高考高三八省聯(lián)考物理模擬試題一、單項選擇題：本題共7小題，每小題3分，共計21分.每小題只有一個選項符合題意.1.在學(xué)習(xí)物理知識的同時，還應(yīng)當(dāng)十分注意學(xué)習(xí)物理學(xué)研究問題的思想和方法，從一定意義上說，后一點甚至更重要。偉大的物理學(xué)家伽利略的研究方法對于后來的科學(xué)研究具有重大的啟蒙作用，至今仍然具有重要意義。請你回顧伽利略探究物體下落規(guī)律的過程，判定下列哪個過程是伽利略的探究過程A.猜想——問題——數(shù)學(xué)推理——實驗驗證——合理外推——得出結(jié)論B.問題——猜想——實驗驗證——數(shù)學(xué)推理——合理外推——得出結(jié)論C.問題——猜想——數(shù)學(xué)推理——實驗驗證——合理外推——得出結(jié)論D.猜想——問題——實驗驗證——數(shù)學(xué)推理——合理外推——得出結(jié)論2.在光滑水平面上2.在光滑水平面上，有一個粗細(xì)均勻的邊長為L的單匝正方形閉合線框abcd，在水平外力的作用下，從靜止開始沿垂直磁場邊界方向做勻加速直線運(yùn)動,穿過勻強(qiáng)磁場，如圖甲所示。測得線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流i的大小和運(yùn)動時間t的變化關(guān)系如圖乙所示A,線框受到的水平外力一定是恒定的B.線框邊長與磁場寬度的比值為3:8C.出磁場的時間是進(jìn)入磁場時的一半D.出磁場的過程中外力做的功與進(jìn)入磁場的過程中外力做的功相等3.如圖所示，質(zhì)量為3.如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在斜面上，在斜面體以加速度a水平向右做勻加速直線運(yùn)動的過程中，物體始終靜止在斜面上，物體受到斜面的摩擦力f和斜面的支持力N分別為(重力加速度為g)()A.fA.f=m(gsind+acos。)B.f=m(gsind+acos3)C.f=m(gsind—acos3)D.f=m(gsind—acos3)N=m(gcosd—asin。)N=m(gcosd—acos3)N=m(gcosd+asin。)N=m(gcosd+acos3)4.如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體P接觸，但未與物體P連接，彈簧水平且無形變?，F(xiàn)對物體P施加一個水平向右的瞬間沖量，大小為I，測得物體P向右運(yùn)動的最大距離為％，之后物體P被彈簧彈回最終停在距離初始位置

左側(cè)2%。處。已知彈簧始終在彈簧彈性限度內(nèi)，物體P與水平面間的動摩擦因數(shù)為〃，重力加速度為g，下列說法中正確的是（）A.物體P與彈簧作用的過程中，系統(tǒng)的最大彈性勢能E=%-p2m3^mgx0B.彈簧被壓縮成最短之后的過程,P先做加速度減小的加速運(yùn)動，再做加速度減小的減速運(yùn)動，最后做勻減速運(yùn)動C.物體P整個運(yùn)動過程，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量大小相等、方一向相反D.最初對物體P施加的瞬時沖量大小10=2m歷冢.如圖所示，給平行板電容器帶一定的電荷后，將電容器的A極板與靜電計小球相連，并將B極板與靜電計的外殼接地.下列說法正確的是A.將A極板向右移動少許，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將增大B.將B極板向上移動少許，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將減小C.將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將減小D.用手觸摸一下B極板，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將減小到零.如圖所示,一根豎直的彈簧支持著一倒立汽缸的活塞，使汽缸懸空而靜止。設(shè)活塞和缸壁間無摩擦且可以在缸內(nèi)自由移動,缸壁導(dǎo)熱性能良好,使缸內(nèi)氣體溫度總能B.若外C.若氣D.若氣B.若外C.若氣D.若氣A.若外界大氣壓強(qiáng)增大，則彈簧將壓縮一些界大氣壓強(qiáng)增大，則汽缸的上底面距地面的高度將增大溫升高，則活塞距地面的高度將減小溫升高，則汽缸的上底面距地面的高度將增大.兩個電荷量相等但電性相反的帶電粒子。、b分別以速度v和'射入勻強(qiáng)磁場，兩粒子的入射方向與磁場邊界的夾角分別為30°和60°，磁場寬度為d，兩粒子同時由A點出發(fā)，同時到達(dá)B點，如圖所示，則（）abab二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共計20分.每小題有多個選項符合題意.全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分..摩擦傳動是傳動裝置中的一個重要模型，如圖所示的兩個水平放置的輪盤靠摩擦力傳動，其中O、0分別為兩輪盤的軸心，已知兩個輪盤的半徑比r:r=3：1,且在正常工作時兩輪盤不打滑。今在兩輪盤上分別放置兩個同種材料制成的滑塊A乙B，兩滑塊與輪盤間的動摩

擦因數(shù)相同，兩滑塊距離軸心O、0的間距R=2Rb。若輪盤乙由靜止開始緩慢地轉(zhuǎn)動起來，且轉(zhuǎn)速逐漸增加，則下列敘述正確的是（）ABA.滑塊A和B在與輪盤相對靜止時，角速度之比為3甲：3乙=1：3滑塊A和B在與輪盤相對靜止時，向心加速度的比值為a:a=2：9轉(zhuǎn)速增加后滑塊B先發(fā)生滑動D.轉(zhuǎn)速增加后兩滑塊一起發(fā)生滑動.如圖所示，邊長為1m的正方體空間圖形ABCD—ABCD，其下表面在水平地面上，將可視為質(zhì)點的小球從頂點A在NBAD所在范圍內(nèi)（包括邊界分別沿不同的水平方向拋出，落點都在A1B1C1D1平面范圍內(nèi)（包括邊界）.不計空氣阻力，以地面為重力勢能參考平面，g取TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"m/s2.則（ ）A.小球落在B1點時，初速度為V5m/s,是拋出速度的最小值 1B.小球落在C1點時，初速度為V10m/s,是拋出速度的最大值 1C.落在B1D1線段上的小球，落地時機(jī)械能的最小值與最大值之比是1：2D.軌跡與AC線段相交的小球，在交點處的速度方向相同110.如圖所示，物體A和帶負(fù)電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，A、B的質(zhì)量分別是m和2m，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端固定在水平面上，另一端與物體A相連，傾角為0的斜面處于沿斜面向上的勻強(qiáng)電場中，整個系統(tǒng)不計一切摩擦開始時，物體B在一沿斜面向上的外力F=3mgsin0的作用下保持靜止且輕繩恰好伸直，然后撤去外力F,直到物體B獲得最大速度，且彈簧未超過彈性限度，則在此過程中A.撤去外力F的瞬間，物體B的加速度為迫也2B的速度最大時，彈簧的伸長量為迎皿_kC.物體A的最大速度為gsineMkD.物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量大于物體B電勢能的減少量.如圖甲所示，用單色光照射透明標(biāo)準(zhǔn)板M來檢查平面N的上表面的平滑情況，觀察到的條紋情況如圖乙中的P和Q所示,這說明（）甲

甲N的上表面N的上表面A處向上凸起C.N的上表面A處向下凹陷N的上表面B處向上凸起D.N的上表面B處向下凹陷.如圖所示，質(zhì)量為M表面光滑的斜面體放在粗糙的水平面上，其傾角為a,斜面頂端與勁度系數(shù)為k自然長度為L的輕質(zhì)彈簧相連，彈簧的下端連接著質(zhì)量為m的物塊。壓縮彈簧使其長度為3L時將物塊由靜止開始釋放，且物塊在以后的運(yùn)動中斜面體始終處于靜止?fàn)?TOC\o"1-5"\h\z態(tài)，（重力加速度為g）則下列說法正確的是（ ）A.物塊下滑的過程中彈簧的彈性勢能一直增大B.物塊下滑到速度最大時其重力勢能減少m2g+皿近k 4C.物塊下滑過程中，地面對斜面體的摩擦力最大值為Mgsinacosa+g儂4D,斜面體與地面的摩擦因數(shù)〃>,mqsinacosa+kLcosa4Mg+4mgcos2akLsina 、三、簡答題：本題共2小題，共計14分.請將答案填寫在答題卡的 ?「二相應(yīng)的位置.某實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置來測量勻加速直線運(yùn)動的加 ..????；'速度?；瑝K上的左右端各有一個完全一樣的遮光板。若光線被遮光板”J：遮擋，光電傳感器會輸出高電平。滑塊在細(xì)線的牽引下向左加速運(yùn)動遮"光板1光板1、2分別經(jīng)過光電傳感器時,通過計算機(jī)可以得到如圖乙所示的電壓隨時間變化的圖像。（1）實驗前，接通氣源,將滑塊（不掛鉤碼）置于氣墊導(dǎo)軌上，輕推滑塊，則圖乙中的、％,間滿足關(guān)系，則說明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)水平。 1234（2）如圖丙所示，用游標(biāo)卡尺測量遮光板的寬度d，掛上鉤碼后，將滑塊由如圖甲所示位置釋放，通過光電傳感器和計算機(jī)得到的圖像如圖乙所示，若t、、I?、看,和d已知，則遮光板1和遮光板2在經(jīng)過光電傳感器過程中的平均速度分別為12:二 （用已知量的字母表示）。⑶在（2）情況下，滑塊運(yùn)動的加速度a=（用已知量的字母表示）。.用伏安法測定一個待測電阻&的阻值（阻值約為200Q）,實驗室提供如下器材：電池組E（電動勢3V,內(nèi)阻不計）”電流表A（量程0~15mA,內(nèi)阻約為100Q）電流表A〔（量程0~300pA,內(nèi)阻為2000Q）

滑動變阻器R1(阻值范圍0?20Q,額定電流2A)電阻箱R(阻值范圍0~9999Q,額定電流1A)電鍵S、導(dǎo)線若干要求實驗中盡可能準(zhǔn)確地測量R的阻值，請回答下面問題:x(1)將電流表A與電阻箱串聯(lián)，改裝成一個量程為3.0V的電壓表,需將電阻箱阻值調(diào)到Q。 2(2)在方框中完整畫出測量R阻值的電路圖，并在圖中標(biāo)明器材代號;(3)調(diào)節(jié)滑動變阻器R,兩表的示數(shù)如圖所示，可讀出電流表％的示數(shù)是 mA,電流表2的示數(shù)是 1 pA,測得待測電阻色的阻值是「 Q。四、計算題：本題共3小題，共計45分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分.有數(shù)值計算的題，答案中必須寫出數(shù)值和單位.(12分)15.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖所示的A-B、B-C、C-A三個變化過程，Ta=300K，氣體從C-A的過程中吸熱2501，已知氣體的內(nèi)能與溫度成正比.求:」，尸拉|伊匕"□普工丁箜10I2 3口工］。川而(1)氣體在狀態(tài)B的溫度T；B(2)C-A的過程中氣體內(nèi)能改變多少?(3)氣體處于狀態(tài)C時的內(nèi)能E(15分)16.將兩足夠長的平行直導(dǎo)軌MN、PQ固定在絕緣斜面上，已知導(dǎo)軌與水平面之間的夾角為仕30。，兩導(dǎo)軌之間的距離為L=2m，下端接有R=1.5Q的定值電阻，如圖甲所示。在整個空間加一范圍足夠大且方向垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示，％=0時磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直導(dǎo)軌平面向上。將一質(zhì)量為m=1.4kg、阻值為r=0.5Q、長度為L=2m的導(dǎo)體棒垂直地放在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌始終接觸良好，開始時

導(dǎo)體棒與MP的距離為L導(dǎo)體棒與MP的距離為L1=1m，其他電阻不計，已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為〃=,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2。hi甲 圖巴(1)如果導(dǎo)體棒在0?1s內(nèi)始終不動，求流過定值電阻的電流大小以及方向;(2)分析t=1.1s時導(dǎo)體棒所處的狀態(tài)以及此時所受摩擦力的大小和方向;(3)如果t=1.2s時在導(dǎo)體棒上加一沿導(dǎo)軌向上的外力「使導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向上以a=5m/s2的加速度做勻加速直線運(yùn)動，寫出該外力隨時間變化的表達(dá)式。(18分)17.如圖所示，從A點以某一水平速度與拋出質(zhì)量m=1kg的小物塊(可視為質(zhì)點)，當(dāng)物塊運(yùn)動至B點時，恰好沿切線方向進(jìn)入圓心角J0BOC=37°的光滑圓弧軌道BC,經(jīng)圓弧軌道后滑上與C點等高、靜止在粗糙水平面上的長木板上，圓弧軌道C端的切線水平。已知長木板的質(zhì)量M=4kg,A、B兩點距C點的高度分別為H=0.6m、h=0.15m,圓弧軌道半徑R=0.75m,W塊與長木板間動摩擦因數(shù)〃=0.7,長木板與地面間動摩擦因數(shù)〃=0.2,g=10m/s2,sin37°=0.6,cos1237°=0.8,求:7//7/J///////////////////7777777777777777777777777777777777)7//7/J///////////////////7777777777777777777777777777777777)(1)小物塊在B點時的速度大小；(2)小物塊滑動至C點時，對圓弧軌道的壓力大小；(3)長木板至少為多長,才能保證小物塊不滑出長木板(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)。參考答案.【答案】C【解析】伽利略在研究物體下落規(guī)律時，首先是提出問題即對亞里士多德的觀點提出疑問，然后進(jìn)行了猜想即落體是一種最簡單的變速運(yùn)動，而最簡單的變速運(yùn)動就是速度變化是均勻的，接著進(jìn)行了實驗，伽利略對實驗結(jié)果進(jìn)行數(shù)學(xué)推理，然后進(jìn)行合理的外推得出結(jié)論，故ABD錯誤，C正確。.【答案】B【解析】本題考查牛頓第二定律、勻變速直線運(yùn)動公式、功能關(guān)系、通電導(dǎo)線在磁場中受的力—-安培力等知識。線框進(jìn)入磁場過程中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E=BLv,由歐姆定律得I=互，導(dǎo)體框在磁場中受到的安培力為F=BIL，由于導(dǎo)體框做勻加速直線運(yùn)動，則TOC\o"1-5"\h\zR Av=at，聯(lián)立解得安培力為F=*=皿巫，由牛頓第二定律得F-F=ma，所以F=出山+ma，故線ARR A R框受到的水平外力為變力,A錯誤;設(shè)磁場寬度為L,ab邊進(jìn)入磁場時的速度為v,由圖像可得v=at=2a，由運(yùn)動學(xué)公式得2v+1a義A=L,4v+1a義42=L,聯(lián)立解得工=3,B正確;假設(shè)出磁場的時間是2 2 L8進(jìn)入磁場時間的一半，由題可知進(jìn)入磁場的時間是2s,則出磁場的時間為1s,而線框邊長L=2v+1ax22=6a，由圖像可知，線框ab邊剛出場時的速度為v=v+4a=6a，則線框邊長為2L=6ax1+1ax12=6.5a，所以假設(shè)不成立，故出磁場的時間應(yīng)小于1s,C錯誤;由于線框做勻加速直2線運(yùn)動，線框出磁場時的速度比進(jìn)入磁場時的速度大由F=理3+ma可知外力F在線框出磁場R時，比進(jìn)入磁場時大，故出磁場時外力做的功比進(jìn)入磁場時做的功多,D錯誤。.【答案】A【解析】對物體受力分析如圖所示：在水平方向根據(jù)牛頓第二定律：/cos。-Nsin。=血。，在豎直方向：/sin。+Ncos。-血g=0，聯(lián)立解得：f=m（gsin。+acos。），N=m（gcos?！猘sin。），故A正確，BCD錯誤。.【答案】D【解析】本題考查動量定理、能量守恒定律等相關(guān)知識，難度較大。彈簧壓縮量最大時，彈性勢能最大，從彈簧的彈性勢能最大到靜止,彈性勢能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，由能量守恒定律有E=3〃mg%°,選項A錯誤;物體P被彈開的過程中,彈簧彈力大于摩擦力，但彈力逐漸減小,P先做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)彈力等于摩擦力之后，彈力小于摩擦力P做減速運(yùn)動,離開彈簧后,只受摩擦力的作用，仍做勻減速運(yùn)動，選項B錯誤;物體P整個運(yùn)動過程，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量及外力的沖量的合沖量為零，選項C錯誤;對物體P施加一個水平向右的瞬間沖量后，設(shè)物體P獲得的速度為v0,根據(jù)動量定理得10=mv0,從對物體P施加一個水平向右的瞬間沖量后到最終靜止，根據(jù)能量守恒得1m邛=4^mgx，解得v=2/2研，所以對物體P施加的瞬時沖量大小 2 0 0 010=2mj2〃g%0，選項D正確。.【答案】C【解析】將A極板向右移動少許，電容器兩極板間的距離減小，根據(jù)電容的決定式C/匚可知，電容C增大，而電容器所帶的電荷量Q不變，由電容的定義式C=?可知,4nfcd U電容器兩極板間電勢差U減小，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將減小，選項A錯誤;將B極板向上移動少許，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式C=工匚可知，電容C減小，而電容器所4nfcd帶的電荷量Q不變，由電容的定義式C=^可知，電容器兩極板間電勢差U增大，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將增大，選項B錯誤;將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，根據(jù)電容的決定式C=3二可知，電容C增大，而電容器所帶的電荷量Q不變，由電容的定義式C=2可知，電4nfcd U容器兩極板間電勢差U減小，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將減小，選項C正確;用手觸摸一下B極板，電容器所帶電荷量沒有改變，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將不變，選項D錯誤.

.【答案】D【解析】取活塞及汽缸為研究對象，其重力和彈簧彈力平衡，因此無論氣體怎樣變化,其受到的彈力不變,所以彈簧長度不變，A錯。對活塞及汽缸有p=p+外,當(dāng)大氣壓強(qiáng)氣0sp增大時，氣缸里的氣體壓強(qiáng)變大,而溫度不變,由玻意耳定律知氣柱變短,即汽缸上底面離地面高度變小，B錯。當(dāng)氣體壓強(qiáng)不變,溫度升高時,由蓋一呂薩克定律知氣體體積增大，即氣柱變長,C錯,D對。.【答案】C【解析】a粒子與磁場邊界的夾角為30°,而b粒子與磁場邊界的夾角為60°o由于從B點射出，有幾何關(guān)系可知，在A點，a粒子受到的洛倫茲力方向沿b粒子速度方向而b粒子受到的洛倫茲力方向沿a粒子速度方向，由磁場方向，左手定則得a粒子帶負(fù)電，而b粒子帶正電，故A錯誤.如圖所示，連接AB,AB連線是兩粒子的運(yùn)動圓弧對應(yīng)的弦，則弦的中垂線與入射點處各自速度方向的垂線的交點即為各自圓心。由圖可知，AB的連線必然與磁場的邊界垂直，兩圓心的連線與兩個半徑構(gòu)成一個角為30°、另一個為60°的直角三角形根據(jù)幾何關(guān)系，則有兩半徑相比為R：R=1：V3,故B錯誤。a粒子的運(yùn)動軌跡對應(yīng)的圓心角為120°,而b粒子圓弧對應(yīng)的面心角為60°,由于它們運(yùn)動時間相等，所以它們的周期之比為T：T=1：荷量一定的情況下2,則質(zhì)量之比m：m之比為T：T=1：荷量一定的情況下故D錯誤。.【答案】ABC【解析】假設(shè)輪盤乙的半徑為r，由題意可知兩輪盤邊緣的線速度v大小相等，由v=/r,r:r=3：1,可得①:①=1：3,所以滑塊相對輪盤滑動前，A、B的角速度之比為1：3,故A超確；滑塊相對盤開始滑動前，根據(jù)加速度公式：a=R在，把R：R=2：1,①：w=1：3,代入可得：A、B的向心加速度之比為a：a=2：9,故B正確；點題意可得物塊的最大靜摩擦力分別為心=〃%0fB=叫/則最大靜摩擦力之比為心：心=%:瓶B；轉(zhuǎn)動中所受的靜摩擦力之比為〃，：fB'=mAaA：mBaB=%：4.5血b，由上式可得滑塊B先達(dá)到最大靜摩擦力，而先開始滑動，故C正確、D錯誤。所以ABC正確，D錯誤。.【答案】BD【解析】試題分析：小球水平拋出即為平拋運(yùn)動，落在A181cpi平面內(nèi)任意一點，高度都是等于九二1血，運(yùn)動時間￡=/額=上，水平方向勻速直線運(yùn)動，水平位移g5%二即,二量二15。小球落在b點時時，水平%二1血，初速度,=V5x1=廝/s,但落在B1點的水平位移不是最小值，所以初速度也不是最小值，選項A錯誤；小球落在c點時，水平位移％=V2血，初速度％=V5x夜=V!0血/s,此時水平位移最大，所以初速度最大，選項B正確；落在BD線段上的小球，水平位移最小為%］二血血，水平11 1 2位移最大為％二1血，所以平拋的初速度之比為1：魚，初動能之比為1:2,整個運(yùn)動過程機(jī)械能守恒，所以落地的機(jī)械能之比為（血g九+”）：（血g九+2”）。1：2,選項c錯誤；軌跡

與ac線段相交的小球，豎直位移和水平位移的比值為1：1,即1g以=%如交點處的速度1 2 0方向與水平夾角為e則有tane=」J=迎=2,所以速度方向都相同，選項D正確。V0 1gt10.【答案】BD【解析】在外力撤去前，繩子剛好伸直，拉力為零，對B受力分析可得尸=agsine+Eq，解得：Eq=2^gsin仇撤去外力的瞬間B在沿斜面方向上只受沿斜面向下的重力的分力，沿斜面向下的電場力，對AB整體有：F合=mgsind+Eq=3mgsind=3^a，解得a=gsin。，選項A錯誤；隨著B沿著斜面下滑，繩子的拉力逐漸增大，當(dāng)加速度為零時，即合力為零時，B的速度最大，此時繩子拉力「=kx=3agsin6,解得％=的兇皿，選項B正確；對AB整體由動能定理可得：-1依2+3a1”sine=1X3恒吟解k _ 2 2得^=05山6/3^，選項C錯誤；由于過程中只有重力和電場力，彈力做功，所以根據(jù)能量守恒看得物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量等于物體B電勢能的減少量和B物體機(jī)械能的減小量，選項D正確.綜上本題選BD..【答案】BC【解析】利用光的薄膜干涉來檢查平面的情況,就是使標(biāo)準(zhǔn)樣板平面和被檢查平面間形成一個很小的楔形空氣薄層,用單色光從上面照射,入射光在空氣層的上、下表面反射形成的兩列光波發(fā)生干涉。如果被檢測的平面是平的，那么空氣層的厚度相同的各點在一條直線上，形成的干涉條紋也是直線。若是被檢測的平面的某處凹下去了，這時干涉條紋就不再是直線，在凹處的干涉條紋將向楔形膜中薄的一側(cè)彎曲。由于凹處的兩束反射光的路程差變大，所以它只能與膜厚一些位置的兩反射光的路程差相同而形成同一級的條紈路程差相同的干涉條紋為同一級，一般路程差大的干涉條紋級別高，路程差小的干涉條紋級別低），顯然凹處的級別增大，將與膜厚一些位置的干涉條紋形成同一級別的條紋。同理若是被檢測的平面某處凸起，則該處的干涉條紋將向楔形膜中厚的一側(cè)彎曲。用干涉法檢查平面時，如果被檢測的平面是平整的，得到的干涉圖樣必是等間距的;如果某處凹下去,則對應(yīng)的條紋（或暗紋）提前出現(xiàn)；如果某處凸起來，則對應(yīng)的條紋延后出現(xiàn)。方法總結(jié):同一條明條紋（暗條紋）上各點對應(yīng)的空氣膜的厚度相同。向楔形空氣膜薄處彎曲說明該處向下凹陷，向空氣膜厚處彎曲說明該處向上凸起。.【答案】BD【解析】因彈簧開始處于壓縮狀態(tài)，故當(dāng)釋放后物塊下滑的過程中彈簧的彈性勢能先減小后增大，選項A錯誤；根據(jù)平衡條件，處于平衡狀態(tài)時：mgsinO=kAx得△x=3巫，則物塊下滑到速度最大時其重力勢能減少//=agsinW/%+區(qū)）=TOC\o"1-5"\h\zk F 4*2s也加+3運(yùn)，選項B正確；對斜面體而言，當(dāng)物塊到達(dá)最低點時地面對斜面體的摩擦力最大；物塊做簡諧運(yùn)動的振幅為4=乙+3理；在平衡位置，彈簧的伸長量為△「二4km〃s譏a；由對稱性可知，最大伸長量為^+2m“s譏a，f=攵/%cosa—工，sina=fc（-+k 4 k f m N1 42mgs譏a）cosa—m^cosasina=fc（-+犯循譏a）cosa=mgsinacosa+1A±cosa，選項C錯誤；k 4k 4斜面體受力情況如圖所示，由于斜面體平衡，所以有水平方向f+Fsina-Fcosa=0，豎直方N1向：F-Mg-Fcosa-Fsina=0，又F=k（x+4L），F(xiàn)=mgcosa，聯(lián)立可得N2 N1N1f=kxcosa，F(xiàn)=Mg+mg+kxsina，為使斜面體始終處于靜止，結(jié)合牛頓第三定律，應(yīng)有|f|<gF，所以〃之一J二—拉詠一，當(dāng)x=-A時，上式右端達(dá)到最大值，于是有〃之N2 N1N1尸N2M^+m^+fcxsina(kL4masi刀a)cosa，選項D正確.13.(1)【答案】t-1=(kL4masi刀a)cosa，選項D正確.13.(1)【答案】t-1=t-1(2)【答案】【答案】43 21aat2-t1 。-%2d(1_1)tt-t-tt-tt-tL3L4C2l1 l4l3l2l114.(1)【答案】8000【解析】本題考查電表的改裝，電流表的內(nèi)、外接法和分壓限流電路。由U=I(r+R)可得223=300x10-63=300x10-6(2000+R),解得R=8000Q。【解析】由于待測電阻R阻值遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，所以要采用電流表的外接法;實驗中盡可能準(zhǔn)確地測量R的阻值，