2021-2022學(xué)年北京北臧村中學(xué)高二數(shù)學(xué)文月考試題含解析一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有是一個(gè)符合題目要求的1.雙曲線(xiàn)左支上一點(diǎn)P到其左、右兩焦點(diǎn)F1、F2的距離之和為8，

則點(diǎn)P到左焦點(diǎn)F1的距離是A.9

B.7

C.4

D.1參考答案：D2.設(shè)p：|4x﹣3|≤1；q：x2﹣（2a+1）x+a（a+1）≤0．若┐p是┐q的必要而不充分條件，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是（）A．[0，] B．（0，） C．（﹣∞，0]∪[，+∞） D．（﹣∞，0）∪（，+∞）參考答案：A【考點(diǎn)】命題的否定；必要條件、充分條件與充要條件的判斷．【分析】先化簡(jiǎn)命題p，q即解絕對(duì)值不等式和二次不等式，再求出┐p，┐q，據(jù)已知寫(xiě)出兩集合端點(diǎn)的大小關(guān)系，列出不等式解得．【解答】解：∵p：|4x﹣3|≤1，∴p：≤x≤1，∴┐p：x＞1或x＜；∵q：x2﹣（2a+1）x+a（a+1）≤0，∴q：a≤x≤a+1，┐q：x＞a+1或x＜a．又∵┐p是┐q的必要而不充分條件，即┐q?┐p，而┐p推不出┐q，∴?0≤a≤．故選項(xiàng)為A．3.復(fù)數(shù)（是虛數(shù)單位），則復(fù)數(shù)虛部是A．-1+2

B．-1

C．2

D．2參考答案：D4.函數(shù)則=A、

B、

C、

D、參考答案：C5.已知ab，且asin+acos－=0，bsin+bcos－=0，則連接（a，a），（b，b）兩點(diǎn)的直線(xiàn)與單位圓的位置關(guān)系是

（

）

A．相交

B．相切

C．相離

D．不能確定參考答案：A6.拋物線(xiàn)的焦點(diǎn)坐標(biāo)是（） A． B．

C．

D．參考答案：C略7.已知點(diǎn)（x,y）在拋物線(xiàn)上，則

(

)

A.

2

B.3

C.4

D.0參考答案：B8.若，則

（）

A.4

B.

C.

D.參考答案：D略9.四個(gè)人站成一排，解散后重新站成一排，恰有一個(gè)人位置不變的概率為（）A． B． C． D．參考答案：C【考點(diǎn)】CB：古典概型及其概率計(jì)算公式．【分析】首先求得滿(mǎn)足題意的排列的種數(shù)，然后利用古典概型公式進(jìn)行計(jì)算即可求得概率值．【解答】解：使用乘法原理考查滿(mǎn)足題意的排列方法，先從4個(gè)人里選3個(gè)進(jìn)行調(diào)換，因?yàn)槊總€(gè)人都不能坐在原來(lái)的位置上，因此第一個(gè)人有兩種坐法，被坐了自己椅子的那個(gè)人只能坐在第三個(gè)人的椅子上（一種坐法），才能保證第三個(gè)人也不坐在自己的椅子上．因此三個(gè)人調(diào)換有兩種調(diào)換方法．故不同的調(diào)換方法有種，恰有一個(gè)人位置不變的概率為．故選：C．10.已知雙曲線(xiàn)C：﹣=1（a＞0，b＞0）的右焦點(diǎn)為F（c，0），直線(xiàn)x=a與雙曲線(xiàn)C的漸近線(xiàn)在第一象限的交點(diǎn)為A，O為坐標(biāo)原．若△OAF的面積為a2，則雙曲線(xiàn)C的離心率為（）A． B． C． D．參考答案：A【考點(diǎn)】雙曲線(xiàn)的簡(jiǎn)單性質(zhì)．【分析】利用△OAF的面積為a2，建立方程，即可求出雙曲線(xiàn)C的離心率．【解答】解：由題意，A（a，b），∵△OAF的面積為a2，∴bc=a2，∴2c2﹣3bc﹣2b2=0，∴c=2b或c=﹣b（舍去），∴a==b，∴e==．故選：A．二、填空題:本大題共7小題,每小題4分,共28分11.數(shù)列的前n項(xiàng)和是

．參考答案：12.經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（2，1）且到原點(diǎn)的距離等于2的直線(xiàn)方程是．參考答案：x=2或3x+4y﹣10=0考點(diǎn)：兩點(diǎn)間距離公式的應(yīng)用．專(zhuān)題：計(jì)算題；直線(xiàn)與圓．分析：由直線(xiàn)經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（2，1）知：當(dāng)直線(xiàn)的斜率k不存在時(shí)，直線(xiàn)方程x=2，它到原點(diǎn)的距離是2，成立；當(dāng)直線(xiàn)的斜率k存在時(shí)，設(shè)直線(xiàn)方程為y﹣1=k（x﹣2），整理，得kx﹣y﹣2k+1=0，由直線(xiàn)與原點(diǎn)的距離為2，解得k，由此能得到所求的直線(xiàn)方程．解答：解：∵直線(xiàn)經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（2，1），∴當(dāng)直線(xiàn)的斜率k不存在時(shí)，直線(xiàn)方程x=2，它到原點(diǎn)的距離是2，成立；當(dāng)直線(xiàn)的斜率k存在時(shí)，設(shè)直線(xiàn)方程為y﹣1=k（x﹣2），整理，得kx﹣y﹣2k+1=0，∵直線(xiàn)與原點(diǎn)的距離為2，∴=2，解得k=﹣，∴直線(xiàn)為3x+4y﹣10=0．故所求的直線(xiàn)方程為：x=2或3x+4y﹣10=0．故答案為：x=2或3x+4y﹣10=0．點(diǎn)評(píng)：本題考查直線(xiàn)方程的求法，是基礎(chǔ)題．解題時(shí)要認(rèn)真審題，注意點(diǎn)到直線(xiàn)的距離公式的應(yīng)用．易錯(cuò)點(diǎn)是容易忽視直線(xiàn)的斜率不存在的情況．13.復(fù)數(shù)（a∈R，i為虛數(shù)單位）為純虛數(shù)，則復(fù)數(shù)z=a+i的模為．參考答案：【考點(diǎn)】A5：復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算．【分析】直接由復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算化簡(jiǎn)，再結(jié)合已知條件列出方程組，求解可得a的值，然后由復(fù)數(shù)求模公式計(jì)算得答案．【解答】解：∵==為純虛數(shù)，∴，解得a=2．∴z=2+i．則復(fù)數(shù)z=2+i的模為：．故答案為：．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算，考查了復(fù)數(shù)的基本概念以及復(fù)數(shù)模的求法，是基礎(chǔ)題．14.已知復(fù)數(shù)z=，其中i是虛數(shù)單位，則z的模是．參考答案：利用復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算化簡(jiǎn)，再由復(fù)數(shù)模的計(jì)算公式求解．解：∵z==，∴|z|=．故答案為：．15.．橢圓上一點(diǎn)與橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)、的連線(xiàn)互相垂直，則△的面積為_(kāi)_____________.參考答案：24略16.橢圓和雙曲線(xiàn)的公共焦點(diǎn)F1，F(xiàn)2，P是兩曲線(xiàn)的一個(gè)交點(diǎn)，那么的值是

.參考答案：不妨假設(shè)，則：橢圓方程中，，①雙曲線(xiàn)方程中，，②①②聯(lián)立可得：,而，結(jié)合余弦定理有：

17.已知，，，若，則實(shí)數(shù)的值為

.參考答案：-4試題分析：，因?yàn)?，所以，解得?考點(diǎn)：空間向量的運(yùn)算三、解答題：本大題共5小題，共72分。解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明，證明過(guò)程或演算步驟18.已知拋物線(xiàn)與直線(xiàn)相交于兩點(diǎn)，且焦點(diǎn)到準(zhǔn)線(xiàn)的距離為。（1）求該拋物線(xiàn)的方程；（2）當(dāng)?shù)拿娣e等于時(shí)，求的值。參考答案：（1）；（2）令兩點(diǎn)的坐標(biāo)為聯(lián)立方程，消去，得，令直線(xiàn)與軸的交點(diǎn)為點(diǎn)，，19.已知函數(shù)f（x）=x3﹣3x2+ax+2，曲線(xiàn)y=f（x）在點(diǎn)（0，2）處的切線(xiàn)與x軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為﹣2．（Ⅰ）求a；（Ⅱ）證明：當(dāng)k＜1時(shí)，曲線(xiàn)y=f（x）與直線(xiàn)y=kx﹣2只有一個(gè)交點(diǎn)．參考答案：【考點(diǎn)】6H：利用導(dǎo)數(shù)研究曲線(xiàn)上某點(diǎn)切線(xiàn)方程；6B：利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性．【分析】（Ⅰ）求函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義建立方程即可求a；（Ⅱ）構(gòu)造函數(shù)g（x）=f（x）﹣kx+2，利用函數(shù)導(dǎo)數(shù)和極值之間的關(guān)系即可得到結(jié)論．【解答】解：（Ⅰ）函數(shù)的導(dǎo)數(shù)f′（x）=3x2﹣6x+a；f′（0）=a；則y=f（x）在點(diǎn)（0，2）處的切線(xiàn)方程為y=ax+2，∵切線(xiàn)與x軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為﹣2，∴f（﹣2）=﹣2a+2=0，解得a=1．（Ⅱ）當(dāng)a=1時(shí)，f（x）=x3﹣3x2+x+2，設(shè)g（x）=f（x）﹣kx+2=x3﹣3x2+（1﹣k）x+4，由題設(shè)知1﹣k＞0，當(dāng)x≤0時(shí)，g′（x）=3x2﹣6x+1﹣k＞0，g（x）單調(diào)遞增，g（﹣1）=k﹣1，g（0）=4，當(dāng)x＞0時(shí)，令h（x）=x3﹣3x2+4，則g（x）=h（x）+（1﹣k）x＞h（x）．則h′（x）=3x2﹣6x=3x（x﹣2）在（0，2）上單調(diào)遞減，在（2，+∞）單調(diào)遞增，∴在x=2時(shí)，h（x）取得極小值h（2）=0，g（﹣1）=k﹣1，g（0）=4，則g（x）=0在（﹣∞，0]有唯一實(shí)根．∴g（x）＞h（x）≥h（2）=0，∴g（x）=0在（0，+∞）上沒(méi)有實(shí)根．綜上當(dāng)k＜1時(shí)，曲線(xiàn)y=f（x）與直線(xiàn)y=kx﹣2只有一個(gè)交點(diǎn)．20.如圖，已知四棱錐P﹣ABCD的底面為菱形，∠BCD=120°，AB=PC=2，AP=BP=．（I）求證：AB⊥PC；（Ⅱ）求二面角B一PC﹣D的余弦值．參考答案：【考點(diǎn)】MT：二面角的平面角及求法；LO：空間中直線(xiàn)與直線(xiàn)之間的位置關(guān)系．【分析】（Ⅰ）取AB的中點(diǎn)O，連接PO，CO，AC，由已知條件推導(dǎo)出PO⊥AB，CO⊥AB，從而AB⊥平面PCO，由此能證明AB⊥PC．（Ⅱ）由已知得OP⊥OC，以O(shè)為原點(diǎn)，OC為x軸，OB為y軸，OP為z軸，建立空間直角坐標(biāo)系，利用向量法能求出二面角B一PC﹣D的余弦值．【解答】（Ⅰ）證明：取AB的中點(diǎn)O，連接PO，CO，AC，∵△APB為等腰三角形，∴PO⊥AB…又∵四邊形ABCD是菱形，∠BCD=120°，∴△ACB是等邊三角形，∴CO⊥AB…又CO∩PO=O，∴AB⊥平面PCO，又PC?平面PCO，∴AB⊥PC

…（Ⅱ）解：∵ABCD為菱形，∠BCD=120°，AB=PC=2，AP=BP=，∴PO=1，CO=，∴OP2+OC2=PC2，∴OP⊥OC，以O(shè)為原點(diǎn)，OC為x軸，OB為y軸，OP為z軸，建立空間直角坐標(biāo)系，則A（0，﹣1，0），B（0，1，0），C（，0，0），P（0，0，1），D（，﹣2，0），=（，﹣1，0），=（），=（0，2，0），設(shè)平面DCP的法向量=（x，y，z），則，令x=1，得=（1，0，），設(shè)平面PCB的法向量=（a，b，c），，令a=1，得=（1，），cos＜＞==，∵二面角B一PC﹣D為鈍角，∴二面角B一PC﹣D的余弦值為﹣．21.數(shù)列{an}是公差為正數(shù)的等差數(shù)列，a2、a5且是方程x2﹣12x+27=0的兩根，數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為T(mén)n，且Tn=1﹣，（1）求數(shù)列{an}、{bn}的通項(xiàng)公式；（2）記cn=an?bn，求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Sn．參考答案：【考點(diǎn)】數(shù)列的求和；等差數(shù)列的通項(xiàng)公式；等比數(shù)列的通項(xiàng)公式．【分析】（1）依題意，解方程x2﹣12x+27=0可得a2、a5，從而可得數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式；由Tn=1﹣bn可求得數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式；（2）cn=an?bn，利用錯(cuò)位相減法可求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Sn．【解答】解：（1）∵等差數(shù)列{an}的公差d＞0，a2、a5且是方程x2﹣12x+27=0的兩根，∴a2=3，a5=9．∴d==2，∴an=a2+（n﹣2）d=3+2（n﹣2）=2n﹣1；又?jǐn)?shù)列{bn}中，Tn=1﹣bn，①∴Tn+1=1﹣bn+1，②②﹣①得：=，又T1=1﹣b1=b1，∴b1=，∴數(shù)列{bn}是以為首項(xiàng)，為公比的等比數(shù)列，∴bn=?；綜上所述，an=2n﹣1，bn=?；（2）∵cn=an?bn=（2n﹣1）??，∴Sn=a1b1+a2b2+…+anbn=1×+3××+…+（2n﹣1）××，③∴Sn=×+3××+…+（2n﹣3）××+（2n﹣1）××，④∴③﹣④得：Sn=+[+++…+]﹣（2n﹣1）××，Sn=1+2[+++…+]﹣（2n﹣1）×=1+2×﹣（2n﹣1）×=2﹣×=2﹣（2n+2）×．22.