13123123123131231231231231212年海南高考物理試一、單選擇題：本共小題，每小題分．在每小題出的四個選中，只有一是符合題目求的．1分）在地面上方某一點將一小球以一定的初速度沿水平方向拋出，不計空氣阻力，則小球在隨后的運動中（）A．速度和加速度的方向都在不斷變化B．速度與加速度方向之間的角一直減?。谙嗟鹊臅r間間隔內(nèi)，速率的改變量相等D在相等的時間間隔內(nèi)，動能的改變量相等2分）如圖，在水平桌面上放置一斜面體P，兩長方體物塊和b疊放在P的斜面上，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．若將和bb與P與桌面之間摩擦力的大小分別用f、f和表示．則（）A．f=0，≠0，≠0Bf≠0，f，f=0．f≠0，f0，f=0D．≠0，≠0，≠03分）如圖，光滑圓軌道固定在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量m的小球沿軌道做完整的圓周運動．已知小球在最低點時對軌道的壓力大小為N，在高點時對軌道的壓力大小為N．重力加速度大小為g，則N﹣的值為（）A．3mg．4mg．5mg．6mg4分）如圖，一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，環(huán)的圓心與兩導(dǎo)線距離相等，環(huán)的直徑小于兩導(dǎo)線間距．兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向向下的恒定電流．若（）第1頁（共30頁）

1231223112312231313k0A．金屬環(huán)向上運動，則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為順時針方向B．金屬環(huán)向下運動，則環(huán)上感應(yīng)電流方向為順時針方向．金屬環(huán)向左側(cè)直導(dǎo)線靠近，則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為逆時針D金屬環(huán)向右側(cè)直導(dǎo)線靠近，則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為逆時針5分）沿固定斜面下滑的物體受到與斜面平行向上的拉力的作用，其下滑的速度﹣時間圖線如圖所示．已知物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)為常數(shù)，05s，510s10～內(nèi)F的大小分別為F、F和F，則（）A．F＜F

B．＞F

．F＞F

DF=F6分）如圖，平行板電容器兩極板的間距為d，極板與水平面成45°角，上極板帶正電．一電荷量為（q＞的粒子在電容器中靠近下極板處．以初動能E豎直向上射出．不計重力，極板尺寸足夠大，若粒子能打到上極板，則兩極板間電場強度的最大值為（）A．

．

．

D二、多選擇題：本共小題，每小題分．在每小題出的四個選中，有多個項是符合題要求的全部選對的分，選對不全的3分，有選錯的分．7分）通過觀察冥王星的衛(wèi)星，可以推算出冥王星的質(zhì)量．假設(shè)衛(wèi)星繞冥王第2頁（共30頁）

T1TT1T星做勻速圓周運動除了引力常量外至少還需要兩個物理量才能計算出冥王星的質(zhì)量．這兩個物理量可以是（）A．衛(wèi)星的速度和角速度．衛(wèi)星的質(zhì)量和角速度

B．衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑D衛(wèi)星的運行周期和軌道半徑8分）如圖（a）所示，揚聲器中有線圈處于磁場中，當音頻電流信號通過線圈時，線圈帶動紙盆振動，發(fā)出聲音．俯視圖b表示處于輻射狀磁場中的線圈（線圈平面即紙面磁場方向如圖中箭頭所示，在圖（b中（）A．當電流沿順時針方向時，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里B．當電流沿順時針方向時，圈所受安培力的方向垂直于紙面向外．當電流沿逆時針方向時，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里D當電流沿逆時針方向時，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向外9分）圖（a）所示，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為4：1R為阻值隨溫度升高而減小的熱敏電阻R為定值電阻壓表和電流表均為理想交流電表．原線圈所接電壓隨時間按正弦規(guī)律變化，如圖（所示．下列說法正確的是（）A．變壓器輸入．輸出功率之比為：1B．變壓器原、副線圈中的電強度之比為4．u隨t變化的規(guī)律為u=51sin（單位制）D若熱敏電阻R的溫度升高，則電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變大10分）如圖，一帶正電的點電荷固定于點，兩虛線圓均以為圓心，兩實線分別為帶電粒子和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、、d、為軌跡第3頁（共30頁）

2123121231和虛線圓的交點．不計重力．下列說法正確的是（）A．M帶負電荷，N帶正電荷B．在b點的動能小于它在點的動能．N在d點的電勢能等于它在點的電勢能DN在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功三、實題：本題共小題，11題6分，題9分．把案寫在題卡中指定答題處，不求寫出算過程．11分）某同學(xué)利用圖（a）所示的實驗裝置探究物塊速度隨時間的變化．物塊放在桌面上細繩的一端與物塊相連另一端跨過滑輪掛上鉤碼打點計時器固定在桌面左端，所用交流電源頻率為50Hz．紙帶穿過打點計時器連接在物塊上．啟動打點計時器，釋放物塊，物塊在鉤碼的作用下拖著紙帶運動．打點計時器打出的紙帶如圖（b）所示（圖中相鄰兩點間4個點未畫出根據(jù)實驗數(shù)據(jù)分析，該同學(xué)認為物塊的運動為勻加速運動．回答下列問題：（1）在打點計時器打出點時，物塊的速度大小為

m/s．在打出D點時，物塊的速度大小為

保留兩位有效數(shù)字）（2）物塊的加速度大小為

m/s留兩位有效數(shù)字）12分）某同學(xué)改裝和校準電壓表的電路圖如圖所示，圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路．（1）已知表頭G滿偏電流為，表頭上標記的內(nèi)阻值為900Ω．R、R和R是定值電阻．利用R和表頭構(gòu)成1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個量程第4頁（共30頁）

123123的電壓表．若使用、b兩個接線柱，電壓表的量程為；若使a、c兩個接線柱，電壓表的量程為3V．則根據(jù)題給條件，定值電阻的阻值應(yīng)選R=Ω，R=Ω，R=Ω．（2）用量程為3V，內(nèi)阻為2500Ω的標準電壓表

對改裝表擋的不同刻度進行校準．所用電池的電動勢E為5V滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為50Ω和5k為了方便實驗中調(diào)節(jié)電壓圖中應(yīng)選用最大阻值為

Ω的滑動變阻器．（3準時閉合開關(guān)S前動變阻器的滑動端P應(yīng)靠近（填“M”或“N”）端．（4）若由于表頭G上標記的內(nèi)阻值不準，造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標準電壓表的讀數(shù)偏小，則表頭G內(nèi)阻的真實值（填“大于”“小于”900Ω．四、計題：本題共2小題，第13題分，第14題分．解答寫在答卡中指定答題處，要寫出必的文字說明方程式演算步驟．13分）水平地面上有質(zhì)量分別為m和4m的物和，兩者與地面的動摩擦因數(shù)均為μ．細繩的一端固定，另一端跨過輕質(zhì)動滑輪與A相連，動滑輪與B相連，如圖所示．初始時，繩處于水平拉直狀態(tài)．若物A在水平向右的恒力F作用下向右移動了距離s，重力加速度大小為g．求（1）物塊B克服摩擦力所做的功；（2）物塊AB的加速度大?。?4分）如圖，、C兩點分別位于x軸和y軸上，∠OCA=30°，的長度為L．在△OCA區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面向里的勻強磁場．質(zhì)量m電荷量為第5頁（共30頁）

0000q的帶正電粒子，以平行于軸的方向從邊射入磁場．已知粒子從某點射入時，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為t．不計重力．（1）求磁場的磁感應(yīng)強度的大??；（2）若粒子先后從兩不同點以相同的速度射入磁場，恰好從OC邊上的同一點射出磁場，求該粒子這兩次在磁場中運動的時間之和；（3）若粒子從某點射入磁場后，其運動軌跡與AC邊相切，且在磁場內(nèi)運動的時間為t，求粒子此次入射速度的大?。濉⑦x題：請考生第15～17題中任選題作答．如多做，按所做的第一、二計分【選修分）15分一量的理想氣體從狀態(tài)M可以經(jīng)歷過程1或者過程2到達狀態(tài)N其pV圖象如圖所示在過程1中氣體始終與外界無熱量交換在過程中，氣體先經(jīng)歷等容變化再經(jīng)歷等壓變化．對于這兩個過程，下列說法正確的是（）A．氣體經(jīng)歷過程1其溫度降低B．氣體經(jīng)歷過程1，內(nèi)能減小．氣體在過程2中一直對外放熱D氣體在過程2中一直對外做功第6頁（共30頁）

23022302E．氣體經(jīng)歷過程1的內(nèi)能改變量與經(jīng)歷過程2的相同16分）如圖，密閉汽缸兩側(cè)與一形管的兩端相連，汽缸壁導(dǎo)熱；形管內(nèi)盛有密度為10kg/m的液體．一活塞將汽缸分成左、右兩個氣室，開始時左氣室的體積是右氣室的體積的一半氣體的壓強均為P=4.5×10Pa外界溫度保持不變．緩慢向右拉活塞使U形管兩側(cè)液面的高度差h=40cm，求此時左右兩氣室的體積之比取重力加速度大小g=10m/s活塞拉桿的體積忽略不計．

U形管中氣體的體積和【選修分）17分）下列說法正確的是（）A．在同一地點，單擺做簡諧振動的周期的平方與其擺長成正比B．彈簧振子做簡諧振動時，動系統(tǒng)的勢能與動能之和保持不變．在同一地點，當擺長不變時，擺球質(zhì)量越大，單擺做簡諧振動的周期越小D系統(tǒng)做穩(wěn)定的受迫振動時，系統(tǒng)振動的頻率等于周期性驅(qū)動力的頻率E．已知彈簧振子初始時刻的位置及其振動周期，就可知振子在任意時刻運動速度的方向18分）如圖，半徑為R的半球形玻璃體置于水平桌面上，半球的上表面水平球面與桌面相切于A點一細束單色光經(jīng)球心從空氣中攝入玻璃體（入射面即紙面），入射角45°出射光線射在桌面上B點處．測AB之間的距離為．現(xiàn)將入射光束在紙面內(nèi)向左平移求射入玻璃體的光線在球面上恰好發(fā)生全反射時光束在上表面的入射點到O點的距離．不考慮光線在玻璃體內(nèi)的多次反射．第7頁（共30頁）

2322AB202322AB20【選修分）19．下列說法正確的是（）A．愛因斯坦在光的粒子性的基礎(chǔ)上，建立了光電效應(yīng)方程B．康普頓效應(yīng)表明光子只具能量，不具有動量．波爾的原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律D盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型E．德布羅意指出微觀粒子的動量越大，其對應(yīng)的波長就越長20．如圖，物塊通過一不可伸長的輕繩懸掛在天花板下，初始時靜止從發(fā)射器（圖中未畫出）射出的物塊沿水平方向與A相撞，碰撞后兩者粘連在一起運動，碰撞前B的速度的大小v及碰撞后A和B一起上升的高度均可由傳感器（圖中未畫出）測得．某同學(xué)以為縱坐標，v為橫坐標，利用實驗數(shù)據(jù)作直線擬合，求得該直線的斜率k=1.92×

﹣s/m已知物塊A和B的質(zhì)量分別為m=0.400kg和m=0.100kg，重力加速度大小g=9.8m/s．（i）若碰撞時間極短且忽略空氣阻力，求h﹣v

直線斜率的理論值k．（ii）求k值的相對誤差δ（δ=

×100%果保留位有效數(shù)字．第8頁（共30頁）

113年南高物試參考答案與試題解析一、單選擇題：本共小題，每小題分．在每小題出的四個選中，只有一是符合題目求的．1分?海南）在地面上方某一點將一小球以一定的初速度沿水平方向拋出，不計空氣阻力，則小球在隨后的運動中（）A．速度和加速度的方向都在不斷變化B．速度與加速度方向之間的角一直減?。谙嗟鹊臅r間間隔內(nèi)，速率的改變量相等D在相等的時間間隔內(nèi)，動能的改變量相等【分析明確平拋運動的性質(zhì)知道平拋運動可分解為豎直方向上的自由落體運動和水平方向上的勻速直線運動根據(jù)運動的合成和分解規(guī)律可明確速度及速率的變化情況．【解答】解：A、平拋運動的物體其加速度恒定不變，速度方向時刻變化；故A錯誤；B、由于豎直分速度一直增大而水平分速度不變，故合速度的方向由水平逐漸變?yōu)榻咏Q直故與豎直方向夾角越來越小與加速度方向的夾角越來越小故B正確；、由可知，在相等的時間間隔內(nèi)速度的改變量相同；但是速率為水平速度和豎直速度的合速度的大??；故速率的改變量不相同；故錯誤；D由C可知，速率的變化量不相等，故由動能的表達式可知，動能的改變量也不相等；故D錯誤；故選：B．2分?南）如圖，在水平桌面上放置一斜面體兩長方體物塊a和b疊放在P的斜面上，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．若將a和bb與P與桌面之間摩擦力的大小分別用f、f和f表示．則（）第9頁（共30頁）

12312312312312312122112312312312312312122121A．f=0，≠0，≠0Bf≠0，f，f=0．f≠0，f0，f=0D．≠0，≠0，≠0【分析分別對aab以及abP整體進行分析根據(jù)平衡條件可明確各研究對象是否受到摩擦力作用．【解答】解：a物體分析可知，物體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動的趨勢，因此a受到b向上的摩擦力；f≠0再對ab整體分析可知，整體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動的趨勢，因此b受到P向上的摩擦力；≠0對及組成的整體分析，由于整體在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力；f=0故只有C正確，ABD錯誤；故選：．3分海南）如圖，光滑圓軌道固定在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量為的小球沿軌道做完整的圓周運動．已知小球在最低點時對軌道的壓力大小為N，在高點時對軌道的壓力大小為N．重力加速度大小為g，則N﹣N的值為（）A．3mg．4mg．5mg．6mg【分析根據(jù)機械能守恒定律可明確最低點和最高點的速度關(guān)系再根據(jù)向心力公式可求得小球在最高點和最低點時的壓力大小，則可求得壓力的差值．【解答】解：設(shè)最高點的速度為v，最低點速度為v；對由最低點到最高點的過程中，根據(jù)機械能守恒定律可知：﹣mg2R=mv

2

﹣mv

2根據(jù)向心力公式可得：第10頁（共30頁）

211211最高點時：N+mg=m最低點時；N﹣mg=m聯(lián)立解得：N﹣N=6mg；故選：D4分海南）如圖，一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)環(huán)的圓心與兩導(dǎo)線距離相等環(huán)的直徑小于兩導(dǎo)線間距兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向向下的恒定電流．若（）A．金屬環(huán)向上運動，則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為順時針方向B．金屬環(huán)向下運動，則環(huán)上感應(yīng)電流方向為順時針方向．金屬環(huán)向左側(cè)直導(dǎo)線靠近，則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為逆時針D金屬環(huán)向右側(cè)直導(dǎo)線靠近，則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為逆時針【分析通過線圈面積的磁通量發(fā)生變化時則會出現(xiàn)感應(yīng)電動勢當電路閉合時，則產(chǎn)生感應(yīng)電流．結(jié)合楞次定律可判定感應(yīng)電流方向．【解答】解：AB、直導(dǎo)線之間的磁場時對稱的，圓環(huán)在中間時，通過圓環(huán)的磁通量為零，金屬環(huán)上下運動的時候，圓環(huán)的磁通量不變，不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故AB錯誤；、金屬環(huán)向左側(cè)直導(dǎo)線靠近，則穿過圓環(huán)的磁場垂直紙面向外并且增強，根據(jù)楞次定律可得，環(huán)上的感應(yīng)電流方向為順時針，故錯誤；D金屬環(huán)向右側(cè)直導(dǎo)線靠近，則穿過圓環(huán)的磁場垂直紙面向里并且增強，根據(jù)楞次定律可得，環(huán)上的感應(yīng)電流方向為逆時針，故正確；故選：D第11頁（共30頁）

123122313131112312231313112233123k05分?海南）沿固定斜面下滑的物體受到與斜面平行向上的拉F的作用其下滑的速度﹣時間圖線如圖所示已知物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)為常數(shù)，在0～5s510s，～內(nèi)F的大小分別為F、F和F，則（）A．F＜F

B．＞F

．F＞F

DF=F【分析速度時間圖象的斜率表示加速度的大小，斜率為正，表示加速運動，斜率為負，表示減速運動，再根據(jù)牛頓第二定律分析拉力的大小即可．【解答】解：由速度時間圖象的斜率可知，～5s內(nèi)和15s內(nèi)物體的加速度大小a相等．在0～內(nèi)，物體加速下滑，由牛頓第二定律可得：θ﹣=ma，所以F=mgsinθfma；在5～10s，物體勻速下滑，受力平衡，則mgsinθf=F，所以F=mgsin﹣f在～內(nèi)，物體減速下滑，由牛頓第二定律可得，+fmgsinθ=ma，所以F=mgsin﹣f+ma；由以上分析可得，F(xiàn)＜F＜F；故選：A6分?海南）如圖，平行板電容器兩極板的間距為d極板與水平面成45°，上極板帶正電．一電荷量為q（＞0的粒子在電容器中靠近下極板處．以初動能豎直向上射出．不計重力，極板尺寸足夠大，若粒子能打到上極板，則兩極板間電場強度的最大值為（）A．

．

．

D【分析粒子在電場中只受到電場力的作用只有電場力做功粒子恰好到達上第12頁（共30頁）

yxy0y2yk0yxy0y2yk0極板時速度恰好與上極板平行以將粒子初速度分解為垂直極板和平行極板的分速度，再結(jié)合運動學(xué)公式可求得E【解答】解：根據(jù)電荷的受力情況可知，粒子在電場中做曲線運動，如圖所示，將粒子的速度分解為垂直于板的和平行于板的，由于極板與水平面夾角45°粒子的初速度方向豎直向上，所以粒子初速度在垂直于板的方向的速度為v=v

．當電場足夠大時粒子到達上極板時速度恰好與上極板平行即粒子垂直于極板方向的速度v′=0根據(jù)運動學(xué)公式有

﹣v′=2d又知E=m聯(lián)立以上各式求得E=故B正確，ACD錯誤；故選：B二、多選擇題：本共小題，每小題分．在每小題出的四個選中，有多個項是符合題要求的全部選對的分，選對不全的3分，有選錯的分．7分?海南）通過觀察冥王星的衛(wèi)星，可以推算出冥王星的質(zhì)量．假設(shè)衛(wèi)星繞冥王星做勻速圓周運動除了引力常量外至少還需要兩個物理量才能計算出冥王星的質(zhì)量．這兩個物理量可以是（）A．衛(wèi)星的速度和角速度．衛(wèi)星的質(zhì)量和角速度

B．衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑D衛(wèi)星的運行周期和軌道半徑【分析人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時萬有引力充當向心力由萬有引力第13頁（共30頁）

定律結(jié)合牛頓第二定律列式求中心天體的質(zhì)量，然后由選項條件判斷正確的答案．【解答】解：衛(wèi)星圍繞冥王星做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，A、已知衛(wèi)星的速度和角速度，則軌道半徑星質(zhì)量M故A正確；

，根據(jù)

即可求解冥王B據(jù)故B錯誤；、根據(jù)

可知衛(wèi)星的質(zhì)量可以約去知道半徑不能求出冥王星質(zhì)量，可知，衛(wèi)星的質(zhì)量可以約去，只知道角速度不能求出冥王星質(zhì)量，故C錯誤；D根據(jù)

可知，知道衛(wèi)星的運行周期和軌道半徑可求解冥王星質(zhì)量M故D正確；故選：AD8分海南）如圖（a）所示，揚聲器中有一線圈處于磁場中，當音頻電流信號通過線圈時，線圈帶動紙盆振動，發(fā)出聲音．俯視圖b）表示處于輻射狀磁場中的線圈（線圈平面即紙面場方向如圖中箭頭所示，在圖（中（）A．當電流沿順時針方向時，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里B．當電流沿順時針方向時，圈所受安培力的方向垂直于紙面向外．當電流沿逆時針方向時，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里D當電流沿逆時針方向時，線圈所受安培力的方向垂直于紙面向外【分析應(yīng)用化曲為直法把線圈看成一小段一小段的直導(dǎo)線連接而成再根據(jù)左手定則判斷所受安培力的方向即可．第14頁（共30頁）

T1TT1T【解答】解：A、把線圈看成一小段一小段的直導(dǎo)線連接而成，當電流沿順時針方向時據(jù)左手定則可知小段直導(dǎo)線受到的安培力都是垂直于紙面向外，則線圈所受安培力的方向垂直于紙面向外，故錯誤，B正確；、把線圈看成一小段一小段的直導(dǎo)線連接而成，當電流沿逆時針方向時，根據(jù)左手定則可知每一小段直導(dǎo)線受到的安培力都是垂直于紙面向里則線圈所受安培力的方向垂直于紙面向里，故D錯誤，C正確；故選：BC9分海南）圖（）所示，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為41，R為阻值隨溫度升高而減小的熱敏電阻，為定值電阻，電壓表和電流表均為理想交流電表線圈所接電壓隨時間t按正弦規(guī)律變化b示列說法正確的是（）A．變壓器輸入．輸出功率之比為：1B．變壓器原、副線圈中的電強度之比為4．u隨t變化的規(guī)律為u=51sin（πt際單位制）D若熱敏電阻R的溫度升高，則電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變大【分析變壓器原副線圈的輸入功率和輸出功率相等根據(jù)電流之比等于匝數(shù)之反比求出原副線圈的電流比．根據(jù)交變電壓的ut圖線得出峰值和周期，從而求出角速度，得出t的表達式．抓住輸入電壓不變，得出輸出電壓不變，結(jié)合副線圈負載電阻的變化得出電流的變化．【解答】解：A、原副線圈輸入功率和輸出功率相等，故A錯誤．B、根據(jù)

得，原副線圈的電流之比為4故B正確．、交變電壓的峰值為51V，周期T=0.02s，則角速度第15頁（共30頁）

，則

TT隨t的變化規(guī)律為u=51sin（100）故C錯誤．D若熱敏電R的溫度升高熱敏電阻的阻值減小由于原線圈的電壓不變，則副線圈的電壓不變，副線圈中的電流變大，故正確．故選：BD．10分海南）如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，、bc、de為軌跡和虛線圓的交點．不計重力．下列說法正確的是（）A．M帶負電荷，N帶正電荷B．在b點的動能小于它在點的動能．N在d點的電勢能等于它在點的電勢能DN在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功【分析根據(jù)軌跡的彎曲確定粒子所受的力是吸引力還是排斥力從而確定粒子的電性根據(jù)動能定理結(jié)合庫侖力做功情況判斷動能的變化根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化．【解答解：A、由粒子運動軌跡可知M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶正電荷，故A正確．B、從a到b點，庫侖力做負功，根據(jù)動能定理知，動能減小，則b點的動能小于在a點的動能，故B正確．、d點和點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能，故C正確．DN從c到d庫侖斥力做正功，故錯誤．故選：ABC．三、實題：本題共小題，11題6分，題9分．把案寫在題卡第16頁（共30頁）

22中指定答題處，不求寫出算過程．11分海南）某同學(xué)利用圖a）所示的實驗裝置探究物塊速度隨時間的變化．物塊放在桌面上，細繩的一端與物塊相連，另一端跨過滑輪掛上鉤碼．打點計時器固定在桌面左端，所用交流電源頻率為50Hz．紙帶穿過打點計時器連接在物塊上啟動打點計時器釋放物塊物塊在鉤碼的作用下拖著紙帶運動打點計時器打出的紙帶如b（圖中相鄰兩點間有4個點未畫出根據(jù)實驗數(shù)據(jù)分析，該同學(xué)認為物塊的運動為勻加速運動．回答下列問題：（1在打點計時器打出B點時物塊的速度大小為

0.56在打出點時，物塊的速度大小為

0.96留兩位有效數(shù)字）（2）物塊的加速度大小為

2.0m/s保留兩位有效數(shù)字）【分析做勻變速直線運動的物體某一時間內(nèi)的平均速度等于這段時間中間時刻的瞬時速度，所以點的速度等于兩點間的平均速度，D點速度等于CE兩點間的平均速度（2）根據(jù)逐差法求加速度【解答解根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度，所以（2）根據(jù)勻變速直線運動的推論公式

可以求出加速度的大小，得為了更加準確的求解加速度，我們對兩個加速度取平均值得第17頁（共30頁）

12311231231123=

=2.0故答案為0.56，）12分海南）某同學(xué)改裝和校準電壓表的電路圖如圖所示，圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路．（1）已知表頭G滿偏電流為μA，表頭上標記的內(nèi)阻值為900Ω．R、R和R是定值電阻．利用R和表頭構(gòu)成1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表．若使用、b兩個接線柱，電壓表的量程為；若使a、c兩個接線柱壓表的量程為3V根據(jù)題給條件值電阻的阻值應(yīng)選R=100Ω，R=910Ω，R=2000Ω．（2）用量程為3V，內(nèi)阻為2500Ω的標準電壓表

對改裝表擋的不同刻度進行校準．所用電池的電動勢E為5V滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為50Ω和5kΩ．為了便實驗中調(diào)節(jié)電壓，圖R應(yīng)選用最大阻值為的滑動變阻器．

50Ω（3）校準時，在閉合開關(guān)S前，滑動變阻器的滑動端P應(yīng)靠近

M

（填“M”或“N”）端．（4）若由于表頭G上標記的內(nèi)阻值不準，造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標準電壓表的讀數(shù)偏小，則表頭G內(nèi)阻的真實值

大于（填“于”或“于”900Ω．【分析根據(jù)串并聯(lián)電路的知識求定值電阻的阻值（2）在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器第18頁（共30頁）

（3）分壓電路，控制電路兩端的電壓由0開始增大，同時也起到保護作用（4）改裝表的讀數(shù)比標準表的讀數(shù)偏小，指針偏轉(zhuǎn)的角度偏小，流過的表頭的電流偏小，可能是表頭電阻偏大【解答，與表G構(gòu)1mA的電流表整理得

，若使用

a、b

兩個接線柱，電壓表的量程為

1V，則若使用

a、c

兩個接線柱，電壓表的量程為

3V，則=（2）電壓表與之并聯(lián)之后，電阻小于2500，對于分壓式電路，要求滑動變阻器的最大值遠小于并聯(lián)部分同時還要便于調(diào)節(jié)故滑動變阻器選擇小電阻即選擇50Ω的電阻．（3）在閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑動端應(yīng)靠近M端，這樣把并聯(lián)部分電路短路，起到一種保護作用．（4）造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標準電壓表的讀數(shù)偏小，說明通過表G的電流偏小，則實際其電阻偏大，故其實際阻值大于900Ω故答案為100，910，2000）50）M）大于．四、計題：本題共2小題，第13題分，第14題分．解答寫在答卡中指定答題處，要寫出必的文字說明方程式演算步驟．13分?海南）水平地面上有質(zhì)量分別為m和的物A和B，兩者與地面的動摩擦因數(shù)均為μ繩的一端固定一端跨過輕質(zhì)動滑輪與相連，動滑輪與B相連，如圖所示．初始時，繩處于水平拉直狀態(tài)．若物塊A在水平向右的恒力F作用下向右移動了距離s，重力加速度大小為g．求（1）物塊B克服摩擦力所做的功；（2）物塊AB的加速度大?。?9頁（共30頁）

1ABABABAB1ABABABAB【分析根據(jù)幾何關(guān)系確定B的位移再根據(jù)滑動摩擦力公式可明確摩擦力的大小，根據(jù)功的公式即可求得克服摩擦力所做的功；（2）分別對AB受力分析，根據(jù)牛頓第二定律進行列式，聯(lián)立可求得兩物體的加速度．【解答】解：（1）物塊A移動了距離s，則物塊B移動的距離為s=

①物塊B受到的摩擦力大小為f=4μmg②物塊B克服摩擦力所做的功為W=fs1=4μmg×s=2μmgs

③（2）設(shè)物塊A、的加速度大小分別為a，繩中的張力為．有牛頓第二定律得F﹣μmg﹣T=ma④2T﹣4μmg=4ma⑤由A和B的位移關(guān)系得a=2a⑥聯(lián)立④⑤⑥式得a=a=

⑦⑧答物塊B克服摩擦力所做的功為2μmgs；（2）物塊AB的加速度大小分別為

和．14分?海南）如圖A、C兩點分別位于軸和y軸上，∠OCA=30°，OA的長度為L．在OCA區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面向里的勻強磁場．質(zhì)量m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于軸的方向從OA邊射入磁場．已知粒子從第20頁（共30頁）

000112212200000112212200某點射入時，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為．不計重力．（1）求磁場的磁感應(yīng)強度的大?。唬?）若粒子先后從兩不同點以相同的速度射入磁場，恰好從OC邊上的同一點射出磁場，求該粒子這兩次在磁場中運動的時間之和；（3）若粒子從某點射入磁場后，其運動軌跡與AC邊相切，且在磁場內(nèi)運動的時間為t，求粒子此次入射速度的大?。痉治隽Ｗ哟怪監(jiān)A進入磁場中轉(zhuǎn)過90°垂直打在y軸上則t=t=T求出周期，由周期公式T=

求B的大?。?）畫出兩個粒子的運動軌跡，設(shè)軌跡所對應(yīng)的圓心角分別θ和θ，由幾何關(guān)系有θ=180°﹣θ，可得到時間之和等于．（）根據(jù)圓周運動知識知道，兩粒子在磁場中運動的時間差△t與△﹣θ成正比，只要求出△θ的最大值，即可求得θ的最大值．由eq\o\ac(△,t=)

T和已知條件△t=

，聯(lián)立可求出的最大值，再結(jié)合幾何知識求出軌跡的半徑由牛頓第二定律利用洛倫茲力等于向心力式求解速度．【解答解粒子在磁場中做勻速圓周運動，在時間內(nèi)其速度方向改變了90°故其周期T=4t①設(shè)磁感應(yīng)強度大小為B粒子速度為v圓周運動的半徑為r由洛倫茲力公式和牛頓定律得②勻速圓周運動的速度滿足第21頁（共30頁）

112121201121212000③聯(lián)立①②③式得B=

④（2粒子從OA變兩個不同位置射入磁場從OC邊上的同一點射出磁場，粒子在磁場中運動的軌跡如圖所示．設(shè)兩軌跡所對應(yīng)的圓心角分別為θ和θ．由幾何關(guān)系有θ=180°﹣θ⑤粒子兩次在磁場中運動的時間分別為t與t，則t+t==2t；⑥（3）如圖（b題給條件可知，該粒子在磁場區(qū)域中的軌跡圓弧對應(yīng)的圓心角為150°設(shè)O'為圓弧的圓心圓弧的半徑為r圓弧與相切與B點從D點射出磁場，由幾何關(guān)系和題給條件可知，此時有∠OO'D=∠O'A=30°⑦rcos∠′D

=L⑧第22頁（共30頁）

00000000設(shè)粒子此次入射速度的大小為v，由圓周運動線速度公式，則有：v=

⑨聯(lián)立①⑦⑧⑨式得v=答磁場的磁感應(yīng)強度的大??；（2）該粒子這兩次在磁場中運動的時間之和2t；（3）粒子此次入射速度的大小

．五、選題：請考生第15～17題中任選題作答．如多做，按所做的第一、二計分【選修分）15分海南）一定量的理想氣體從狀態(tài)M可以經(jīng)歷過程1或者過程2到達狀態(tài)其﹣圖象如圖所示．在過程中，氣體始終與外界無熱量交換；在過2中，氣體先經(jīng)歷等容變化再經(jīng)歷等壓變化．對于這兩個過程，下列說法正確的是（）A．氣體經(jīng)歷過程1其溫度降低B．氣體經(jīng)歷過程1，內(nèi)能減?。畾怏w在過程2中一直對外放熱D氣體在過程2中一直對外做功E．氣體經(jīng)歷過程1的內(nèi)能改變量與經(jīng)歷過程2的相同【分析根據(jù)絕熱既不吸熱也不放熱結(jié)合熱力學(xué)第一定律eq\o\ac(△,：)U=Q+W，即可判定；第23頁（共30頁）

2032010212120320102121011022CD、根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

=C，結(jié)合過程2中，壓強與體積的變化情況，從而即可求解；E、依據(jù)初末狀態(tài)的溫度相同，從而確定內(nèi)能改變量也相同．【解答】解、氣體經(jīng)歷過程1，壓強減小，體積變大，膨脹對外做功，內(nèi)能減小，故溫度降低，故AB正確；CD、氣體在過程2中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

=C，剛開始時，體積不變，壓強減小，則溫度降低，對外放熱，然后壓強不變，體積變大，膨脹對外做功，則溫度升高，吸熱，故CD錯誤；E、無論是經(jīng)過1過程還是2過程，初、末狀態(tài)相同，故內(nèi)能改變量相同，故E正確；故選：ABE．16分?海南）如圖，密閉汽缸兩側(cè)與一U形管的兩端相連，汽缸壁導(dǎo)熱；U形管內(nèi)盛有密度為ρ=7.5×kg/m的液體．一活塞將汽缸分成左、右兩個氣室始時氣室的體積是右氣室的體積的一半體的壓強均為=4.5×10．外界溫度保持不變．緩慢向右拉活塞使

U形管兩側(cè)液面的高度差h=40cm，求此時左、右兩氣室的體積之比，取重力加速度大小g=10m/s，U形管中氣體的體積和活塞拉桿的體積忽略不計．【分析左右兩部分氣體分運用玻意耳定律列式力的平衡找出壓強關(guān)系，由幾何關(guān)系找出體積關(guān)系．【解答解：設(shè)初始狀態(tài)時汽缸左氣室的體積V，右氣室的體積V；當活塞至汽缸中某位置時，左、右氣室的壓強分別p、，體積分別為、，由玻意耳定律得pV=pV①pV=pV②第24頁（共30頁）

01122011221122依題意有V+V=V+V③由力的平衡條件有p﹣p=ρgh聯(lián)立①②③④式，并代入題給數(shù)據(jù)得⑤由此解得（另一解不合題意，舍去）⑥由③⑥式和題給條件得V：V=1：答：此時左、右兩氣室的體積之比1：【選修分）17分?海南）下列說法正確的是（）A．在同一地點，單擺做簡諧振動的周期的平方與其擺長成正比B．彈簧振子做簡諧振動時，動系統(tǒng)的勢能與動能之和保持不變．在同一地點，當擺長不變時，擺球質(zhì)量越大，單擺做簡諧振動的周期越小D系統(tǒng)做穩(wěn)定的受迫振動時，系統(tǒng)振動的頻率等于周期性驅(qū)動力的頻率E．已知彈簧振子初始時刻的位置及其振動周期，就可知振子在任意時刻運動速度的方向【分析】根據(jù)單擺的周期公式分析周期與擺長的關(guān)系．彈簧振子做簡諧振動時，系統(tǒng)的機械能守恒單擺的周期與擺球的質(zhì)量無關(guān)受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率根據(jù)時間與周期的關(guān)系結(jié)合彈簧振子初始時刻的振動方向才可確定彈簧振子在任意時刻運動速度的方向．【解答】解：A、根據(jù)單擺的周期公式T=2π

，得T

=L．在同一地點，g一定則知T與L成正比即單擺做簡諧振動的周期的平方與其擺長成正比故A正確．B、彈簧振子做簡諧振動時，動系統(tǒng)的機械能守恒，即振動系統(tǒng)的勢能與動能第25頁（共30頁）

之和保持不變．故B正確．、根據(jù)單擺的周期公式T=2π

，知單擺做簡諧振動的周期與擺球質(zhì)量無關(guān)，故C錯誤．D系統(tǒng)做穩(wěn)定的受迫振動時，系統(tǒng)振動的頻率等于周期性驅(qū)動力的頻率，與固有頻率無關(guān)，故D正確．E、振動質(zhì)點在同一位置振動方向有兩種，所以已知彈簧振子初始時刻的位置，不知道初始時刻振子的振動方向根據(jù)振動周期不能知道振子在任意時刻運動速度的方向．故選：ABD18分?海南）如圖，半徑為R的半球形玻璃體置于水平桌面上，半球的上表面水平，球面與桌面相切于A點．一細束單色光經(jīng)球心O從空氣中攝入玻璃體內(nèi)（入射面即紙面），入射角45°出射光線射在桌面上B點處．測AB之間的距離為．現(xiàn)將入射光束在紙面內(nèi)向左平移求射入玻璃體的光線在球面上恰好發(fā)生全反射時光束在上表面的入射點到O點的距離．不考慮光線在玻璃體內(nèi)的多次反射．【分析】根據(jù)幾何關(guān)系求出光線從點射入時的折射角的正弦，結(jié)合折射定律求出折射率在玻璃體球面上光線恰好發(fā)生全反射時作出光路圖根據(jù)角度關(guān)系，運用正弦定理求出束在上表面的入射點到點的距離．【解答】解：