2023年甘肅省蘭州市五十五中物理高二第二學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，做簡諧運動的水平彈簧振子從平衡位置O向B運動的過程中，下述正確的是A．振子做勻減速運動B．振子做勻加速運動C．振子做加速度不斷減小的減速運動D．振子做加速度不斷增大的減速運動2、如圖所示，甲、乙分別是a、b兩束單色光用同一雙縫干涉裝置進行實驗得到的干涉圖樣，下列關于a、b兩束單色光的說法正確的是A．a(chǎn)、b光在真空中的波長滿足λa>λbB．a(chǎn)、b光在玻璃中的折射率滿足na<nbC．若該兩束光分別為紅光和紫光，則a為紅光D．若a、b光分別從玻璃射入空氣，則a光臨界角較小3、關于能量和能源，下列說法正確的是（

）A．在能源的利用過程中，由于能量在數(shù)量上并未減少，所以不需要節(jié)約能源B．能量耗散說明能量在轉化的過程中，其總量會不斷減少C．能量耗散現(xiàn)象說明，在能量轉化的過程中，可利用的品質降低了D．人類在不斷地開發(fā)和利用新能源，所以能量可以被創(chuàng)造4、一物體沿豎直方向運動，以豎直向上為正方向，其運動的圖象如圖所示下列說法正確的是A．時間內(nèi)物體處于失重狀態(tài)B．時間內(nèi)物體機械能守恒C．時間內(nèi)物體向下運動D．時間內(nèi)物體機械能一直增大5、如圖所示，在水平力F作用下，物體B沿水平面向右運動，使物體A恰好勻速上升，那么以下說法正確的是（）A．物體B正向右做加速運動B．物體B正向右做減速運動C．地面對B的摩擦力減小D．斜繩與水平方向成45°時，vA:vB=1:16、如圖所示，a、b、c三個環(huán)水平套在條形磁鐵外面，其中a和b兩環(huán)大小相同，c環(huán)最大，a環(huán)位于N極處，b和c兩環(huán)位于條形磁鐵中部，則穿過三個環(huán)的磁通量的大小是()A．c環(huán)最大，a與b環(huán)相同B．三個環(huán)相同C．b環(huán)比c環(huán)大D．a(chǎn)環(huán)一定比c環(huán)大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一電子以初速度v沿與金屬板平行的方向飛入MN極板間，發(fā)現(xiàn)電子向N板偏轉，則可能是（）A．電鍵S閉合瞬間B．電鍵S由閉合到斷開瞬間C．電鍵S是閉合的，變阻器滑片P向右迅速滑動D．電鍵S是閉合的，變阻器滑片P向左迅速滑動8、圖甲中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比，電阻，L1、L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開關。原線圈接正弦交流電源，輸入電壓u隨時間t的變化關系如圖所示?，F(xiàn)將S1接1、S2閉合，此時L2正常發(fā)光。下列說法正確的是（）A．輸入電壓u的表達式u=20sin（100πt）VB．保持S1接1，斷開S2后，L1、L2均不能正常發(fā)光C．保持S1接1，斷開S2后，原線圈的輸入功率增大D．若S1換接到2后，R消耗的電功率為8W9、如圖甲所示，將長方形導線框abcd垂直磁場方向放入勻強磁場B中，規(guī)定垂直ab邊向右為ab邊所受安培力F的正方向，F(xiàn)隨時間的變化關系如圖乙所示．選取垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，不考慮線圈的形變，則B隨時間t的變化關系可能是下列選項中的()A．B．C．D．10、在德國首都柏林舉行的世界田徑錦標賽女子跳高決賽中，克羅地亞選手弗拉希奇以2米04的成績獲得冠軍。弗拉希奇身高約為1.93m，忽略空氣阻力，g取10m/s2。則下列說法正確的是()A．弗拉希奇在下降過程中處于失重狀態(tài)B．弗拉希奇起跳以后在上升過程中處于超重狀態(tài)C．弗拉希奇起跳時地面對她的支持力大于她的重力D．弗拉希奇起跳時的初速度大約為3m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）數(shù)字化信息系統(tǒng)DIS（位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機等），應用傳感器和數(shù)據(jù)采集器自動獲取和輸入實驗數(shù)據(jù)，通過計算機的快速處理得到實驗的結果，提高了教學效率，使學生可以有更多的時間用于自主探究活動，改變傳統(tǒng)的教學模式．下面通過DIS在長木板上研究物體加速度與力的關系，如圖（1）實驗裝置．（1）本實驗中_____（填寫‘要’或者‘不要’）平衡摩擦力．（2）本實驗鉤碼所受的重力作為小車所受拉力，需要滿足__________．（3）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復測量．通過多次實驗，得到的數(shù)據(jù)，畫出圖象（如圖2所示）．結果發(fā)現(xiàn)圖象明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是_____A．小車與軌道之間存在摩擦B．導軌保持了水平狀態(tài)C．所掛鉤碼的總質量太大D．所用小車的質量太大（4）如圖2，F(xiàn)不斷增大，AB這一曲線不斷延伸，那么加速度趨向值_____．如圖2，F(xiàn)不斷增大，那么繩子的拉力趨向值_____．12．（12分）在做“研究平拋運動”的實驗時，可以通過描點法畫出小球的平拋運動軌跡，并求出平拋運動的初速度．實驗裝置如圖所示．(1)實驗時將固定有斜槽的木板放在實驗桌上，實驗前要檢查木板是否水平，請簡述你的檢查方法：____________________________________.(2)關于這個實驗，以下說法正確的是（____）A．小球釋放的初始位置越高越好B．每次小球要從同一高度由靜止釋放C．實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎直線是否豎直D．小球的平拋運動要靠近但不接觸木板四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為一列簡諧橫波在t=0時刻的圖象。此時質點P的運動方向沿y軸負方向，且當t=0.55s時質點P恰好第3次到達y軸正方向最大位移處。問：（1）該簡諧橫波的波速v的大??；（2）從t1=0至t2=1.2s，質點Q運動的路程S是多少；（3）當t2=1.2s時，質點Q相對于平衡位置的位移y的大小是多少。14．（16分）如圖所示，玻璃磚的橫截面是圓心角為90°的扇形，O為圓心，其半徑為R，將其放置在水平桌面上。一束單色光平行于桌面射向玻璃磚曲面，入射點C到桌面的距離為，光線通過玻璃磚從OB面射出時折射角θ=60°，已知光在真空中傳播速度為c，不考慮光在玻璃磚內(nèi)的反射，求該單色光：(1)在玻璃磚中的折射率n；(2)在玻璃磚內(nèi)傳播的時間。15．（12分）如圖所示，寬度為L＝0.20m的足夠長的平行光滑金屬導軌固定在絕緣水平面上，導軌的一端連接阻值為R=1.0Ω的電阻．導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B=0.50T．一根質量為m=10g的導體棒MN放在導軌上與導軌接觸良好，導體棒的電阻r=1.0Ω，導軌的電阻均忽略不計．現(xiàn)用一平行于導軌的拉力拉動導體棒沿導軌向右勻速運動，運動速度v=10m/s，在運動過程中保持導體棒與導軌垂直．求：（1）在閉合回路中產(chǎn)生的感應電流的大?。唬?）作用在導體棒上的拉力的大??；（3）當導體棒移動3m時撤去拉力，求整個過程中回路中產(chǎn)生的熱量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：由于是間歇振動，所以F=-kx，由此可知，其合外力在不斷發(fā)生變化，因此不可能是勻變速運動。所以AB錯誤。在從O到B過程中，位移增加，所以回復力變大，所以加速度不斷變大，所以答案為D考點：簡諧振動點評：本題考查了簡諧振動種加速度以及速度的變化規(guī)律，常見的提醒還有考察圖像類問題的理解。2、D【解析】

A.根據(jù)雙縫干涉相鄰條紋間距公式可得在其它條件不變的情況下，相干光的波長越大，條紋間距越大，由題圖可知光的波長小于光的波長，故選項A錯誤；C.由于光的波長小于光的波長，所以光的頻率大于光的頻率，若該兩束光分別為紅光和紫光，則光為紅光，故選項C錯誤；BD.由于對于同一種介質，頻率越大，折射率越大，故光在玻璃中的折射率大于光在玻璃中的折射率，由知光的臨界角小于b光的臨界角，故選項D正確，B錯誤．3、C【解析】試題分析：能量既不會創(chuàng)生也不會消失，只能從一種形式轉化為另一種形式，或從一個物體轉移到另一個物體．在能源的利用過程中，雖然能量在數(shù)量上并未減少，但由于能量耗散，故能量的可利用率越來越?。猓篈、在能源的利用過程中，雖然能量在數(shù)量上并未減少，但可利用率越來越小，故仍需節(jié)約能源．故A錯誤．B、能量耗散說明能量在轉化的過程中能量的可利用率越來越小，但總量不會減少．故B錯誤．C、能量耗散說明能量在轉化的過程中能量的可利用率越來越小，可利用的品質降低了，故C正確．D、能量既不會創(chuàng)生也不會消失，只能從一種形式轉化為另一種形式，或從一個物體轉移到另一個物體．故D錯誤．故選C．點評：能量轉化和守恒定律是說能量總量保持不變，但能量耗散是說能量的可利用率逐漸降低．4、D【解析】A、以豎直向上為正方向，在圖象中，斜率代表加速度，可知時間內(nèi)物體向上做加速運動，加速度的方向向上，處于超重狀態(tài)故A錯誤；B、由圖可知，時間內(nèi)物體向上做勻速直線運動，動能不變，重力勢能增大，所以機械能增大故B錯誤；C、由圖可知，時間內(nèi)物體向上做減速運動故C錯誤；D、時間內(nèi)物體向上做加速運動，動能增大，重力勢能也增大；時間內(nèi)物體向上做勻速直線運動，動能不變，重力勢能增大，所以時間內(nèi)物體機械能一直增大故D正確．故選D5、B【解析】

將B的運動分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向上的分速度大小等于A的速度大小，如圖

根據(jù)平行四邊形定則有：v所以：v當α減小時，所以B的速度減小，即物體B正向右做減速運動．A勻速直線運動，說明繩的拉力大小恒等于重力，當B向右做減速運動時α減小，則拉力在水平方向分力增大，豎直方向分力減小，根據(jù)：F知支持力增大，摩擦力增大；根據(jù)：v斜繩與水平成45°時v故選B．6、C【解析】

所有磁感線都從條形磁鐵內(nèi)部通過，且與外部磁感線方向相反，所以外部磁感線越多，磁通量越小，C正確ABD錯誤。故選：C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A.開關S接通瞬間，根據(jù)安培定則，穿過線圈的磁通量向右增加，由楞次定律知在右側線圈中感應電流的磁場方向向左，產(chǎn)生左正右負的電動勢，電子向M板偏振，故A錯誤；B.斷開開關S瞬間，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在右側線圈中產(chǎn)生左負右正的電動勢，電子向N板偏振，故B正確；C.接通S后，變阻器滑動觸頭向右迅速滑動，電阻增大，電流減小，穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律知在右側線圈中感應出左負右正的電動勢，電子向N板偏振，故C正確；D.接通S后，變阻器滑動觸頭向左迅速滑動，電阻減小，電流增大，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中產(chǎn)生左正右負的電動勢，電子向M板偏振，故D錯誤。故選：BC8、AB【解析】

A．周期是0.02s，所以輸入電壓u的表達式應為u=20sin（100πt）VA正確；B．只斷開S2后，負載電阻變大為原來的2倍，電壓不變，副線圈電流變小為原來的一半，L1、L2的功率均變?yōu)轭~定功率的四分之一，故L1、L2均不能正常發(fā)光，故B正確；C．只斷開S2后，負載電阻變大，原副線圈電流變小，原線圈的輸入功率減小，故C錯誤；D．若S1換接到2后，電阻R電壓有效值為R消耗的電功率為故D錯誤。故選AB。【點睛】此題關鍵是知道電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，求解功率都要用有效值。9、ABD【解析】試題分析：選取垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，由圖可知，內(nèi)，磁場向外且減小，則穿過線圈中磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向左，即為負值，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，磁場均勻變化，則感應電流大小恒定，再根據(jù)F=BIL，則有安培力大小均勻減??；同理，當內(nèi)，磁場向里且增大，則穿過線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即為正值，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，磁場均勻變化，則感應電流大小恒定，再根據(jù)，則有安培力大小均勻增大；故A正確；選取垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，由圖可知，內(nèi)，磁場向外且減小，則穿過線圈中磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向左，即為負值，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，磁場均勻變化，則感應電流大小恒定，再根據(jù)，則有安培力大小均勻減小；同理，當內(nèi)，磁場向外且增大，則穿過線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即為正值，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，磁場均勻變化，則感應電流大小恒定，再根據(jù)，則有安培力大小均勻增大；故B正確；選取垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，由圖可知內(nèi)，磁場向里且增大，則穿過線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即正負值，故C錯誤；選取垂直紙面向里為磁感應強度B的正方向，由圖可知，內(nèi)，磁場向里且減小，則穿過線圈中磁通量減小，由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向左，即為負值，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，磁場均勻變化，則感應電流大小恒定，再根據(jù)，則有安培力大小均勻減??；同理，當內(nèi)，磁場向外且增大，則穿過線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針，根據(jù)左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，即為正值，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，磁場均勻變化，則感應電流大小恒定，再根據(jù)，則有安培力大小均勻增大，故D正確；考點：法拉第電磁感應定律、安培力【名師點睛】由各選項可知B的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；由可知安培力的變化情況．10、AC【解析】試題分析：運動員起跳后上升過程做減速運動，下降過程做加速運動，加速度都是向下，所以運動員在這兩個過程中整體處于失重狀態(tài)，A正確B錯誤；起跳時加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律可得N-mg=ma，即N=ma+mg，所以地面對她的支持力大于重力故能順利起跳，C正確；運動員起跳時重心在腰部，背越式過桿，重心上升高度可按1m估算，則起跳時的初速度約為v=2gΔh考點：考查了超重失重，牛頓第二定律的應用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、要；鉤碼質量遠小于小車（和位移傳感器）質量；C；g；小車（和位移傳感器）的重量；【解析】

(1)在研究物體加速度與力的關系時，用鉤碼所受的重力作為小車所受的合力，所以需要平衡摩擦力；(2)）以小車與鉤碼組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)所受的合外力等于鉤碼的重力mg，

由牛頓第二定律得：mg=（M+m）a，小車的加速度a=，

小車受到的拉力F=Ma=，當m<<M時，可以認為小車受到的合力等于鉤碼的重力，所以應滿足鉤碼質量遠小于小車（和位移傳感器）質量；(3)A．小車與軌道之間存在摩擦，會造成圖像不過原點，不會造成a-F圖象偏離直線，故A錯誤；B．只有導軌保持水平，小車受到的拉力才保持不變，所以導軌保持水平，不會造成a-F圖象偏離直線，故B錯誤；C．如果鉤碼的質量太大，則小車受到的合力小于鉤碼的重力，實驗誤差較大，a-F圖象偏離直線，故C正確；D．當m<<M時，可以認為小車受到的合力等于鉤碼的重力，a-F圖象是一條直線，故D錯誤．故選：C(4)當鉤碼的質量遠小于小車的總質量時，鉤碼所受的重力才能作為小車所受外力，如果增大鉤碼的質量，則外力增大，AB這一曲線不斷延伸，根據(jù)小車的加速度a=，當M<<m時，加速度趨向為g；此時對于小車和位移傳感器，F(xiàn)=Ma，F(xiàn)趨向值為小車和位移傳感器的總重量．12、（1）將小球放在槽的末端（或木板