第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2023年浙江省北斗聯(lián)盟高考物理模擬試卷一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）1.靜電力常量k用國(guó)際單位制的基本單位表示，正確的是(

)A.kg?m2s4?A22.剛剛結(jié)束的奧運(yùn)會(huì)上，廣東小將全紅嬋(圖甲)以總分466.2分打破世界紀(jì)錄，獲得跳水單人十米臺(tái)金牌。自運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)跳臺(tái)開(kāi)始計(jì)時(shí)到完全落入水中，其速度隨時(shí)間變化情況可簡(jiǎn)化如圖乙，選向下為正方向，下列結(jié)論正確的是(

)A.0?t2為空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間，速度始終向下

B.t1?t2內(nèi)的加速度比在t2?t3內(nèi)加速度大

3.根據(jù)物理學(xué)發(fā)展歷史事實(shí)，下列說(shuō)法正確的是(

)A.康普頓發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)，繼而他提出了光子的概念

B.盧瑟福研究α粒子散射實(shí)驗(yàn)，最終查德威克提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型

C.赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，并首先發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)

D.開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)行星運(yùn)動(dòng)三大定律，其中第三定律表明太陽(yáng)系內(nèi)所有天體的a34.姚明是NBA中我國(guó)優(yōu)秀的籃球運(yùn)動(dòng)員。在某次比賽罰球中，第一次出手，籃球的初速度方向與豎直方向的夾角α=60°；第二次出手，籃球的初速度方向與豎直方向的夾角β=30°A.兩球的初動(dòng)能相等 B.前后兩次上升的最大高度的比值為1：9

C.在C點(diǎn)時(shí)，兩球的機(jī)械能相等 D.前后兩次運(yùn)動(dòng)時(shí)間的比值為3：5.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體分別經(jīng)歷a→b和a→c兩個(gè)過(guò)程，其中a→b為等溫過(guò)程，狀態(tài)b、A.狀態(tài)a的內(nèi)能大于狀態(tài)b

B.狀態(tài)a的溫度高于狀態(tài)c

C.a→c過(guò)程中氣體吸收熱量

D.若沿6.科學(xué)家對(duì)銀河系中心附近的恒星S2進(jìn)行了多年的持續(xù)觀測(cè)，給出1994年到2002年間S2的位置如圖所示。科學(xué)家認(rèn)為S2的運(yùn)動(dòng)軌跡是半長(zhǎng)軸約為1000AU(太陽(yáng)到地球的距離為1AU)的橢圓，銀河系中心可能存在超大質(zhì)量黑洞。這項(xiàng)研究工作獲得了2020A.4×104M B.4×7.CT掃描是計(jì)算機(jī)X射線斷層掃描技術(shù)的簡(jiǎn)稱，CT掃描機(jī)可用于對(duì)多種病情的探測(cè)。圖(a)是某種CT機(jī)主要部分的剖面圖，其中X射線產(chǎn)生部分的示意圖如圖(b)所示。圖(b)中M、N之間有一電子束的加速電場(chǎng)，虛線框內(nèi)有勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)；經(jīng)調(diào)節(jié)后電子束從靜止開(kāi)始沿帶箭頭的實(shí)線所示的方向前進(jìn)，打到靶上，產(chǎn)生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示A.M處的電勢(shì)高于N處的電勢(shì)

B.增大偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可使P點(diǎn)左移

C.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外

D.增大M、N之間的加速電壓可使P點(diǎn)左移8.如圖所示，斯特林發(fā)動(dòng)機(jī)的機(jī)械裝置可以將圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)化為直線上的往復(fù)運(yùn)動(dòng)。連桿AB，OB可繞圖中A、B、O三處的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，連桿OB長(zhǎng)為R，連桿AB長(zhǎng)為L(zhǎng)(L>R)，當(dāng)OB桿以角速度ω逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，滑塊在水平橫桿上左右滑動(dòng)，連桿AB與水平方向夾角為α，A.滑塊A從右向左先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)

B.當(dāng)OB桿與OA垂直時(shí)，滑塊的速度最大

C.當(dāng)OB桿與OA垂直時(shí)，滑塊的速度大小為R2ω9.我國(guó)多次成功使用“冷發(fā)射”技術(shù)發(fā)射長(zhǎng)征十一號(hào)系列運(yùn)載火箭。如圖所示，發(fā)射艙內(nèi)的高壓氣體先將火箭豎直向上推出，火箭速度接近零時(shí)再點(diǎn)火飛向太空。從火箭開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)火的過(guò)程中(

)A.火箭的加速度為零時(shí)，動(dòng)能最大

B.高壓氣體釋放的能量全部轉(zhuǎn)化為火箭的動(dòng)能

C.高壓氣體對(duì)火箭推力的沖量等于火箭動(dòng)量的增加量

D.高壓氣體的推力和空氣阻力對(duì)火箭做功之和等于火箭動(dòng)能的增加量

10.如圖甲所示，三個(gè)電量相等的點(diǎn)電荷位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，其中x=0處電荷帶負(fù)電，其余兩電荷帶正電且關(guān)于x軸對(duì)稱．一試探電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，所受電場(chǎng)力隨位置的變化圖像如圖乙所示(以x軸正向?yàn)殡妶?chǎng)力的正方向).設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零．則(

)

A.試探電荷帶負(fù)電 B.乙圖中的x1與甲圖中的x0相等

C.在x軸正半軸上，x2處電勢(shì)最高 D.11.在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，飛飛同學(xué)用同一光電管在不同實(shí)驗(yàn)條件下得到了三條光電流與電壓之間的關(guān)系曲線(甲光、乙光、丙光)，如圖所示。則可判斷出(

)A.圖中丙光子的能量最小

B.甲、乙光在同樣條件雙縫干涉中干涉條紋間距相同

C.若在同一介質(zhì)中的光速對(duì)比，乙光速比丙光速慢

D.在同一介質(zhì)中發(fā)生全反射時(shí)，甲光臨界角小于丙光

12.某靜止的原子核發(fā)生核反應(yīng)且釋放出能量Q。其方程為?ABX→CDY+EFZ，并假設(shè)釋放的能量全都轉(zhuǎn)化為新核A.Y原子核的速度大小為ECv

B.Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能的DF倍

C.Y原子核和Z原子核的質(zhì)量之和比X原子核的質(zhì)量大QC0(C0為光速)13.單匝閉合矩形線框電阻為R，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過(guò)線框的磁通量Φ與時(shí)間t的關(guān)系圖像如圖所示。下列說(shuō)法正確的是(

)

A.T2時(shí)刻線框平面與中性面垂直

B.線框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為2πΦmT

C.線框轉(zhuǎn)一周外力所做的功為2π2二、多選題（本大題共3小題，共6.0分）14.如圖甲所示的LC振蕩電路中，通過(guò)P點(diǎn)的電流隨時(shí)間變化的圖線如圖乙所示，若把通過(guò)P點(diǎn)向右規(guī)定為電流的正方向，則(

)A.0.5?1ms內(nèi)，電容器C正在充電

B.0.5?1ms內(nèi)，電容器的上極板帶正電荷

C.1?15.x軸上存在均勻的介質(zhì)，在t=0時(shí)刻，位于x=5m處的波源P開(kāi)始某種形式的振動(dòng)，產(chǎn)生的機(jī)械波沿x軸負(fù)方向傳播，t=4s時(shí)x=1A.波源的起振方向沿+y方向

B.波源P的振動(dòng)方程是y=5sin(π2t)(16.如圖甲為一種檢測(cè)油深度的油量計(jì)，油量計(jì)豎直固定在油桶內(nèi)，當(dāng)入射光豎直向下照射時(shí)，通過(guò)觀察油桶上方的矩形窗口亮暗兩個(gè)區(qū)域可確定油量。油量計(jì)結(jié)構(gòu)可看成由多塊長(zhǎng)度不同的鋸齒形的透明塑料拼疊而成，圖乙是其中一塊的示意圖，鋸齒形的底是一個(gè)等腰直角三角形，最右邊的鋸齒剛接觸到油桶的底部，已知透明塑料的折射率小于油的折射率，則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.透明塑料的折射率應(yīng)小于2 B.塑料鋸齒和油界面處發(fā)生全反射形成暗區(qū)

C.油量增加時(shí)，亮區(qū)范圍變小 D.三、填空題（本大題共1小題，共7.0分）17.用螺旋測(cè)微器測(cè)某金屬絲的直徑，示數(shù)如圖1所示。則該金屬絲的直徑為_(kāi)_____mm。用秒表測(cè)量某個(gè)運(yùn)動(dòng)物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，示數(shù)如圖2所示。則物體運(yùn)動(dòng)時(shí)間______s。

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）18.在“利用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：

①測(cè)得擺線長(zhǎng)l0，小球直徑D，小球完成n次全振動(dòng)的時(shí)間為t，則實(shí)驗(yàn)測(cè)得的重力加速度的表達(dá)式g=______。

②同學(xué)因?yàn)榇中耐洔y(cè)量擺球直徑，實(shí)驗(yàn)中將懸點(diǎn)到小球下端的距離作為擺長(zhǎng)l，測(cè)得多組周期T和l的數(shù)據(jù)，作出l?T2圖象，如圖所示。則該小球的直徑是______cm(保留一位小數(shù))；實(shí)驗(yàn)測(cè)得當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮∈?9.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)既能測(cè)量定值電阻阻值，又能測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖如圖(一)所示，他用了如下的實(shí)驗(yàn)器材中的一部分：

①電流表A1(量程150μA，內(nèi)阻rA1=100Ω)；電流表A2(量程0.6A，內(nèi)阻很小)；

②滑動(dòng)變阻器R(0?20Ω)；

③兩個(gè)定值電阻R1=900Ω，R2=9900Ω；

④待測(cè)電阻Rx；

⑤待測(cè)電源E(一節(jié)干電池)；

⑥開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求，與電流表A1串聯(lián)的定值電阻為_(kāi)_____(填“R1”或“R2”)。

(2)該同學(xué)先用該電路測(cè)量定值電阻Rx的阻值，進(jìn)行了以下操作：

①閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器到適當(dāng)阻值，記錄此時(shí)電流表A1示數(shù)I1，電流表A2示數(shù)I2；

②斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，保持滑動(dòng)變阻器阻值不變，記錄此時(shí)電流表A1示數(shù)I3，電流表A2示數(shù)I4；后斷開(kāi)S1；

③根據(jù)上述數(shù)據(jù)可知計(jì)算定值電阻五、計(jì)算題（本大題共4小題，共41.0分）20.如圖所示是一種環(huán)保高溫蒸汽鍋爐，其質(zhì)量為500kg。為了更方便監(jiān)控高溫蒸汽鍋爐外壁的溫度變化，在鍋爐的外壁上鑲嵌一個(gè)導(dǎo)熱性能良好的氣缸，氣缸內(nèi)氣體溫度可視為與鍋爐外壁溫度相等，氣缸開(kāi)口向上，用質(zhì)量為m=2kg的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞橫截面積為S=1.5cm2。當(dāng)氣缸內(nèi)溫度為27℃時(shí)，活塞與氣缸底間距為L(zhǎng)=1cm，活塞上部距活塞0.5cm處有一用輕質(zhì)繩懸掛的重物M。當(dāng)繩上拉力為零時(shí)，與繩相連的警報(bào)器會(huì)發(fā)生報(bào)警，從而可以有效地防止事故發(fā)生。已知室外空氣壓強(qiáng)p0=1.0×105P21.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一粗糙的平臺(tái)AB，長(zhǎng)度x=1m，動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0.05，其左側(cè)有一個(gè)m1=2kg小球1和處于壓縮、彈性勢(shì)能Ep=2J的彈簧(兩個(gè)不連接，小球用鎖定裝置鎖定)，其右側(cè)有一半徑R=1.2m、圓心角θ=60°的光滑圓弧軌道CD，圓弧軌道最底端D處平滑連接另一長(zhǎng)s=2m的粗糙平臺(tái)DE，質(zhì)量m2=4kg的小球2靜止在D點(diǎn)，小球2的左側(cè)粘有少量塑膠炸藥(質(zhì)量不計(jì))，E端有一質(zhì)量m3=4kg的小球3，用長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.5m的輕繩懸吊，對(duì)E點(diǎn)剛好無(wú)壓力?，F(xiàn)小球1解除鎖定被彈簧彈出，恰好沿C點(diǎn)的切線方向進(jìn)入圓弧軌道到達(dá)D點(diǎn)與小球2發(fā)生碰撞，碰撞瞬間兩球共速并立即引燃炸藥，爆炸后瞬間小球1、2速度方向均水平。小球1恰好能以進(jìn)入C點(diǎn)的速度從C點(diǎn)滑出，炸藥爆炸前后小球1、2質(zhì)量保持不變，小球1、22.如圖所示，有一個(gè)間距為d=0.3m的平行光滑金屬導(dǎo)軌與水平面成θ=53°放置，通過(guò)光滑圓弧絕緣件與另一個(gè)光滑的水平金屬導(dǎo)軌平滑對(duì)接，其中軌道AA′BB′部分間距為d，軌道BB′DD′部分間距為d3。在cd棒的下方區(qū)域內(nèi)存在與導(dǎo)軌平面垂直、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，AA′CC′之間存在豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。導(dǎo)軌的下端接有阻值為R=2Ω的電阻，在導(dǎo)軌的上端垂直于導(dǎo)軌用鎖定裝置鎖定有一質(zhì)量為m2=1kg的導(dǎo)體棒cd，長(zhǎng)度為L(zhǎng)=0.6m，電阻為r=4Ω。另有一質(zhì)量為m1=1kg的導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌，與cd棒相距x1=2m，以大小為v0=8m/s的速度沿導(dǎo)軌向上，經(jīng)過(guò)t1=0.47s，ab棒運(yùn)動(dòng)到cd棒位置時(shí)，鎖定裝置解除cd棒的鎖定，ab棒與cd棒碰撞合在一起繼續(xù)向上x2=316m，經(jīng)過(guò)絕緣件到達(dá)AA′時(shí)，在23.如圖所示，直角坐標(biāo)系xOy所在的平面內(nèi)，y軸的左側(cè)存在大小為E=2×105N/C、方向沿x軸負(fù)方向的足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域。y軸的右側(cè)存在三個(gè)依次相切的圓形磁場(chǎng)區(qū)域B1、B2、B3，且三個(gè)圓形磁場(chǎng)區(qū)域都與y軸相切。已知B1、B2磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R=(2?3)m，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1=B2=2T，方向均垂直紙面向里；B3磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R3，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小未知，方向垂直紙面向里。一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為?q答案和解析1.【答案】D

【解析】解：根據(jù)庫(kù)侖定律F=kQqr2可得：k=Fr2Qq

根據(jù)F=ma，質(zhì)量m、加速度a的單位分別為kg、m/s2

可得1N=1kg?m/s2，

根據(jù)q=It，電流I、時(shí)間t的單位分別為A、s可得1C=1A?s，則k=mar2I2t2.【答案】C

【解析】解：A、全紅嬋在空中的運(yùn)動(dòng)為豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由圖像得，0?t1時(shí)間為空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間，速度先豎直向上，后豎直向下，故A錯(cuò)誤；

B、v?t圖像切線的斜率的絕對(duì)值表示加速度的大小，由圖像得，t1?t2內(nèi)的加速度比在t2?t3內(nèi)加速度小，故B錯(cuò)誤；

C、在0?t1內(nèi)，全紅嬋的運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度等于初末速度的平均值，則平均速度v01?=v1+v22

故C正確；

D、v?t圖像與坐標(biāo)軸的面積表示位移，平均速度是位移與時(shí)間的比值，在t2?t3.【答案】C

【解析】解：A、康普頓在研究石墨對(duì)X射線的散射時(shí)，發(fā)現(xiàn)了康普頓效應(yīng)，揭示了光的粒子性，赫茲發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；

B、1911年，盧瑟福通過(guò)對(duì)α粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究確立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，認(rèn)為電子在庫(kù)侖力的作用下繞原子核做圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、物理學(xué)家赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，并首先發(fā)現(xiàn)光電效應(yīng)，故C正確；

D、開(kāi)普勒第三定律：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的平方的比值都相等，a3T2=C，其中是與中心天體有關(guān)物理量，并不是太陽(yáng)系內(nèi)所有天體的a3T2=C都是相同的，故D錯(cuò)誤。

4.【答案】A

【解析】解：B、籃球運(yùn)動(dòng)的逆運(yùn)動(dòng)是平拋運(yùn)動(dòng)，如圖所示。

設(shè)投籃處與籃板的水平距離為x，根據(jù)做平拋運(yùn)動(dòng)的物體任意時(shí)刻速度的反向延長(zhǎng)線交水平位移的中點(diǎn)，所以有：tan60°=x2y1，tan30°=x2y2，

從而得到前后兩次上升的最大高度的比值為：y1y2=tan30°tan60°=13，故B錯(cuò)誤；

D、在豎直方向上可以認(rèn)為是自由落體運(yùn)動(dòng)，由y=12gt2得：t=2yg，

所以前后兩次運(yùn)動(dòng)時(shí)間的比值為：t1t2=y1y2=13，故D錯(cuò)誤；

C5.【答案】C

【解析】解：A、a→b是等溫過(guò)程，氣體溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；

BC、由圖示圖象可知，狀態(tài)b、c的體積相同，根據(jù)一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)方程pVT=C，可知c的溫度高于b、a的溫度，且c的內(nèi)能大于b和a的內(nèi)能，從a到c氣體體積增大，氣體對(duì)外界做功，W<0，該過(guò)程內(nèi)能增大，ΔU>0，由熱力學(xué)第一定律可知：ΔU=W+Q，可知Q>0，所以，a→c過(guò)程中氣體吸收熱量，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、根據(jù)6.【答案】B

【解析】【分析】

地球繞太陽(yáng)運(yùn)行，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列方程得到太陽(yáng)質(zhì)量的表達(dá)式，同理可得S2繞黑洞運(yùn)行時(shí)黑洞質(zhì)量的表達(dá)式，由此求解。

本題主要是考查萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，關(guān)鍵是能夠根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)分析S2運(yùn)行周期，結(jié)合萬(wàn)有引力提供向心力進(jìn)行分析。

【解答】

設(shè)地球的質(zhì)量為m，地球到太陽(yáng)的距離為r=1AU，地球的公轉(zhuǎn)周期為T=1年，

由萬(wàn)有引力提供向心力可得：GMmr2=m4π2T2r，解得：M=4π2r3GT2，

對(duì)于S2受到黑洞的作用，橢圓軌跡半長(zhǎng)軸R7.【答案】B

【解析】解：A、根據(jù)題意可知，電子在MN之間加速，受到向右的電場(chǎng)力，所以MN之間的電場(chǎng)線水平向左，則M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)電勢(shì)低，故A錯(cuò)誤；

C、由電子運(yùn)動(dòng)軌跡粒子，電子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到豎直向下的洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向里，故C錯(cuò)誤；

BD、電子在加速電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：eU=12mv2?0

電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：evB=mv2r

解得電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：r=1B2mUe

若增大偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，則電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑減小，電子出磁場(chǎng)時(shí)的速度偏角增大，P點(diǎn)左移。

如增大M、N之間的加速電壓，電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑8.【答案】D

【解析】解：設(shè)滑塊的速度(合速度)大小為v，沿水平方向，如圖將A點(diǎn)的速度分解為沿著桿的分速度和垂直桿的分速度

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知，沿桿方向的分速度：

v1=vcosα

BB點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，實(shí)際速度是圓周運(yùn)動(dòng)的線速度，可以分解為沿桿方向的分速度和垂直于桿方向的分速度，如圖設(shè)B的線速度為v′，則

沿桿的分速度：

v′1?=V′cosθ=?V′cos(90°?β)=?V′sinβ

??????????????V′=ωR

又二者沿桿方向的分速度是相等的，即v1=v′1

聯(lián)立可得v=ωRsinβcosα

在△AOB中，由正弦定理得Rsinα=SOAsinβ

解得v9.【答案】A

【解析】解：A、火箭加速過(guò)程中，所受合力為0時(shí)，即加速度為0時(shí)，速度最大，此時(shí)動(dòng)能最大，故A正確；

BD、火箭所受高壓氣體的推力做功轉(zhuǎn)化為火箭的動(dòng)能、重力勢(shì)能與摩擦生熱的熱能，則高壓氣體的推力和空氣阻力和重力對(duì)火箭做功之和等于火箭動(dòng)能的增加量，故BD錯(cuò)誤；

C、根據(jù)動(dòng)量定理可知高壓氣體的推力和空氣阻力和重力的總沖量等于火箭動(dòng)量的增加量，故C錯(cuò)誤；

故選：A。

正確理解火箭在加速時(shí)速度的變化情況；根據(jù)功能關(guān)系分析能量變化；根據(jù)動(dòng)量定理分析動(dòng)量的增加量。

本題考查動(dòng)量定理與功能關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握動(dòng)能定理與能量守恒定律，注意速度最大時(shí)加速度為0．10.【答案】D

【解析】【分析】

由甲圖乙圖結(jié)合受力分析，可知x1在x0的右側(cè)，越靠近負(fù)電荷，正電荷受力越大，在0<x<x1范圍內(nèi)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加。

本題考查靜電場(chǎng)，學(xué)生需根據(jù)圖像結(jié)合受力分析綜合解題，還需具備能量觀，由能量守恒入手分析電勢(shì)能變化。

【解答】

AB.在x≤x1時(shí)，三個(gè)點(diǎn)電荷對(duì)試探電荷的電場(chǎng)力向左，則該試探電荷帶正電，圖乙中x1的位置正點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力等于零，根據(jù)圖甲來(lái)判斷x0的位置正點(diǎn)電荷的受力不為零，方向向左，根據(jù)題意，正點(diǎn)電荷受力等于零的位置在x0的右側(cè)，如圖

故x1在x0的右側(cè)，即x1>x0，故AB錯(cuò)誤；

C11.【答案】B

【解析】解：A.根據(jù)eU截=12mvm2=hν?W0和E=hν，可知入射光的頻率越高，對(duì)應(yīng)的截止電壓U截越大，光子能量越大。丙光截止電壓最大，所以丙光子的頻率最高，能量最大，故A錯(cuò)誤；

B.甲光、乙光的截止電壓相等，所以甲光、乙光的頻率相等，由c=λν可得甲、乙光的波長(zhǎng)相等，所以它們?cè)谕瑯訔l件雙縫干涉中干涉條紋間距相同，故B正確；

C.丙光的頻率最大，故在同一介質(zhì)中，丙的折射率n最大，由v=cn12.【答案】D

【解析】解：A、靜止的原子核發(fā)生衰變的過(guò)程中動(dòng)量守恒，設(shè)Y的速度為v′，以Y的方向?yàn)檎较?，則：Fv?Dv′=0

所以：v′=?FvD，即大小為FvD，負(fù)號(hào)表示方向與Z的方向相反。故A錯(cuò)誤；

B、動(dòng)能：Ek=12mv2，所以Y原子核的動(dòng)能是Z原子核的動(dòng)能關(guān)系：EYEZ=Dv′2Fv2=FD?D2v′2F13.【答案】C

【解析】解：A、由圖像得，T2時(shí)刻，磁通量最大，線框平面位于中性面，故A錯(cuò)誤；

B、角速度ω=2πT

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=BSω=Φmω=2πΦmT

故B錯(cuò)誤；

C、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E=Em2=2πΦmT

根據(jù)功能關(guān)系可知，線框轉(zhuǎn)一周外力所做的功等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，則有：W=14.【答案】AD【解析】解：A、由圖乙可知，在0.5ms～1ms內(nèi)，電流方向是正的，電流在減小，此時(shí)電容器C正在反向充電，故A正確；

B、在0.5ms～1ms內(nèi)，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的電流向右，由于電路中做定向移動(dòng)的帶電粒子是帶負(fù)電的電子，因此在該時(shí)間段內(nèi)，電子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)向左移動(dòng)，因此電容器上極板帶負(fù)電荷，故B錯(cuò)誤。

C、由圖乙可知，在1ms～1.5ms內(nèi)，電流是負(fù)的，即通過(guò)P點(diǎn)的電流向左，回路電流沿逆時(shí)針?lè)较?，因此Q點(diǎn)電勢(shì)比P點(diǎn)電勢(shì)高，故C錯(cuò)誤；

D15.【答案】CD【解析】【分析】

根據(jù)波的傳播方向和最前面波的形狀判斷波源的振動(dòng)方向；先求出質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)周期、振幅和初相位，即可寫出振動(dòng)方程。但要注意在x上方和下方振動(dòng)時(shí)間不同，所以要分段表示；根據(jù)波速與波長(zhǎng)周期關(guān)系求波速，求出5s內(nèi)Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程。

對(duì)于簡(jiǎn)諧波的相關(guān)問(wèn)題，一般通過(guò)波形圖求得振幅、波長(zhǎng)(或由振動(dòng)圖得到振幅、周期)，再根據(jù)傳播方向得到某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖(或波形圖)，進(jìn)而得到各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)。

【解答】

A、由于波沿?x軸方向傳播，所以x=1m處的質(zhì)點(diǎn)沿?y方向向下運(yùn)動(dòng)，故波源的起振方向沿?y方向，故A錯(cuò)誤；

B、從波形圖來(lái)看，波源的振動(dòng)向上和向下運(yùn)動(dòng)的振幅相同(A=5cm)，但在x下方的振動(dòng)與x上方的振動(dòng)的快慢是不一樣的，則圓頻率不同，其振動(dòng)方程應(yīng)分段來(lái)寫，一個(gè)方程不能完整的表示，而y=5sin(π2t)cm

只是質(zhì)點(diǎn)在x軸上、下方以4s為周期的振動(dòng)的方程，不能同時(shí)代表本道題在x上方和下方的振動(dòng)情況，故B錯(cuò)誤；

C、由圖可以看出，波長(zhǎng)=4m，由題還知道周期T=T下16.【答案】CD【解析】解：A.如圖所示，

依題意，光在直角部分發(fā)生全反射，光在從透明塑料板射向空氣，根據(jù)發(fā)生全反射的條件，則透明塑料的折射率n>1sin45°=2

即透明塑料的折射率應(yīng)大于2，故A錯(cuò)誤；

B.光從塑料鋸齒和油的界面處發(fā)生折射，光線射向油中，在矩形窗口形成暗區(qū)，故B錯(cuò)誤；

C.油量增加時(shí)，被浸入到油中的塑料鋸齒增多，則全反射光線減小，則亮區(qū)范圍變小，故C正確；

D.透明塑料的折射率小于油的折射率，對(duì)于透明塑料和油來(lái)說(shuō)，油是光密介質(zhì)，故17.【答案】1.732

75.2

【解析】解：螺旋測(cè)微器的分度值為0.01mm，需要估讀到分度值的下一位，則金屬絲的直徑為1.5mm+23.2×0.01mm=1.732mm

秒表讀數(shù)為1mi18.【答案】4π2(l0【解析】解：①單擺的周期為T=tn，擺長(zhǎng)為l=l0+D2，根據(jù)單擺的周期公式T=2πl(wèi)g可得：

g=4π2(l0+D2)n2t2

②根據(jù)單擺的周期公式T=2πl(wèi)?D219.【答案】R2

(I3I4?I【解析】解：(1)電源電動(dòng)勢(shì)為1.5V，應(yīng)用定值電阻R2改裝后電壓表量程為U=IA1(rA1+R2)=150×10?6×(100+9900)V=1.5V，故選用R2。

(2)并聯(lián)電路電壓相等，根據(jù)圖示電路由實(shí)驗(yàn)步驟可知：

I1(R2+rA1)=I2(RA2+R20.【答案】解：(1)當(dāng)活塞剛剛碰到重物M的過(guò)程中，氣體做等圧變化，根據(jù)蓋—呂薩克定律可得：LST0=(L+h)ST1

其中：T0=(273+27)K=300K，h=0.5cm

代入數(shù)據(jù)解得：T1=450K

(2)當(dāng)活塞剛剛碰到重物M的過(guò)程中，氣體對(duì)外做的功：W=p1Sh

其中：p1=p0+mgS，其中S=1.5cm2=1.5【解析】(1)根據(jù)蓋—呂薩克定律可進(jìn)行解答；

(2)根據(jù)功的計(jì)算公式求解氣體對(duì)外做的功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律進(jìn)行解答；

(21.【答案】解：(1)小球1從A運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，根據(jù)能量守恒定律有：Ep?μ1m1gx=12m1vB2

解得：vB=1m/s

小球1從B到C做平拋運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)將速度分解，如圖所示：

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解可得：vC=vBcosθ

代入數(shù)據(jù)解得：vC=2m/s

小球1從C到D，根據(jù)動(dòng)能定理，有：m1gR(1?cos60°)=12m1vD2?12m1vC2

代入數(shù)據(jù)解得：vD=4m/s；

根據(jù)向心力公式可得：

FN?m1g=m1vD2R

解得FN=1403N

由牛頓第三定律可得，小球?qū)壍赖膲毫?403N

(2)小球1與小球2碰撞，動(dòng)量守恒，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：

m1vD=(m1+m2)v

解得：v=43m/s

炸藥爆炸過(guò)程中，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有：(m1+m2)【解析】(1)小球1從A運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，根據(jù)能量守恒定律求解達(dá)到B點(diǎn)速度大小，在C點(diǎn)根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解求解C點(diǎn)的速度大小；小球1從C到D根據(jù)動(dòng)能定理求解碰撞前的速度大小，再根據(jù)向心力公式以及牛頓第三定律求出小球?qū)壍繡D的壓力；

(2)小球1與小球2碰撞根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解碰撞后的速度大小；炸藥爆炸過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律求解炸藥爆炸過(guò)程中轉(zhuǎn)化成小球1、2的機(jī)械能的能量；

(3)分兩種情況進(jìn)行分析：①當(dāng)小球2剛好運(yùn)動(dòng)小球3處時(shí)速度為零；②設(shè)小球2運(yùn)動(dòng)小球3處的速度為v2′(此時(shí)未與小球3碰撞)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律求解小球與平臺(tái)D22.【答案】解