A正確；沒(méi)有力的作用，物體將處于靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，B錯(cuò)誤；行星在性，C錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)物體如果沒(méi)有受到力的作用，將一直勻速直線運(yùn)動(dòng)下去，D正15．[2012·課標(biāo)卷]如圖，x軸在水平地面內(nèi)，y軸沿豎直方向．圖中畫出了一點(diǎn)拋出的．不計(jì)空氣阻力，則()A．a(chǎn)bB．bcC．a(chǎn)bD．bc【解析】平拋運(yùn)動(dòng)可看成水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和 圖y＝12,所以b和c飛行時(shí)間相等且比a的飛行時(shí)間長(zhǎng)，A錯(cuò)誤，B正確；因＞xb＞xc，ta＜tb＝tcva＞vb＞vc，C錯(cuò)誤，D16．[2012·課標(biāo)卷]如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間．設(shè)墻面對(duì)球()A．N1始終減小，N2始終增大B．N1始終減小，N2始終減小C．N1先增大后減小，N2始終減小D．N1先增大后減小，N2故墻面的壓力、木板的支持力的合力必與重力等大反向．設(shè)木板 圖板的壓力與木板對(duì)球的支持力大小相等，故N2＝mg.當(dāng)木板由圖示位置緩慢轉(zhuǎn)至水平時(shí)，θ角逐漸增大，N1、N2始終減小，B17．[2012·課標(biāo)卷]自耦變壓器鐵芯上只繞有一個(gè)線圈，原、副線圈都只19001100匝，接在R2.0kW.I1，負(fù)約為() 9.1 C．240V和5.3 D．240V和9.1【解析】因變壓器輸出電壓調(diào)至最大，故副線圈為1900 18．[2012·課標(biāo)卷]如圖，平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度， 圖B0.Oω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)ππ磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化率Δt的大小應(yīng)為 ππππ

【解析】E＝1022BRE＝ΔB

C

Δt

C20．[2012·課標(biāo)卷]如圖一載流長(zhǎng)直導(dǎo)線和一矩形導(dǎo)線框固定在ii隨t變化的圖線可能是()CB B【解析】由楞次定律可判斷出B、D選項(xiàng)對(duì)應(yīng)的線框中對(duì)應(yīng)的感應(yīng)電流總是沿C錯(cuò)誤；故只有A正確．21．[2012·課標(biāo)卷]假設(shè)地球是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的球體．一礦

R C.R

G

R1－d，AR

G

A7[2012·課標(biāo)卷]某同學(xué)利用螺旋測(cè)微器測(cè)量一金屬板的厚度．該螺旋所示讀數(shù)為 mm，圖(b)所示讀數(shù)為 mm，所測(cè)金屬板的厚度為 圖 圖[答案0.0106.870[解析]根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則，讀數(shù)＝固定刻度＋可動(dòng)刻度×0.01mm，圖mm－0.010mm＝6.860mm.23．[2012·課標(biāo)卷]圖中虛線框內(nèi)存在一沿水平方向、且與紙面垂直的勻 圖SD處于平衡狀態(tài)；然后用天平m1.SR ；然后讀 ，并用天平稱 ④用米尺測(cè) 用測(cè)得的物理量和重力加速度g表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，可以得出 [答案(1) 電流表的示數(shù)I 此時(shí)細(xì)沙的質(zhì)量m2 ④D的底邊長(zhǎng)度l[解析]UU形 g.若m2＞m1，U形金屬框所受 24．[2012·課標(biāo)卷]拖把是由拖桿和拖把頭構(gòu)成的擦地工具(如圖)．設(shè)拖把θ.設(shè)能使該拖把在地板上從靜止剛好開始運(yùn)動(dòng)的水平推力與此時(shí)地板對(duì)拖把的正壓力的比值為λ.0≤0ta0.]式中N和f分別為地板對(duì)拖把的正壓力和摩擦力．擦定律聯(lián)立①②③

這時(shí)，①式仍滿足．聯(lián)立①⑤FF現(xiàn)使上式成立的θ角的取值范圍注意到上式右邊總是大于零且當(dāng)F無(wú)限θθ≤θ0θ0θ≤θ0時(shí)，qab點(diǎn)離開該區(qū)域，離開時(shí)速度方向與直線垂直．圓心O到直線的距離為 現(xiàn)將磁場(chǎng)換為qvB＝mrva過(guò)b點(diǎn)和O點(diǎn)作直線的垂線，分別與直線交于c和dac、bca、b兩點(diǎn)的軌跡圓弧的兩條半徑(未畫出)ac＝bc設(shè)cd＝xac＝4bc＝3 聯(lián)立②③④r＝7動(dòng)．設(shè)其加速度大小為a，由第二定律和帶電粒子在電場(chǎng)中的受力得1粒子在電場(chǎng)方向和直線方向所走的距離均為r，由運(yùn)動(dòng)學(xué)1t是粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．聯(lián)立①⑤⑥⑦⑧ (1)[答案]是不可逆的，E33．(2)[2012·課標(biāo)卷]如圖，由U形管和細(xì)管連接的玻璃泡A、B和C浸泡內(nèi)為真空，BC內(nèi)都充有氣體．U60mm.打開S，整個(gè)系統(tǒng)穩(wěn)定后，U形管內(nèi)左右水銀柱高度相等．假U(ⅰ)C中氣體的壓強(qiáng)(mmHg為單位60mm，求加熱后右側(cè)水槽的水溫．

Bp1VBCpC，依題意Δp＝60ST0BpB.依題意，有AB聯(lián)立①②③④VpC＝VBΔp＝180VA(ⅱ)當(dāng)右側(cè)水槽的水溫加熱至T′時(shí)，U形管左右水銀柱高度差為Δp.玻璃泡玻璃泡C的氣體體積不變，根據(jù)定律 T0＝T′聯(lián)立②⑤⑥⑦T′＝36434．(1)[2012·課標(biāo)卷]一簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向，t＝0時(shí)刻的波形如圖(a)所示，x＝0.30m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖線如圖(b)所示該質(zhì)點(diǎn)在t＝0時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y (填“正向”圖

圖“負(fù)向”)．已知該波的波長(zhǎng)大于0.30m，則該波的波長(zhǎng) (1)[答案]正 [解析]由(b)圖知：x＝0.30mt＝0y題意可知：0.3m＝λ＋λλ＝0.8 表面鍍上不透明薄膜，以致從光源發(fā)出的光線只經(jīng)過(guò)一次折射不能透出立方體．已知該玻璃的折射率為2，求鍍膜的面積與立方體表面積之比的最小值．(2)[解析]如圖，考慮從玻璃立方體中心O點(diǎn)發(fā)出的一條光式中，nθ，α現(xiàn)假設(shè)A點(diǎn)是上表面面積最小的不透明薄膜邊緣上的一點(diǎn)．由題意，在A點(diǎn)剛22OARA RAa為玻璃立方體的邊長(zhǎng)．R R2RA的圓．所求的鍍膜面積S′與玻璃立方體的表面積S之比為A 6πRA⑥S＝⑥由⑤⑥ S235．(1[202·課標(biāo)卷]氘核和氚核可發(fā)生熱核聚變而釋放出巨大的能量，該反應(yīng)方程為12＋13→24e＋式中x某種粒子已知1213、4e和粒子x的質(zhì)量分別為2.0141u3.0161u4.0026u和1.0087u1u＝931.5c是真空中的光速由上述反應(yīng)方程和數(shù)據(jù)可知粒子x是 該反應(yīng)釋放2出的能量 MeV(保留3位有效數(shù)字(1)[答案01n(或中子)[解析]xΔE＝Δmc2＝Δm×931.5MeV＝17.6MeV.35．(2)F3[2012·課標(biāo)卷]如圖，小球a、b用等長(zhǎng)細(xì)線懸掛b，兩球碰后粘在一起向左擺動(dòng)，此后細(xì)線60°.忽略空氣阻力，求：(ⅰ)a、b(ⅱ)b在碰前的最大動(dòng)能

(2)[解析ⅰ)bm2Lbv22g 聯(lián)立①②③ mm1＝m22聯(lián)立①⑥式，QbEk(Ek＝1m2v2)2Q

聯(lián)立⑤⑦Q＝1－ 22012卷(理綜物理14．[2012·卷]下列關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法，正確的是( [解析]布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)是由液體分子從各個(gè)方向?qū)腋×Ｗ幼矒糇饔玫牟黄胶庖鸬?，D正確，C錯(cuò)誤；就越劇烈，因此B正確．15．[2012·卷]235U經(jīng)過(guò)m次α衰變和n次β衰變，變成207Pb，則 [解析]235＝4m＋207，92＝2m＋82－n，解得m＝7，n＝4.16．[2012·卷]在雙縫實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用黃光作為入射光．為了增大干涉條紋的間距，該同學(xué)可以采用的方法有()改用紅光作為入射光B．改用藍(lán)光作為入射光C．增大雙縫到屏的距離D．增大雙縫之間的距離[解析]雙 的條紋間距

，由黃光改為紅光，波長(zhǎng)λ間距Δx減小，D錯(cuò)誤．()[答案[解析]根據(jù)半徑 r＝mv，兩粒子的動(dòng)量mv大小相等，磁感應(yīng)強(qiáng)度B相同，若q1＝q2，則它們做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑一定相等，A正確，B錯(cuò)誤．根據(jù)周期T＝2πm，若m相等，則周期相等，C、D 18．[2012·卷]如圖，兩根相互平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線過(guò)紙面上的M、N兩點(diǎn)，且上，oMN的中點(diǎn)，c、dMNa、b、c、do點(diǎn)的距離均相等．關(guān)于以上幾點(diǎn)處的磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是()A．oa、bc、da、c[答案[解析]磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量某處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向 圖MN兩點(diǎn)處的電生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的矢量之和決定誤．a(chǎn)、bM、Na、b處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度相疊加，因此，a、b處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向都是向下，所以B錯(cuò)誤；同理，可得C正確．對(duì)M、N分別在c處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度矢量疊加求和，可知方向向下，與a處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，D錯(cuò)誤．19．[2012·卷]一臺(tái)電風(fēng)扇的額定電壓為交流220V．在其正常工作過(guò)程中，用交流電流表測(cè)得某一段時(shí)間內(nèi)的工作電流I隨時(shí)間t的變化如圖所示．這段時(shí) A．3.9×10－2B．5.5×10－2C．7.8×10－2[答案[解析]分段計(jì)算用電量，前10min用電W1 圖220×0.3×600J＝39600J10minW2＝220×0.4×600J＝52800J＋W3＝198000J，換算成度為 度＝5.5×10－2圖(b)和圖(c)分別是x軸上某兩處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象．由此可知，這兩質(zhì)點(diǎn)平衡位 A.3 B.3 C．1 D.3[答案[解析]

π＝1，(c)圖中質(zhì)點(diǎn)的位移是－0.05m 6x＝1x＝2的位置一定是6

66

6666

m－0.5

63位置的距離是63

m＋0.5

m，D3 卷]如圖，大小相同的擺球a和b的質(zhì)量分別為m和3m，擺長(zhǎng) 3[答案[解析]av0

12m12

22m12

0A正確，Bv g小相等，擺起的高度h滿足v2＝2gh，所以兩球上升的高度相同，故兩球的最大擺角相同，C錯(cuò)誤；兩擺擺長(zhǎng)相等，由周 l可知周期相等，Dg22．[2012·卷]在黑箱內(nèi)有一由四個(gè)阻值相同的電阻構(gòu)成的串并聯(lián)電路，黑2、31.5Ω，1、3接線柱之間2.5如果將1、3接線柱用導(dǎo)線連接起來(lái)，1、2接線 [答案(1)[解析]分析黑箱問(wèn)題時(shí)，要根據(jù)給出的已知量最大草圖是否與已知條件有沒(méi)有就是正確的有再逐步修正因?yàn)?、21Ω，2、31.5Ω，1、3接線柱之間2.5Ω.1、21、2接線柱之間只有一1Ω2、31.5Ω2、3接線柱之間兩個(gè)1Ω電阻并聯(lián)再跟一個(gè)1Ω電阻串聯(lián)，經(jīng)驗(yàn)證，這種電路是正確的．23．[2012·卷]圖6為驗(yàn)證第二定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．圖中打點(diǎn)計(jì)時(shí)50HzΔt表示．在小車質(zhì)量未知的

m.s1，s2，….ma.⑥以砝碼的質(zhì)量 m關(guān)系圖線．為橫坐標(biāo)，a為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上作出1加速度與小車和砝碼的總質(zhì)量成反比則a與m應(yīng) 關(guān)系(填“線性” s1、s2s3.as1、s3Δt .圖7為用米尺測(cè)量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出 mm，由此求得加速度的大小 圖8為所得實(shí)驗(yàn)圖線的示意圖．設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為 [答案](1)等間 線 2

[解析(1)車和砝碼的加速度a＝m0g，1＝M＋1·m，可見(jiàn)1－m

(2)(ⅰ)設(shè)繩子拉力為T，據(jù)第二定律，對(duì)于小盤和重物：m0g－T＝m0a，于小車和砝碼：T＝(M＋m)a，聯(lián)立解得 ，只有當(dāng)M＋m?m0時(shí)1＋2a(5Δt)2從關(guān)系式1＝M＋1·m可以看出，1－m圖象的斜率k＝1

m0g＝1，圖象縱軸截距的意義是M＝b 24．[2012·卷]如圖，一平行板電容器的兩個(gè)極板豎直放置，O點(diǎn)．現(xiàn)給Q和－Q，此時(shí)懸π線與豎直方向的夾角為6.再給電容器緩慢充電直到懸線和豎直 圖πC[解析]C.第一次充電后兩極板之間的電壓為Cddd6θ1＝πm6qT為此時(shí)懸線的張力．mtanθ1＝m3ΔQθ2＝π3m聯(lián)立⑤⑥

d.[解析]mg是地面處的重力加速度，Mρ Lg g若該物于礦井底部，則其重力mg′＝R－d2④g′ ＝ L⑥＝26．[2012·卷]一探險(xiǎn)隊(duì)員在探險(xiǎn)時(shí)遇到一山溝，山溝的一側(cè)豎直，另一側(cè)的坡面呈拋物線形狀．此隊(duì)員從山溝的豎直一側(cè)，以速度v0沿水平方向跳向另OOxy.已知，山溝豎直一2hx2[解析](1)設(shè)該隊(duì)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，在坡面上落點(diǎn)的橫坐標(biāo)為x，縱坐標(biāo)為y.由運(yùn)動(dòng)學(xué)和已知條件得2h－y＝1x2x

2mv＝2mv0 1

4g2h2mv2＝mv0＋ 2

v0 v

v

v20v0＝v2＝3gh 2mv2012卷(理綜物理[2012·卷]我國(guó)發(fā)射的“天宮一號(hào)”和“神舟八號(hào)”在對(duì)接前，“天宮的運(yùn)行軌道均視為圓周，則()r r[答案 [解析]

a＝

24πGMv、ω、ar的增大而減小，Tr4π增大，由題意可知“天宮一號(hào)”比“神舟八號(hào)”的軌道半徑大，B[2012·卷]一列簡(jiǎn)諧波沿x軸正方向在t＝0時(shí)波形如圖所示，已知波速為10m/s，則t＝0.1s時(shí)正確的波形應(yīng)是圖2中的 [答案 v[解析]由題意可知，波長(zhǎng)λ＝4mv＝10m/sT＝λ＝0.4v經(jīng)過(guò)0.1s后波應(yīng)該向正方 1個(gè)波長(zhǎng)即向正方向平移1個(gè)波長(zhǎng) C[2012·卷]3R的圓弧AP＝2RgPB的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中 圖重力做功 [答案

．克服摩擦力做功v＝m[解析]PB的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，重力做功為mgR，Av＝m

＝v2

，解得

，DPB B錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理有：W合 ，C錯(cuò)誤 [2012·卷]如圖4所示，放在固定斜面上的物塊以加速度a沿斜面勻加速下滑，若在物塊上再施加一個(gè)豎直向下的恒力F，則( B．物塊仍以加速度a勻加速下滑 [答案 [解析]不施加F時(shí)，由第二定律有：mgsinθ－μmgcosθ＝ma，解得二定律有：(F＋mg)sinθ－μ(F＋mg)cosθ＝ma′，解得a′＝F μgcosθ)，所以加速度變大，C ]O0VA處的3電勢(shì)為6V，點(diǎn)B處的電勢(shì)為3V，則電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為 3A．200 B．D．1003V/m

C100 [解析]OAC3V，B、CBCABC的33

1m＝0.015m，故E＝U＝ V/m＝200V/m，A正確 vAAOBΔtC點(diǎn)射出磁場(chǎng)，OCOB

A入磁場(chǎng)，不計(jì)重力，則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變?yōu)? [答案 [解析]此帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且出射方向的 圖向延長(zhǎng)線必過(guò)圓心O.設(shè)圓形磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R，粒子以速度r160°作其角平分線，則

6× r2θ＝2αr2＝1mv＝11 3qB＝3qB＝2Δt，B [2012·卷]如圖7所示，半徑為R的庫(kù)侖定律和電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理求出：E＝2πkσ[1x]x

圖 圖x面積帶電荷量為σ0的無(wú)限大均勻帶電平板，從其中間挖去一半徑為r的圓板，如圖8所示．則圓孔軸線上任意一點(diǎn)Q(坐標(biāo)為x)的電場(chǎng)強(qiáng)度為( x 2πkσ [答案

2πkσ

2πkσ

[解析] ]可知，當(dāng)R→∞時(shí)， →0，則R2＋x2 R2＋x2E0＝2πkσ0rQ0 ]，所以此時(shí)的電場(chǎng)強(qiáng)度＝0－′＝2πkσ ，故A正確0r2＋x2 r2＋x2[2012·卷]圖9為“驗(yàn)證第二定律”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．砂和砂桶mM.實(shí)驗(yàn)中用砂和砂桶總重力的大小作為細(xì)實(shí)驗(yàn)中，為了使細(xì)線對(duì)小車的拉力等于小車所受的合外力先調(diào)長(zhǎng)木板一端滑輪的高度使細(xì)線與長(zhǎng)木板平行．接下來(lái)還需要進(jìn)行的一項(xiàng)操作是點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電，調(diào)節(jié)實(shí)驗(yàn)中要進(jìn)行質(zhì)量m和M的選取，以下最合理的一組是( A．M＝200g，m＝10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M＝200g，m＝20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M＝400g，m＝10g、15g、20g、25g、30g、40gD．M＝400g，m＝20g、40g、60g、80g、100g、120g10是實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G7別為：sAB＝4.22cm、sBC＝4.65cm、sCD＝5.08cm、sDE＝5.49cm、sEF＝5.91cm、sFG＝6.34cm.已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz，則小車的加速度a＝ m/s2(2位有效數(shù)字.[答案] [解析(1)本實(shí)驗(yàn)應(yīng)先平衡摩擦力，將長(zhǎng)木板一端墊起適當(dāng)?shù)母叨龋p推小車后，(2)本實(shí)驗(yàn)應(yīng)保證砂和砂桶的總質(zhì)量m遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量M，所以(3)

＝0.4221．Ⅱ.[2012·卷]圖11為“測(cè)繪小燈泡伏安特性曲線”2.5V.①閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片 ②閉合開關(guān)后，逐漸移動(dòng)變阻器的滑片 Ⅱ.[答案](1)①使它靠近變阻器左端的接線柱[解析](1)①為了保護(hù)不被損壞，不會(huì)因?yàn)楹仙祥_關(guān)[2012·卷]質(zhì)量為0.1kg的彈性球從空中某高度由靜止開始下落，該下v－t圖象如圖所示．球與水平地面相碰后離開地面時(shí)的速度大小 為碰撞前的4.fg＝10m/sf[解析(1)a1 4

1＝Δt＝0.5m/s＝8根據(jù)第二定律，f＝m(g－a1)＝0.2(2)v1＝4m/s，設(shè)球第一次離開地面時(shí)的速度大小為v2，則v2＝31＝3a2，則a2＝128h＝3823．[2012·卷]圖15是交流發(fā)電機(jī)模型示意圖．在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一矩形線圈abcd可繞線圈平面內(nèi)垂直于磁感線的軸OO′轉(zhuǎn)動(dòng)，由R16abcd分別用它們abL1，beL2ω逆時(shí)圖 圖 圖te1φ017t時(shí)e2的表達(dá)式：若線圈電阻為r，求線圈每轉(zhuǎn)動(dòng)一周電阻R上產(chǎn)生的焦．(其他電阻均不[解析(1)18abcdabcd切割磁感線，設(shè)ab和cd的轉(zhuǎn)動(dòng)速度為v，則22tabcd18(2)17tII＝E

2＝22則線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周在R上產(chǎn)生的焦其中 ＝ [2012·卷]如圖19所示，裝置的左邊是足夠長(zhǎng)的光滑水平臺(tái)面，一輕M＝2kgA.裝置的中間是水平傳送u＝2m/s的速率m＝1kgB從其上距水平h＝1.0mBμ＝0.2，l＝1.0mA、BA靜止且g＝10m/s2.A、B

A再回到平衡位置時(shí)都會(huì)立即被鎖定，而當(dāng)它們?cè)俅闻鲎睬版i定被解除，Bn次碰撞后的運(yùn)動(dòng)速度大?。甝(22v0＝Ba，則Bv，有v＝4v>u＝2m/sv＝4m/sBAA、BV、v1 2mv＝2mv1v1＝1＝4 BBl′99

m<1B當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的速度為零后，將會(huì)沿傳送帶向左加速．可以Bv1A發(fā)生第二次碰撞．設(shè)第二次碰撞后物塊B速度大小為v2，同上計(jì)算可知 BA第三次碰撞、第四次碰撞……B的速度大小依次 nBvn＝12012卷(理綜物理13．[2012·卷]一個(gè)氫原子從n＝3能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)，該氫原子( B．放出光子，能量減少 [答案 [解析]hν＝Em－En(m>n)，以本題正確答案為B項(xiàng)．14．[2012·卷]一束單色光經(jīng)由空氣射入玻璃，這束光的( B．速度不變，波長(zhǎng)變短 [答案 v[解析]光從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)，頻率不變，C項(xiàng)錯(cuò)誤；由n＝cv速度變慢，Bv＝λf得，波長(zhǎng)變短，D項(xiàng)錯(cuò)誤．所以本題的正確答案為A項(xiàng).電阻不變，則此交流電源輸出電壓的最大值為 22A．5 C．10 22[答案 [解析]TQ直＝RT＝PT22TQ交

VC

卷]處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的一個(gè)帶電粒子，僅在磁場(chǎng)力作用下做勻速 t[解析]由電流的定義I＝Q可知，設(shè)粒子的電荷量為q，質(zhì)量為mt

T＝qB，則I＝T＝2πm的，所以產(chǎn)生的環(huán)形電流與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，D項(xiàng)正確，A、B、C項(xiàng)錯(cuò)誤．17．[2012·卷]一個(gè)彈簧振子沿x軸做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，取平衡位置O為x軸坐標(biāo)速度．能正確反映振子位移x與時(shí)間t關(guān)系的圖象是( [答案 [解析]由題目“經(jīng)過(guò)四分之一周期，振子具有沿x軸正方向的最大加速度”可18．[2012·卷]關(guān)于環(huán)繞地球運(yùn)行的 ，它們的軌道平面一定會(huì)重合[答案 a3a[解析] 等，它們的周期是相同的，A項(xiàng)錯(cuò)誤；沿橢圓軌道運(yùn)行的一顆，在關(guān)于長(zhǎng)軸周期、線速度等都是相同的，C項(xiàng)錯(cuò)誤；經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)的可有不同的軌道，D項(xiàng)錯(cuò)誤．本題答案為B項(xiàng)．19．[2012·卷]物理課上，老師做了一個(gè)奇妙的“跳環(huán)實(shí)驗(yàn)”．如圖，她把LS和電源用導(dǎo)線連接起來(lái)后，將一金屬套環(huán)置于線圈L上，且使鐵芯穿過(guò)套環(huán)．閉合開關(guān)S的瞬間，套環(huán)立刻跳起．某同學(xué)下列四個(gè)選項(xiàng)中，導(dǎo)致套環(huán)未動(dòng)的原因可能是 B．電源電壓過(guò)高 [解析]只要線圈中的電流增大，金屬套環(huán)中的磁通量增大，就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，關(guān)的過(guò)程中，電流也有增大的過(guò)程，A項(xiàng)錯(cuò)誤；電壓越大，匝數(shù)越多，效果越明顯，B、C項(xiàng)錯(cuò)誤；要是選用絕緣材料，則不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，D項(xiàng)正確．物理學(xué)中常用的方法，在下列選項(xiàng)中，推理判斷比例系數(shù)k的值可能為( hh

D.[答案 [解析]由量綱可知，頻率ν的單位為s－1，常量h的單位為J·s，電荷 CVk＝U對(duì)應(yīng)的單位是V＝s·V，eJ·s＝C·V·s＝s·VB 第二部分(非選擇 共180分1118050cm.次測(cè)量結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)應(yīng)為 (2)用伏安法測(cè)金屬絲的電阻Rx.實(shí)驗(yàn)所用器材0.1Ω)、電壓表(3kΩ)R(0～20Ω2A)、開1234567由以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，他們測(cè)量Rx是采用圖中的 3Rx的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接U、I圖4所示，圖中已標(biāo)出了與測(cè)量數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的4個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)．請(qǐng)?jiān)趫D4線得到金屬絲的阻值Rx＝ A．1×10－2Ω·m B．1×10－3Ω·mC．1×10－6 D．1×10－8DU－I圖象處理數(shù)據(jù)求金屬線電阻可以減小偶然誤差[答案] (2) (3)如圖 圖 圖(4)4(4.3～4.7)(5)C[解析(1)S(5) R＝ρl可得，電阻率約為1×10－6Ω·m，C項(xiàng)正確SB項(xiàng)錯(cuò)誤；計(jì)算時(shí)，將電流表、電壓表的內(nèi)阻考慮在內(nèi)，可以消除由測(cè)量?jī)x表引起的系統(tǒng)誤差，C項(xiàng)正確；采用圖象法，可以減小偶然誤差，D項(xiàng)正確．m＝0.10kgμ＝0.25h＝0.45m．不計(jì)空氣g10m/s2.求[解析(1)h＝1得水平距離 2h＝0.90g2Ek＝1mv2＋mgh＝0.902

v0＝2μgl＋v2＝4.023．[2012·卷]摩天大樓中一部直通的客運(yùn)電梯，行程超過(guò)百米．電梯m＝2.0×103kg.g10m/s2.F1v－t圖象求t1sΔv12sv2；W.[解析](1)由第二定律，有a－t圖象可知，F(xiàn)1F2a1＝1.0m/s2，a2＝－1.0m/s2F1＝m(g＋a1)＝2.0×103×(10＋1.0)N＝2.2×104NF2＝m(g＋a2)＝2.0×103×(10－1.0)N＝1.8×104N1sa－tΔv1＝0.50Δv2＝v2－v0＝1.5v0＝02sv2＝1.5a－t圖象可知，11s～30s0～11sa－t圖線下的vm＝10Fmg，所求功率P＝Fvm＝mgvm＝2.0×103×10×10W＝2.0×105WW＝Ek2－Ek1＝1mv

2.0×103×102J＝1.0×105 24．[2012·卷]勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向沿x軸正向，電場(chǎng)強(qiáng)度E隨x的分布如圖所AQ，ABA

和4.B

4

BBqm[解析](1) 第二定律，A在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度 A解得運(yùn)動(dòng)時(shí)間 A、BvA0、vB0

24其運(yùn)動(dòng)方向相同，B受的力與其運(yùn)動(dòng)方向相反，相互作用力對(duì)A做正功，對(duì)B做負(fù)功．A、B靠近的過(guò)程中，BA的路程，由于作用力大小相等，作用力對(duì)B做功的絕對(duì)值大于對(duì)A做功的絕對(duì)值，因此相互作用力做功之和為相同，設(shè)為v′，有

4 ＝

4 (2mvA0＋24vB0)－2(m＋4)v′q＝4Epm＝1 A、Bx＞d區(qū)間的運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量守恒、能量守恒，且在初態(tài)和末態(tài)均mvA＋m

4 4 2mvA＋24vB＝2mvA0＋24vB0vB＝－3 B不改變運(yùn)動(dòng)方向，故

由①、⑥解

≤99B9 共108分)13[2012·福建卷]一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸，t＝0時(shí)刻的波形如圖甲所 A．沿x軸負(fù)方向，60m/s B．沿x軸正方向，60m/sC．沿x軸負(fù)方向，30m/s D．沿x軸正方向，30m/s13．A[解析]根據(jù)波的形成原理“先振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)帶動(dòng)鄰近的后振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)”，PPPP點(diǎn)右側(cè)的點(diǎn)先振動(dòng)，所以波應(yīng)沿x軸的負(fù)方向．由甲圖可知波長(zhǎng)λ＝24m，由乙圖T＝0.4sv＝λ＝

m/s＝60 14．[2012·福建卷u＝Umsinωt，副線圈電路R0為定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器，V1V2是理想交流電壓表，示數(shù)分別用U1U2表示；A1A2是理想交流電流表，示數(shù)分別用I1和I2表示．下列說(shuō)法正確的是( A．I1和I2表示電流的瞬時(shí)值B．U1U2CP向下滑動(dòng)過(guò)程中，U2不變、I1DP向下滑動(dòng)過(guò)程中，U2不變、I1U [解析]電壓表、電流表的讀數(shù)都是交流電的有效值，A、B錯(cuò)；由U2n1U2PI2＝U2 I2變大，由I1＝n2I1大，C對(duì)、D

15．[2012·福建卷]Qq1、q2移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，則下列說(shuō)法正確的是()A．ABB．A、BC．q1q2D．q1Aq2B15.C[解析]由于在移動(dòng)電荷過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功，故電場(chǎng)力BQBA點(diǎn)電勢(shì)，AQ產(chǎn)生的電場(chǎng)中，ABQABq1、q2A、B兩處的電勢(shì)能相等，Dq1、q2A、B兩點(diǎn)移到無(wú)窮遠(yuǎn)過(guò)程中，克服電場(chǎng)力做的功相等，q1對(duì)應(yīng)的電勢(shì)差U1比較大，由W＝qU可知，q1<q2，C對(duì)．16．[2012·福建卷]一繞某一行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其線速度大小v.m的物體重力，物N.已知引力常量為(

[解析 繞行星表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)則GR2＝mR在行星表面有

GR2＝mg，由彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)可知：g＝m，聯(lián)立解得：M＝NG17．[2012·福建卷如圖，表面光滑的固定斜面頂端安裝一定A、B用輕繩連接并跨過(guò)滑輪(不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦)．初始時(shí)刻，A、B處于同一高度并恰好處于靜止?fàn)預(yù)下落、B沿斜面下滑，則從剪斷輕繩到物塊著地，兩物塊()A．速率的變化量不同B．機(jī)械能的變化量不同C．重力勢(shì)能的變化量相同D2 [解析]剪斷輕繩后，由于不計(jì)摩擦，A、B兩個(gè)物塊的機(jī)械能都守恒，即兩物塊的機(jī)械能變化量均為0，B錯(cuò)誤．由mgh＝1mv2得v＝2gh，則A、2兩物塊下落到地面時(shí)的速度大小相同，所以A、B兩物塊的速率變化量相同，A錯(cuò)誤．剪斷輕繩前，A、BTT＝mAg，T＝mBgsinθ，可得mA＝mBsinθ；剪斷輕繩后，A、B下落高度相同，由ΔEp＝－mgh知A的重力勢(shì)能的變化量小于B的重力勢(shì)能的變化量，C后，A、B兩物塊著地所用的時(shí)間分別為 2h、tB＝ 的平均功率分別為PA＝mAgh、PB＝ g18.[2012·福建卷如圖甲，一圓形閉合銅環(huán)由高處從靜止開始下落，穿過(guò)一根豎Ox軸，則圖乙中最能正確反映ix變化的關(guān)系圖象是() [解析]3個(gè)階段，BФI感C無(wú)在坐標(biāo)原點(diǎn)O處感應(yīng)電流的方向發(fā)生改變，D A→BB、vI

＝RBvD＞vBI感＝BLvDRB對(duì)、C第Ⅱ卷(非選擇 共192分19．(1)[2012·福建卷]在“用雙縫測(cè)光的波長(zhǎng)”實(shí)驗(yàn)中：(實(shí)驗(yàn)裝置如下圖①下列說(shuō)法哪一個(gè)是錯(cuò)誤 ．(填選項(xiàng)前的字母CnΔx＝ 19．(1)[答案]①A [解析]①實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先使光源、遮光筒的軸線在同一水平線上，然②手輪上的讀數(shù)＝1.5mm＋47.0×0.01mm＝1.97019．(2)[2012·福建卷]某研究性學(xué)組欲測(cè)定一塊電E. 情況下，多 表盤示數(shù)如圖，其示數(shù) 電壓表V相應(yīng)示數(shù)U.該學(xué)組測(cè)出大R、U數(shù) R1U從圖線中可求得E＝ 19．(2)[答案]①9.4 0.1V即可)；②

＋U，兩邊同時(shí)除以EU，整理可得1＝r＋R0·1＋1，對(duì)照1－1

1

E＝10.020．[2012·福建卷]如圖，置于圓形水平轉(zhuǎn)臺(tái)邊緣的小物塊隨轉(zhuǎn)臺(tái)加速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)0.5mH＝0.8ms＝0.4(1)v0；120．[解析(1)1 g＝1m/s③fm＝mR21．[2012·福建卷]如圖，用跨過(guò)光滑定滑輪的纜繩將海面上一艘失去動(dòng)力的小Bt1，A、Bd，纜繩質(zhì)量忽略不計(jì)．求：ABBB21．[解析(1)AB(2)ABW－Wf＝1mv12－1 m由①②③式解得 m的速度大小為u，則 － 22．[2012·福建卷]如圖甲，在圓柱形區(qū)域內(nèi)存在一方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度Omq(q0)的小球，在管內(nèi)沿逆時(shí)針?lè)较?從上向下看)Bt系如圖乙所示，其中T0＝2πm.0(1)t＝0t＝T0這段時(shí)間內(nèi)，小球v0；(2)在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大過(guò)程同一條電場(chǎng)線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相t＝0t＝1.50qv0B0＝mrmv0＝qB0rm(2)T01.5T0E感由圖乙可知

T0＝qB0E＝2πmT01.5T0mmΔt＝0.5T0

0＝3qB0r

2mv－2mv0 W＝8mv0 28．(1)[2012·福建卷]關(guān)于熱力學(xué)定律和分子動(dòng)理論，下列說(shuō)法正確的是 28．(1)D[解析]ΔU＝Q＋W可知，內(nèi)能的變化還與氣體是會(huì)引起其他變化，B錯(cuò)．r<r0時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，r增加，分子力做正功，分子勢(shì)能減小；r>r0時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，r增加，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，C錯(cuò)．28．(2)[2012·福建卷]空氣壓縮機(jī)的儲(chǔ)氣罐中儲(chǔ)有1.0atm的空氣6.0L，現(xiàn)再充 A．2.5 B．2.0 C．1.5 D．1.028．(2)A[解析]1.0atmL6.0L，根據(jù)玻意耳定律，p1V1＝p2V22.5 A．α [解析α射線是指高速運(yùn)動(dòng)的氦原子核，A錯(cuò)；01n表示中子，B錯(cuò)；正比，C錯(cuò)．29．(2)[2012·福建卷]M的小船在靜止水面上以v0m C. [解析]Mm)v0＝MvM－mvvM＝v0＋m(v＋v0)，CM2012卷(理綜物理[2012·卷]清晨，草葉上的露珠是由空氣中的水汽凝結(jié)成的水珠．這一 A．引力，斥力增 B．斥力，引力增 ]引力和斥力，且引力和斥力都隨著分子間距離的減小而增大，故D正確．14．[2012·卷]景頗族的祖先發(fā)明的點(diǎn)火器如圖1所示用 [解析]Q＝0，而壓縮氣體，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，故W＞0，由熱力學(xué)第一定律△U＝W＋Q，△UTT增大V減小，則p增大，故A錯(cuò)誤B正確．15．[2012·卷]質(zhì)量和電量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經(jīng)小孔S垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)運(yùn)行的半圓軌跡如圖2中虛線所示．下列表述正確的是( A．M帶負(fù)電，NB．MNC．力對(duì)MN做正D．MN [解析]由左手定則判斷知，A正確；粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，力提向心 率大，即M的速度率大于N的速率，B錯(cuò)；力不做功，C錯(cuò)；粒子在磁T＝2πm，MD16．[2012·卷]如圖3所示，兩根等長(zhǎng)的輕繩將日光45?，日為()A．G和 B.

和

3和

2 2 D.2G和 [解析]T1T2分別向水平方向和豎直方向分解，則有：T1cos45°＝T2G＝G，解得：T1＝T2＝2，BG17．[2012·卷]4是滑道壓力測(cè)試的示意圖，光B處安裝一個(gè)N表示該處所受壓力的大?。砲B時(shí)，下列表述正確的有()A．N小于滑塊重力B．NC．Nh越大D．Nh [解析] 即 ＝v2，聯(lián)立以上兩式得

，由第三定律 m

NBBC 卷]能源是社會(huì)發(fā)展的基礎(chǔ)，發(fā)展核能是解決能源問(wèn)題的途徑之 11203H＋2→4He＋1n112011203H＋2H→4He＋1nβ112000235U＋1n→144Ba＋89Kr＋31n0000235U＋1n→140Xe＋94Sr＋21nα00AC[解析]αβ粒子的反應(yīng)，而聚變是兩個(gè)較輕ABCDAC正19．[2012·卷]e＝50sin100πt(V)，對(duì)此電動(dòng)勢(shì)，下列表述正確的有()A502VB100C252VD0.02 ]2f20．[2012·卷]圖5是某種靜電礦料分選器的原理示意圖，帶電礦粉經(jīng)漏斗落入水平勻強(qiáng)電場(chǎng)后，分落在收集板的兩側(cè)．對(duì)礦粉分離f [解析]AC錯(cuò)，BD21．[2012·卷]如圖6所示，飛船從軌道1變軌至軌道2.若飛船在兩軌道上12上的()

v2 [解析]由

r2＝mar2

r＝mr

r2

r2解得：

r2rr

GM，由這些關(guān)系可以看出，r越大，avωAB錯(cuò)，CD圖15(a)和圖15(b)所示，長(zhǎng)度為 將滑動(dòng)變阻器R1的阻值置于最 處(填“大”或“小”)；將S2撥向接點(diǎn)1，閉合S1，調(diào)節(jié)R1，使電流表示數(shù)為I0；將電阻箱R2的阻值調(diào)至 R1R2I0R21280 [解析①游標(biāo)卡尺的讀數(shù)＝5cm1×0.1mm＝0.01cm5.01cm旋測(cè)微器的讀數(shù)＝固定尺的讀數(shù)＋可動(dòng)尺的讀數(shù)×0.01，即5mm＋31.5×0.01mm＝5.315mm，最后一位是估計(jì)位，可以不同．RM2的阻值調(diào)至最大，目的也是為了保護(hù)電流表及電源；③驗(yàn)方法為替代法．由 得，Rx＝R2＝1280 34．[2012·卷](2)某同學(xué)探究彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系 方向( 時(shí)，長(zhǎng)度記為L(zhǎng)0；彈簧下端掛上砝碼盤時(shí)，數(shù)值 ③圖8是該同學(xué)根據(jù)表中數(shù)據(jù)作的圖縱軸是砝碼的質(zhì)量， 重力加速度取9.8m/s2)．34．(2)①豎直②靜止，L3mm③Lx④4.9[解析①度小還要估讀一位，故記錄L3是不符合規(guī)范的；③圖像所描的點(diǎn)共有六個(gè)，而Lxm0m，當(dāng)掛上砝碼盤時(shí)(m0g＋mg)＝k(Ln－L0)，兩式聯(lián)立得：mg＝k(Ln－Lx)k＝mg線的斜率為k′＝12×10－2－0km/m＝0.50kg/m，故勁度系數(shù) N/m，而 kg＝109Mabl的平行光滑金屬導(dǎo)軌上，θB方向垂直于導(dǎo)軌平面d的平行金屬板，RRx分別表示v.(2)Rxm帶電量為＋q的微粒水平Rx.E0I＝E0④聯(lián)立②③④ (2)Rx由②式可知電流不變．設(shè)帶電微粒在金屬板間勻速通過(guò)時(shí)，板間電壓為U，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為Edd聯(lián)立②⑥⑦⑧ mBld ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)滑桿做水平運(yùn)動(dòng)，滑桿的速度－時(shí)間圖象如圖18(b)所示．AB發(fā)生完全非彈性碰撞．Av0ABt1ω的關(guān)系式． 36．(1)AABv1 2(2m) 24mω(2)AB不與彈簧相碰，PQ 聯(lián)立①②⑤ABQrω1＝2rω

ABPQat1＝ωr

(3)AB rω2＝4μgl?rω的取值范圍：2

4

≤ E 2

2

4 4mωr

B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為( [解析]根據(jù)點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)強(qiáng)度表達(dá)式E＝kQ，可知點(diǎn)電荷周圍的電所以電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為9∶1，C]量不變，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢(shì)差U的變化情 A．C和U均增 B．C增大，U減C．C減小，U增 D．C和U均減U [解析]由平行板電容器的電容的表達(dá)式C＝εrS，當(dāng)兩極板之間插入一UU將減小，B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．在此過(guò)程中拉力的瞬時(shí)功率變化情況是( [解析]小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到重力G、水平拉力F和細(xì)線的拉力T F做的功與克服重力做的功相等，大，A項(xiàng)正確．象，可能正確的是() [解析]皮球在上升過(guò)程中做運(yùn)動(dòng)，速度越來(lái)越小，所受的阻力越來(lái)g，C5．[2012·江蘇卷]如圖所示，一F作用下向上提升．和木塊的質(zhì)量分別為m、M，與木塊兩側(cè)間的最大f.F的最大值是()

m

[解析]F最大，對(duì)木塊分析可得2f－Mg＝Ma，對(duì)和木塊兩個(gè)物體的整體進(jìn)行分析可得(M＋m)a，聯(lián)立兩式可求得 確6．[2012·江蘇卷lA、B位于同由下落．A、B與地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分的時(shí)間，則()A．A、BA的初速度B．A、B在第一次落地前若不碰，此后就不會(huì)相碰C．A、B不可能運(yùn)動(dòng)到最高處相碰D．A、BAD[解析A2h＝1gt2x＝vt，B做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩者與地面撞擊，反彈后在空中也是同一時(shí)刻處于同一高度，而A2有可能在B未落地前二者相碰，因此A、B在第一次落地前能否相碰，取決于A的初速度，A確．7．[2012·江蘇卷]某同學(xué)設(shè)計(jì)的家庭電路保護(hù)裝置如圖所示，鐵芯左側(cè)線圈L1由火線和零線并行繞成．當(dāng)右側(cè)線圈L2中產(chǎn)生電流時(shí)，電流經(jīng)放大器放大后，使電磁鐵吸起鐵質(zhì)開關(guān)K，從而切斷家庭電路．僅考慮L1在鐵芯中產(chǎn)生的磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的有( A．家庭電路正常工作時(shí)，L2中的磁通量為零B．家庭電路中使用的電器增多時(shí)，L2中的磁通量不變C．家庭電路發(fā)生短路時(shí)，開關(guān)K將被電磁鐵吸起DK[通量變化，L2中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電磁鐵將開關(guān)K吸起，D確．8[2012·“ 的情況下 [解析]飛行器與地球繞同步做圓周運(yùn)動(dòng)，向心加速度也越大，A、B正確；飛行器的向心力由和地球的合力來(lái)提供，C、D錯(cuò)誤．9．[2012·江蘇卷]如圖所示，MNB勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界mq的粒子在紙Ov0，最遠(yuǎn)能落在A點(diǎn)．下列說(shuō)法正確的有()AAAd

—Ad

＋BC[解析]帶電粒子沿垂直邊界的方向射入磁場(chǎng)時(shí)，落在邊界上的點(diǎn)離出在A點(diǎn)的左側(cè)，A項(xiàng)錯(cuò)誤；但粒子要落在A點(diǎn)的右側(cè)，其速度一定要大于臨界速度v0，B確；設(shè)OA之間距離為L(zhǎng)，若粒子落在A點(diǎn)兩側(cè)d范圍內(nèi)，則以最小速度v入射的粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的直徑應(yīng)為L(zhǎng)－d，由力提供向心＝mv2

mv02，解得

2

qv0B＝2

射方向，因此無(wú)法確定速度的最大值，D10．[2012·江蘇卷]如圖所示的黑箱中有三只完全相同的電學(xué)元件使用 筆接a，另一表筆應(yīng) 暫”或“持續(xù)”)b點(diǎn)多 的數(shù)a、 點(diǎn)多 的數(shù)a、 a、10.0b、15.0接a、b時(shí)，多用的示數(shù)如圖所示．10.[答案] (2)短 [解析](1)在使用多用時(shí)發(fā)現(xiàn)指針不零，即調(diào)節(jié)A；(2)a、ba，另一個(gè)表筆應(yīng)短暫接b，防止電流過(guò)大燒毀；11．[2012·江蘇卷]為測(cè)定木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因AOB剛好接觸地As－h(huán)實(shí)驗(yàn)測(cè)得A、B的質(zhì)量分別為m＝0.40kg、M＝0.50kg.根據(jù)s－h(huán)圖象可計(jì)算出A木塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝ 實(shí)驗(yàn)中，滑輪軸的摩擦?xí)?dǎo)致μ的測(cè)量結(jié) (選填“偏大11．[答案](1)B的質(zhì)量(A的質(zhì)量)增加細(xì)線的長(zhǎng)度(B的起始高度)(2)如圖所示(3)0.4(4)偏大[解析(1)A釋放后會(huì)撞到滑輪，主要B的質(zhì)A的質(zhì)量來(lái)減小加速度，通過(guò)增加細(xì)線的長(zhǎng)度或降低B的起始高度來(lái)縮短加速時(shí)間．s－h(huán)－μmgh＝1(M＋m)v2，－μmgs＝－1mv2，求得s＝2

μμ

μhμ

M＋m

0.5＋0.4＝60本實(shí)驗(yàn)測(cè)動(dòng)摩擦因數(shù)的原理是動(dòng)能定理，如果考慮克服滑輪摩擦做功WMgh－μmgh－W＝1(M＋m)v2，－μmgs＝－1mv2，求得 ， 動(dòng)理論的角度分析，這是由于分子熱運(yùn)動(dòng)的 增大了．該氣體在溫度T1、T2時(shí)的分子速率分布圖象如圖所示，則T1 12．A.[答案](1)AB(2)平均動(dòng)能小于(3)5.0×102[解析](1)布的峰值向分子速率增大的方向移動(dòng)，因此T1小于T2. VA＝VB W＝p(VB－VA)＝1.0×105×(8.0×10－3－6.0×10－3J＝2×102ΔU＝Q－WΔU＝7.0×102J－2.0×102J＝5.0×102J.(1)如圖所示，白熾燈的右側(cè)依次平行放置偏振片P和Q，A點(diǎn)位于P、Q之間，B點(diǎn)位于Q右側(cè)．旋轉(zhuǎn)偏振片P,A、B兩點(diǎn)光的強(qiáng)度變化情況是 A．A、B均不變 B．A、B均有變化C．A不變，B有變化D．A有變化，B(2)“測(cè)定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，在玻璃磚的一側(cè)豎直插兩個(gè)大頭針A、B，在另一側(cè)再豎直插兩個(gè)大頭針C、D在插入第四個(gè)大頭針D ．圖是在白紙上留下的實(shí)驗(yàn)痕跡，其中直線a、a′是描在紙上的玻璃磚的兩個(gè)邊．根據(jù)該圖可算得玻璃的折射率n＝ (3)時(shí)，震源會(huì)同時(shí)產(chǎn)生兩種波，一種是速度約為3.5km/sS波，另一種是7.0km/sP監(jiān)測(cè)點(diǎn)記錄到首PS3min.假定波沿直線1.2s,xSλ.12．B.[答案] (2)擋住C及A、B的 1.8(1.6～1.9都算對(duì) (3)4.2BPQP的偏振光的振動(dòng)方向垂直時(shí)，B處的光強(qiáng)為0.(2)DCA、BA、B的光線經(jīng)過(guò)C、D；作出光路圖如圖所示，以入射點(diǎn)O為圓心作圓，交入射光線與折射光線E、FE、FG、HEG、FH

(3)設(shè)P波的時(shí)間為t，則x＝vPt，x＝vS(t＋Δt)解得x＝vPvSΔt，代入數(shù)據(jù)得x＝1260kmλ＝vSTλ＝4.2km下列該原子光譜的各選項(xiàng)中，譜線從左向右的波長(zhǎng)依次增大，確的 圖 一個(gè)中子與某原子核發(fā)生核反應(yīng)，生成一個(gè)氘核，其核反應(yīng)方程式為 EA、EB.A、B兩種光子的動(dòng)量之比和該金屬12．C.[答案(1)C(2)01n＋1H→12H EA[解析(1)從能級(jí)圖上可以看出，a光子的能量最大，a光的波長(zhǎng)最短，b光子的能量最小，b光的波長(zhǎng)最長(zhǎng)，因此C選確．12(2)核反應(yīng)過(guò)程遵循質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒，因此01n1H→12H；比結(jié)合能即平均每個(gè)核子釋放的能量，兩個(gè)核子結(jié)合放出Q12(3)ε＝hν，動(dòng)量p＝h cp＝εcAEA＝εA－W0.W0＝EA13．[2012·江蘇卷]某小組設(shè)計(jì)了一種發(fā)電裝置，如圖所示．在磁極和圓

均為

(1)Em；(2)線圈切割磁感線時(shí)，bc邊所受力的大小213．[解析(1)bc、ad2Em(2)Im＝F＝＝F(3)mRW＝Im

414．[2012·江蘇卷]某緩沖裝置的理想模型如圖所示，勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈移動(dòng)不超過(guò)l時(shí)，裝置可．一質(zhì)量為m的小車若以速度v0撞擊彈簧，4 ，允許該小車撞擊的最大速度 時(shí)，該小車彈回速度v′和撞擊速度v的關(guān)系14．[解析(1)F＝kx①且F＝f②kx＝f③k設(shè)輕桿移動(dòng)前小車對(duì)彈簧所做的功為W，則小車從撞擊到停止的過(guò)程中，由－f·l－W vm－fl－W＝0－1mv 解得 v1 2mv1由④⑦解得 v02－當(dāng) v02－fl時(shí)，v02－ v02－fl v02v02－ 15．[2012·江蘇卷]如圖所示，待測(cè)區(qū)域中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，根據(jù)帶電粒子射入時(shí)的受力情況可推測(cè)其電場(chǎng)和磁場(chǎng)．圖中裝置 和平移器組成ll、間距dm、電荷量為＋q4U0A點(diǎn)射入待測(cè)區(qū)域，求此時(shí)的偏轉(zhuǎn)電U；已知粒子以不同速度水平向右射Oxyz.保持U0不變，移動(dòng)裝置使粒子沿不同的坐標(biāo)軸方向射入待測(cè)區(qū)域，粒子剛射入時(shí)的受力大小如下表所示yz215．[解析](1)設(shè)粒子射出的速度為v0，由動(dòng)能定理得2m由題意得v1＝v0，即 m(2)y1＝1y2＝＝ 4U0時(shí)，U(3)(a)x軸方向射入時(shí)的受力情況可知：Bx由沿±y軸方向射入時(shí)的受力情況可知：EOxyF2＋f2＝(5F)2f＝2Fqq

2mxBxz(f＋Fsinα)2＋(Fcosα)2＝(α＝30°EOxyx30°同理，若B沿－x軸方向，E與Oxy平面平行且與x軸方向的夾角為－30°14．[2012·山東卷]以下敘述正確的是( [解析]A對(duì)．慣性是物體的固有屬性，質(zhì)量是慣性的唯一量度，慣性的大小與速度無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)．通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)得出力不是維持運(yùn)動(dòng)的原因的物理學(xué)家是，故C錯(cuò)．楞次定律反映出的感應(yīng)電流的規(guī)律是機(jī)械能或磁場(chǎng)能向電能轉(zhuǎn)化的必然結(jié)果，故D對(duì)．R1、R2v1、

[解析]“天宮一號(hào)”變軌前后都是地球的，都由地球?qū)λ娜f(wàn)有

G m

16．[2012·山東卷]將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中，v－t圖象如圖所示．以下判斷正確的是( A3sB2sC3s2sD3s5sAC[解析]從圖象可以看出前3s貨物加速向上運(yùn)動(dòng)，加速度向上，處于A2s3m/s2，所以貨物受除了受到重力還B3s和后2s內(nèi)貨物的平均速度都是3m/s，C3s5秒末貨物勻速上升，除了受到重力，貨物還受到拉力，拉力做正功，機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)．17．[2012·山東卷]OO1、OO2可繞O、O1、O2O擋板間摩擦力的大小，F(xiàn)N表示木塊與擋板間正壓力的大?。魮醢彘g的距離稍O(shè)1、O2始終等高，則()A．Ff變小B．Ff不變C．FN變小D．FN [解析]O豎直方向有：2Tcosθ＝MgT＝Mgθ增大時(shí)，Tm2水平方向有：T′sinθ＝FNθ增大時(shí)，T增大，T′增大，sinθFN增大；豎直方向有：T′cosθ＋mg＝Ff，解得Ff＝Mg＋mg，所以Ff不變．218．[2012·山東卷]圖甲是某燃?xì)鉅t點(diǎn)火裝置的原理圖．轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換圈的匝數(shù)分別為n1、n2，V為交流電壓表．當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)在和金屬板間電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w．以下判斷正確的是()圖 圖A．電壓表的示數(shù)等于5V 5V ．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是 [解析]所以交流電壓表的示數(shù)為2

V，則n2＝U2＞1000C 19．[2012·山東卷]圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡abc三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)則 cbcabbcCD[解析]從運(yùn)動(dòng)軌跡來(lái)看，帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中一直受到固定正點(diǎn)電A錯(cuò)．a(chǎn)點(diǎn)離點(diǎn)電荷最近，所以受力最大，故B錯(cuò)．帶電粒子由b點(diǎn)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，帶電粒子的電勢(shì)能Ca、b間電勢(shì)差大于b、c間電勢(shì)差，由a點(diǎn)到b點(diǎn)動(dòng)能的增量大bcD]強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.將質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒由靜止釋放，當(dāng)持拉力的功率恒為P，導(dǎo)體棒最終以2v的速度勻速運(yùn)動(dòng)．導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻重力加速度為g.下列選確的是() ．當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到2時(shí)加速度大小為 [解析]v時(shí)，對(duì)導(dǎo)體棒進(jìn)行 ＝所 2vmgsinθ＋F＝ P＝F×2v＝2mgvsinθAv當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到222mgsinθ－ 由①③可得 C，當(dāng)導(dǎo)體棒的速度達(dá)到2v時(shí) 的過(guò)程中，R上產(chǎn)生的焦 等于拉力和重力做功之和，故D錯(cuò)誤．21．(1)[2012·山東卷]某同學(xué)利用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究物塊在水平桌面上停在桌面上(尚未到達(dá)滑輪處)．從紙帶上便于測(cè)量的點(diǎn)開始，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)，50圖 圖 ②計(jì)數(shù)點(diǎn)5對(duì)應(yīng)的速度大小為 m/s，計(jì)數(shù)點(diǎn)6對(duì)應(yīng)的速度大小 ③物 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度的大小為 g面間的動(dòng)摩擦因數(shù)(g為重力加速度)，則計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因數(shù)的真實(shí)值 (21．(1)[答案] 7(或 偏[解析]①－x34≈x56－x45≠x67－x56x78－x89≈x89－x910≈x910－x10116、7間②v5＝x46＝1.0005m/s1.00x45－x12＝x56－x23＝3a′T2a′＝2.00m/s2，故v6＝v5＋a′T＝1.20m/s.③勻運(yùn)動(dòng)的加速度大小

＝2.00考慮到勻階段，物塊除了受到桌面的摩擦力還受到紙帶的摩擦力，由＋Ff＝ma得a＝μ＋Ffa 21．(2)[2012·山東卷]待測(cè)金屬絲：Rx(4Ω0.5電壓表：V(3V3電流表：A1(0.6A0.2A2(3A0.05電源：E1(3V，內(nèi)阻不計(jì)E2(12V，內(nèi)阻不計(jì)滑動(dòng)變阻器：R(20①用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù) 21．(2)[答案①1.773(1.771～1.775均正確 [解析]0.5A12V

Ω＝24Ω]BC道位于同一豎直平面內(nèi)，P點(diǎn)為圓弧軌道上kgM＝0.8kgμ2＝0.1.(g＝10PCP、FP點(diǎn)與工件保持相對(duì)靜止，一起向FBCB點(diǎn)間的距離．22．[解析(1)PBCh＝0.2m②(2)a，Pθ，由幾cosθ＝R根據(jù)第二定律，對(duì)物塊F＝8.5N⑥tx1Bx2，11x2＝0.423．[2012·山東卷]如圖甲所示，相隔一定距離的豎直邊界兩側(cè)為相同的勻強(qiáng)磁LMN和PQ，兩極板中心各有一小孔S1、S2U0T0.t＝0mq(q>0)S1

＝2S2垂直于邊界進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)區(qū)．(不計(jì)粒子重力，不考慮極板外的電場(chǎng)圖 圖S2vt＝3T0S2，且速度23．[解析(1)S1S2m2m2設(shè)粒子的加速度大小為a，由第二定律qd由運(yùn)動(dòng)學(xué)14m22Lqt1，有44若粒子再次到達(dá)S2時(shí)速度恰好為零，粒子回到極板間應(yīng)做勻運(yùn)動(dòng)，設(shè)勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)得d＝v222t2聯(lián)立⑩??44設(shè)粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，由⑥式結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)聯(lián)立??? T36．(1)[2012·山東卷]以下說(shuō)法正確的是 [解析]溫度升高，就有的水分子離開液體，變成水蒸氣，所以溫度越高，水的飽和氣壓越大，故A正確．?dāng)U散現(xiàn)象說(shuō)明分子在永不停息地運(yùn)動(dòng)故B正確分子間的引力與斥力都隨著分子間距離的增大而減小故C錯(cuò)一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹，由理想氣體狀態(tài)方程pV＝C可知，因p不變而T變大，則T變大，氣體分子的平均動(dòng)能增大，故D錯(cuò)．]銀的U形管豎直放置，右端與大氣相通，左端封閉氣柱長(zhǎng)l1＝20畫出)h＝10cm.(環(huán)境溫度p0＝75cmHg)②此過(guò)程左管內(nèi)的氣體對(duì)外界 (填“做正功”“做負(fù)功”或“不做功”)，氣體 (填“吸熱”或“放熱36．(2)[答案]①50 ②做正 吸[解析]①設(shè)U形管橫截面面積為S，右端與大氣相通時(shí)左管中封閉氣體壓強(qiáng)為壓艙內(nèi)的壓強(qiáng)為p.左管中封閉氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律得p＝5037(1)[2012·t＝0P、Q分別位于x＝2m、x＝4mt＝0t＝15sQ4次到達(dá)波峰．P做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式(不要求推導(dǎo)過(guò)程37(1)[]vλmt＝3T＋3TTv＝1Py＝0.2sin(0.5πt)37．(2)[2012·山東卷]為球心，ABBBMMAB，BNN點(diǎn)發(fā)生全反射．已知∠ABM＝30°，求：OBN37．(2)[解析]BMMir，由幾何知識(shí)可知， n＝nBNN點(diǎn)發(fā)生全反射，則∠BNOC.nBNd，由幾何知識(shí)可知d＝3338．(1)[2012·山東卷]n

42ν1

438．(1)[答案]4

[解析]由原子能級(jí)躍 得：hν1＝E4－E2＝1E1－1E1＝－3E1＝1E1－E1＝－31，所以

38．(2)[2012·山東卷]A、B、C分開，BCABB與CB的速度大?。?8．(2)[解析]AB碰撞后，AvA，BCBBCv，由動(dòng)量守恒定律得對(duì)A、B木塊：mAv0＝mAvA＋mBvB①B、C木塊：mBvB＝(mB＋mC)v②由A與B間的距離保持不變可知vB＝62012卷(理綜物理14．[2012·卷]物體由大量分子組成，下到說(shuō)法正確的是( [解析分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子的平均動(dòng)能越大，但并非每個(gè)分子的動(dòng)以增加物體的內(nèi)能，D錯(cuò)誤．15．[2012·卷]今年4月30日，西昌發(fā)射中心發(fā)射的中圓軌道，其軌道半徑為2.8×107m.它與另一顆同質(zhì)量的同步軌道(軌道半徑為相比 B．動(dòng)能較大 [解析]由題目所給的數(shù)據(jù)知，中圓軌道的軌道半徑小于同步軌道衛(wèi)軌 的向心力較大 Mm＝v2，得 G m r 的角速度較大r16．[2012·卷]如圖所示，在鐵芯P上繞著兩個(gè)線圈a和b，則 ababbaab16．D[解析]ab輸出同頻率的正弦交變電電場(chǎng)，D正確．[2012·卷]如圖為氫原子能級(jí)示意圖的一部分，則 n＝4n＝3n＝3n＝5n＝1n＝5[解析]由圖知，n＝4能級(jí)與n＝3能級(jí)間的能量差小于n＝3能級(jí)與＝2能級(jí)間的能量差，根據(jù)ΔE＝hν＝c，A生變化，D錯(cuò)誤．其折射光束如圖所示．用a、b兩束光( B．先后照射某金屬，a光照射時(shí)恰能逸出光電子，b光照射時(shí)也CbλaD．從同一介質(zhì)以相同方向射向空氣，其界面為平面，ab光的反 [解析]橫波和縱波都能發(fā)生現(xiàn)象，A錯(cuò)誤；由圖知，a光的折射率aab光照射ba光一定發(fā)生全反射，C正確；根據(jù)光的反射定律，反射角等于入射角，D錯(cuò)誤．[2012·卷]在xOy平面內(nèi)有一列沿x軸正方向的簡(jiǎn)諧橫波波速M(fèi)N1s．則() ．該波的周期為3

s時(shí)，N2Ct＝0t＝ls，M2

s到

s，M [解析]λ，根據(jù)題意，(n＋3)λ＝2mv＝λT＝14 433＞1s33

s，A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度與波速無(wú)必然聯(lián)系，B3 3

s到

sM衡位置運(yùn)動(dòng)，速度變大，動(dòng)能變大，D[2012·卷]半徑為a右端開小口的導(dǎo)體圓環(huán)和長(zhǎng)為2a的導(dǎo)體直桿，單位長(zhǎng)度電阻均為R0.圓環(huán)水平固定放置，整個(gè)內(nèi)部區(qū)域分布著豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.桿在圓環(huán)上以速度v平行于直徑CD向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，桿始終有兩點(diǎn)與圓環(huán)良好接觸，從圓環(huán)中心O開始，桿的位置由θ確定，如圖 3θ＝02BavB．θ＝π時(shí)，桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為3Bav3C．θ＝0時(shí)，桿受的 D．θ＝3時(shí)，桿受的力大小為3vAD[解析]θ＝0時(shí)，桿在圓心位置，切割磁感線的有效長(zhǎng)度等于圓環(huán)直徑，桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝2Bav，A正確；當(dāng)θ＝π時(shí)，桿切割磁感線的3v

R1＝(2a＋πa)R0，桿受的力

R1

，C，錯(cuò)誤；當(dāng)θ＝π時(shí)，回路的總電阻

0，桿受的力F R2

，D

μg.則()撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻運(yùn)mF后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為m物體做勻運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

—m21．BD[解析]撤去F后的一段時(shí)間內(nèi)，由于運(yùn)動(dòng)過(guò)程力不斷變化，物體先m 22．(1)[2012·卷]某物理小組采用如圖所示的裝于同一高度，M為A球中心初始時(shí)在水平地面上的垂直投影．用小錘打擊彈性金屬片，使A球沿水平方向飛出，同面的高度是1.225m，M、N點(diǎn)間的距離為1.500m，則B球落到P點(diǎn)的時(shí)間是 s，A球落地時(shí)的動(dòng)能 J．(忽略空氣阻力，g取9.8m/s2)22．(1)[答案]0.5 [解析]B

2t＝0.5s；A方向有x＝v0t，豎直方向有

2，由動(dòng)能定理，有

Ek＝0.66

22．(2)[2012·卷]某學(xué)組的同學(xué)擬探究小燈泡L的伏安特性曲線，A13A0.1Ω；A20.6Ar2＝0.2Ω；V3VrV＝9kΩR11Ω；R23kΩ；R0～10Ω；E6V，內(nèi)阻不計(jì)；S及導(dǎo)線若干．圖 圖 圖 圖壓表的示數(shù)如圖2所示，此時(shí)L的電阻為 加在L上的電壓值是 ③學(xué)組認(rèn)為要想更準(zhǔn)確地描繪出L完整的伏安特性曲線，需要重新設(shè)計(jì)電22．(2)[答案] ③ 答圖 答圖I[解析]22.30V，根據(jù)歐姆定律，LI

Ω＝5ΩR23VR21VL兩端的電壓為電壓表和電阻R2兩端的電壓之和，即為4V；③如答圖1和答圖2所示．23．[2012·卷]省“十二五”水利發(fā)展規(guī)劃，若按現(xiàn)有供水能力測(cè)20m80%的皮帶，帶19kW0.4Ω.1×103kg/m310(2)864m3的水需要的時(shí)間(不計(jì)進(jìn)、出水口的水流速度23．[解析(1)P，則rPr，則Pr＝1×103(2)Mt.hV，水的密度為ρ，則MΔEp，則P0，則t＝2×10424．[2012·卷]如圖所示，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，AB段光滑水平，BCθ＝37°r＝2.5m，CD段平直傾斜E＝2×105N/C、m＝5×10－2kgq＝＋1×10－6C的小物體(視為質(zhì)點(diǎn))C＝3m/sC點(diǎn)時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，0.1sμ＝0.25.設(shè)小物體的電荷量保持不g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.2(2)PCP的長(zhǎng)度．24．[解析(1)Wf，由動(dòng)能定理得2Wf＝0.475(2)Ca1，小物體向上做勻運(yùn)動(dòng)，經(jīng)t1＝0.1s后，速度達(dá)到v1，有v1＝2.1m/ss1s1＝v0t1＋112a電場(chǎng)力反向后，設(shè)小物體的加速度為a2，由第二定律0t2s2s2＝v1t2＋122aCPs，有s＝0.5725．[2012·卷]如圖所示，水平虛線X下方區(qū)域分布著方向水平、垂直紙面B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，整個(gè)空間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫出)．質(zhì)量mqPXAIAO，lOmO，PQ，QOWv0.P、Q兩小球在W點(diǎn)發(fā)生正碰，碰后電場(chǎng)、磁場(chǎng)，兩小球粘在一g.EPF，要使繩不斷，F(xiàn)AX25．[解析(1)PF1，則qqPvmv＝mP、QWvm此刻輕繩的張力也為最大，由運(yùn)動(dòng)定律 2 vPXtP1vPXtP2，則tP2＝πQPtQ，由單擺周期性，有s＝(n＋1

l－4)[n為大于(

g－1的整數(shù)

QPtQ，由單擺周期性，有s＝(n＋3

l－4)[n為大于(

l－3的整數(shù)

2012卷(理綜物理[2012·卷]下列說(shuō)法正確的是( 1．B[解析]放射性元素的半衰期是由原子核內(nèi)部自身的因素決定的，跟原子核所處的化學(xué)狀態(tài)和外部環(huán)境沒(méi)有關(guān)系，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；從高空對(duì)地面進(jìn)行遙感攝影是紅外遙感技術(shù)的應(yīng)用，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；原子核的質(zhì)量小于原子核所含核子單獨(dú)存在時(shí)的總質(zhì)量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．2．[2012·卷]如圖所示，金屬棒MN兩端由等長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)某一個(gè)條件，θ角的相應(yīng)變化情況是( A．棒中的電流變大，θ角變大兩懸線等長(zhǎng)變短，θ角變小C．金屬棒質(zhì)量變大，θ角變大D．磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，θ角變小 [解析]作出側(cè)視圖(MN方向)tanθ＝BILIθ變大，AθBmθCBθD[2012·卷]一人造地球繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，假如該變軌1仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小為原來(lái)的4，不考 質(zhì)量的變化，則變軌前的 A．向心加速度大小之比為4∶1 C．周期之比為1∶8 D．軌道半徑之比為1∶243．C[解析]人造地球的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的1，而質(zhì)量不變，則4變?yōu)樵瓉?lái)的

G m得r＝GM， 的軌道半徑變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，D錯(cuò)誤；由ω＝v，可 角速度變?yōu)樵瓉?lái)的1，B錯(cuò)誤；由T＝2π，可 的周期變?yōu)樵瓉?lái)的8倍 正確；由a＝GM，可 的加速度變?yōu)樵瓉?lái)的1，A錯(cuò)誤 [2012·卷]通過(guò)一理想變壓器，經(jīng)同一線路輸送相同的電功率P，原UR.

P

P 1 ]P P損耗的電功率將變?yōu)樵瓉?lái)的1，選項(xiàng)[2012·卷]兩個(gè)固定的等量異號(hào)點(diǎn)電荷所產(chǎn)生電場(chǎng)的等A點(diǎn)沿 5．C[解析]帶負(fù)電的粒子剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)受力方向與初速度方向垂直，粒子做[2012·卷]半圓形玻璃磚橫截面如圖，AB為直徑，O點(diǎn)為圓心．在該截a、b兩束光 在同種均勻介質(zhì)中，a光的速度較以相同的入射角從空氣斜射入水中，ba光照射某金屬表面能發(fā)生光電效應(yīng)，b分別通過(guò)同一雙縫裝置，a光的相鄰亮條紋間距ACD[解析]完成光路圖，如圖所示，其中OP、OQ分別為a、b兩光線在玻璃磚內(nèi)部時(shí)的法線．兩單色光垂直AB射入O的距離相等，由幾何關(guān)系可知，兩光線在半圓邊界上的入射角相等，bab光的射角小)、頻率較大(a光照射某金屬表面能發(fā)生光電效應(yīng)，b光也一定能)、波長(zhǎng)較短(通過(guò)同一雙縫裝置，b光的相鄰亮條紋間距小)、在同種均勻介質(zhì)[2012·卷]沿x軸正向的一列簡(jiǎn)諧橫波在t＝0時(shí)刻的波形如圖所示M為介質(zhì)中的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)該波 1s時(shí) MMMM [解析]4mλ＝vTT＝0.1s，故t＝1s＝1由于機(jī)械波沿x軸正方 ，所以t＝0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn) 4運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向，經(jīng)1T時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)M的速度方向沿y軸負(fù)方向，對(duì)平衡yyCD4[2012·卷]如圖甲所示，靜止在水AF作用，F(xiàn)t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面的靜摩擦力最大值fm與滑動(dòng)摩擦力大小相等，則 A．0～t1時(shí)間內(nèi)F的功率逐漸增 B．t2時(shí)刻物塊A的加速度最C．t2時(shí)刻后物塊A做反向運(yùn) D．t3時(shí)刻物塊A的動(dòng)能最 [解析0～t1Ffm fmF的方向做加速運(yùn)動(dòng)(加速度逐漸減小)C錯(cuò)誤；t3Ffmt3D [2012·卷]質(zhì)量為0.2kg的小球豎直向下以6m/s的速度落至水平地4m/s的速度反向彈回，取豎直向上為正方向，則小球與地面碰撞前后

kg·m/s.0.2s9．(1)[答案]

N(g＝10[解析]p1＝mv1＝0.2×(－6)kg·m/s＝－1.2＝p2－p1＝2kg·m/s.由動(dòng)量定理得，F(xiàn)－mg＝Δp，代入數(shù)據(jù)，有F＝12N. [2012·卷]某同學(xué)用實(shí)驗(yàn)的方法探究影響單擺周期的 L＝0.9990m，再用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球直徑， ③下列振動(dòng)圖象描述了對(duì)擺長(zhǎng)為1m的單擺進(jìn)行周期測(cè)量的四種操作過(guò)＝0.087,sin15°＝0.26，這四種操作過(guò)程合乎實(shí)驗(yàn)要求且誤差最小的是 (填字母代號(hào)ABCD9．(2)[答案] [解析]①擺長(zhǎng)是影響單擺周期的一個(gè)因素，在某一次測(cè)量中應(yīng)采用控制變量法C、D15°時(shí)的擺動(dòng)情況；為使時(shí)間的測(cè)量更加準(zhǔn)確，應(yīng)該從小球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)．綜上所述，選項(xiàng)A正確．9．(3)[2012·卷]某同學(xué)在進(jìn)行擴(kuò)大電流表量程的實(shí)驗(yàn)時(shí)需要知道電流表R1為滑動(dòng)變阻器，R2為電阻箱．該同學(xué)順利完成了這個(gè)實(shí)驗(yàn)． R1R2R2R1R2G1I1G2的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度R2r②僅從實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)原理上看，用上述方法得到的G2 (G2I上并聯(lián)的分流電阻RS的表達(dá)式 9．(3)[答案①BEFADC②相等③[解析]①S1(S2不閉合)G1G2串聯(lián)，通過(guò)兩表的電流相同，使待測(cè)電流表G2滿偏即可由標(biāo)準(zhǔn)電流表G1讀出其滿偏電流I1.再S2R1R2G1I1G2的電流為1G2②G2③若要將G2的量程擴(kuò)大為I，需并聯(lián)一個(gè)分流電阻RS，G2滿偏時(shí)通過(guò)分流電阻RSI－I1RSG2I1r，所以RS＝I1r.10．[2012·卷]如圖所示，水平地面上固定有高為h的平臺(tái)，臺(tái)面上有固定B發(fā)生碰撞，g.求：AA、B10．[解析(1)mAgh＝1mv2AvA＝(2)v