2021年河南省洛陽市洛寧縣中考物理一模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共14.0分）

1.在2021央視春節(jié)聯(lián)歡晚會上，舞蹈侏鶻飄逸靈動，靜謐夢幻，演員們對朱鶻

的演繹惟妙惟肖，宛如一幅流動的畫，訴說著人與自然的和諧共生，如圖所示。下

列說法正確的是（）

A.當演員們動作整體向前走時，彼此是運動的

B.演員在每塊地屏上所成的像都是不完整的

C.舞臺上的地屏光滑平整，相當于一個個平面鏡

D.我們能從地屏上看到演員們的像，說明光照到地屏上發(fā)生了漫反射

2.下列說法錯誤的是（）

A.人體正常的體溫是36.5。（：左右

B.兩杯水的溫度相同，內能也一定相同

C.燒水時壺嘴冒出“白氣”是液化現(xiàn)象，需要放出熱量

D.物體吸收熱量，溫度不一定升高

3.如圖甲是漢能便攜式薄膜太陽能發(fā)電書包，這樣的書包給人們帶來了全新體驗。對

于該書包，下列說法不正確的是（）

甲乙

A.太陽能來源于太陽內部發(fā)生的核裂變

B.如圖乙所示，該書包左側肩帶處設計有大小吸盤，可以安放手機，這是由于大

氣壓的作用

C.該書包帶有兩個USB接口，利用該書包給手機充電時，書包相當于電源

D.某時刻，該太陽能發(fā)電書包的發(fā)電功率為10.5VV,接收太陽能的功率為52.5勿,

則該過程中太陽能的利用率為20%

4.小明在光具座上做“探究凸透鏡成像規(guī)律”的實驗。當光屏、凸透鏡及燭焰的相對

位置如圖所示時，恰能在光屏上得到一個清晰的像。由此判斷正確的是（）

4In

小20cm-16cm-

A.這是投影儀的成像原理

B.若在蠟燭和凸透鏡之間放一個近視眼鏡，光屏向左移動才能成清晰的像

C.當把燭焰放在距凸透鏡8cm的位置時，向右移動光屏，光屏上成倒立、放大的

實像

D.當把燭焰放在距凸透鏡16c”?的位置時，向右移動光屏，光屏上成倒立、放大

的實像

5.質地均勻杠桿，每個鉤碼重0.5N,下列操作中可以使杠桿在水平位置平衡的是（杠

桿上有等間隔的刻度）（）

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6.如圖所示，把重為G的物體沿高為心長為/的粗糙

斜面以速度v由底端勻速拉到頂端的過程中，拉力F

做的功為W,則下列選項正確的是（）

A.拉力大小為華

B.物體所受摩擦力大小為"瀉

C.拉力功率的大小為十

D.斜面的機械效率為石春

7.三個相同容器內分別盛滿不同的液體，現(xiàn)將三個完全相同的小球輕輕放入容器中,

小球靜止后的狀態(tài)如圖所示，以下判斷正確的是（）

A.液體的密度關系是PP兩〉P/

B.液體對容器底部的壓強關系是Pz>P尹〉P兩

C.容器對桌面的壓強關系是P‘印>p'z>p'丙

D.小球受到的浮力大小關系是尸乙=尸藥〉F尹

二、多選題（本大題共1小題，共2.0分）

8.如圖所示，電源電壓為12V保持不變，電流表使用的量

程是。?0.6A,電壓表使用的量程是0?15U,滑動變阻

器的規(guī)格是“300,L4”，小燈泡的規(guī)格是“6匕3W”，

要求開關閉合后兩個電表的示數(shù)都不能超過所使用的量

程，且小燈泡兩端的電壓不能超過其額定電壓（不計燈絲

電阻的變化），則閉合開關后，下列說法正確的是（）

A.滑動變阻器的滑片向左移動時，電壓表的示數(shù)與電流表的示數(shù)的關系圖像是一

條直線

B.電路中允許通過的最大電流是0.64

C.滑動變阻器允許接入電路的阻值范圍是12?300

D.當電路中的電流最大時，滑動變阻器的功率是3W

三、填空題（本大題共6小題，共14.0分）

9.如圖所示，炒面是河南的特色名吃。拉燒面時，燒面被拉得很長也

不斷，這是因為分子間存在；炒面出鍋時香飄四溢，這是由

于分子的產生的。

10.如圖所示，是某人正在展示“用錫紙記錄聲音”的過

程。對著紙筒唱歌，紙筒底部的振針在移動的錫紙上

留下深淺不同的刻痕從而記錄下聲音，這說明聲音具

有O復原聲音時，錫紙移動變快，聲音的就與原聲不同。

11.首都北京天安門廣場舉行的大閱兵儀式上，長0.2km的輕型裝甲車方隊勻速駛過長

1初?的閱兵區(qū)域，歷時6min,則輕型裝甲車方隊行進的速度為km/h；無人

機方隊與地面指揮中心是靠進行聯(lián)系的。

12.如圖所示，是小明在兒童樂園滑滑梯的情景。下滑時，

小明受到滑道對他的支持力，這個力是由于發(fā)生

彈性形變而產生的。某次小明勻速下滑時，小明處于

（選填“平衡”或“非平衡”）狀態(tài)；如果此時小

明受到的力突然全部消失，小明將做運動。

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13.如圖甲所示，是小燈泡L和定值電阻R的/-U特性圖線。將小燈泡L和定值電阻R

按圖乙所示接入電路中，只閉合開關S時，小燈泡的實際功率為1W,則小燈泡兩

端的電壓為,再閉合開關S1電流表的示數(shù)變化了A,此時電路消耗

的總功率為卬。

14.如圖甲所示，踢犍子是一項有益的傳統(tǒng)健身體育活動。踢粳子時，若在同一高度以

大小相同的初速度處分別沿豎直向上和斜向上方向將健子踢出。如圖乙所示，忽略

空氣阻力，健子上升到最高點時到地面的高度分別為心和電，則生后（選

填或）.你判斷的依據是。

四、作圖題（本大題共2小題，共4.0分）

15.圖中，物塊在粗鏈水平面上正水平向左滑動并壓縮彈簧，左［頌衡工］

在。點畫出物塊在水平方向上的受力示意圖。

16.閱讀題目提供的信息并完成作圖：一束激光從某種玻璃中射向空氣（如圖甲所示）,

當入射角增大到41.8時，折射光線消失，只存在入射光線與反射光線，這種現(xiàn)象叫

做光的全反射。一個三棱鏡由上述玻璃構成，讓一束光垂直于玻璃三棱鏡的一個面

射入（如圖乙所示），請在圖中完成這束入射光的光路圖.

五、實驗探究題（本大題共3小題，共18.0分）

17.如圖是探究“電流通過導體時產生的熱量與哪些因素有關”的實驗裝置。四個相同

的透明容器中密封著質量相等的空氣，將1、2和3、4導線分別接到電源兩端。

（1）圖甲所示的裝置用來探究電流通過電阻絲產生的熱量與的關系，通電一

段時間（選填“優(yōu)’或）容器中電流產生的熱量較多。

（2）通過觀察圖乙中的實驗現(xiàn)象，可知（選填%”或"d”）容器中電阻絲的

阻值較大。

（3）實驗中，加熱介質采用空氣而不采用液體，是因為空氣的比液體的小，

吸收相同的熱量時溫度變化較大。

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18.小強同學為了測量某種液體的密度，進行了以下實驗。

(1)將天平放在水平桌面上，把游碼移到處，發(fā)現(xiàn)指針靜止時指在分度盤的

右側，這時應將平衡螺母向調節(jié)，直至天平橫梁水平平衡。

(2)小強用調好的天平進行了以下三項操作：

4用天平測量燒杯和剩余液體的總質量，如圖甲所示；

B.將待測液體倒入燒杯中，用天平測出燒杯和液體的總質量，如圖乙所示；

C將燒杯中的一部分液體倒入量筒，測出這部分液體的體積，如圖丙所示。

以上操作的正確順序是(填字母代號)。由圖中顯示的測量數(shù)據可計算得出

3

該液體的密度為kg/m0

(3)小強不小心將量筒打碎了，老師說不用天平和量筒也能測量出液體的密度，老

師給小強提供了一個正方體小木塊(密度小于水和待測液體的密度)、盛有適量水的

燒杯、盛有適量待測液體的燒杯、一把刻度尺，于是小強設計了如下實驗步驟，請

你補充完整。

①小強用刻度尺測量出木塊的棱長人；

②為Li

③把木塊擦干后再放入待測液體中，待木塊靜止時測出木塊露出液面的高度為人；

④則待測液體密度的表達式P=(已知水的密度為P次)。

19.在測量小燈泡的電功率時，電源電壓為3V,小燈泡上標有“2.5『'字樣。

(1)某同學連成了如圖甲所示的電路，閉合開關后會發(fā)現(xiàn)(寫出一個現(xiàn)象即

可)。經分析有一根導線連接錯誤，請在連接錯誤的導線上打“x”，并補畫出一根

導線連接成正確的電路。

(2)電路正確連接后，從滑動變阻器接入電路的最大阻值開始記錄數(shù)據，得到小燈

泡的關系圖像如圖乙所示，則小燈泡的額定功率是W,小燈泡的實際功率隨

實際電壓的增大而滑動變阻器的規(guī)格應選擇o

A.10I2,\A

B.15U,1A

C.25/2,1A

D.50。,\A

(3)當小燈泡兩端的實際電壓為額定電壓的一半時，小燈泡的實際功率P獎(

選填或申蝮

(4)有同學認為利用該電路還可以探究出導體中的電流和導體兩端的電壓成正比。

你認為這種說法(選填“合理”或“不合理”)，理由是。

六、計算題(本大題共2小題，共18.0分)

20.某家用電熱水壺有加熱和保溫兩擋，內部電路簡化示意圖如圖甲所示，其中匕和/?2

均為阻值不變的發(fā)熱電阻。某次使用該電熱水壺燒水的過程中，消耗的電功率隨時

間變化的圖像如圖乙所示。

(1)電熱水壺是利用電流的工作的，加熱時能量的轉化情況是。

(2)求該電熱水壺加熱和保溫時的電流之比；

(3)求電阻&的阻值；

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(4)給1.2kg的水加熱，使水溫從20久升至80式，電熱水壺的工作效率為90%,需要

加熱多長時間？[c次=4,2x1。3〃(kg-℃)]

21.鄭州某公司為節(jié)能減排、綠色環(huán)保，開發(fā)并設計了多種型號的新

能源汽車。其中，某種型號的純電動汽車的樣車如圖所示，其部

分參數(shù)如表所示。

電池容量42kW?h最高時速120km

空車質量1380依最大功率\00kW

輪胎與地面總接觸面積0.032m2最大續(xù)航里程260km

⑴電動機的工作原理是(選填“電流的磁效應”或“磁場對電流的作用”),

電動汽車前進和倒退是通過改變來改變電動機的轉動方向的。

(2)假如汽車上只有司機一人，質量為60依，電動汽車靜止時對水平地面的壓強是

多少？

(3)該司機試駕時，汽車以60km//i的速度勻速行駛366，耗電9MV，，汽車所受

的阻力為汽車總重的0.05倍，則電動汽車牽引力所做的功是多少？(g取10N/kg)

(4)電動汽車的電能轉化為機械能的效率是多少？

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、當演員們動作整體向前走時，相對于地面是運動的，但是相對于彼此

是靜止的，故A錯誤；

8、平面鏡成的像一定是完整的，但能否看到完整的像取決于觀察角度，故8錯誤；

C、舞臺的地屏光滑，所以為一個個平面鏡，故C正確；

D.我們能從地屏上看到演員們的像，是因為地屏發(fā)生了鏡面反射而非漫反射，故。錯

、口

1天。

故選：C。

(1)物體是運動還是靜止與參照物的選擇有關；

(2)平面鏡成等大的虛像；

(3)光滑的地屏相當一個個平面鏡；

(4)地屏光滑平整，光線照到地屏上發(fā)生了鏡面反射。

本題考查了物體運動與否與選擇的參照物有關，及平面鏡的應用，是一到基礎題。

2.【答案】B

【解析】解：

A、人體的正常體溫為36.5冤左右，符合實際，故選項A不符合題意；

8、因為不知道兩杯水的質量，所以我們不能確定溫度相同的兩杯水哪個內能大，哪個

內能小，故選項8符合題意；

C、燒水時壺嘴冒出的白氣是壺內冒出的水蒸氣遇冷的空氣變成的小水珠，是液化現(xiàn)象，

液化放出熱量，故選項C不符合題意；

D晶體在熔化過程中，繼續(xù)吸熱，但溫度是不變的，所以，物體吸收熱量，溫度不一定

升高，故選項。不符合題意；

故選：B。

(1)了解人體的正常溫度；

(2)一切物體都有內能，內能與物體的質量、溫度、狀態(tài)有關；

(3)物質從氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)是液化現(xiàn)象，液化放出熱量；

(4)物體的內能發(fā)生變化，可能表現(xiàn)在物體的溫度變化，也可能是狀態(tài)的變化。

本題主要考查學生對溫度影響內能的掌握，以及描述熱量相對應的術語的理解，是熱學

的難點，是中考的熱點。

3.【答案】A

【解析】解：A、在太陽內部，氫原子核在超高溫作用下發(fā)生聚變，釋放巨大的核能，

故A錯誤；

8、該書包左側肩帶設計有大小吸盤，將手機壓在吸盤上，擠出吸盤內的空氣，由于大

氣壓的作用，手機被緊緊壓在吸盤上；可以在此處放心安放手機，故8正確；

C、利用該書包給手機充電時，書包提供電能，轉化為手機電池的化學能，其作用相當

于電源，故C正確；

。、該過程中太陽能的利用率：

〃=箸=黑5X100%=20%,故。正確。

'接收

故選：A。

(1)太陽內部進行著核聚變，由氫原子核聚變成氨原子核，釋放出核能；

(2)將手機壓在吸盤上，擠出吸盤內的空氣，由于大氣壓的作用，手機被緊緊壓在吸盤

上；

(3)電源是提供電能的裝置，用電器是消耗電能的裝置；

(4)該過程中太陽能的利用率等于發(fā)電功率與接收太陽能的功率之比。

本題考查了太陽能、大氣壓的作用、電源的作用以及太陽能利用效率的計算，注意效率

等于有用功率與總功率之比，或等于有用能量與總能量之比。

4.【答案】D

【解析】解：A、由圖可知：u-20cm,。=16cm.且iz>也

由凸透鏡成像規(guī)律可知：此時的像是倒立縮小的實像，故A錯誤；

8、因凹透鏡對光線有發(fā)散作用，所以此時所成的像向后移動了，光屏必須向右移動才

能接到清晰的像，故光屏應遠離凸透鏡才能成清晰的像，故8錯誤；

C、由圖可知，u=20cm>2f,2f>16cm>f,

解得8cm<f<10cm,當把燭焰放在距凸透鏡Scm的位置時，iz</,凸透鏡成正立放

大的虛像，光屏上沒有像，故C錯誤；

D、當把燭焰放在距凸透鏡16cm的位置時，由圖可知，2/>V=16sn>/,向右移

動光屏，光屏上成倒立、放大的實像，故。正確。

故選：。。

(1)凸透鏡成實像時，u>v,成倒立、縮小的實像，應用于照相機和攝像機；u<v,

第12頁，共24頁

成倒立、放大的實像，應用于幻燈機和投影儀。

2f>u>f,成倒立、放大的實像，應用于幻燈機和投影儀，根據物距和焦距的關系解

不等式即可。

(2)近視眼鏡片是凹透鏡，凹透鏡對光線有發(fā)散作用；物距越大，像距越小，成的像也

越小。

此題考查了有關凸透鏡成像的規(guī)律，掌握凸透鏡成像的特點與物距、像距之間的關系，

此題需根據物距與像距的大小關系得出成像的特點及物距和像距的范圍，以及凹透鏡對

光線的發(fā)散作用。

5.【答案】D

【解析】

【分析】

本題考查杠桿的平衡條件動力x動力臂=阻力x阻力臂的應用，難度不大。

動力和阻力應使杠桿轉動的方向相反，根據杠桿的平衡條件動力X動力臂=阻力X阻力臂

進行判斷。

【解答】

AC,由圖知動力和阻力使得杠桿轉動的方向相同，故AC錯誤；

B.左邊懸掛2個鉤碼時，若一個鉤碼重0.5N,杠桿上一格長L,彈簧秤的示數(shù)為1.5N,

0.5Nx2x4L力1.5Nx53故杠桿不平衡，故B錯誤；

D右邊懸掛2個鉤碼時，若一個鉤碼重0.5N,杠桿上一格長3彈簧秤的示數(shù)為2N,

0.5Nx2x6L=2Wx3L,故杠桿平衡，故。正確。

故選。。

6.【答案】C

【解析】解：

A、拉力做的功為總功，即加總=W=Fl,所以拉力F=3；

有用功為小有用=Gh,因為在斜面上拉動物體要克服摩擦力做功，

所以口有用，即F/>Gh,則F=?>牛，故A錯；

8、使用斜面時克服摩擦力做的功為額外功，則川莉=八=小忌一"有用=皿一。瓦

所以物體所受的摩擦力：/=竺產，故B錯誤；

c、做功時間為t=-V,拉力t功率—的大L小P=十=7=7，故C正確；

v

D、斜面的機械效率為4=黑=引故。錯。

故選：Co

使用斜面時,利用“=G/i求有用功，利用W=F2求總功，克服摩擦做的額外功W&=八，

利用P=多求拉力做功功率，利用效率公式〃=/求斜面的機械效率。據此分析判斷。

本題考查了使用斜面時有用功、額外功、總功、功率、機械效率的計算，因為已知量是

字母，要細心推導/

7.【答案】D

【解析】解：A、由于小球在丙中懸浮，故P對=P物；在乙容器中漂浮，故P/＞P物；

在甲中下沉，故P甲〈P物;三種液體密度關系：P尹＜P丙＜PN，故A錯誤；

8、靜止時三個容器的液面恰好相平，即深度/?相等，由于乙液體的密度最大，根據p=

pg/i可知，乙容器底受到的液體壓強最大；故B錯誤；

C、開始時，丫甲=丫乙二丫丙,放入小球后，甲、丙溢出相同體積的液體，則剩余液體體

積嘴=匕3由于P尹＜P為，故m■甲丙,重力G甲＜G丙,乙液體溢出的最少，故剩

余液體體積吃最大，又因為Pz最大，所以乙的質量最大、重力最大，G甲〈G丙〈G乙,

容器相同，則容器重力相等，三個完全相同的小球，則小球的重力相等，

容器對水平桌面的壓力等于容器，容器內的液體和物體的重力之和，

根據p=g得P'z＞P'丙〉P'尹，C錯誤；

。、由圖知，小球在丙容器中懸浮，在乙容器中漂浮，所以小球所受的浮力與自身的重

力相等；在甲中下沉，浮力小于其重力，故小球受到的浮力大小關系是尸乙=尸丙〉尸并

故。正確。

故選：Do

(1)當物體漂浮或懸浮時，其浮力等于自身的重力；

(2)根據物體浮沉條件，結合圖示得出三種液體的密度大小關系，然后利用液體壓強公

式分析判斷三種液體對容器底的壓強關系；

(3)燒杯對桌面的壓力等于燒杯、容器內液體和小球的總重力，受力面積相同，根據p=9

比較壓強大小。

第14頁，共24頁

此題主要考查物體浮沉條件及其應用、壓強的大小比較，根據物體浮沉條件，結合圖示

得出三種液體的密度大小關系是解答此題關鍵。

8.【答案】ACD

【解析】解：由電路圖可知，燈泡L與滑動變阻器R串聯(lián)，電壓表測L兩端的電壓，電

流表測電路中的電流。

、根據并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律可得電壓表的示數(shù)：

AUV=U-UL=12V-IRL,

所以電壓表的示數(shù)與電流表的示數(shù)的關系是一次函數(shù)，則圖像是一條直線，故A正確；

P濯3W

B、根據P=U/可得，燈泡正常工作的電流為：/頒=i=瑞=0.54,

已知電流表的量程為07).64,滑動變阻器的規(guī)格是“30。，1A”，則電流中的最大電

流為：/或大=/頻=°54,故B錯誤；

C、當電流中的電流最大時燈泡正常工作，根據串聯(lián)電路的總電壓等于各用電器兩端的

電壓之和可得：

滑動變阻器兩端的電壓為：U滑小=U-UL=12V-6V=6匕

根據/=9可得，滑動變阻器接入電路中的最小電阻為：R滑〃、=等=怒=12。；

R/酸大"A

由于電壓表使用的量程是0?15心電源電壓為12V,所以滑動變阻器的電阻可以全部

接入電路，

所以，滑動變阻器允許接入電路的阻值范圍是12?300,故C正確；

￡)、當電路中的電流最大時滑動變阻器的功率：。.=火浮#或大=6Ux0.5A=3W,故

。正確。

故選：ACDo

由電路圖可知，燈泡心與滑動變阻器R串聯(lián)，電壓表測滑動變阻器R兩端的電壓，電流

表測電路中的電流。

(1)滑動變阻器的滑片向左移動時，根據并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律可得電壓表的

示數(shù):由此即可判斷電壓表的示數(shù)與電流表的示數(shù)的關系圖

UV=U-UL=12V-IRL,

像特點；

(2)根據P=U/求出燈泡正常工作的電流，與電流表的量程比較即可判斷電路中的最大

電流；

(3)當電流中的電流最大時，滑動變阻器接入電路中的電阻最小，根據串聯(lián)電路的特點

和歐姆定律即可求出滑動變阻器接入電路中的最小電阻；

由于電壓表使用的量程是0?15V,電源電壓為12V,所以滑動變阻器的電阻可以全部

接入電路，然后即可得出滑動變阻器接入電路中的電阻變化范圍；

(4)利用P=U/求出當電路中的電流最大時滑動變阻器的功率。

本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，從圖像中獲取有用的信息

是關鍵。

9.【答案】引力無規(guī)則運動

【解析】解：分子間存在相互作用的引力，在分子間引力作用下，使燒面拉得很長而不

斷開；面出鍋時香飄四溢，屬于擴散現(xiàn)象，是由于分子的無規(guī)則運動產生的。

故答案為：引力；無規(guī)則運動。

物質是由大量分子組成的，分子在永不停息地做無規(guī)則運動，分子間存在相互的引力和

斥力。

本題主要考查學生對分子運動及其分子間作用力的了解和掌握，是一道基礎題。

10.【答案】能量音調

【解析】解：由“對著紙筒唱歌，紙筒底部的振針在移動的錫紙上留下深淺不一的刻痕

從而記錄下聲音”可知，錫紙記錄聲音與導電性無關，復原聲音時，振針經過刻痕帶動

紙筒振動發(fā)聲重現(xiàn)歌聲，這不是魔術，其原理是聲波具有能量，響度越大刻痕越深；

復原聲音時，錫紙移動變快，振動的頻率不同，則聲音的音調就與原聲不同。

故答案為：能量；音調。

聲音可以傳遞信息，也可以傳遞能量；音調的高低與振動的頻率有關。

本題考查了聲音與能量、聲音的特征，屬于基礎題。

11.【答案】12電磁波

【解析】解：(1)裝甲車方隊行駛的距離為：s=0.2km+1km=1.2km,行駛時間t=

6mm=-/i,

io

裝甲車方隊行進速度：v=-=^—=12km/ha

10

(2)無人機方隊與地面指揮中心是靠電磁波進行聯(lián)系的。

故答案為：12；電磁波。

(1)裝甲車方隊駛過閱兵區(qū)域通過的距離等于方隊長和閱兵區(qū)域長之和，利用速度計算

公式計算出平均速度。

第16頁，共24頁

(2)無人機方隊與地面指揮中心是靠電磁波聯(lián)系的。

本題考查了速度公式的計算和電磁波的應用，明確裝甲車方隊行駛的距離是解題的關鍵。

12.【答案】滑道平衡勻速直線

【解析】解：彈力是物體發(fā)生形變后，在恢復原狀的過程中對與其接觸的物體所產生的

力；小明下滑時受到滑道對他的支持力，則受力物體是小明，施力物體是滑道，所以這

個彈力是由于滑道發(fā)生彈性形變而對小明產生的。

圖中小明沿直線滑道勻速下滑，小明下滑時做勻速直線運動，因此小明處于平衡狀態(tài)；

由于小明是運動的，當小明受外力突然全部消失時，根據牛頓第一定律，小明將做勻速

直線運動。

故答案為：滑道；平衡；勻速直線。

(1)彈力是物體發(fā)生形變后，在恢復原狀的過程中對與其接觸的物體所產生的力。

(2)平衡狀態(tài)包括靜止和勻速直線運動。

(3)根據牛頓第一定律可得到，如果物體所受的一切外力同時消失，物體將保持靜止或

勻速直線運動狀態(tài)。

此題考查彈力的概念、平衡狀態(tài)的判斷，以及牛頓第一運動定律等知識的理解和應用，

是一道綜合性較強的題目，難度不大。

13.【答案】2V0.21.4

【解析】解：(1)只閉合開關S時，電路為L的簡單電路，電流表測電路中的電流，

根據P=U/,當小燈泡的實際功率為1W時，由甲圖像可知，

燈泡兩端的電壓為2匕即：電源的電壓U=2心通過燈泡的電流〃=0.54

(2)當再閉合開關a時，燈泡與定值電阻R并聯(lián)，電流表測干路電流，

并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，

此時R兩端的電壓為2匕由圖像可知/R=0.2A,

并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，

由于通過燈泡的電流不變，則干路電流增加的量為R的電流，

所以，電流表示數(shù)變化量為0.24

則干路電流為：I=IL+IR=0.5A+0.2A=0.74,

電路消耗的總功率：P=UI=2Vx0.7A=1.4WZo

故答案為：2V；0.2；1.4。

(1)只閉合開關S時，電路為L的簡單電路，由甲圖像讀出當小燈泡的實際功率為1卬時

兩端的電壓（即為電源的電壓）和通過的電流；

（2）當再閉合開關Si時，燈泡與定值電阻R并聯(lián)，電流表測干路電流，根據并聯(lián)電路的

電壓特點可知R兩端的電壓，由甲圖像可知此時通過R的電流，根據并聯(lián)電路的電流特

點可知R的電流為此時干路增加的電流，即為電流表示數(shù)的變化量,然后求出干路電流，

利用P=U/求出此時電路消耗的總功率。

本題考查了并聯(lián)電路的特點和電功率公式的應用，關鍵是能從圖像中得出小燈泡的實際

功率為1W的電壓和通過的電流。

14.【答案】>斜向上的小球運動到最高點時，動能沒有全部轉化為重力勢能

【解析】解：根據機械能守恒定律，兩個完全相同的小球，在同一高度處以相同大小的

初速度，他們的動能和重力勢能相同，故兩球拋出時的機械能相同，忽略空氣阻力，兩

球拋出后上升到最高點時斜向上的小球運動到最高點時，動能沒有全部轉化為重力勢能,

因此兩球拋出后上升到最高點時到地面的高度陽>向；

故答案為：>；斜向上的小球運動到最高點時，動能沒有全部轉化為重力勢能。

兩個小球在運動的過程中，只有重力做功，機械能都守恒，由機械能守恒定律分析動能

勢能關系。

本題考查影響物體動能與重力勢能的轉化，只存在動能和重力勢能相互轉化時，機械能

守恒，難度適中。

15.【答案】解：物塊正水平向左滑動并壓縮彈簧，分析可知在0點時物塊水平方向上

受到彈簧對它向右的彈力、地面對它水平向右的摩擦力，過物塊重心，沿水平向右的方

向做出這兩個力，如圖所示：

【解析】畫力的示意圖，首先要對物體進行受力分析，看物體受幾個力，要先分析力的

大小、方向和作用點，再按照畫圖的要求畫出各個力。

畫力的示意圖的一般步驟為：一畫簡圖二定點，三畫線，四畫尖，五把力的符號標尖邊。

按照這個作圖步驟，很容易能夠畫出指定力的示意圖。

16.【答案】解：

因為光線從空氣垂直于玻璃入射，所以光的傳播方向不變；當光射到玻璃的右表面時,

由于入射角為45。，大于臨界角41.8。，所以發(fā)生全反射（折射光線消失，只有反射光線），

其大致路徑如下圖所示：

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【解析】當光從一種透明介質垂直射入另一種透明介質時，傳播方向不變。當光從其他

透明介質斜射入空氣時，折射角大于入射角。據此畫出光路圖。

本題主要考查了光的折射現(xiàn)象以及光的全反射現(xiàn)象，考查了光的折射的光路圖，有一定

綜合性。

17.【答案】電流ad比熱容

【解析】解：(1)圖甲裝置中一個50的電阻與兩個5。的電阻并聯(lián)后再串聯(lián)，根據串聯(lián)電

路的電流特點可知，右端兩個電阻的總電流和左端的電阻電流相等，即/方=/左,兩個50

的電阻并聯(lián)，根據并聯(lián)電路的電流特點知/左=/的+/勿所以，1左內,燒瓶內的電

阻值都是50,阻值相等，通電時間相等，電流不同，通電一段時間，由Q=/2/?t知，〃

容器中電流產生的熱量多；

(2)乙圖中，右側U形管中液柱上升幅度更大。根據串聯(lián)電路的電流特點可知，電流和

通電時間相等，根據Q=/2Rt可知，通電一段時間后，裝置d容器內電阻大，產生的熱

里多；

(3)實驗中電流放出的熱量的多少可以通過液面高度差的變化來反映；由于空氣的比熱

容要小于液體的比熱容，在同樣吸熱的情況下，空氣的溫度升高的快，體積變化明顯，

實驗現(xiàn)象易于觀察。

故答案為：(1)電流;a；(2)d；(3)比熱容。

(1)(2)電流產生的熱量跟電流大小、電阻大小、通電時間有關；探究電流產生熱量跟電

流關系時，控制電阻和通電時間相同；探究電流產生熱量跟電阻關系時，控制通電時間

和電流不變；

(3)電流通過導體產生熱量的多少不能直接觀察，但氣體溫度的變化可以通過液面高度

差的變化來反映；根據Q=cmAt分析選取空氣的原因。

此題考查了電流產生熱量影響因素的探究過程，注意控制變量法和轉換法在實驗中的應

用。

18.【答案】0刻度線左BCA1.1X103當將小木塊放入盛水的容器時，待木塊靜止

時測出木塊露出液面的高度樂Jp水

【解析】解：(1)將天平放在水平桌面上，游碼移至標尺左端“0”刻度線處；發(fā)現(xiàn)指針

靜止時指在分度盤中央的右側，根據“右偏左調，左偏右調”的規(guī)則，應將平衡螺母向

左調；

(2)實驗中應先測燒杯與液體的總質量，再倒一部分到量筒中測出體積，再測剩余液體

和燒杯的質量，因此正確操作步驟順序為BCA；

(3)讀圖乙可知燒杯和液體的總質量為加2=50g+20g+10g+2.4g=82.4g,m,=

20g+10g+5g+2.4g=38.4g,量筒中液體的體積為40cm3,

液體的密度：p=四蘆=，%;滬=1,x103kg/m3-

①木塊的棱長?。徽襟w小木塊的一個面的面積為S=跖，

②當將小木塊放入盛水的容器時，待木塊靜止時測出木塊露出液面的高度為刀；則小木

塊浸入水中的深度為人一刀；

則根據G=mg、F浮=P液。4#和物體的漂浮條件可得:mg=p水g(L。-〃)以------①

③當將小木塊放入盛待測液體的容器中，小木塊露出該液體表面的高度為G，則小木

塊浸入液體中的深度為L。-乙2；

同理可得：mg=p液g(Lo-L2)璃------②

聯(lián)立①②可得：。液=條沙水。

故答案為：(1)0刻度線;左；(2)BC41.1xlO3；(3)當將小木塊放入盛水的容器時,

待木塊靜止時測出木塊露出液面的高度；甘P水。

(1)天平使用前調節(jié)平衡時，要先將游碼撥動到標尺的零刻度線處；調節(jié)平衡螺母，規(guī)

則是“右偏左調，左偏右調”，即指針向右偏就向左調平衡螺母，指針向左偏就向右調

平衡螺母，調左側的還是右側的平衡螺母都是可以的；

(2)實驗過程主要是測量液體的質量與體積，并考慮盡量減小實驗的誤差；液體的密度

要用公式進行計算，利用機2-61求出液體的質量，通過量筒讀出液體的體積；

(3)利用尸水浮=尸液浮和產浮=P液9匕就能推.導出液體的密度公式。

實驗中考查了天平的調節(jié)與讀數(shù)、量筒的讀數(shù)、密度公式的運用等，對實驗步驟的正確

把握是本題考查的重點，應通過對步驟的理解學會選擇最優(yōu)化的設計，既要使操作簡便

也要盡量減小誤差。

19.【答案】燈不發(fā)光(或電流表示數(shù)為。或電壓表示數(shù)為3U)0.625變大C＞不合

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理燈的電阻隨溫度的變化而改變

【解析】解：(1)原電路中，燈與變阻器并聯(lián)后與電流串聯(lián)，電壓表串聯(lián)在電路中，因

電壓表內阻很大，故電流表示數(shù)為0,燈不發(fā)光，電壓表測電源電壓，電壓表示數(shù)為3H

電流表應與變阻器串聯(lián)后再與燈串聯(lián)，電壓表與燈并聯(lián)，改正后如下所示：

(2)燈在額定電壓下正常發(fā)光，根據小燈泡的/-U圖像知，燈在額定電壓下的電流為

0.254則小燈泡的額定功率是：P=ULIL=2.51/x0.25/1=0.625W；

由上圖知，通過燈的電流隨電壓的變大而變大，由P=U/,小燈泡的實際功率隨實際電

壓的增大而變大；

由圖乙數(shù)據知，當電壓為0.5V時對應的電流為0.14由串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律，此

時滑動變阻器連入電路的電阻為：

R=熟=學=咚啜=25。，因從滑動變阻器接入電路的最大阻值開始記錄數(shù)據，

何A/10.14

故選C；

(4)當電阻不變時，由P=9可知，電壓變?yōu)樵瓉淼囊话?，功率變?yōu)樵瓉淼乃姆种唬?/p>

由于燈泡的電阻是變化的，當電壓減小時，通過燈的電流變小，根據P=U/燈的功率減

小，燈絲的溫度減小，燈絲的電阻也減小，故當小燈泡兩端的實際電壓為額定電壓一半

時，小燈泡的實際功率P實大于：P施

(4)利用該電路還可以探究出導體中電流和導體兩端電壓成正比，這種說法不合理，因

探究導體中電流和導體兩端電壓成正比時，要控制電阻大小相等，而燈的電阻隨溫度的

變化而改變，故這種說法不合理；

故答案為：(1)燈不發(fā)光(或電流表示數(shù)為0或電壓表示數(shù)為3V)；(2)0.625；變大；C；

(3)＞；(4)不合理：燈的電阻隨溫度的變化而改變。

(1)原電路中，燈與變阻器并聯(lián)后與電流串聯(lián)，電壓表串聯(lián)在電路中，因電壓表內阻很

大，可知電流表示數(shù)為0,燈不發(fā)光，電壓表通過變阻順與電源連通測電源電壓，可知

電壓表示數(shù)；

本實驗中，電流表應與變阻器串聯(lián)后再與燈串聯(lián)，電壓表與燈并聯(lián)；

(2)燈在額定電壓下正常發(fā)光，根據小燈泡的/-U圖像知燈在額定電壓下的電流，根據

P=U/得出小燈泡的額定功率；

通過燈的電流隨電壓的變大而變大，由「="分析回答；

由圖乙數(shù)據知當電壓為0.5V時對應的電流，由串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律得出此時滑動

變阻器連入電路的電阻，結合已知條件分析；

(3)由P=9結合燈的電阻隨溫度的變化而變化分析；

(4)探究導體中電流和導體兩端電壓成正比時，要控制電阻大小相等，據此分析。

本題測燈泡的功率，考查電路連接、電路分析、電功率計算、數(shù)據分析、對器材的要求，

同時探究出導體中電流和導體兩端電壓的關系，考查控制變量法的運用及影響電阻大小

的因素。

20.【答案】熱效應電能轉化為內能

【解析】解：(1)電流通過導體發(fā)熱的現(xiàn)象叫電流的熱效應，因此電水壺是利用電流的

熱效應工作的，并將電能轉化為了內能；

(2)由圖乙知，加熱功率P如點=1600W,保溫功率P儂=400匹，

P

I加熱P

由p=w可得，這次電熱水壺加熱和保溫時的電流之比為魯=聲=券=端=i

/保溫_!^〃保溫4UUIV1

U

(3)當開關S接1時電路為&的簡單電路，當開關S接2時&與Rz串聯(lián)，

因串聯(lián)電路中總電阻大于任何一個分電阻，

所以，當開關S接1時，電路的總電阻最小，由「=u/=?可知，電路的總功率最大,

處于加熱擋，

U2(2201/)2

同理可知，當開關S接2時處于保溫擋，則電阻R1=t=瑞6=30.25。，

保溫時電路的總電阻R總=盧=噂翳=1210,

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電阻&=R總一&=1210-30.250=

90.750；

(4)水溫從20久升至80久時水吸收的熱量：

s

Q吸=c水-t0)=4.2x103〃(kg-℃)x1.2kgx(80℃-20℃)=3.024x107,

第22頁，共24頁

由v=%x100%可得，電熱水壺消耗的電能：勿=%=筆普=3.36x105/,

1W