第第頁河北省保定部分高中2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期9月月考物理試題（圖片版含答案）保定市高一年級1+3聯(lián)考

A.喇球到達A、兩點的速度火小之比為1：2

A.期球進過0D段的剝回是遙過OA段時問的3格

物理試題

C,銅球通過0C段與CD改所用時向的比值為3+25

考試時間：T5分鐘滿分：100分

一、單項選擇題：本恩共7小題，。每題4分，共28分。在年小恩給出的四個選項中，

D.若胡球連M點的遮度大小為”，在C點的速度大小為，則其在B點的速度大小為中

只有一項是符合題目要求的，

三.從地面上以機速度豎直上措一西量為剛的小球，若壇動過浮中

1.下列關(guān)于運動劍述的說法中正商的是〔)

受到的阻力與凳這率成正比，小球運動的速單德時問凌化的規(guī)徘燈

A云假陶問，小明在保定科技海洋館研究金色望色浸好時的優(yōu)美窮態(tài)，可將金色蛀魚視為壓點

團所示，小珠在時！到達最高點后兩落目晚面。落道率為(，

B.毛主席詩中的“坐地日行八萬里”，是以地心為袋考系

0

且落地前小珠己輕微勻應(yīng)遠動，氧力如速度為g,下列關(guān)于小球運動的戲法中不正璃的是

C.做勻這直線運動物休的位置時何關(guān)系圖像x一)是一條領(lǐng)斜的直戰(zhàn)，且必過坐標原點

).高露公蹈上的區(qū)問利速，測量的是汽車的平均速度

2.小球在液你中運動時會受到液體的哼熱阻力，這種阻力路為鉆帶力。如只支體的黏滯性較大.

A.馬時劉小球的加速度為

小晾的半徑較小，則小球受到的黏常力f6風(fēng)，式中與稱為液體的粘帚系數(shù).r為小球半徑，口

B.修夠判所在速皮達到？之前小球的缸京度一直在堿小

為小求運動的速皮。若采用四際單位制中的基本華位來表示7的單位，則其單位列】

C.晚夠計了小球嘉出廚間的血速度大小

A告

B

m's

C

m

D。7為常效，沒有物理單位

D.小球上升的最大高應(yīng)大于

3.在2023年1月2日，以“冰雪智漢，上行時代為宗臺的2023中國長春（國體）無人年駛汽車

2

冰雪視戰(zhàn)零正式開吾，中問一汽紅監(jiān)L4否能寫駛小巴和紅數(shù)E￥-L4兩重騎木型亮相賽椅，全

6如圖所示。節(jié)支架的平板小車沿水學(xué)百向右做直線運動，質(zhì)量

方位園示中因汽在汽車智能網(wǎng)聯(lián)技術(shù)上的深套成果。在某次比塞巾，無人駕駛汽車在學(xué)直公路

為m的小球A用輕質(zhì)細齡甚掛于支柔，小車右端質(zhì)量為H的物共

上行定，突然發(fā)現(xiàn)前方有樟快，智能系筑識別后緊急制動。從場開始計時，該汽車的位移：與

B始瓷相對于小車醉止。物飲B與小車平長聞間的歡摩德因更為虹

時問r的關(guān)系為8一戶.下到說漾正棉的是〔)

若某議時問內(nèi)觀察到輕所細找與空直方向充能為出.且保特不變，

0i7

A該汽車的初速度為血s

丹.通華到車后s末的速度大小為2g

在這段時問內(nèi)《)

Cs內(nèi)汽車和浪了16血

D,在汽車停止融任流相鄰1s內(nèi)的也移之差都是m

A。小車一定正在做加過運動

4,白利暗在銅球沿群面運的實數(shù)中，段了上百次實驗，結(jié)朵表明銅球沿斜面液下的運動是勻加

B,經(jīng)細線對小球A的拉力大小為巴

sha

型直速運動。如測所示，揮球從羽西上的0點出后止釋放，陰丙OD鼓分成四個長夜相等的部

C.物塊B所受摩等力大個為4g,方向水平向定

分.即OA=AB=C-CD,下列站論正的的是()

D小車對物塊B的師用力大小為Mg1m白，方向為牌向左上方

16

176保定市高一年級1+3聯(lián)考

物理參考答案

1.B

【解析】

【詳解】A．研究金色鯉魚漫游時的優(yōu)美姿態(tài)，魚的形狀和大小不能忽略，故不可以作為質(zhì)點，故A錯誤；

B．地面繞著地心日轉(zhuǎn)八萬里，故參考系為地心，故B正確；

C．物體做勻速直線運動，發(fā)生的位移與時間成正比，其位移時間圖像是一條傾斜的過坐標原點的直線，位移是描述位置變化的物理量，由于物體的初位置坐標未知，則無法判斷物體的位置時間圖像是否過原點，但一定是一條傾斜的直線，故C錯誤；

D．高速公路上的區(qū)間測速，對應(yīng)一段時間，測量的是汽車的平均速率，故D錯誤。

故選D。

2.B

【解析】

力的單位是牛頓，用力學(xué)基本單位表示為：kg·m/s2，由f＝6πηrv可得η＝

其中r的單位是m，v的單位是m/s，所以η的單位為＝，A、C、D錯誤，B正確。故選B。

3.C

【解析】

【詳解】A．由與x=8t－t2對比可知

，

故A錯誤；

B．汽車的剎車時間為

所以汽車在4s時已停止運動，則該汽車剎車后5s末的速度大小為0，故B錯誤；

C．5s內(nèi)該汽車行駛的距離等于4s內(nèi)運動的距離即為

故C正確；

D．根據(jù)△x=at2可知，在汽車停止前任意相鄰1s內(nèi)的位移之差都是2m，故D錯誤。

故選C。

4.C

【解析】

【詳解】A．根據(jù)速度位移關(guān)系可得

可知銅球到達A、B兩點的速度之比為

故A錯誤；

B．根據(jù)位移與時間關(guān)系

可知銅球通過OD段的時間與通過OA段時間之比為

即銅球通過OD段的時間是通過OA段時間的2倍，故B錯誤；

C．銅球通過OC段與CD段所用的時間之比為

故C正確；

D．銅球做勻加速運動，在某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，而從A到B的時間大于從B到C的時間，所以B點不是A、C兩點間中間時刻的位置，A、C兩點間中間時刻的位置應(yīng)在A、B之間，則

故D錯誤。

故選C。

5.D

【解析】

【詳解】A．t1時刻到達最高點，該時刻速度為零，則阻力為零，此時只受到重力作用，故此時刻加速度為重力加速度g，選項A正確；

B．速度達到v1之前，圖像的切線斜率絕對值逐漸減小，小球的加速度一直在減小，選項B正確；

C．小球拋出瞬間，有

當(dāng)速度達到v1時，有

解得

C正確；

D．小球上升過程做加速度減小的變減速運動，從圖中可以看出，時間內(nèi)圖線與時間軸所圍面積小于勻減速直線運動時的面積，則小球上升的最大高度為小于，所以D錯誤。

故選D。

6.D

【解析】

【詳解】A．對A受力分析，由牛頓第二定律得

解得

方向水平向左，則小車向右做減速運動，故A錯誤；

B．細繩的拉力為

故B錯誤；

C．由題意可知，A與小車相對靜止，則小車與A具有相同的加速度，即小車的加速度大小為，方向水平向左，此刻物塊B的加速度與小車相同，根據(jù)牛頓第二定律可知

方向水平向左，小車對物體B的作用力為

方向為斜向左上方，故C錯誤，D正確。

故選D。

7.B

【解析】

【詳解】對圓環(huán)受力分析如圖，圓環(huán)始終處于受力平衡狀態(tài)，三個力可以組成首位相接的封閉三角形，隨著圓環(huán)上升拉力F的方向與斜面的夾角逐漸變大，如圖中虛線所示，F(xiàn)一直增大，一直增大。

故選B。

8.BD

【解析】

【詳解】A．質(zhì)量是慣性大小的唯一量度，與物體的速度大小無關(guān)，A錯誤；

B．方程式賽車與地面間的摩擦力是一對作用力與反作用力，大小相等，方向相反，是同一性質(zhì)的力，B正確；

C．由牛頓第二定律可知，當(dāng)物體所受合外力不變的情況下，質(zhì)量小其加速度一定大；而若合外力不確定時，即使質(zhì)量小，加速度也不一定大，C錯誤；

D．根據(jù)牛頓第二定律可知，物體加速度的方向始終與它所受的合外力方向一致，D正確。

故選BD。

9.BC

【解析】

【分析】

【詳解】A．施加F前，對整體受力分析，一定受重力、彈簧彈力，若豎直方向受靜摩擦力，則也一定受墻向右的彈力，但若受向右的彈力，則沒有向左的力與之平衡，合力不可能為零，故整體不受墻的彈力，也不受靜摩擦力；故A錯誤；

B．施加F前，對整體受力分析，受重力、彈簧彈力，根據(jù)平衡條件彈簧彈力大小一定等于A、B兩物體重力大小之和，B正確；

C．當(dāng)施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為mAgsinθ，若

F=mAgsinθ

則A、B之間的摩擦力為零，故C正確；

D．對整體分析，由于AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力，故D錯誤。

故選BC。

10.CD

【解析】

【詳解】A．貨物開始向上做勻減速直線運動，此時摩擦力沿斜面向下，對貨物進行受力分析有

解得

減速至?xí)r通過的位移

之后進一步做勻減速直線運動，此時摩擦力沿斜面向上，對貨物進行受力分析有

解得

減速至0時通過的位移為

則貨物能沖上水平臺面，故A錯誤；

B．貨物開始向上做勻減速直線運動到與傳送帶共速，經(jīng)歷的時間為

貨物與傳送帶共速繼續(xù)向上做勻減速直線運動到頂端過程，有

解得

，（不合理舍去）

則貨物從A處運動到B處所用的時間為

故B錯誤；

C．貨物開始向上做勻減速直線運動到與傳送帶共速，貨物相對傳送帶向上運動的位移為

貨物與傳送帶共速到頂端過程，貨物相對傳送帶向下運動的位移為

由于兩次相對運動相反，則貨物在傳送帶上的劃痕長為0.8m，故C正確；

D．貨物離開傳送帶時速度大小為

故D正確。

故選CD。

11.每空2分，共8分。

【答案】①.D②.4.20③.F④.200

【解析】

【詳解】①[1]即用兩彈簧測力計拉橡皮條的共同作用效果和用一個彈簧測力計拉橡皮條的作用效果相同，即兩彈簧測力計共同作用的效果可以用一個彈簧測力計的作用效果替代，ABC錯誤，D正確。

故選D。

②[2]由圖乙可知，彈簧測力計的最小分度值是0.1N，此時橡皮條的彈力大小為4.20N。

③[3]F是由平行四邊形定則作圖得到的合力的理論值，在平行四邊形的對角線上，因此F是與合力的理論值。

④[4]由胡克定律結(jié)合彈力F與彈簧長度L的關(guān)系圖像可得

12.每空2分，共8分

【答案】①.需要②.需要③.2.00④.①

【解析】

【詳解】①[1]為使小車受的合力近似等于砝碼和砝碼盤的總重力，因此需要平衡小車和長木板之間的摩擦力。

[2]以小車及砝碼和砝碼盤組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律，則有

小車的加速度為

小車所受的合外力則有

當(dāng)mM時，可認為小車受到的拉力等于砝碼和砝碼盤的總重力，因此需要滿足的條件。

②[3]已知打點計時器使用的交流電頻率為，紙帶上相鄰計數(shù)點間有4個點未標出，因此可知，紙帶上相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為

T=5×0.02s=0.1s

由，可得小車的加速度大小為

③[4]研究小車質(zhì)量一定的情況下其加速度a與砝碼重力F的關(guān)系時，忘記測量砝碼盤的質(zhì)量，即砝碼盤的重力沒有計入F時，當(dāng)F是零時，因為有砝碼盤的重力，小車的加速度不是零，因此aF圖像在a軸上有截距，得到a與F的關(guān)系應(yīng)該是圖丙中的①。

13.10分

【答案】（1）；（2）；

【解析】

【詳解】（1）圓棒底部距離A點高度

1分

圓棒做自由落體運動下落到A點有

2分

代入數(shù)據(jù)解得

1分

（2）圓棒通過AB的過程即圓棒底部到達A點和圓棒頂端離開B點這一過程，可知圓棒底部到達A點的速度為

2分

圓棒通過AB下落的高度為

1分

圓棒通過AB過程由

2分

代入數(shù)據(jù)解得

1分

14.13分

【答案】（1）兩車會相撞；（2）

【解析】

【詳解】（1）當(dāng)兩車速度相等時，轎車B剎車距離為

2分

當(dāng)兩車的速度相同時，用時為

2分

該時間內(nèi)貨車A運動的距離為

1分

則

1分

故兩車會相撞；

（2）經(jīng)過時間兩車的距離為

1分

代入數(shù)據(jù)解得

1分

此時轎車B的速度為

1分

設(shè)從開始再經(jīng)過時間t，兩車的速度達到相同速度且恰好相遇，設(shè)此過程中貨車A的加速度為，則

1分

1分

1分

聯(lián)合解得貨車的加速度至少為

1分

15.15分

【答案】（1）2m/s2，05m/s2；（2）2s；（3）8.4m

【解析】

【詳解】（1）將小物