江蘇省南京市九中2023-2024學(xué)年高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩顆人造地球衛(wèi)星，都繞地球作勻速圓周運動，它們的質(zhì)量相等，軌道半徑之比，則它們的速度大小之比等于（）A.2：1 B.：1C.1：2 D.4：12、隨著電子技術(shù)的發(fā)展，霍爾傳感器被廣泛應(yīng)用在汽車的各個系統(tǒng)中．其中霍爾轉(zhuǎn)速傳感器在測量發(fā)動機轉(zhuǎn)速時，情景簡化如圖（甲）所示，被測量轉(zhuǎn)子的輪齒（具有磁性）每次經(jīng)過霍爾元件時，都會使霍爾電壓發(fā)生變化，傳感器的內(nèi)置電路會將霍爾元件電壓調(diào)整放大，輸出一個脈沖信號，霍爾元件的原理如圖（乙）所示．下列說法正確的是（）A.霍爾電壓是由于元件中定向移動的載流子受到電場力作用發(fā)生偏轉(zhuǎn)而產(chǎn)生的B.若霍爾元件的前端電勢比后端低，則元件中的載流子為負(fù)電荷C.在其它條件不變的情況下，霍爾元件的厚度c越大，產(chǎn)生的霍爾電壓越高D.若轉(zhuǎn)速表顯示1800r/min，轉(zhuǎn)子上齒數(shù)150個，則霍爾傳感器每分鐘輸出12個脈沖信號3、電子與質(zhì)子速度相同，都從O點射入勻強磁場區(qū)，則圖中畫出的四段圓弧，哪兩個是電子和質(zhì)子運動的可能軌()A.a是電子運動軌跡，d是質(zhì)子運動軌跡B.b是電子運動軌跡，c是質(zhì)子運動軌跡C.c是電子運動軌跡，b是質(zhì)子運動軌跡D.d是電子運動軌跡，a是質(zhì)子運動軌跡4、如圖所示，一個內(nèi)阻不可忽略的電源，R1為定值電阻，L1和L2是小燈泡，R為滑動變阻器，P為滑片．若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，燈泡L2的亮度及R1消耗的電功率分別（）A.變亮，一直減小 B.變亮，先增大后減小C.變暗，無法確定 D.變暗，一直增大5、如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣塊，甲、乙疊放在一起置于光滑的水平地面上，空間存在著水平方向的勻強磁場，在水平恒力F的作用下，甲、乙無相對滑動地一起向左加速運動，在加速運動階段()A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大B.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小C.甲、乙向左運動的加速度不變D.乙物體對地面的壓力不變6、一種未知粒子跟靜止的氫原子核正碰，測出碰撞后氫原子核的速度是7v。該未知粒子（速度不變）跟靜止的氮原子核正碰時，測出碰撞后氮原子核的速度是v。已知氫原子核的質(zhì)量是mH，氮原子核的質(zhì)量是14mH，上述碰撞都是彈性碰撞，則下列說法正確的是A.碰撞前后未知粒子的機械能不變B.未知粒子在兩次碰撞前后方向均相反C.未知粒子的質(zhì)量為D.未知粒子可能是α粒子二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向a端移動一段距離，下列結(jié)論正確的是A.電流表讀數(shù)變小B.燈泡L變亮C.電容器C上的電荷量增多D.電壓表讀數(shù)變小8、如圖所示，為理想變壓器，電流表、電壓表均為理想交流電表，為定值電阻，為滑動變阻器，為電容器，兩點間接正弦交流電，則A.只將滑片下移時，電流表示數(shù)變小B.只將滑片下移時，電壓表示數(shù)變大C.只增大輸入交流電的電壓時，電流表示數(shù)變大D.只增大輸入交流電的頻率時，電壓表示數(shù)變大9、如圖所示，一內(nèi)外側(cè)均光滑的半圓柱槽置于光滑的水平面上，槽的左側(cè)有一豎直墻壁．現(xiàn)讓一小球（可視為質(zhì)點）自左端槽口A點的正上方從靜止開始下落，與半圓槽相切并從A點進入槽內(nèi)，則下列說法正確的是A.小球離開右側(cè)槽口以后，將做豎直上拋運動B.小球在槽內(nèi)運動的全過程中，只有重力對小球做功C.小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒D.小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量不守恒10、一質(zhì)量為m的帶電液滴以豎直向下的初速度v0進入電場中，由于電場力和重力的作用，液滴沿豎直方向下落一段距離h時速度為零，取重力加速度為g，下列判斷正確的是A.液滴重力勢能減少量為mghB.液滴的機械能減少量等于液滴的電勢能增加量C.液滴的電勢能增加量為mghD.電場力對液滴做的功為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面成傾角θ，勻強磁場垂直導(dǎo)軌平面向上，一根通有恒定電流的導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，并與導(dǎo)軌保持良好接觸，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為μ。剛開始導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上，當(dāng)磁感應(yīng)強度減小為B1時，導(dǎo)體棒恰好不下滑。求:（1）試說明導(dǎo)體棒ab中電流的方向；（2）當(dāng)磁感應(yīng)強度多少時，導(dǎo)體棒恰好不上滑？12．（12分）在利用碰撞做“驗證動量守恒定律”的實驗中，實驗裝置如圖甲所示，圖中斜槽部分與水平槽部分平滑連接，按要求安裝好儀器后開始實驗．圖中設(shè)計有一個支柱（通過調(diào)整，可使兩球的球心在同一水平線上，上面的小球被碰離開后，支柱立即倒下）．先不放被碰小球，讓入射小球從擋板C處由靜止?jié)L下，重復(fù)若干次；然后把被碰小球放到支柱上，有重復(fù)若干次．在白紙上記錄下掛于槽口的重錘線在記錄紙上的豎直投影點和各次實驗時小球落點的平均位置，從左至右依次為O、M、P、N點，兩小球直徑相等，并用刻度尺測出OM、OP、ON的長度．入射小球和被碰小球的質(zhì)量分別為m1、m2．則（1）入射小球的質(zhì)量m1和被碰小球的質(zhì)量m2應(yīng)該滿足m2_____m1（填“>”或“<”）（2）用螺旋測微器測量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑d=___________mm（3）當(dāng)所測的物理量滿足表達式_____________________（用所測物理量的字母表示）時，即說明兩球的碰撞遵守動量守恒定律（4）某次實驗得到入射小球的落點M、P到O距離如圖丙所示，假設(shè)兩球的碰撞是彈性正碰，則被碰小球的落點N到O的距離ON=_________cm．（保留2位小數(shù)）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M，則有：Gm得：v，軌道半徑之比為：；則它們的速度大小之比為：．故ACD錯誤，B正確；2、B【解析】元件內(nèi)載流子受到洛倫茲力和電場力的作用，故A錯誤；根據(jù)左手定則，電子向前端偏轉(zhuǎn)，前端帶負(fù)電，后端帶正電，所以前端的電勢低，符合要求，則元件中的載流子為負(fù)電荷，故B正確；當(dāng)電場力和洛倫茲力平衡，有：，，解得：，故當(dāng)c增大時，U減小，故C錯誤；轉(zhuǎn)速，則霍爾傳感器每分鐘輸出的脈沖信號個數(shù)為個，故D錯誤，故選B.3、C【解析】由題意可知，電子與質(zhì)子有相同的速度，且電子質(zhì)量小于質(zhì)子，則電子的半徑小于質(zhì)子，由于電子帶負(fù)電，質(zhì)子帶正電，由根據(jù)左手定則可知，電子偏右，質(zhì)子偏左，故C正確；A、B、D錯誤4、D【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)滑片向下滑動，滑動變阻器接入電阻變小，根據(jù)并聯(lián)電阻關(guān)系得，R和L2的并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻變小，則干路電流變大，，路端電壓變小，則燈L1兩端電壓變小，變?。桓鶕?jù)電路圖及串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的知識可知：，由上面分析知變小，而干路電流變大，所以變大，則變大，變大，而，路端電壓變小，所以變小，則變小，亮度變暗，故ABC錯誤，D正確5、C【解析】甲帶正電，在向左運動的過程中，要受到洛倫茲力的作用，根據(jù)左手定則可以判斷洛倫茲力的方向．根據(jù)豎直方向受力平衡，可知甲對乙的壓力的變化；根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)=ma，可以判斷整體的加速度的變化，和摩擦力的變化【詳解】ABC.甲、乙兩物塊間沒有相對的滑動，是靜摩擦力，由于乙與地面之間的沒有摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)=ma，整體的加速度不變，所以對于甲，靜摩擦力作為合力產(chǎn)生加速度，由于整體的加速度不變，所以甲、乙兩物塊間的摩擦力不變，所以A錯誤，B錯誤，C正確；D.甲帶正電，在向左運動的過程中，受到的洛倫茲力的方向向下，所以甲對乙的壓力變大，故D錯誤；故選C.6、C【解析】A．碰撞過程中末知粒子將一部分能量轉(zhuǎn)移到與其相碰的粒子上，所以機械能減小，故A錯誤；BCD．碰撞過程中由動量守恒和能量守恒得解得同理可知，聯(lián)立解得碰撞后未知粒子的速度說明未知粒子沒有反向，故BD錯誤，C正確；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB．將滑動變阻器滑片P向a端移動后，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電路中電流I變小，則電流表讀數(shù)變小，燈泡L變暗，故A正確，B錯誤；C．電容器C兩端的電壓：UC=E-I（RL+r），I變小，其他量不變，則UC增大，電容器C上的電荷量增多，故C正確；D．變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則路端電壓增大，電壓表讀數(shù)變大，故D錯誤。故選AC。8、AC【解析】和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)R2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況；【詳解】A、只將滑片P

1下移，副線圈兩端電壓變小，輸出功率變小，輸入功率也變小，原線圈電流變小，電流表A示數(shù)變小，故A正確；B、只將滑片P

2下移，副線圈回路電阻變小，副線圈電流變大，電阻R

1分壓變大，電壓表示數(shù)變小，故B錯誤；C、只增大交流電的電壓時，副線圈電壓增大，輸出電流增大，輸入電流也增大，電流表示數(shù)變大，故C正確；D、只增大交變電流的頻率，電容器的容抗減小，副線圈電流增大，R

1分壓增大，電壓表示數(shù)變小，故D錯誤；故選AC9、CD【解析】A．小球經(jīng)過槽的最低點后，在小球沿槽的右側(cè)面上升的過程中，槽也向右運動，小球離開右側(cè)槽口時相對于地面的速度斜向右上方，小球?qū)⒆鲂睊佭\動而不是做豎直上拋運動，故A錯誤；B．小球在槽內(nèi)運動的全過程中，從剛釋放到最低點，只有重力做功，而從最低點開始上升過程中，除小球重力做功外，還有槽對球作用力做負(fù)功。故B錯誤；C．小球在槽內(nèi)運動的全過程中，從剛釋放到最低點，只有重力做功，而從最低點開始上升過程中，除小球重力做功外，還有槽對球作用力做負(fù)功。但球?qū)Σ圩饔昧ψ稣?，兩者之和正好為零。所以小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒。故C正確；D．小球在槽內(nèi)運動的前半過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量不守恒，而小球在槽內(nèi)運動的后半過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量守恒，故D正確；故選CD。10、AB【解析】帶電液滴在電場力和重力的作用，以豎直向下的初速度沿豎直方向下落，根據(jù)功能關(guān)系可得出電場力做的功；根據(jù)除重力以外的力做功，導(dǎo)致機械能變化，即可求解【詳解】帶電液滴下落h高度，液滴重力勢能減少量為mgh，選項A正確；由于只有重力和電場力做功，重力做正功，電場力做負(fù)功，電勢能增加，而液滴的電勢能與機械能之和不變，可知液滴的機械能減少量等于液滴的電勢能增加量，由功能關(guān)系：W電=-mgh-，即液滴的電勢能增加量大于mgh；電場力對液滴做的功大于選項B正確，CD錯誤；故選AB.【點睛】考查功能關(guān)系與機械能是否守恒，并知道除重力以外力做功，導(dǎo)致機械能變化：若此力做正功，則機械能增加；若做負(fù)功，則機械能減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）從a到b；（2）?！窘馕觥浚?）當(dāng)磁場增大時，導(dǎo)體棒會上滑，即導(dǎo)體棒受到的安培力沿導(dǎo)軌平面向上，所以導(dǎo)體棒中電流方向為從a到b；（2）設(shè)棒中電流為I，導(dǎo)軌間距為L當(dāng)磁感應(yīng)強度為B1時，導(dǎo)體棒恰好不下滑，有：B1IL=mg(sinθ-μcosθ)當(dāng)磁感應(yīng)強度為B2時，導(dǎo)體棒恰好不上滑，有：B2IL=mg(sinθ+μcosθ)解得：12、①.<②.12.803（12.802-12.804）③.m1OP=m1OM+m2（ON-d）④.36.28【解析】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質(zhì)量要大于被碰小球的質(zhì)量；（2）螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．（3）根據(jù)動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式，然后根據(jù)表達式分析答題；（4）根據(jù)動量守恒定律以及機械能守恒定律列式，聯(lián)立即可求得速度關(guān)系，從而求出OM、ON以及OP之間的關(guān)系【詳解】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質(zhì)量m1和被碰小球的質(zhì)量m2應(yīng)該滿足m2<m1；（2）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為12.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×30.3mm=0.303mm，所以最終讀數(shù)為：d=12.5mm+0.303mm=12.803mm（3）由動量守恒定律可知，如果動量守恒，則應(yīng)保證：m1v=m1v1+m2v2；因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，（ON-d）是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當(dāng)所測物理量滿足表達式m1?OP=m1?OM+m2?（ON-d），說明兩球碰撞遵守動量守恒定律；（4）設(shè)入射小球質(zhì)量為m1，被碰小球質(zhì)量為m2．碰撞前入射球速度為v0，碰撞后兩球速度分別為v1、v2．根據(jù)動量守恒得和機械守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2m1v02=m1v12+m2v22聯(lián)立解得：v0+v1=v2三球平拋運動時間相同，則得到：OP+OM=ON′=ON-d故：ON=OP+OM+d=25cm+10cm+1.28c