2022年6月浙江省物理選考仿真模擬卷03

物理?全解全析

12345678910

DCBDDDBBDB

111213141516

CDDBDBDABD

1.【答案】D

【解析】振幅、電流強(qiáng)度和電勢(shì)都屬于標(biāo)量，磁感應(yīng)強(qiáng)度屬于矢量，故選D。

2.【答案】C

【解析】電視機(jī)遙控器的信號(hào)是用紅外線的，A錯(cuò)。照相機(jī)鏡頭上的增透膜只允許特定波長(zhǎng)的光全部透過

鏡頭，B錯(cuò)。安檢儀使用X射線，是因?yàn)閄射線的穿透能力強(qiáng)，C正確。觀看3D電影用的偏振鏡片的透

振方向相互垂直，D錯(cuò)。所以選C。

3.【答案】B

【解析】甲、乙兩船均先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙的加速度為5m/s2,甲的加速度為

4m/s2.根據(jù)速度公式1()=4々，=2.5s,2.5秒末兩船速度相等還沒有相遇，A選項(xiàng)錯(cuò)誤.利用面積法

分析位移，三秒末甲船的位移小于乙船，B選項(xiàng)正確；出發(fā)以后，乙船在前，甲船追上乙船以后，始終在乙

船前面，兩船只相遇一次，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；設(shè)r秒末相遇，10+10Q—2)=18+12Q—3),得，=4,前4秒

內(nèi)，甲乙兩船平均速度相等，D選項(xiàng)錯(cuò)誤.

4【答案】D

【解析】AB.鼓緩慢下降，處于動(dòng)態(tài)平衡，繩子對(duì)鼓的合力等于鼓的重力，繩子的合力不變，AB錯(cuò)誤;

CD.根據(jù)平衡條件得20Fcos6=/ng

mg

解得F=

20cos6

鼓緩慢下降過程中繩子與豎直方向夾角。變小，COS。變大，尸減小，C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

5.【答案】D

【解析】A.剪斷細(xì)線CD前，整體由牛頓第二定律可得

F-(m+2m+3m)g=(m+2m+3m)a

代入數(shù)據(jù)可解得。=;g

以A、B整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得T-?！?2m)g=(加+2⑼a

解得B、C間細(xì)線的拉力大小為7=4.5機(jī)g,A錯(cuò)誤；

B.剪斷細(xì)線CD的瞬間，由于彈簧的彈力不會(huì)發(fā)生突變，A球的受力情況不變，故A球的加速度大小仍為

-g>B錯(cuò)誤；

CD.剪斷細(xì)線CD的瞬間，設(shè)B、C間細(xì)線的拉力大小為八，B、C共同加速度的大小為屋，方向豎直向

下，A、B間彈簧的拉力大小為不，由牛頓第二定律可得，對(duì)A球

T2-mg=ma

對(duì)B球n+2mg-1=2ma'

對(duì)C球3mg+工=3ma'

9

聯(lián)立解得"=L3g,T}=—mg

10

9

故C球的加速度大小為1.3g,B、C間細(xì)線的拉力大小為而mg,C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

6.【答案】D

【解析】A.根據(jù)開普勒第三定律

軌道2的半長(zhǎng)軸小于軌道3的半長(zhǎng)軸，故衛(wèi)星在軌道2的周期小于在軌道3的周期，故A錯(cuò)誤；

B.“嫦娥五號(hào)”要由軌道1變軌到軌道2,必須在A點(diǎn)加速，所以“嫦娥五號(hào)”衛(wèi)星在軌道2經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速

率大于在軌道1經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速率，故B錯(cuò)誤；

C.在A點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律有G等^那。，得”=G4

rr

故衛(wèi)星在軌道2經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道3經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度，故C錯(cuò)誤；

D.由于“嫦娥五號(hào)”要由軌道2變軌到軌道3,必須在A點(diǎn)加速，機(jī)械能增加，所以“嫦娥五號(hào)”在3軌道所

具有的機(jī)械能大于在2軌道所具有的機(jī)械能，故D正確。故選D。

7.【答案】B

【解析】采用逆向思維，把小球做的斜拋運(yùn)動(dòng)看成是平拋運(yùn)動(dòng)的逆運(yùn)動(dòng)，將拋出速度沿水平和豎直方向分解，

有：Vx=vcos0=vcos370=O.8v,vy=v-sin37°=0.6v

球撞墻前瞬間的速度等于0.8v,反彈速度大小為：M^xO.8V=0.6u；反彈后小球做平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球的速度

22

大小再次為時(shí)，豎直速度為：6M.8V,速度方向與水平方向夾角的正切值為：=

vv/=Jv2.vx.=Jv.(0V)

~~=故正確，錯(cuò)誤；故選。

U6V3BACDB

8.【答案】B

【解析】A.送電線圈和受電線圈匝數(shù)比川：〃2=5：1,如果原線圈接上220V的正弦交變電源后，cd間電

壓為4=%a=44V

現(xiàn)在原線圈兩端電壓小于故cd間電壓為故錯(cuò)誤；

220V,t/2<44V,A

B.受電線圈中的電流為2A。送電線圈中電流為，=^/2=0-4A,故B正確；

U\R1

C.根據(jù)U=/R，送電線圈和受電線圈線路上所接電阻R的電壓之比77四=不

故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)P=/2R,送電線圈和受電線圈線路上所接電阻R的電功率比為1:25,故D錯(cuò)誤.故選B。

9.【答案】D

【解析】A.由光路圖可知，用兩束光入射角相同，但是。束光只有反正光線沒有折射光線，發(fā)生了全反

射，故。束光全反射臨界角小于b束光。由sinC=1

n

可知々:>%

故〃束光是紫光，匕束光是黃光，岫束光是黃光和紫光。A錯(cuò)誤：

B.八6兩束光分別通過相同的單縫，時(shí)光均能發(fā)生衍射現(xiàn)象，觀察到的是而衍射圖樣疊加后的效果。B

錯(cuò)誤；

c.由折射率與波速的關(guān)系》=￡

v

可知，折射率與光在玻璃磚中的傳播速度成反比，故%〈治

C錯(cuò)誤;

D.雙縫干涉時(shí)有屬=芻2

d

又因?yàn)樽瞎獾牟ㄩL(zhǎng)小于黃光，即用

故用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏幕上相鄰亮條紋間距關(guān)系為〈△而

D正確。故選D。

10.【答案】B

【解析】A.力和廠兩點(diǎn)關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱，故小球電勢(shì)能相同，小球從。到尸過程中只有重力做功，故

解得vF=yjlga

故A錯(cuò)誤；

B.由兒何關(guān)系可知4)=8Z)=2a,ZADB=120°

由平行四邊形定則，可知小球在。點(diǎn)時(shí)的電場(chǎng)力（q為帶負(fù)電小球）

F=F=F=絲_=旭

D4D

DE伽J4a2

rnv~2

方向向下，在D點(diǎn)，合力提供向心力加g+”=―

故m~02g，故B正確；

8goi

CD.C、E兩點(diǎn)高度相同，重力勢(shì)能相同，并且C、E兩點(diǎn)關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱，故小球電勢(shì)能相等，由能量守恒

可知，小球在C、E兩點(diǎn)速度大小相等，則需要的向心力大小相等，但方向不同，與重力合成后的合力方向

也不相同，故小球通過C、E兩點(diǎn)時(shí)的合力不同，故CD錯(cuò)誤。故選B。

H.【答案】C

【解析】A.由公式P=UZ可知，在輸電總功率不變的情況下，電壓升高，輸送電流變小，A錯(cuò)誤；

B.由歐姆定律可知，導(dǎo)線上損失的電壓=Ir,輸電線電阻不變，所以輸電線上損失的電壓變小，B

錯(cuò)誤；

C.輸電線上損失的功率，=/2/，所以輸電線上損失的功率變小，C正確；

D.用戶得到的電功率峪=0一△2，AP變小，用戶得到的電功率變大，D錯(cuò)誤。

故選Co

12.【答案】D

【詳解】A.線圈向左擺動(dòng)時(shí)，線圈中垂直紙面向里的磁通量減小，由楞次定律知，安培力阻礙線圈的相對(duì)

運(yùn)動(dòng)，安培力與線框運(yùn)動(dòng)方向相反。線框在磁場(chǎng)中的等效長(zhǎng)度為線圈與相交的弦長(zhǎng)，安培力的方向始

終垂直于該弦，故A錯(cuò)誤；

B.從釋放到第一次擺至最高過程中，安培力對(duì)線圈做的功為等于其重力勢(shì)能的變化量，線圈的重心位置

等效在環(huán)的圓心，所以重力勢(shì)能的減少量為

AEp=mgAh=mgr(\-sin30°)=0.5mgr

所以安培力對(duì)線圈做的功為-0.5〃?gr,故B錯(cuò)誤；

C.從釋放到靜止，線圈的重力勢(shì)能通過感應(yīng)電流轉(zhuǎn)化為焦耳熱，所以線圈產(chǎn)生的焦耳熱等于減少的重力勢(shì)

能，大小為△4=mgr,故c錯(cuò)誤；

D.從釋放到最后靜止的過程中，通過線圈導(dǎo)線橫截面的電荷量為

—1TTf,,°

△①2口萬廠，故D正確。故選AD。

q=--=Bo—--=B--

RR2R

13.【答案】D

【解析】AB.小物塊滑上傳送帶做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律

mgsin0+/jmgcos0=maA

2

VQ-V*V-V

設(shè)經(jīng)過時(shí)間h減速到與傳送帶速度相等引=多一=-一o

2al4

解得xi=0.75m,t\=0.25s

速度小于傳送帶速度后，受向上滑動(dòng)摩擦力，由牛頓第二定律

cv2-0._V-0

mgsin0-jjmgcos0=ma2X2------=----

2a2a2

解得X2=Im,，2=1s

則傳送帶從底端到頂端的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=X]+/=1.75m,/=4+弓=L25s

故AB都錯(cuò)誤；

C.在力和介時(shí)間，傳送帶分別向上位移玉’=%，X2'=Vt2

物塊相對(duì)傳送帶上滑AS|=X-X'=0.25m,Av2=x2-x2'=-lm

即物塊先相對(duì)傳送帶上滑0.25m,后相對(duì)傳送帶下滑1m,則劃痕長(zhǎng)度為1m,故C錯(cuò)誤；

D.物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)路程為As=Avl+|A52|=1.25m

則摩擦生熱Q=Rmgcos0-As-

帶入數(shù)據(jù)可得。=3.75J

故D正確。故選D。

14.【答案】BD

【解析】湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；一群氫原子從〃=4的激發(fā)態(tài)

躍遷到基態(tài)時(shí)才能輻射鬃=6種不同頻率的光子，故B正確；光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極

限頻率，與入射光的強(qiáng)度及照射時(shí)間均無關(guān)，故C錯(cuò)誤；裂變方程是質(zhì)量較重的核變成質(zhì)量中等的核，根據(jù)

質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得馥5U+：n-弱Kr+｝轉(zhuǎn)“Ba+3醵:n,是裂變反應(yīng)，故D正確。

15.【答案】BD

【解析】由題圖可知周期7=0.02s,所以頻率f=50Hz,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；交流發(fā)電機(jī)的輸出電壓為Uo=22OV,

故選項(xiàng)B正確；由「=。/可知高壓輸電電流/=:=裁A=4A,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；降壓變壓器的輸入電壓

Ui=U-/R=5000V-4x40V=4840V,由號(hào)=?可知降壓變壓器的輸出電壓為=：—V=220V,故選項(xiàng)D

U2n2Ill22

正確。

16.【答案】ABD

【解析】A.波沿x軸正方向傳播，由題圖可知質(zhì)點(diǎn)P剛開始振動(dòng)時(shí)方向向上，因此波源的起振方向?yàn)閥軸

正方向，故A正確；

56

B.3s時(shí)間內(nèi)波向右傳播6m,因此波速為丫=一=-111/5=211)/5,故B正確；

t3

s'in

C.波傳播到質(zhì)點(diǎn)Q用時(shí)為f'=±=，s=5s

v2

即5s末波剛好傳播到質(zhì)點(diǎn)Q,故C錯(cuò)誤；

D.由題圖可知該波波長(zhǎng)為8m,大于障礙物的尺寸，能發(fā)生明顯衍射，故D正確。

故選ABD。

](]]、

17.【答案】(1)16.4(2)mgL-M^LsmO-(M+m)d2——一-

2tt

【解析】(1)[1]擋光片的寬度d=16mm+().lx4mm=16.4mm。

（2）[2]在小車從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)的過程中，小車增加的重力勢(shì)能為

Epl=MgLsin8

托盤與鉤碼減少的重力勢(shì)能為紇＞2=岫

系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能為=〃3-MgLsin。

dd

⑶小車經(jīng)過A、8兩點(diǎn)時(shí)速度大小分別為以二不也=1

該過程中系統(tǒng)增加的動(dòng)能為八紇22

=g（M+m）（v8-v/）=1（M+mM

18.【答案】（1）0.645mm（0.643~0.648都給分）

【解析】0.5mm+14.5x0.01mm=0.645mm（2分，單位不寫但數(shù)值在范圍內(nèi)給1分）

（2）60（2分）解析：兩次的總電阻相等，內(nèi)阻4與20C并聯(lián)后阻值為15Q,則4=60C

⑶240（2分）解析：串聯(lián)分壓電阻R0,10mAx（4+&J=3V,得到R0=24（）Q

（3）2.0x10-6。.〃？（3分，數(shù)量級(jí)1分，1.9xlOFQ-m可以算對(duì)）

解析：3"手又X也第

代入數(shù)據(jù)得p=1.98x代-6空2.0x10-6。.m

19.【答案】（1）a=0.8m/s2；（2）v=4.8m/s；（3）/￡=76.8m

【解析】（1）由圖可知鉤碼的重力於g=50N

鉤碼的質(zhì)量切=5kg

電梯在減速階段，鉤碼處于超重狀態(tài)，拉力大小尸=54N

由牛頓第二定律尸一次g=加0

可得加速度大小a=0.8nVs2

（2）由圖可知，電梯在2s?6s的時(shí)間內(nèi)向下加速，加速過程鉤碼受到的拉力大小

F'=44N

根據(jù)牛頓第二定律得wg-F'=ma

可得a'=1,2m/s2

最大速度？=。L4

v=4.8m/s

（3）電梯在2s?6s的時(shí)間內(nèi)加速的位移大小為自

以1=5以血；

在6s?17s的時(shí)間內(nèi)勻速的位移大小為為

在17s?23s的時(shí)間內(nèi)減速的位移大小為飽

壇-5aM

電梯下降的高度巴=%+電+%可得N=76.8m

20.【答案】（1）RW0.44L或R21.1L；（2）在BC段，離8點(diǎn)0.24L處

【解析】（1）物塊不脫離軌道，有兩種情況：

2

情況一：物塊恰好能滑過圓周軌道最高點(diǎn)。，則物塊在最高點(diǎn)。應(yīng)滿足機(jī)g=v

19

物塊從4到8點(diǎn)過程，獲得如速度，由動(dòng)能定理有：mgx8Lsm6Z-jumgx8Lcosa=-mv0-

得%=j3.2gL

1719

物塊從B到D點(diǎn)過程，由動(dòng)能定理有一卬用乙一/^2氏二/加匕/一萬加??

解得R=0ML

1

情況二：物塊從8滑到與圓心。等高處，速度減為零，則由動(dòng)能定理有一M〃gL—mgH'=0—5機(jī)％92

解得??'=1.1L

要使小球在運(yùn)動(dòng)過程中不脫離軌道，豎直圓周軌道的半徑R應(yīng)該滿足

HK0.44L或A21.1L

（2）若R=L2L,由（1）的結(jié)果可知屬于第二種情況，物塊必定返回到C,設(shè)其能向左滑過CB軌道,

并沿CB運(yùn)動(dòng)到達(dá)8點(diǎn)，在8點(diǎn)的速度為VB,由功能關(guān)系得

1212c,

—mv0=—mVg+2/urngL

解得％=J1.2gL

滑塊由B點(diǎn)沿BA上滑的最大距離為s,滑塊再次返回到B點(diǎn)時(shí)的速度為以

19

上滑時(shí)由動(dòng)能定理得5m以~=/nmgscosa+mgssina

一1，2

下滑時(shí)由動(dòng)能定理得2muj=mgssina-"mgscosa

解得s=0.6L,vB=70.24g￡

設(shè)物塊在BC段滑動(dòng)的距離為si則由動(dòng)能定理得—〃mgs'=0—g〃就

解得s'=0.24L<L

則物塊靜止的點(diǎn)距離B點(diǎn)為0.24Lo

乙進(jìn)場(chǎng)后，受三個(gè)力作用，如圖

平衡mgsin0=BI/

比㈣=o.8A

乙Bl

方向指向左側(cè)

(2)乙進(jìn)場(chǎng)前，機(jī)械能守恒g，叫2=mgh=1ngisin0

解出M=12gh=^2glsin3=4m/s

進(jìn)場(chǎng)后，乙產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E=8/匕=0.3x1x4V=L2V

FF12

&=—=—=—Q=1.5Q

總/總I乙0.8

13

設(shè)每桿電阻為R，則RE、=R+/R=/R

解出R=：/?總=1Q

(3)甲在磁場(chǎng)中下滑距離為x時(shí)，速度丫=&^

J些=*=0.96x

電路總功率幾

故電路總功率每增大0.1W,甲沿導(dǎo)軌下滑的距離Ac=---m—m=0.104m

0.9648

(4)甲在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度丫=〃

E2B2l2v2B212a2

電路總功率P

&R總

222

n2n2Bla2642

甲的電功率昂=§%,=—亞t=石.=2.56/

總一.

乙在磁場(chǎng)內(nèi)勻速運(yùn)動(dòng)過程/甲=；/乙=0.4A

甲的電功率務(wù)=/；；R=016W

甲在磁場(chǎng)內(nèi)經(jīng)歷時(shí)間4==0.5s

乙在磁場(chǎng)內(nèi)勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間L='=025S

圖像如圖:

22?【答案】（1）產(chǎn)；⑵（0,?）,（-y-,0）；（3）鼠=登,

3q2g2g2g2

【解析】（1）在第一象限中，小球a做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)。水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為公,

經(jīng)過t\時(shí)間到達(dá)P點(diǎn)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式％=a%

由牛頓第二定律qE=]a.r

豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，加速度為-g,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式0=%-g%

聯(lián)立得七=等

3q

（2）小球隊(duì)〃在尸點(diǎn)發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰后兩球速度分別為心、物，由動(dòng)量守恒

mm

,日…一1〃221m212

由能量守恒萬X可%=/X至%+耳mvb

聯(lián)立可得心=_與，丫卜吟