2023屆高三上學(xué)期其次次診斷考試物理試題

說明：本試卷滿分100分。試題分為第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）

兩部分，第I卷為第1頁至第5頁，第II卷為第5頁至第8頁。試題答案請(qǐng)用

2B鉛筆或0.5mm簽字筆填涂到答題卡規(guī)定位置上，書寫在試題上的答案無效。

考試時(shí)間90分鐘。

第I卷（共50分）

一、單項(xiàng)選擇題（本題包括10小題，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，每小題3分，

共30分。）

1.下列說法正確的是

A.古希臘杰出思想家亞里士多德在對(duì)待“力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系”問題上，認(rèn)為“維持物體運(yùn)動(dòng)不

須要力”

B.1638年意大利物理學(xué)家伽利略論證重物體不會(huì)比輕物體下落得快

C.因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)沒有大小，所以與幾何中的點(diǎn)是一樣的

D.在“探究牛頓其次定律”的試驗(yàn)時(shí)，所采納到的主要探討方法是轉(zhuǎn)換法

【答案】B

【解析】亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)的緣由，A錯(cuò)誤；伽利略認(rèn)為物體下落快慢和質(zhì)

量無關(guān)，B正確；質(zhì)點(diǎn)是有質(zhì)量的點(diǎn)，而幾何中的點(diǎn)沒有質(zhì)量，C錯(cuò)誤；在“探究牛頓其次

定律''的試驗(yàn)時(shí)由于涉及多個(gè)變量，用到了限制變量法，D錯(cuò)誤.

2.某一個(gè)物理量隨另一個(gè)物理量變更的如圖所示，則下列說法不正確的是

A.若這個(gè)圖是反映力做功的功率隨時(shí)間變更的規(guī)律（P-t圖），則這個(gè)圖象與橫軸圍成的面

積等于該力在相應(yīng)時(shí)間內(nèi)所做的功

B.若這個(gè)圖是反映一個(gè)物體的速度v隨時(shí)間t變更規(guī)律的圖象（v-t圖），這個(gè)圖象的斜率

表示這個(gè)物體的加速度，這個(gè)圖象與橫軸圍成的面積表示這個(gè)物體在一段時(shí)間內(nèi)的位移

C.若這個(gè)圖是反映一個(gè)質(zhì)點(diǎn)的速度4隨時(shí)間變更的規(guī)律（//圖），則這個(gè)圖象與橫軸圍成

的面積等于質(zhì)點(diǎn)在末時(shí)刻的速度

D.若這個(gè)圖是反映一個(gè)物體所受力F隨這個(gè)物體的位移x變更規(guī)律的圖象（F-x）,這個(gè)圖

象與橫軸圍成的面積表示物體在這段位移內(nèi)這個(gè)力做的功

【答案】C

【解析】依據(jù)W=Pt可知若這個(gè)圖是反映力做功的功率隨時(shí)間變更的規(guī)律（P-t圖），則這個(gè)

圖象與橫軸圍成的面積等于該力在相應(yīng)時(shí)間內(nèi)所做的功，A正確；依據(jù)x=vt可知若這個(gè)圖

是反映一個(gè)物體的速度v隨時(shí)間t變更規(guī)律的圖象（v-t圖），這個(gè)圖象的斜率表示這個(gè)物體

的加速度，這個(gè)圖象與橫軸圍成的面積表示這個(gè)物體在一段時(shí)間內(nèi)的位移，BLE確；依據(jù)

△v=at可知若這個(gè)圖是反映一個(gè)質(zhì)點(diǎn)的速度〃隨時(shí)間變更的規(guī)律（a-f圖），則這個(gè)圖象與橫

軸圍成的面積等于質(zhì)點(diǎn)在一段時(shí)間內(nèi)的速度變更量，C錯(cuò)誤；依據(jù)W=Fx可知若這個(gè)圖是反

映一個(gè)物體所受力F隨這個(gè)物體的位移x變更規(guī)律的圖象（F-x）,這個(gè)圖象與橫軸圍成的面

積表示物體在這段位移內(nèi)這個(gè)力做的功，D正確.

3.質(zhì)量為m的物體，在距地面h高處以3的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法正確

3

的是

A.物體的重力勢(shì)能削減;mgh

B.物體的機(jī)械能削減;mgh

C.物體的動(dòng)能增加;mgh

D.重力做功了ngh

【答案】C

【解析】過程中重力做正功，大小為WG=mgh,所以重力勢(shì)能減小mgh,AD錯(cuò)誤；物體下

落過程中受到豎直向下的重力，豎直向上的阻力，故mg-f=詈，解得f=等，所以阻力做

功Wf=fh=?喳，物體減小的機(jī)械能等于克服阻力做的功，故機(jī)械能減小到剪，B錯(cuò)誤；

133

依據(jù)動(dòng)能定理可得AEk=WG-Wf=^,故C正確.

【點(diǎn)睛】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，重力做功導(dǎo)致重力勢(shì)能變更；合力做功導(dǎo)致動(dòng)能變更；除重

力外其他力做功導(dǎo)致機(jī)械能變更；彈力做功導(dǎo)致彈性勢(shì)能.

4.兩具物體A和B,質(zhì)量分別為2m和m,用跨過定滑輪的輕繩相連，A靜止于水平地面上，

如圖所示，9=30°，不計(jì)摩擦，則以下說法正確的是

A.繩上拉力大小為mg

B.物體A對(duì)地面的壓力大小為;mg

C.物體A對(duì)地面的摩擦力大小為后mg

D.地面對(duì)物體A的摩擦力方向向右

【答案】A

【解析】試題分析：先以8為探討對(duì)象依據(jù)平衡條件求出繩子的拉力；然后以A為探討對(duì)

象受力分析，依據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出支持力和摩擦力的大小.

對(duì)8受力分析，受到繩子的拉力和重力，二力平衡，故繩子的拉力T=mg,A正確；再對(duì)物

體A受力分析，受重力、支持力、拉力和向左的靜摩擦力，如圖所示：

依據(jù)平衡條件，有：水平方向TcosO=f,豎直方向N+Tsm。=2mg,將T=mg代入，有

f=ymg,N=^mg,結(jié)合牛頓第三定律，物體A對(duì)地面的壓力大小為:mg,物體A對(duì)地面的

J3

摩擦力大小為gmg,故BCD錯(cuò)誤.

5.我國“蛟龍?zhí)枴痹谀炒卧囼?yàn)時(shí)，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面起先下潛到最終返

回水面的lOmin內(nèi)全過程的深度曲線甲和速度圖象乙，則下列說法中正確的是

4

-.1

-?，

o

I-n

2O

.in收啜示I

A.全過程中最大加速度是0.025m/s2

B.潛水員感到超重發(fā)生在0~1min和8~10min的時(shí)間段內(nèi)

C.圖中卜3代表本次下潛最大深度，應(yīng)為360m

D.整個(gè)潛水器在8~10min時(shí)的時(shí)間段內(nèi)機(jī)械能守恒

【答案】C

【解析】試題分析：依據(jù)v-t圖象的面積表示位移，由幾何學(xué)問可求得最大深度；v-t圖象的

物理意義：其斜率表示加速度的大小，求解最大加速度；推斷超重和失重的方法主要看物體

的加速度方向.依據(jù)加速度大小分析受力狀況，即可推斷機(jī)械能守恒是否守恒.

V-t圖象的斜率表示加速度，0-lmin內(nèi)和3-4min內(nèi)加速度最大，最大加速度是

a=）士？=0.033m/s2,A錯(cuò)誤；潛水員在0-lmin和8-10min的時(shí)間段內(nèi)，依據(jù)度圖象（b）

1x60

得加速度方向向下，所以處于失重狀態(tài)，B錯(cuò)誤；依據(jù)深度曲線（a）得h3代表本次最大深

度，在t=4mm時(shí)到達(dá)最大深度，依據(jù)v-t圖象的面積得：0-4min位移是360m,即最大深度

為360m,C正確；整個(gè)潛水器在8-10min時(shí)間段內(nèi)加速度不等于g,所以機(jī)械能不守恒，

故D錯(cuò)誤.

6.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用細(xì)線拴住放在光滑斜面上，斜面足夠長，傾角為a的斜面

體置于光滑水平面上，用水平力F推斜面體使斜面體緩慢地向左移動(dòng)，小球沿斜面緩慢上

升（細(xì)繩尚未到達(dá)同等于斜面的位置）.在此過程中：

C.斜面體對(duì)小球的支持力削減

D.斜面體對(duì)小球的支持力先變大后變小

【答案】A

【解析】以小球?yàn)樘接憣?duì)象.小球受到重力、斜面的支持力和細(xì)線的拉力，在小球緩慢上升

過程中，小球的合力為零，在移動(dòng)過程中，拉力與豎直方向的夾角越來越大，依據(jù)矢量三角

形（如圖所示）可知7先減小后增大，小球受到的支持力漸漸增大，A正確；

7.如圖所示，彈簧一端固定在天花板上，另一端連一質(zhì)量M=2kg的秤盤，盤內(nèi)放一個(gè)質(zhì)量

m=lkg的物體，秤盤在豎起向下的拉力F作用下保持靜止，F(xiàn)=30N,當(dāng)突然撤去外力F的瞬

時(shí)，物體對(duì)秤盤的壓力大小為(g=10m/s2)

A.IONB.15N

C.20ND.40N

【答案】C

【解析】試題分析：撤去外力產(chǎn)時(shí)物體和秤盤所受的合外力為30N,由牛頓其次定律求出

加速度，再對(duì)秤盤受力分析，由牛頓其次定律求出物體對(duì)秤盤的壓力FN.

當(dāng)突然撤去外力尸的瞬時(shí)，物體和秤盤所受的合外力大小F合=F=30N,方向豎直向上，對(duì)

物體和秤盤整體，由牛頓其次定律可得a=±_=-2_m/s2=10m/s2.秤盤原來在豎直向下

M+m2+1

的拉力尸作用下保持靜止時(shí)，彈簧對(duì)秤盤向上拉力大小為

F彈=(M+m)g+F=(20+10)xl0+30=60N.對(duì)秤盤，由牛頓其次定律F彈-Mg-Fz=Ma,解

得物體對(duì)秤盤的壓力FN=20N,C正確.

8.如圖，質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)木塊A、B通過輕彈簧連接，木塊A放在水平桌面上，

木塊B用輕繩通過定滑輪在力F的作用下整體恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩與水平方向成a角。設(shè)

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)油輪與繩間的摩擦。則不能求下列哪些量

A.木塊A對(duì)桌面的壓力

B.彈簧與水平方向的夾角

C.木塊A與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

D.彈簧的形變量

【答案】D

【解析】對(duì)物體B分析，受重力、彈簧的拉力和細(xì)線的拉力，三力平衡，設(shè)彈簧與水平方

向的夾角為B，依據(jù)平衡條件,水平方向：Fcosa=F#cosp,豎直方向：Fsina=Fwsinp+mg,

故有：出外「靠;g，F(xiàn)彈=J(Fcosa)2+(Fsma-mg)2,由于不知道彈簧的勁度系數(shù)，故無法

確定彈簧的形變量，故B正確，D錯(cuò)誤；對(duì)A、B整體分析，受拉力F、重力(M+m)g、

支持力N和靜摩擦力f,依據(jù)平衡條件，水平方向：f=Fcosa,豎直方向：N=(M+m)g-Fsina,

依據(jù)牛頓第三定律，整體對(duì)桌面的壓力為(M+m)g-Fsina,整體對(duì)桌面的摩擦力大小為

AFcosa,方向向右，由于是靜摩擦力，且不能確定是否是最大靜摩擦力，故無法求解動(dòng)摩

擦因數(shù)，故A正確，C錯(cuò)誤；故選AB.

9.如圖，窗子上、下邊沿間的高度H=1.6m,墻的厚度d=0.4m,某人在離墻壁距離L=1.4m、

距窗子上沿h=0.2m處的P點(diǎn)，將可視為質(zhì)點(diǎn)的小物件以1)的速度水平拋出，小物件干脆穿

過窗口并少在水平地面上，取g=10m/s2。則u的最小速度是

A.2.1m/sB.2.3m/s

C.3m/sD.7m/s

【答案】C

【解析】試題分析：小物體做平拋運(yùn)動(dòng)，恰好擦著窗口下沿左側(cè)時(shí)速度v最小，由分位移公

式求解.

恰好擦著窗口下沿左側(cè)時(shí)速度V最小，則有L+d=vinint.H+h=$2,解得Vmm=3m/s,c正

確.

10.質(zhì)量為m=20kg的物體，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面做直線運(yùn)動(dòng)。0~2s

內(nèi)F與運(yùn)動(dòng)方向相反，2~4s內(nèi)F與運(yùn)動(dòng)方向相同，物體的u-t圖象如圖所示。g取10m/s2,

則

A.拉力F的大小為100N

B.物體在4s時(shí)拉力的瞬時(shí)功率為120W

C.4s內(nèi)拉力所做的功為480J

D.4s內(nèi)物體克服摩擦力做的功為320J

【答案】B

【解析】A、由圖象可得：0?2s內(nèi)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為：

a.=—=^m/s2=5m/s2.勻減速過程有F+Ff=ma],勻加速過程加速度大小為

1At2

△v'2）

-0-

a2=—=-m/s=lm/s,有F-Ff=ma2，解得f=40N,F=60N,故A錯(cuò)誤：

B、物體在4s時(shí)拉力的瞬時(shí)功率為P=Fv=60x2W=120W,故B正確；

C、4s內(nèi)物體通過的位移為x=l、2x10m,x2、2m=8m，拉力做功為W=-Fx=-480J，故

22

C錯(cuò)誤；

D、4s內(nèi)物體通過的路程為x=lx2xl0m+Lx2x2m=12m,摩擦力做功為

22

Wf=-fx=-40x]2J=480J,故D錯(cuò)誤。

點(diǎn)睛：本題是速度圖象與牛頓其次定律、功的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵依據(jù)圖象的斜率求解加速度,

要留意水平外力的方向與速度方向的關(guān)系，正確推斷外力做功正負(fù)。

二、多項(xiàng)選擇題（本題包括5小題，每小題4分，共20分.每小題至少有兩個(gè)

選項(xiàng)是正確的，選不全得2分，選錯(cuò)得零分）

11.下列關(guān)于功和機(jī)械能的說法，正確的是

A.在有阻力作用的狀況下，物體重力勢(shì)能的削減不等于重力對(duì)物體所做的功

B.合力對(duì)物體所做的功等于物體動(dòng)能的變更量

C.物體的重力勢(shì)能是物體與地球之間的相互作用能，其大小與勢(shì)能零點(diǎn)的選取有關(guān)

D.運(yùn)動(dòng)物體動(dòng)能的削減量確定等于其重力勢(shì)能的增加量

【答案】BC

【解析】試題分析：A、重力做功是重力勢(shì)能變更的量度，即任何狀況下重力做功都等于重

力勢(shì)能的減小量，故A錯(cuò)誤；

B、依據(jù)動(dòng)能定理，有合力對(duì)物體所做的功等于物體動(dòng)能的變更量，故B正確；

C、重力勢(shì)能具有系統(tǒng)性和相對(duì)性，即物體的重力勢(shì)能是物體與地球之間的相互作用能，其

大小與勢(shì)能零點(diǎn)的選取有關(guān)，故C正確；

D、只有機(jī)械能守恒時(shí)，才有動(dòng)能的削減量等于重力勢(shì)能的增加量，故D錯(cuò)誤；

故選BC.

12.一蹦極運(yùn)動(dòng)員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺(tái)下落,到最低點(diǎn)時(shí)距水面還有數(shù)米距離.

假定空氣阻力可忽視，運(yùn)動(dòng)員可視為質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是

A.運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最低點(diǎn)前重力勢(shì)能始終減小

B.蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做正功，彈性勢(shì)能增加

C.蹦極過程中，運(yùn)動(dòng)員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

D.蹦極過程中，重力勢(shì)能的變更與重力熱能零點(diǎn)的選取有關(guān)

【答案】AC

【解析】A、運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最低點(diǎn)前，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員始終做正功，運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能始終減小，

故A正確；

B、蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力方向向上，運(yùn)動(dòng)員的位移向下，彈性力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做負(fù)

功，彈性勢(shì)能增加，故B正確；

C、以運(yùn)動(dòng)員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故

C正確；

D、重力勢(shì)能的變更與重力做功有關(guān)，取決于初末位置的高度差，與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取無

關(guān)，故D錯(cuò)誤。

點(diǎn)睛：本題類似于小球掉在彈簧上的類型.重力與彈力特點(diǎn)相像，這兩種力做正功時(shí)，勢(shì)能

減小，做負(fù)功時(shí)，勢(shì)能增加。

13.在某一高度以/=20m/s的初速度豎直上拋一個(gè)小球(不計(jì)空氣阻力)，當(dāng)小球速度大小為

10m/s時(shí).以下推斷正確的是(g取10m/s?),()

A.小球在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度大小可能為15m/s,方向向上

B.小球在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度大小可能為5m/s,方向向下

C.小球在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度大小可能為5m/s,方向向上

D.小球的位移大小確定是15m

【答案】ACD

v+v

【解析】依據(jù)[=-n-一，速度為10m/s時(shí)平均速度大小可能為15m/s,方向向上，速度為-10

2

m/s時(shí)平均速度大小可能為5m/s,方向向上，AC正確B錯(cuò)誤；依據(jù)v；-v；=2ax,解得

22

X=口=100-400=]5m，知小球的位移大小確定是15m,D正確.

2a-2x10

14.如圖甲所示，A、B兩長方體疊放在一起，放在光滑的水平面上.B物體從靜止起先受

到一個(gè)水平變力的作用，該力與時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示，運(yùn)動(dòng)過程中A、B始終保持相對(duì)靜

止.則在0?2力內(nèi)時(shí)間內(nèi)，下列說法正確的是

A.f.時(shí)刻，A、B間的靜摩擦力最大，加速度最小

B.2%時(shí)刻，A、B的速度最大

C.0時(shí)刻和2%時(shí)刻，A、B間的靜摩擦力最大

D.2f0時(shí)刻，A、B離動(dòng)身點(diǎn)最遠(yuǎn)，速度為0

【答案】CD

【解析】試題分析：依據(jù)牛頓其次定律分析何時(shí)整體的加速度最大.再以A為探討對(duì)象，

當(dāng)加速度最大時(shí)，A受到的靜摩擦力最大.分析整體的運(yùn)動(dòng)狀況，分析何時(shí)8的速度最大,

并確定何時(shí)AB位移最大.

以整體為探討對(duì)象，整體受到推力F,在t0時(shí)刻F為零，則整體所受的合力為零，加速度最

小，為零，再以A為探討對(duì)象，A受到的靜摩擦力f=ma=0,A錯(cuò)誤；整體在時(shí)間內(nèi)，

A8做加速運(yùn)動(dòng)，在t。-2to時(shí)間內(nèi)，向原方向做減速運(yùn)動(dòng)，則b時(shí)刻，A、8速度最大，B錯(cuò)誤;

由圖示可知，。與2to時(shí)刻，人8系統(tǒng)所受合外力最大，由牛頓其次定律可知，加速度最大,

由于A所受的合外力為摩擦力，f=ma,此時(shí)加速度“最大，則摩擦力最大，C正確；O-2to

時(shí)間內(nèi)，A、3系統(tǒng)先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向始

終不變，它們的位移漸漸增大，則2to時(shí)刻，A、B位移最大，離動(dòng)身點(diǎn)最遠(yuǎn)，依據(jù)對(duì)稱性知，

2%時(shí)刻速度為0,D正確.

15.如圖所示，足夠長的粗糙斜面體C置于水平面上，B置于斜面上，按住B不動(dòng)，B通過

細(xì)繩跨過光滑的定滑輪與A相連接，連接B的一段細(xì)繩與斜面平行，放手后B沿斜面加速

上滑，C始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。則在A落地前的過程中

A.A的重力勢(shì)能的削減量等于B的機(jī)械能的增加量

B.水平面對(duì)C的摩擦力水平向左

C.水平面對(duì)C的支持力小于B、C的總重力

D.A落地前的瞬間受到繩子拉力的功率小于重力的功率

【答案】BCD

【解析】試題分析：在A落地前，A、B一起加速運(yùn)動(dòng)，它們的速度大小相等，A重力勢(shì)能

的削減量轉(zhuǎn)化為A、B的動(dòng)能、B增加的重力勢(shì)能、系統(tǒng)增加的內(nèi)能，A重力勢(shì)能的削減量

大于B的機(jī)械能的增加量，故A錯(cuò)誤；B沿斜面上滑，B受到的摩擦力沿斜面對(duì)下，B對(duì)C

的摩擦力平行于斜面對(duì)匕C有向右的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，因此C受到水平向左的地面的摩擦力，故

B正確：A、B加速運(yùn)動(dòng)，A、B系統(tǒng)處于失重狀態(tài)，B對(duì)C的壓力小于B的重力，B、C對(duì)于

地面的壓力小于B、C的總重力，因此水平面對(duì)C的支持力小于B、C的總重力，故C正確；

A向下加速運(yùn)動(dòng)，繩子的拉小于A受到的重力，由P=Fv可知，A物體落地前的瞬間受到繩

子拉力的功率小于A重力的功率，故D正確。

考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律、功的計(jì)算、動(dòng)能定理

【名師點(diǎn)睛】本題考查了能量變更間的關(guān)系、推斷物體間是否存在摩擦力、推斷支持力與重

力的關(guān)系、比較功率大小關(guān)系等問題，涉及的學(xué)問點(diǎn)較多；解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力

分析，駕馭整體法和隔離法的運(yùn)用。

第II卷（非選擇題，共50分）

三、試驗(yàn)題ai分）

16.某同學(xué)用圖甲所示的試驗(yàn)裝置驗(yàn)證牛頓其次定律:

（1）通過試驗(yàn)得到如圖乙所示的a-F圖象，造成這一結(jié)果的緣由是：在平衡摩擦力時(shí)木板與水

平桌面的夾角（選填“偏大”或”偏小"）。

（2）該同學(xué)在平衡摩擦力后進(jìn)行試驗(yàn)，實(shí)際小車在運(yùn)動(dòng)過程中所受的拉力祛碼和盤

的總重力（填“大于”“小于”或“等于”），為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量M與

祛碼和盤的總質(zhì)量m滿意的條件。

（3）該同學(xué)得到如圖丙所示的紙帶。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz。A、B、C、D、E、F、

G是紙帶上7個(gè)連續(xù)的點(diǎn)。AX=XDG-XAD=cm。由此可算出小車的加速度

斫m/s2?（結(jié)果保留兩位小數(shù)）

1111

0cmI234567

丙

【答案】⑴.偏大（2）.小于⑶.何》〃？⑷.1.80（5）.5.0

【解析】（1）依據(jù)所給的F-a圖像可知，當(dāng)F=0時(shí)，小車已經(jīng)有了加速度ao,所以確定是

在平衡摩擦力時(shí)木板與水平桌面間的傾角偏大造成的；

（2）依據(jù)牛頓定律，對(duì)小車F=Ma,對(duì)祛碼和盤mg—F=ma,解得只有當(dāng)

MIm

M?m時(shí)，小車受到的拉力才近似等于mg,從而削減誤差。

（3）由題圖讀出XAD=210cm,XDG^.9Ocm,所以Ax」DGBAD3.8。cm，根據(jù)AXYAt?,解得a=

5.0m/s2°

17.某同學(xué)用如圖甲所示的試驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.試驗(yàn)所用的電源為學(xué)生電源，可

以供應(yīng)輸出電壓為6V的交變電流和直流電，交變電流的頻率為50Hz.重錘從高處由靜止

起先下落，重錘拖著的紙帶上打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)測(cè)量并分析，即可驗(yàn)證機(jī)械能

守恒定律.

甲

(1)他進(jìn)行了下面幾個(gè)操作步驟：

A.依據(jù)圖示的裝置安裝器件；

B.將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接到電源的“直流輸出”上；

C.用天平測(cè)出重錘的質(zhì)量；

D.先接通電源，后釋放紙帶，打出一條紙帶；

E.測(cè)量紙帶上某些點(diǎn)間的距離；

F.依據(jù)測(cè)量的結(jié)果計(jì)算重錘下落過程中削減的重力勢(shì)能是否等于其增加的動(dòng)能.

其中沒有必要進(jìn)行的步驟是,操作不當(dāng)?shù)牟襟E是.(填選項(xiàng)字母)

(2)這位同學(xué)進(jìn)行正確測(cè)量后選擇出一條點(diǎn)跡清楚的紙帶進(jìn)行測(cè)量分析，如圖乙所示，其中O

點(diǎn)為起始點(diǎn)，A、B、C、D、E、F為六個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn).依據(jù)紙帶上的測(cè)量數(shù)據(jù)，可得出打B點(diǎn)

時(shí)重錘的速度為m/s.(保留3位有效數(shù)字)

單位：an

OAHCDL

i__________!__I_S_!——I

---------1431—*

>------------1780—:~*

>---------------2168——：：

*------------------25.90---------------------

：?_30,51------------------------

卜--35.49---------------------L

(3)他依據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)算出各點(diǎn)的速度u,量出下落距離/?,并以上為縱軸、以〃為橫軸畫

(4)他進(jìn)一步分析，發(fā)覺本試驗(yàn)存在較大誤差，為此對(duì)試驗(yàn)設(shè)計(jì)進(jìn)行了改進(jìn)，用如圖丙所示

的試驗(yàn)裝置來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律：通過電磁鐵限制的小鐵球從A點(diǎn)自由下落，下落過程

中經(jīng)過光電門B時(shí)，通過與之相連的毫秒計(jì)時(shí)器(圖中未畫出)記錄擋光時(shí)間3用毫米刻度

尺測(cè)出A、B之間的距離h,用游標(biāo)卡尺測(cè)得小鐵球的直徑d.重力加速度為g.試驗(yàn)前應(yīng)調(diào)整

光電門位置使小鐵球下落過程中球心通過光電門中的激光束.小鐵球通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速

度口=.假如d、t、h、g滿意關(guān)系式,就可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.

【答案】(1).C⑵.B(3).1.84⑷.C(5).-(6).d2=2ght2

【解析】試題分析：勻變速直線運(yùn)動(dòng)中中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過程中的平均速度，由此

求出B點(diǎn)的速度，進(jìn)一步可以求出重錘動(dòng)能的增加量：該試驗(yàn)利用小球經(jīng)過光電門的平均

速度來代替瞬時(shí)速度，依據(jù)功能關(guān)系可知該試驗(yàn)須要驗(yàn)證的關(guān)系式為gmv2=mgh，由此可以

求出該試驗(yàn)中須要驗(yàn)證的關(guān)系式.

(1)要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，須要驗(yàn)證;mv2=mgh，則只需驗(yàn)證v?=2gh即可，故不須要測(cè)

出重錘的質(zhì)量，所以沒有必要進(jìn)行的步驟是C.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器只能運(yùn)用溝通電源，故操作不當(dāng)

的步驟是B.

(2)由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的中間時(shí)刻速度推論可得，8點(diǎn)的速度

XOC-XOA21.68-14.31

lO'^/s=1.84m/s-

VR=--------------------------x

B2T20.02

(3)由關(guān)系式丫2=2助可知，v2-h圖象應(yīng)是過原點(diǎn)的傾斜直線，故選C.

(4)小鐵球通過光電門的時(shí)間很短，故可用小鐵球經(jīng)過光電門的平均速度近似求出小鐵球

通過光電門的瞬時(shí)速度，即丫=：，代入丫2=2助可得￡12=28批2.

四、計(jì)算題(本題包括3小題，共39分)

18.如圖所示，水平傳送帶AB=10m,向右勻速運(yùn)動(dòng)的速度^0=4m/s,一質(zhì)量為1kg的小物

塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以％=6m/s的初速度從傳送帶右端B點(diǎn)沖上傳送帶，小物塊與傳送帶間的動(dòng)

摩擦因數(shù)|i=0.4,g取10m/$2。求：

(1)小物塊相對(duì)地面對(duì)左運(yùn)動(dòng)的最大距離；

⑵小物塊從B點(diǎn)沖上傳送帶到再次回到B點(diǎn)所用的時(shí)間。

%9i

【答案】⑴4.5m(2)3325s

【解析】(1)依據(jù)牛頓其次定律得pimg=ma,解得a=Rg=4m/s2

旅行包從起先運(yùn)動(dòng)到速度減為。的位移就是向左運(yùn)動(dòng)的最大距離=-2as

2

得Smax=￡=4.5m

V]

(2)向左減到。的時(shí)間t]=—=1.5s

Mg

減到0后反向向右加速運(yùn)動(dòng)，加速度a=pg=4m/s*2

vn

加速到與傳送帶相同的速度所用時(shí)間I2=-=lS

■照

運(yùn)動(dòng)位移s=—=

12a

剩余位移做勻速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間t3=WS=0.625s

vo

所以從8點(diǎn)再回到B點(diǎn)所用時(shí)間t=t]+12+13=3.125s

19.交管部門強(qiáng)行推出了“電子眼”，機(jī)動(dòng)車擅自闖紅燈的現(xiàn)象大幅度削減.現(xiàn)有甲、乙兩

汽車正沿同一平直公路同向勻速行駛，甲車在前，乙車在后，行駛的速度均為10m/s.當(dāng)

兩車快要到一十字路口時(shí)，甲車司機(jī)看到綠燈已轉(zhuǎn)換成了黃燈，于是緊急剎車（反應(yīng)時(shí)間忽

視不計(jì)），乙車司機(jī)為了避開與甲車相撞也緊急剎車，但乙車司機(jī)反應(yīng)較慢（反應(yīng)時(shí)間為0.5

s）.己知甲車緊急剎車時(shí)制動(dòng)力為車重的0.4倍，乙車緊急剎車時(shí)制動(dòng)力為車重的0.5倍，

位取10m/S?）求：

（1）若甲車司機(jī)看到黃燈時(shí)車頭距警戒線15m,他實(shí)行上述措施能否避開闖紅燈；

（2）為保證兩車在緊急剎車過程中不相撞，甲、乙兩車行駛過程中應(yīng)保持多大距離.

【答案】（D能避開闖紅燈（2）2.5m

Ffi0.4mjg

【解析】試題分析：（1）甲車緊急剎車的加速度為ai=—=--------=4m/s2

nijnij

甲車停下所需時(shí)間：心=上=.S=2.5s

ai4

甲車滑行距離：x=—=J—m=12.5m

2al2x4

由于x=12.5m<15m,所以甲車能避開闖紅燈。

（2）設(shè)甲、乙兩車行駛過程中至少應(yīng)保持距離X0,在乙車剎車t2時(shí)間兩車速度相等，

2

乙車緊急剎車的加速度為a2-=5m/s

m2

速度相等：vo.ai（（to+tz）=vo-a2t2解得tz=2.OS

乙車發(fā)生和位移*乙=Voto+vot2-^a2t：=15m

甲車發(fā)生和位移x甲=vo（to+垃-產(chǎn)（t（）+12）2=12.5m

（2）為保證兩車在緊急剎車過程中恰好不相撞，甲、乙兩車行駛過程中應(yīng)保距離

△*=*乙一*甲=2.5m

考點(diǎn)：牛頓其次定律；追及問題

【名師點(diǎn)睛】本題主要考查了牛頓其次定律和追及問題的綜合應(yīng)用。追及問題解題關(guān)鍵：

①駕馭好兩個(gè)關(guān)系：時(shí)間關(guān)系和位移關(guān)系②一個(gè)條件：兩者速度相等，這往往是能否追上，

或兩者距離最大、最小的臨界條件是分析問題的切入點(diǎn)。

20.如圖所示，一根輕繩繞過光滑的輕質(zhì)定滑輪，兩端分別連接物塊A和B,B的下面通過

3

輕繩連接物塊C,A鎖定在地面上.已知B和C的質(zhì)量均為m,A的質(zhì)量為-m,B和C之

2

間的輕繩長度為L,初始時(shí)C離地的高度也為L.現(xiàn)解除對(duì)A的鎖定，物塊起先運(yùn)動(dòng).設(shè)物

塊可視為質(zhì)點(diǎn)，落地后不反彈.重力加速度大小為g.求：

(1)A剛上升時(shí)的加速度大小a；

(2)A上升過程的最大速度大小Vm；

(3)離地的最大高度H.

……112

【答案】⑴zg(2)/L(3)-L

【解析】(1)解除對(duì)4的鎖定后，A加速上升，3和C加速下降，加速度。大小相等，設(shè)輕

繩對(duì)A和8的拉力大小為T,山牛頓其次定律得

33_

對(duì)A：T--mg=^ma①

對(duì)8、C：(m+m)g-T=(m+m)a②

由①②式得a=}③

山東省試驗(yàn)中學(xué)2023屆高三上學(xué)期其次次診斷考試物理試題

2023.11

說明：本試卷滿分100分。試題分為第I卷(選擇題)和第II卷(非選擇題)兩部分，第I

卷為第1頁至第5頁，第II卷為第5頁至第8頁。試題答案請(qǐng)用2B鉛筆或0.5mm簽字筆

填涂到答題卡規(guī)定位置上，書寫在試題上的答案無效?？荚嚂r(shí)間90分鐘。

第I卷(共50分)

一、單項(xiàng)選擇題(本題包括10小題，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，每小題3分，共30分。)

1.下列說法正確的是

A.古希臘杰出思想家亞里士多德在對(duì)待"力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系”問題上，認(rèn)為“維持物體運(yùn)動(dòng)不

須要力”

B.1638年意大利物理學(xué)家伽利略論證重物體不會(huì)比輕物體下落得快

C.因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)沒有大小，所以與幾何中的點(diǎn)是一樣的

D.在“探究牛頓其次定律”的試驗(yàn)時(shí)，所采納到的主要探討方法是轉(zhuǎn)換法

【答案】B

【解析】亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)的緣由，A錯(cuò)誤；伽利略認(rèn)為物體下落快慢和質(zhì)

量無關(guān)，B正確；質(zhì)點(diǎn)是有質(zhì)量的點(diǎn)，而幾何中的點(diǎn)沒有質(zhì)量，C錯(cuò)誤；在"探究牛頓其次

定律”的試驗(yàn)時(shí)由于涉及多個(gè)變量，用到了限制變量法，D錯(cuò)誤.

2.某一個(gè)物理量隨另一個(gè)物理量變更的如圖所示，則下列說法不正確的是

A.若這個(gè)圖是反映力做功的功率隨時(shí)間變更的規(guī)律（P-t圖），則這個(gè)圖象與橫軸圍成的面

積等于該力在相應(yīng)時(shí)間內(nèi)所做的功

B.若這個(gè)圖是反映一個(gè)物體的速度v隨時(shí)間t變更規(guī)律的圖象（v-t圖），這個(gè)圖象的斜率表

示這個(gè)物體的加速度，這個(gè)圖象與橫軸圍成的面積表示這個(gè)物體在一段時(shí)間內(nèi)的位移

C.若這個(gè)圖是反映一個(gè)質(zhì)點(diǎn)的速度。隨時(shí)間變更的規(guī)律（a-t圖），則這個(gè)圖象與橫軸圍成

的面積等于質(zhì)點(diǎn)在末時(shí)刻的速度

D.若這個(gè)圖是反映一個(gè)物體所受力F隨這個(gè)物體的位移x變更規(guī)律的圖象（F-x）,這個(gè)圖象

與橫軸圍成的面積表示物體在這段位移內(nèi)這個(gè)力做的功

【答案】C

【解析】依據(jù)W=Pt可知若這個(gè)圖是反映力做功的功率隨時(shí)間變更的規(guī)律（P-t圖），則這個(gè)

圖象與橫軸圍成的面積等于該力在相應(yīng)時(shí)間內(nèi)所做的功，A正確；依據(jù)x=vt可知若這個(gè)圖

是反映一個(gè)物體的速度v隨時(shí)間t變更規(guī)律的圖象（v-t圖），這個(gè)圖象的斜率表示這個(gè)物體

的加速度，這個(gè)圖象與橫軸圍成的面積表示這個(gè)物體在一段時(shí)間內(nèi)的位移，B正確；依據(jù)

△v=at可知若這個(gè)圖是反映一個(gè)質(zhì)點(diǎn)的速度。隨時(shí)間變更的規(guī)律（a-t圖），則這個(gè)圖象與橫

軸圍成的面積等于質(zhì)點(diǎn)在一段時(shí)間內(nèi)的速度變更量，C錯(cuò)誤；依據(jù)W=Fx可知若這個(gè)圖是反

映一個(gè)物體所受力F隨這個(gè)物體的位移x變更規(guī)律的圖象（F-x）,這個(gè)圖象與橫軸圍成的面

積表示物體在這段位移內(nèi)這個(gè)力做的功，D正確.

3.質(zhì)量為m的物體，在距地面h高處以苫的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法正確

3

的是

A.物體的重力勢(shì)能削減;mgh

B.物體的機(jī)械能削減;mgh

C.物體的動(dòng)能增加gmgh

D.重力做功,mgh

【答案】C

【解析】過程中重力做正功，大小為WG=mgh,所以重力勢(shì)能減小mgh,AD錯(cuò)誤；物體下

落過程中受到豎直向下的重力，豎直向上的阻力，故mg-f=詈，解得f=等，所以阻力做

功Wf=fh=剪段，物體減小的機(jī)械能等于克服阻力做的功，故機(jī)械能減小邈2B錯(cuò)誤；

依據(jù)動(dòng)能定理可得AEk=WG-Wf=?,故C正確.

【點(diǎn)睛】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，重力做功導(dǎo)致重力勢(shì)能變更；合力做功導(dǎo)致動(dòng)能變更；除重

力外其他力做功導(dǎo)致機(jī)械能變更；彈力做功導(dǎo)致彈性勢(shì)能.

4.兩具物體A和B,質(zhì)量分別為2m和m,用跨過定滑輪的輕繩相連，A靜止于水平地面上,

如圖所示，0=30°，不計(jì)摩擦，則以下說法正確的是

A,繩上拉力大小為mg

B.物體A對(duì)地面的壓力大小為:mg

C.物體A對(duì)地面的摩擦力大小為后mg

D.地面對(duì)物體A的摩擦力方向向右

【答案】A

【解析】試題分析：先以8為探討對(duì)象依據(jù)平衡條件求出繩子的拉力；然后以A為探討對(duì)

象受力分析，依據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出支持力和摩擦力的大小.

對(duì)8受力分析，受到繩子的拉力和重力，二力平衡，故繩子的拉力丁=mg,A正確；再對(duì)物

體A受力分析，受重力、支持力、拉力和向左的靜摩擦力，如圖所示：

依據(jù)平衡條件，有：水平方向Teos。=3豎直方向N+Tsin。=2mg,將丁=1118代入，有

f=jmg,N=：mg,結(jié)合牛頓第三定律，物體A對(duì)地面的壓力大小為;mg,物體A對(duì)地面的

J3

摩擦力大小為gmg,故BCD錯(cuò)誤.

5.我國“蛟龍?zhí)枴痹谀炒卧囼?yàn)時(shí)，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面起先下潛到最終返

回水面的lOmin內(nèi)全過程的深度曲線甲和速度圖象乙，則下列說法中正確的是

A.全過程中最大加速度是0.025m/s2

B.潛水員感到超重發(fā)生在0~1min和8-10min的時(shí)間段內(nèi)

C.圖中卜3代表本次下潛最大深度，應(yīng)為360m

D.整個(gè)潛水器在8~10min時(shí)的時(shí)間段內(nèi)機(jī)械能守恒

【答案】C

【解析】試題分析：依據(jù)v-t圖象的面積表示位移，由幾何學(xué)問可求得最大深度：v-t圖象的

物理意義：其斜率表示加速度的大小，求解最大加速度；推斷超重和失重的方法主要看物體

的加速度方向.依據(jù)加速度大小分析受力狀況，即可推斷機(jī)械能守恒是否守恒.

v-t圖象的斜率表示加速度，0-lmin內(nèi)和3-4min內(nèi)加速度最大，最大加速度是

a=—3=0.033m/s2,A錯(cuò)誤；潛水員在0-lmin和8-10min的時(shí)間段內(nèi)，依據(jù)度圖象（b）

1x60

得加速度方向向下，所以處于失重狀態(tài)，B錯(cuò)誤；依據(jù)深度曲線（a）得lb代表本次最大深

度,在t=4mm時(shí)到達(dá)最大深度，依據(jù)v-t圖象的面積得：0-4min位移是360m,即最大深度

為360m,C正確；整個(gè)潛水器在8-10min時(shí)間段內(nèi)加速度不等于g,所以機(jī)械能不守恒，故

D錯(cuò)誤.

6.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用細(xì)線拴住放在光滑斜面上，斜面足夠長，傾角為a的斜面

體置于光滑水平面上，用水平力F推斜面體使斜面體緩慢地向左移動(dòng)，小球沿斜面緩慢上升

（細(xì)繩尚未到達(dá)同等于斜面的位置）.在此過程中：

A,繩對(duì)小球的拉力減小

B.繩對(duì)小球的拉力增大

C.斜面體對(duì)小球的支持力削減

D.斜面體對(duì)小球的支持力先變大后變小

【答案】A

【解析】以小球?yàn)樘接憣?duì)象.小球受到重力、斜面的支持力和細(xì)線的拉力，在小球緩慢上升

過程中，小球的合力為零，在移動(dòng)過程中，拉力與豎直方向的夾角越來越大，依據(jù)矢量三角

形（如圖所示）可知7■先減小后增大，小球受到的支持力漸漸增大，A正確；

7.如圖所示，彈簧一端固定在天花板上，另一端連一質(zhì)量M=2kg的秤盤，盤內(nèi)放一個(gè)質(zhì)量

m=lkg的物體，秤盤在豎起向下的拉力F作用下保持靜止，F(xiàn)=30N,當(dāng)突然撤去外力F的瞬

時(shí)，物體對(duì)秤盤的壓力大小為（g=10m/s2）

A.IONB.15N

C.2OND.40N

【答案】C

【解析】試題分析：撤去外力F時(shí)物體和秤盤所受的合外力為30N,由牛頓其次定律求出加

速度，再對(duì)秤盤受力分析，由牛頓其次定律求出物體對(duì)秤盤的壓力FN.

當(dāng)突然撤去外力F的瞬時(shí)，物體和秤盤所受的合外力大小F合=F=3()N,方向豎直向上，對(duì)

物體和秤盤整體，由牛頓其次定律可得aut—ndR/sZniOm/sZ.秤盤原來在豎直向下

M+m2+1

的拉力F作用下保持靜止時(shí)，彈簧對(duì)秤盤向上拉力大小為

F強(qiáng)=(M+m)g+F=(20+10)xl0+30=60N.對(duì)秤盤，由牛頓其次定律F強(qiáng)-Mg-Fz=Ma,解

得物體對(duì)秤盤的壓力FN=20N,C正確.

8.如圖，質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)木塊A、B通過輕彈簧連接，木塊A放在水平桌面上，

木塊B用輕繩通過定滑輪在力F的作用下整體恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩與水平方向成a角。設(shè)

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)油輪與繩間的摩擦。則不能求下列哪些量

A.木塊A對(duì)桌面的壓力

B.彈簧與水平方向的夾角

C.木塊A與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

D.彈簧的形變量

【答案】D

【解析】對(duì)物體B分析，受重力、彈簧的拉力和細(xì)線的拉力，三力平衡，設(shè)彈簧與水平方向

的夾角為B，依據(jù)平衡條件，水平方向：Fcosa二F彈cos。，豎直方向：Fsinot=F?pSinB+mg,故

有：tan|3=-FC。；/'F彈=『(Fcosa?+(Fsma-mgf，由于不知道彈簧的勁度系數(shù)，故無法確

定彈簧的形變量，故B正確，D錯(cuò)誤；對(duì)A、B整體分析，受拉力F、重力(M+m)g、支持

力N和靜摩擦力f,依據(jù)平衡條件，水平方向：f=Fcosa,豎直方向：N=(M+m)g-Fsina,

依據(jù)牛頓第三定律,整體對(duì)桌面的壓力為(M+m)g-Fsina,整體對(duì)桌面的摩擦力大小為f=Fcosa,

方向向右，由于是靜摩擦力，且不能確定是否是最大靜摩擦力，故無法求解動(dòng)摩擦因數(shù)，故

A正確，C錯(cuò)誤；故選AB.

9.如圖，窗子上、下邊沿間的高度H=1.6m,墻的厚度d=0.4m,某人在離墻壁距離L=1.4m、

距窗子上沿h=0.2m處的P點(diǎn)，將可視為質(zhì)點(diǎn)的小物件以u(píng)的速度水平拋出，小物件干脆穿

過窗口并少在水平地面上，取g=10m/s2。貝h)的最小速度是

A.2.1m/sB.2.3m/s

C.3m/sD.7m/s

【答案】C

【解析】試題分析：小物體做平拋運(yùn)動(dòng)，恰好擦著窗口下沿左側(cè)時(shí)速度v最小，由分位移公

式求解.

恰好擦著窗口下沿左側(cè)時(shí)速度V最小，則有L+d=Vmi“t,H+h=$2,解得丫口疝=3m/s,C正

確.

10.質(zhì)量為m=20kg的物體，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面做直線運(yùn)動(dòng)。0~2s

內(nèi)F與運(yùn)動(dòng)方向相反，2~4s內(nèi)F與運(yùn)動(dòng)方向相同，物體的u-t圖象如圖所示。gMX10m/s2,

則

A.拉力F的大小為100N

B.物體在4s時(shí)拉力的瞬時(shí)功率為120W

C.4s內(nèi)拉力所做的功為480J

D.4s內(nèi)物體克服摩擦力做的功為320J

【答案】B

【解析】A、由圖象可得：。?2s內(nèi)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為：

a.=—=^m/s2=5m/s2,勻減速過程有F+Ff=map勻加速過程加速度大小為

1At2

a=—=-m/s2=lm/s：.有F-Ff=ma,,解得f=40N,F=60N>故A錯(cuò)誤；

2At12

B、物體在4s時(shí)拉力的瞬時(shí)功率為P=Fv=60x2W=120W,故B正確；

C、4s內(nèi)物體通過的位移為x=l><2xlOm-L'2x2m=8m,拉力做功為W=-Fx=-480J,故

22

C錯(cuò)誤；

D、4s內(nèi)物體通過的路程為x=l'2xl0m+lx2x2m=12m,摩擦力做功為

22

Wf=-fx=-40x12J=480J,故D錯(cuò)誤。

點(diǎn)睛：本題是速度圖象與牛頓其次定律、功的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵依據(jù)圖象的斜率求解加速度,

要留意水平外力的方向與速度方向的關(guān)系，正確推斷外力做功正負(fù)。

二、多項(xiàng)選擇題（本題包括5小題，每小題4分，共20分.每小題至少有兩個(gè)選項(xiàng)是正確的，

選不全得2分，選錯(cuò)得零分）

11.下列關(guān)于功和機(jī)械能的說法，正確的是

A.在有阻力作用的狀況下，物體重力勢(shì)能的削減不等于重力對(duì)物體所做的功

B.合力對(duì)物體所做的功等于物體動(dòng)能的變更量

C.物體的重力勢(shì)能是物體與地球之間的相互作用能，其大小與勢(shì)能零點(diǎn)的選取有關(guān)

D.運(yùn)動(dòng)物體動(dòng)能的削減量確定等于其重力勢(shì)能的增加量

【答案】BC

【解析】試題分析：A、重力做功是重力勢(shì)能變更的量度，即任何狀況下重力做功都等于重

力勢(shì)能的減小量，故A錯(cuò)誤；

B、依據(jù)動(dòng)能定理，有合力對(duì)物體所做的功等于物體動(dòng)能的變更量，故B正確；

C、重力勢(shì)能具有系統(tǒng)性和相對(duì)性，即物體的重力勢(shì)能是物體與地球之間的相互作用能，其

大小與勢(shì)能零點(diǎn)的選取有關(guān)，故C正確；

D、只有機(jī)械能守恒時(shí)，才有動(dòng)能的削減量等于重力勢(shì)能的增加量，故D錯(cuò)誤；

故選BC.

12.一蹦極運(yùn)動(dòng)員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺(tái)下落,到最低點(diǎn)時(shí)距水面還有數(shù)米距離.

假定空氣阻力可忽視，運(yùn)動(dòng)員可視為質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是

A.運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最低點(diǎn)前重力勢(shì)能始終減小

B.蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做正功，彈性勢(shì)能增加

C.蹦極過程中，運(yùn)動(dòng)員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

D.蹦極過程中，重力勢(shì)能的變更與重力熱能零點(diǎn)的選取有關(guān)

【答案】AC

【解析】A、運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最低點(diǎn)前，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員始終做正功，運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能始終減小，

故A正確；

B、蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力方向向上，運(yùn)動(dòng)員的位移向下，彈性力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做負(fù)

功，彈性勢(shì)能增加，故B正確；

C、以運(yùn)動(dòng)員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故

C正確；

D、重力勢(shì)能的變更與重力做功有關(guān)，取決于初末位置的高度差，與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取無

關(guān)，故D錯(cuò)誤。

點(diǎn)睛：本題類似于小球掉在彈簧上的類型.重力與彈力特點(diǎn)相像，這兩種力做正功時(shí)，勢(shì)能

減小，做負(fù)功時(shí)，勢(shì)能增加。

13.在某一高度以/=20m/s的初速度豎直上拋一個(gè)小球(不計(jì)空氣阻力)，當(dāng)小球速度大小為

10m/s時(shí).以下推斷正確的是(g取10m/$2),()

A.小球在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度大小可能為15m/s,方向向上

B.小球在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度大小可能為5m/s,方向向下

C.小球在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度大小可能為5m/s,方向向上

D.小球的位移大小確定是15m

【答案】ACD

【解析】依據(jù)夕=」一，速度為10m/s時(shí)平均速度大小可能為15m/s,方向向上，速度為-10

2

m/s時(shí)平均速度大小可能為5m/s,方向向上，AC正確B錯(cuò)誤；依據(jù)v：-vj=2ax,解得

22

X=口=100-400=]5m，知小球的位移大小確定是15m,D正確.

2a-2x10

14.如圖甲所示，A、B兩長方體疊放在一起，放在光滑的水平面上.B物體從靜止起先受到

一個(gè)水平變力的作用，該力與時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示，運(yùn)動(dòng)過程中A、B始終保持相對(duì)靜止.則

A.t。時(shí)刻，A、B間的靜摩擦力最大，加速度最小

B.2t。時(shí)刻，A、B的速度最大

C.0時(shí)刻和2t。時(shí)刻，A、B間的靜摩擦力最大

D.2t。時(shí)刻，A、B離動(dòng)身點(diǎn)最遠(yuǎn)，速度為0

【答案】CD

【解析】試題分析：依據(jù)牛頓其次定律分析何時(shí)整體的加速度最大.再以A為探討對(duì)象，

當(dāng)加速度最大時(shí)，A受到的靜摩擦力最大.分析整體的運(yùn)動(dòng)狀況，分析何時(shí)B的速度最大，

并確定何時(shí)AB位移最大.

以整體為探討對(duì)象，整體受到推力F,在％時(shí)刻F為零，則整體所受的合力為零，加速度最

小，為零，再以A為探討對(duì)象，A受到的靜摩擦力￡=1^=0,A錯(cuò)誤；整體在0-b時(shí)間內(nèi)，

AB做加速運(yùn)動(dòng)，在t0-20時(shí)間內(nèi)，向原方向做減速運(yùn)動(dòng)，則%時(shí)刻，48速度最大，B錯(cuò)誤；

由圖示可知，0與2to時(shí)刻，A、B系統(tǒng)所受合外力最大，由牛頓其次定律可知，加速度最大，

由于A所受的