2014～2015學(xué)年普通高中高三教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理注意事項：1.本試卷分第I卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。2.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷相應(yīng)的位置。3.全部答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。4.本試卷滿分110分，測試時間90分鐘。5.考試范圍：必修1、必修2、選修3—1(靜電場)。一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，在每題給出的四個選項中，第1題～第7題，每小題只有一個選項符合題目要求；第8題～第12題，每小題有多個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選或不選的得0分。1.國內(nèi)首臺新型墻壁清潔機器人“蜘蛛俠”是由青島大學(xué)學(xué)生自主設(shè)計研發(fā)的，“蜘蛛俠”利用8只“爪子”上的吸盤吸附在接觸面上，通過“爪子”交替伸縮，就能在墻壁和玻璃上自由移動。如圖所示，假設(shè)“蜘蛛俠”在豎直玻璃面上由A點沿直線勻加速“爬行”到右上方B點，在這一過程中，關(guān)于“蜘蛛俠”在豎直面內(nèi)的受力分析正確的是AmgD2.“蛟龍?zhí)枴笔俏覈着_自主研制的作業(yè)型深海載人潛水器，如圖所示，它是目前世界上下潛能力最強的潛水器。假設(shè)某次海試活動中，“蛟龍?zhí)枴蓖瓿珊５兹蝿?wù)后豎直上浮，從上浮速度為v時開始計時，此后“蛟龍?zhí)枴眲驕p速上浮，經(jīng)過時間t上浮到海面，速度恰好減為零，則“蛟龍?zhí)枴痹趏(q<q)時刻距離海平面的深度為A.13.如圖所示，在1687年出版的《自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理》一書中，牛頓設(shè)想，拋出速度很大時，物體就不會落回地面，已知地球半徑為R,月球繞地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑為n2R,周期為T,不計空氣阻力，為實現(xiàn)牛頓設(shè)想，拋出的速度至少為o.4.近期南京軍區(qū)部隊在臨近某小島的東南沿海進(jìn)行搶灘、海空聯(lián)合作戰(zhàn)演習(xí)。如圖所示為某登陸艦船頭垂直海岸自A點出發(fā)，分別沿路徑AB、AC在演練島嶼的B、C兩點登陸。已知登陸艦在靜水中速度恒定且大于水速，則下列說法正確的是A.沿AC航行所用時間較長D.無論船頭方向如何，登陸艦都無法在A點正對岸登陸5.如圖所示，輕繩的一端固定在O點，另五端系一質(zhì)量為m的小球，在最低點給小球一個初速度，小球恰好能夠在豎直平面內(nèi)完成圓周運動，選項風(fēng)吹草動給出了輕繩對小球拉力F跟小球轉(zhuǎn)過的角度θ(0?≤K180°)的余弦cosθ關(guān)系的四幅圖6.如圖所示，固定在豎直面內(nèi)的光滑金屬細(xì)圓環(huán)半徑為R,圓環(huán)的最高點通過長為L的絕緣細(xì)線懸掛質(zhì)量為m可視為質(zhì)點的金屬小球，已知圓環(huán)所帶電均勻分布且?guī)щ娕c小球相同均為Q(未知),小球在垂直圓環(huán)平面的對稱軸上處于平衡狀態(tài)，已知靜電力常量為k,重力加速度為g。線對小球的拉力為F(未知),下列說法中正確的是;p.;7.某物體在豎直方向上的力F和重力作用下，由靜止向上運動，物體動能隨位移變化圖象如圖所示，已知0~h?段F不為零，h?~h?段F=0,則關(guān)于功率下列說法中正確的是B.0~h?D.h?~h?段，重力的功率一直增大段，合力的功率可能選增大后減小段，合力的功率可能選增大后減小8.伽利略被譽為“經(jīng)典物理學(xué)的奠基人”,成功的解釋了力和運動的關(guān)系，如圖所示，讓小球沿斜而AB由靜止?jié)L下，沿水平而BC向前運動，直到滾到另一個斜面CD。如果無摩擦力，無論BC多長、斜面AB比斜面CD陡些還是緩些，小球總會在斜面CD上的某點速度變?yōu)榱?，這點距斜面底端的豎直高度與它出發(fā)時的高度相同。設(shè)起點為p,終點為q,下列說法正確的是A.力不是維持物體運動的原因B.力是維持物體運動的原因C.小球在斜面上運動距離與斜面傾角的正弦成正比D.小球在A、B斜面上運動的時間之比等于斜面傾角正弦的反比9.彈弓是“80后”最喜愛的打擊類玩具之一，其工作原理如圖所示，橡皮筋兩端點A、B固定在把手上，橡皮筋A(yù)BC恰好處于原長狀態(tài)，在C處(AB連線的中垂線上)放一固體彈丸，一手執(zhí)把，另一手將彈丸拉至D點放手，彈丸就的作用下迅速發(fā)射出去，打擊目標(biāo)，現(xiàn)將彈丸豎直向上發(fā)射，已知E是CD中點，則B.從D到C,彈丸的機械能先增大后減小C.從D到C,彈丸的動能先增大后減小D.從D到E彈丸增加的機械能大于從E到C彈丸增加的機械能速度vn水平拋出，最后落到斜面上，空中飛行時間分別為t?,l?,落到斜面瞬間速度分別為v?、v?,不計空氣阻力，則有力F作用沿斜面勻速上滑，A、B之間動摩擦因數(shù)為μ,μ<tanb,且質(zhì)量均為m,則B.地面對斜面體的摩擦力等于mg(sin0-μcosθ)cosθ+Fcos0C.地面受到的壓力等于(M+2m)gD.B與斜面間動摩擦因數(shù)為點有一固定點電荷，電荷量為一Q?，F(xiàn)從A點將一質(zhì)量為m,電荷量為一q的帶電小球由靜止釋放，該小球沿光滑絕緣軌道ADB運動到D點時速度為4√gr,規(guī)定電場中B點的電勢為零。則在一Q形成的電場中A.A點電勢高于D點電勢B.D點電勢為D.小球在D點具有的電勢能為-7mgr第Ⅱ卷二、實驗題：本題共2小題，共15分。13.(6分)在課外活動小組進(jìn)行研究性學(xué)習(xí)的過程中，某研究小組設(shè)計了一個實驗來探究求合力的方法。(1)用兩只彈簧測力計A、B把小圓環(huán)拉到某一位置O,這里AO,BO間夾角∠AOB<90°,如圖所示，現(xiàn)不改變彈簧測力計A的拉力方向，使其拉力減小，要使小圓環(huán)仍被拉到O點，應(yīng)調(diào)節(jié)彈簧測力計B的拉力大小及角β。在下列調(diào)整方法中，可行的是。①增大B的拉力，減小β角②增大B的拉力，角β不變③增大B的拉力，增大β角④B的拉力大小不變，增大β角(2)在這個實驗當(dāng)中，有同學(xué)認(rèn)為彈簧測力計的彈簧、掛鉤和連桿的重力會使讀數(shù)有誤差，如圖所示，下列三種操作可以減小這些誤差的是圖14.(9分)某同學(xué)想利用滑塊在傾斜氣墊導(dǎo)軌上的運動來驗證動能定理。如圖所示，測量步驟如下：(1)將長為L、原來已調(diào)至水平的氣墊導(dǎo)軌的左端墊高H,在導(dǎo)軌上間距為1的兩點處分別安裝光電門P?和P?。(2)用游標(biāo)卡尺測量滑塊上遮光條的寬度d。(3)接通氣源及光電計時器，將滑塊從導(dǎo)軌左端自由釋放。測得滑塊分別通過光電門時遮光時間Ar?和△r?。閱讀上面的實驗步驟回答下列問題：(1)寫出本實驗驗證動能定理的原理式(用測出的物理量表示)。(2)實驗所用滑塊的質(zhì)量m=600g,其他數(shù)據(jù)如下：L=1.5m,H=10cm,1=50cm,則實驗中外力所做的功為。(g=10m/s2)(3)寫出減小實驗系統(tǒng)誤差的一種措施。三、計算論述題：本題共3小題，共計47分，解答時請寫出必要的文字說明、公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。15.(12分)如圖所示，質(zhì)量均為m的木塊A和木板B疊放在水平面上，A光滑且位于B的最右端，B與地面間動摩擦因數(shù)為μ,水平力F=mg作用在B上，A、B以2m/s的共同速度沿水平向右勻速運動，0.2s后F加倍(g=10m/s2)。(1)試求μ值；(2)若B足夠長，求0.4s時A、B的速度，并在乙圖中作出0.2s～0.4sA、B運動的v-t圖線。16.(16分)如圖所示，兩輪間距1=5m的水平傳送帶的主動輪半徑為0.1m,正以30rad/s的角速度順時針轉(zhuǎn)動，質(zhì)量為m=1kg的小滑塊以動能E滑上傳送帶左端B,當(dāng)小滑塊到達(dá)傳送帶右端C時，速度變?yōu)?m/s,小滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.2.重力加速度g=10m/s2,求：(1)小滑塊剛滑上傳送帶時的動能E;;(2)若小滑塊剛滑上傳送帶時的動能是求小滑塊從B到C所用的時間，以及小滑塊與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生的熱量。17.(19分)如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中ABCD區(qū)域內(nèi)，存在著兩個場強大小均為E的勻強電場I和Ⅱ,電場I方向水平向右，電場Ⅱ方向豎直向上，兩電場區(qū)域是邊長為L的正方形，邊界分別與x軸和+y軸相重合，已知帶電粒子的電量(1)若粒子從AB中點F由靜止釋放，求粒子離開電場時的位置坐標(biāo)；(2)若粒子從AB線上不同位置釋放，求粒子離開電場時動能與釋放點縱坐標(biāo)(3)若粒子在AB中垂線上不同位置釋放(電場I區(qū)域內(nèi)),試求粒子離開電場時動能與釋放點橫坐標(biāo)絕對值x的關(guān)系。2014～2015學(xué)年普通高中高三教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測1.解析：選C。根據(jù)牛頓第二定律可知，在豎直平面內(nèi)“蜘蛛俠”所受合力方向應(yīng)該是從A指向B,選項C正確。,根據(jù)逆向思維可知“蛟。龍?zhí)枴痹趖?時刻距離海平面的深度選項D正確。3.解析：選D。對于月球，萬有引力提供向心力地球表面附近,聯(lián)立解得,選項D正確。地球表面附近,聯(lián)立解得4.解析：選B。由于登陸艦相對于海水的速度不變且兩次航行船頭均垂直于海岸，奧,故兩次航行的時間相等，選項A錯誤；設(shè)登陸艦速度為v,合速度與水平方向夾角為a,由運動的合成與分解可得vk=vcota,沿AC航行時α較小，故水速較大，選項B正確；實際航速,沿AC航行時α較小實際航速大，選項C錯誤：若登陸艦調(diào)整艦頭可以使合速度沿垂直于海岸方向，可在A點正對岸5.解析：選A。根據(jù)向心力公式，剛好能過最高點，則最高點的速度v?=√gL,從最高點到與豎直方向夾角0位置，根據(jù)機械能守恒一條直線，選項A正確。6.解析：選D。由于圓環(huán)不能看做點電荷，采用微元法求圓環(huán)對小球的庫侖力，小球受到的庫侖力為圓環(huán)各點對小球庫侖力的合力。以小球為研究對象，進(jìn)行受力分析如圖，小球受到三個力的作用：線對小球的拉力為F、重力G、圓環(huán)務(wù)點對小球庫侖力的合力Fg。則Fsinθ=mg,水平方向上選項C水平方向上7.解析：選B。由圖象得，動能先增大后減小，所以速度先增大后減小，因此重力功率先增大后減小，選項A錯誤；h?~h?段合力就是重力，速度一直減小，功率減小，選項D錯誤；0～h?段拉力一直減小到零，速度先增大后減小，所以拉力功率可能先增大后減小，選項B正確；整個過程合力的功率為零有三處，其中動能最大時合力為零，因此合力的功率可能先增大后減小，再增大再減小，選項C錯誤。8.解析：選AD。力不是維持運動的原因，力是使物體運動狀態(tài)改變的原因，選項A正確；選項B錯誤；小球在斜面上運動的距離與傾斜角的正弦成反比，選項9.解析：選CD。從D到C,橡皮筋對彈丸做正功，彈丸機械能一直在增加，選項A、B錯誤；從D到E橡皮筋作用在彈丸上的合力大于從E到C橡皮筋作用在彈丸上的合力，兩段高度相等，所以DE段橡皮筋對彈丸做功較多，即機械能增加的較多，選項D正確；在CD連線中的某一處，彈丸受力平衡，所以從D到C,彈丸的速度先增大后減小，選項C正確。10.解析：選AC。小球落到斜面上，位移與水平方向夾角等于斜面傾角a,,所以選項A正確；v=√+(g()加速度a?=gsinθ-μgcos0,所以選項A錯誤；將A、B及斜面體視為整體，受力分析可知地面對斜面體的摩擦力等于m(gsinθ-μgcosθ)cosθ+Fcosθ,地而受到的壓力為(M+2m)g-Fsinθ-mg(sinθ-μcosθ)sin選項D正確、12.解析：選BD。如圖所示，以C為圓心，以CA為半徑，作圓交CD于F,),得選項B正確：由),得知13.(6分)(1)③(3分)(2)c(3分)(3分)(2)0.196J(3分)(3)增大滑塊通過光電門的速度，或者減小遮光條的寬度等(只要答案合理即可給分)(3分)解析：(1)合外力的功即為重力所做的功,動(2)代入數(shù)據(jù)可得合外力所做15.(12分)解析：(1)在0~0.2s內(nèi)，A、B做勻速直線運動，分析B根據(jù)平F=2μmg(4分),又F=mg,解得：μ=0.5(1分)。據(jù)牛頓第二定律得：2F-2μmg=ma(2分的速度一時間圖象如圖所示(2分)。16.(16分)解析：(1)設(shè)傳送帶的運行速度為vv?=or=30×0.1m/s=3m/s(2分),因為vo<4m/s,