2023年云南省昆明市三診一模高考物理教學(xué)質(zhì)檢試卷（二模）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.圖甲是市區(qū)中心的環(huán)島路，4、B兩車正在繞環(huán)島做速度大小相等的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖

乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）

C.A,B兩車所受的合力大小一定相等D.4車所受的合力大小一定比B車的大

2.某燃?xì)庠铧c(diǎn)火裝置的原理圖如圖甲所示，轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交流

電壓，并加在理想變壓器的原線圈上。變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為k,電壓表為理想交流電

壓表。當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)火花進(jìn)而點(diǎn)

燃?xì)怏w。下列說(shuō)法正確的是（）

A.副線圈輸出電壓一個(gè)周期內(nèi)鋼針只能點(diǎn)火一次

B.t=OQls時(shí)，交流電壓表示數(shù)為零

C.當(dāng)k小于嬴時(shí)，點(diǎn)火裝置才能點(diǎn)火

D.轉(zhuǎn)換器輸出的交流電壓頻率為IoOHZ

3.如圖所示，兩端開口的“U”形玻璃管豎直放置，其右側(cè)水銀柱之間封

住一段高九=5sn的空氣柱?？諝庵路降乃y面與玻璃管左側(cè)水銀面的高i

度差也為限已知大氣壓強(qiáng)為75SnHg,空氣柱中的氣體可視為理想氣體，h

周圍環(huán)境溫度保持不變，玻璃管的導(dǎo)熱性良好且玻璃管粗細(xì)均勻。下列說(shuō)法正確的是（）

A.右側(cè)玻璃管中空氣柱上方的水銀柱高度小于5cm

B.封閉空氣柱中氣體的壓強(qiáng)為70CmHg

C.從玻璃管右側(cè)管口緩慢注入少量水銀，空氣柱的壓強(qiáng)一定變大

D.從玻璃管左側(cè)管口緩慢注入少量水銀，空氣柱的壓強(qiáng)一定變大

4.Xoy平面（紙面）由同種均勻介質(zhì)組成，坐標(biāo)原點(diǎn)O處的波

源垂直平面振動(dòng)，形成在平面內(nèi)傳播的簡(jiǎn)諧橫波，波源振動(dòng)

的周期為2s。某時(shí)刻觀察到離波源最近的波谷、波峰如圖所

示，虛線代表波谷（向紙面內(nèi)振動(dòng)位移最大），實(shí)線代表波峰，

將平衡位置坐標(biāo)為（LI）的質(zhì)點(diǎn)記為P。下列說(shuō)法正確的是（）

A.該波的波長(zhǎng)為ITn

B.該波的波速為0.25m∕s

C.此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的位移方向垂直紙面向外

D.此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的速度方向垂直紙面向里

5.第一宇宙速度又叫做環(huán)繞速度，第二宇宙速度又叫做逃逸速度。理論分析表明，逃逸速

度是環(huán)繞速度的，N倍。有些恒星，在它一生的最后階段，強(qiáng)大的引力把物質(zhì)緊緊地壓在一

起，密度極大，其逃逸速度大于光速，這樣的天體稱為黑洞。已知地球的半徑約為6400km,

地球表面附近的重力加速度約為Iom/S2,光速約為3.0xl08m∕s,不考慮地球的自轉(zhuǎn)。倘若

地球保持質(zhì)量不變收縮成為黑洞，該黑洞半徑的最大值接近（）

A.0.01mB.0.1τnC.ImD.IOm

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

6.如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，金屬鴇的逸出功為4.54eV.現(xiàn)有大量處于Ti=4能級(jí)的氫原

子向低能級(jí)躍遷，由圖可知（）

-----------------------------------13.6

A.發(fā)生躍遷時(shí)對(duì)外輻射光的光譜是連續(xù)譜

B.發(fā)生躍遷時(shí)最多能輻射6種頻率的光

C.發(fā)生躍遷時(shí)輻射的光中能使鴇發(fā)生光電效應(yīng)的有3種

D.從n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)發(fā)出的光波長(zhǎng)最長(zhǎng)

7.如圖所示，四根帶有等量正電荷且電荷均勻分布的細(xì)絕緣棒a、b、c、d組成一個(gè)正方形，

4點(diǎn)位于正方形的中心，4、B兩點(diǎn)關(guān)于a棒對(duì)稱。若將a棒移走，其余棒上電荷仍均勻分布,

規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零。下列說(shuō)法正確的是（）

d

b

A.移走ɑ棒后，4、B兩點(diǎn)的電勢(shì)均減小

B,移走ɑ棒后，4、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均減小

C.移走α棒前，將正點(diǎn)電荷從4點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電勢(shì)能減小

D.移走a棒前，將負(fù)點(diǎn)電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處分別移動(dòng)到人B兩點(diǎn)，電場(chǎng)力做功相同

8.如圖甲所示，4、B兩個(gè)物體相互接觸但不黏合，放置在粗糙水平地面上，兩物體的質(zhì)量

分別為叫時(shí)，推力以、分別作用于、隨時(shí)間的

1=Mg,mβ=4kgat=0FB4B上,FA.FBt

變化規(guī)律如圖乙所示。已知兩物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0?l,取重力加速度g=10m∕s2.

下列說(shuō)法正確的是（）

A.t=1.5s時(shí)，物體4B分離

B.物體4、B分離瞬間，物體A的速度大小為3zn∕s

C.t=Is時(shí)，4對(duì)B的作用力大小為5N

D.O?IS內(nèi)，A對(duì)B的作用力的沖量大小為5N?s

三'實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

9.某同學(xué)通過(guò)查閱資料得知：彈簧彈性勢(shì)能表達(dá)式為EP=Tk（4x）2,k為彈簧的勁度系數(shù)，

/%為彈簧的形變量。為驗(yàn)證該表達(dá)式，該同學(xué)用一勁度系數(shù)為自的輕彈簧，利用如圖所示裝

置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。

主要操作步驟如下：

（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出擋光片的寬度d,用天平測(cè)出物塊a、b（含擋光片）的質(zhì)量均為m；

（2）將彈簧左端固定在氣墊導(dǎo)軌的左側(cè)，右端與a拴接，把氣墊導(dǎo)軌調(diào)整至水平，并使氣泵正

常工作，彈簧處于自然狀態(tài)時(shí)將a右側(cè)所處的位置記為。點(diǎn)；

（3）在O點(diǎn)右側(cè)某處固定一光電門，用b將a向左推使a右側(cè)對(duì)齊P點(diǎn)（未超出彈簧彈性限度），測(cè)

出Po之間的距離為久，由靜止釋放a和b,記下?lián)豕馄ㄟ^(guò)光電門的擋光時(shí)間3則a從P點(diǎn)運(yùn)

動(dòng)到。點(diǎn)過(guò)程中，a和b（含擋光片）組成的系統(tǒng)增加的動(dòng)能為/a=（用d、t、Tn表示），

彈簧減少的彈性勢(shì)能為ZEp=（用心、X表示），若在誤差范圍內(nèi)，滿足/a=4琮則

驗(yàn)證了該表達(dá)式；

（4）當(dāng)a物塊將彈簧再次壓縮到最短時(shí)，a的右側(cè)與。點(diǎn)距離為L(zhǎng),則。

AA.Lr=-1X

B.L

C.L=x

10.熱敏電阻的阻值會(huì)隨溫度的變化而變化。實(shí)驗(yàn)小組用伏安法測(cè)量某熱敏電阻的阻值，并

研究其阻值與溫度的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)室可提供的器材有：熱敏電阻燈（阻值在幾百到兒千歐的范圍

內(nèi)）；電壓表U（量程為15V,內(nèi)阻約3k。）；電流表量程為0.64,內(nèi)阻約0.20）；電流表4（量

程為IOn內(nèi)阻約10；滑動(dòng)變阻器R（最大阻值20。）；蓄電池（電動(dòng)勢(shì)為E=12匕內(nèi)阻不

計(jì)）；開關(guān)、導(dǎo)線若干。

Λ,∕kΩ

020406080100

WT

⑴為了減小測(cè)量誤差，電流表應(yīng)該選（選填或“七”），圖甲中電壓表右側(cè)導(dǎo)

線接（選填"a”或"b”）；

（2）請(qǐng)根據(jù)圖甲用筆畫代替導(dǎo)線把如圖乙所示的實(shí)物圖補(bǔ)充完整；

（3）正確連接電路后，調(diào)節(jié)恒溫箱中的溫度t,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片P,使電流表和電壓表示

數(shù)在合適數(shù)值，記錄對(duì)應(yīng)的電流表和電壓表的示數(shù)，并算出熱敏電阻的阻值小。多次改變溫

度t,算出對(duì)應(yīng)的阻值小；

（4）在坐標(biāo)紙上作出上與溫度t的關(guān)系圖像如圖丙所示。根據(jù)圖丙可知，當(dāng)電壓表的示數(shù)為9.（Ψ,

電流表的示數(shù)為3.0mA時(shí)，熱敏電阻所在處的溫度約為℃：

（5）實(shí)驗(yàn)小組用該熱敏電阻設(shè)計(jì)了如圖丁所示的保溫箱溫度控制電路，Rt為熱敏電阻，/?2為電

阻箱，控制系統(tǒng)可視為R=3000的電阻，電源的電動(dòng)勢(shì)=9U（內(nèi)阻不計(jì)）。當(dāng)通過(guò)控制系

統(tǒng)的電流小于2mA時(shí)，加熱系統(tǒng)將開啟為保溫箱加熱；當(dāng)通過(guò)控制系統(tǒng)的電流達(dá)到2nM時(shí)，

加熱系統(tǒng)將關(guān)閉。若要使得保溫箱內(nèi)溫度低于40。（2,加熱系統(tǒng)就開啟，應(yīng)將刈調(diào)為。；

若要使得保溫箱內(nèi)溫度低于37汽，加熱系統(tǒng)開啟，應(yīng)將&（選填“調(diào)大”或“調(diào)小”）。

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共44.0分）

11.如圖所示，紙面內(nèi)兩平行直線MN、PQ的上方和下方區(qū)域存在大小相等、方向垂直紙面

向里、范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。a、b、C為直線PQ上的三個(gè)點(diǎn)，b為ac的中點(diǎn)。一帶正電的粒

子從a點(diǎn)以速度先垂直PQ向上沿紙面射入，粒子經(jīng)C點(diǎn)后又回到a點(diǎn)。在MN、PQ之間加方向

垂直于PQ向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)后，粒子從a點(diǎn)仍以相同的速度沿紙面射入，粒子第一次離開下方

磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，恰好經(jīng)過(guò)b點(diǎn)。已知ac之間的距離為d,粒子的比荷為鼠不計(jì)粒子的重力。求：

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

（2）加電場(chǎng)后，PQ與MN之間的電勢(shì)差。

12.如圖所示為部分跳臺(tái)滑雪軌道的簡(jiǎn)化示意圖。運(yùn)動(dòng)員在某次滑雪訓(xùn)練時(shí)，從滑道上的4點(diǎn)

由靜止開始下滑，到達(dá)軌道B點(diǎn)時(shí)的速度大小為15m∕s,方向與水平方向之間的夾角為37。，

滑離B點(diǎn)后下落到軌道上的C點(diǎn)，落到C點(diǎn)前瞬間速度方向與豎直方向之間的夾角也為37。。已

知運(yùn)動(dòng)員（含裝備）的質(zhì)量為50kg,軌道上4、B兩點(diǎn)間的高度差為12τn,運(yùn)動(dòng)員可看作質(zhì)點(diǎn),

不計(jì)空氣阻力，取重力加速度g=10τn∕s2,sin370=0.6,CoS37。=0.8。求:

（1）運(yùn)動(dòng)員（含裝備）從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中損失的機(jī)械能;

(2)運(yùn)動(dòng)員從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的時(shí)間；

(3)B點(diǎn)和C點(diǎn)之間的高度差。

13.如圖所示，傾角為O=37。的絕緣斜面上固定著兩足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為

L=2m,上端連接阻值為R=O.40的定值電阻，下端開口。粗糙的導(dǎo)體棒a、b恰能靜止在導(dǎo)

軌上MN和PQ位置，MN和PQ之間的距離d=3Μ。PQ下方存在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁

感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.57?，F(xiàn)使a棒在平行于斜面向下F=6N的恒力的作用下，從MN位置由

靜止開始向下加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a棒運(yùn)動(dòng)到與b棒碰撞前瞬間，撤去力F,a、b兩棒發(fā)生彈性碰撞。

已知a棒的質(zhì)量mcι=1kg，電阻Ra=0.40,b棒的質(zhì)量n?=3kg,電阻&=0.2。，金屬導(dǎo)

軌的電阻均不計(jì)，兩棒始終與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，棒與導(dǎo)軌間的最大靜摩擦力等于滑

動(dòng)摩擦力,取重力加速度g=10m∕s2,S譏37。=0.6,cos370=0.8?求:

R

(l)a?b棒碰后瞬間b棒的速度大小；

(2)從b棒開始運(yùn)動(dòng)到停下的過(guò)程中，定值電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱;

(3)最終a、b棒間的距離。

答案和解析

1.【答案】B

2

【解析】解：ACD,兩車的線速度"大小相等，由圖可知τ?>9,由α7l=亍可得A車的向心加速度

大于B車向心加速度,勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力全部提供向心力，兩車的質(zhì)量關(guān)系未知，由F=6即可知，

兩車的向心力即合力大小無(wú)法確定，故ACz）錯(cuò)誤；

B、由3=3可知，A車的角速度大于B車角速度，故8正確。

故選:B。

ACD,勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)：線速度大小不變，合力全部提供向心力，由圖可知兩車半徑的大小

2

關(guān)系，由αn=亍可比較兩車的向心加速度大小，兩車的質(zhì)量關(guān)系未知，由F=Znan可知無(wú)法確定

兩車合力的大小關(guān)系；

B、由3=￡可比較角速度大小。

本題考查了向心加速度、角速度、向心力，注意勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力全部提供向心力。

2.【答案】C

【解析】解：4、副線圈輸出電壓是與原線圈電壓頻率相同的交流電壓，原線圈一個(gè)周期內(nèi)有兩

次最大值，則副線圈一個(gè)周期內(nèi)也有兩次最大值，即一個(gè)周期內(nèi)鋼針能點(diǎn)火兩次，故4錯(cuò)誤；

8、由圖乙知，t=0.01s時(shí)，原線圈上瞬時(shí)電壓為零，但交流電壓表所測(cè)量的是電壓的有效值，

不是電壓的瞬時(shí)值，故交流電壓表示數(shù)為擊IZ=浮匕示數(shù)不為零，故B錯(cuò)誤；

C、原線圈電壓的有效值

又或咤=%

聯(lián)立可得副線圈電壓有效值為出=7?u

則副線圈電壓最大值為"ax=CU2=4X息V=/

要使點(diǎn)火裝置成功點(diǎn)火，則應(yīng)滿足

U2max>5000U

故C正確；

11

D、由圖乙知，轉(zhuǎn)換器輸出的交流電壓周期7=2xl0-2s,則頻率為/=亍=發(fā)記Hz=50Hz,

故。錯(cuò)誤。

故選：Co

A、副線圈輸出電壓是與原線圈電壓頻率相同的交流電壓，原線圈一個(gè)周期內(nèi)有兩次最大值，則副

線圈一個(gè)周期內(nèi)也有兩次最大值，故可判斷。

B、交流電壓表所測(cè)量的是電壓的有效值，不是電壓的瞬時(shí)值。

C、要使點(diǎn)火裝置成功點(diǎn)火，應(yīng)使副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V,根據(jù)變壓器有效值公式、原副

線圈電壓有效值與線圈匝數(shù)比的關(guān)系，聯(lián)立可求。

。、由圖乙可得轉(zhuǎn)換器輸出的交流電壓周期，則頻率可求。

本題主要考查變壓器原理、交流電圖像知識(shí)，要熟練掌握變壓器原副線圈電壓有效值與線圈匝數(shù)

比的關(guān)系，掌握電壓最大值與有效值之間的關(guān)系，要會(huì)識(shí)別、讀取交流電圖像。

3.【答案】C

【解析】解:AB,同一液面壓強(qiáng)相等，則封閉氣體的壓強(qiáng)為：p=(75CmHg+5cmHg)=80cmHg,

所以右側(cè)玻璃管中空氣柱上方的水銀柱高度等于5cm,故AB錯(cuò)誤；

C、從玻璃管右側(cè)管口緩慢注入少量水銀，右側(cè)水銀柱的長(zhǎng)度增加，水銀柱對(duì)空氣柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)

增大，則空氣柱的壓強(qiáng)一定變大，故C正確；

。、從玻璃管左側(cè)管口緩慢注入少量水銀，右側(cè)水銀柱的長(zhǎng)度不變，氣體做等壓變化，即空氣柱

的壓強(qiáng)不變，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

同一液面壓強(qiáng)相等，由此得到封閉氣體的壓強(qiáng)和右側(cè)玻璃管中空氣柱上方的水銀柱高度；從玻璃

管右側(cè)管口緩慢注入少量水銀，空氣柱的壓強(qiáng)變大；從玻璃管左側(cè)管口緩慢注入少量水銀，空氣

柱的壓強(qiáng)不變。

解答本題的關(guān)鍵是掌握封閉氣體壓強(qiáng)的計(jì)算方法，知道同一液面壓強(qiáng)相等。

4.【答案】D

【解析】解：AB、圖甲中實(shí)線表示波峰，虛線表示相鄰的波谷，則有g(shù)=2m,可得4=4τn;根

據(jù)題意T=2s,則此機(jī)械波的傳播速度為u=彳=gτn∕s=2τn∕s,故AB錯(cuò)誤；

C、根據(jù)圖象可知此時(shí)P點(diǎn)與虛線的距離為X=(√I2+I2-l)m=(√^-l)τn<^λ,可知此時(shí)

質(zhì)點(diǎn)P的位移方向垂直紙面向里，故C錯(cuò)誤；

D,根據(jù)波的平移可知此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的速度方向垂直紙面向里，故。正確；

故選：D。

根據(jù)圖中信息可得出波長(zhǎng)，結(jié)合周期，從而求出此機(jī)械波的傳播速度。根據(jù)幾何關(guān)系分析P的運(yùn)

動(dòng)情況。

本題要理解波的形成過(guò)程，根據(jù)圖像分析出橫波的傳播特點(diǎn)，結(jié)合公式u=*和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行分

析。

5.【答案】A

【解析】解：地球表面附近有鬻=mg

R

設(shè)光子能夠繞黑洞表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得：等=漏

將R=640OkTn=64000OOJn代入解得R'=0.01m

故A正確，BCl)錯(cuò)誤；

故選：Ao

地球表面附近萬(wàn)有引力近似等于重力，根據(jù)光子繞黑洞做勻速圓周運(yùn)動(dòng)求解黑洞的半徑。

本題主要是考查黑洞的知識(shí)，解答本題的關(guān)鍵是能夠從給出的信息中獲取解答的知識(shí)，掌握萬(wàn)有

引力定律的應(yīng)用。

6.【答案】BC

【解析】解：AB,大量處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷最多能輻射番=6種不同頻率的光,

即產(chǎn)生6條氫原子的特征譜線，其光譜應(yīng)為線狀譜，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、根據(jù)躍遷規(guī)律可知從n=4向n=1躍遷時(shí)輻射光子的能量為加=E4-E1=-0.85eV-

(-13.6eK)=12.75eK;

從n=3向n=1躍遷時(shí)輻射光子的能量為∕ιv=E3-E1=—1.5IeU-(-13.6el∕)=12.09eK;

從n=2向n=1躍遷時(shí)輻射光子的能量為成=E2-E1=-3AeV-(-13.6eK)=10.2eK;

這些光子的能量大于金屬鴇的逸出功，故能使金屬鶴發(fā)生光電效應(yīng)的光有3種，故C正確；

。、氫原子從Ti=4能級(jí)躍遷到n=l能級(jí)，所發(fā)出的光的能量最大，由E=∕ιv=與可知，所發(fā)出

的光的波長(zhǎng)最短，故。錯(cuò)誤。

故選：BCo

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式判斷輻射出的不同頻率的光子種類，氫原子只能處于幾條特定的能級(jí)狀態(tài)，在

不同能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出特定頻率的光，判斷氫原子發(fā)射的光譜是不是連續(xù)的；

根據(jù)氫原子躍遷條件結(jié)合光電效應(yīng)的條件分析使金屬鋁發(fā)生光電效應(yīng)條件分析；根據(jù)能級(jí)差與光

子頻率和波長(zhǎng)的關(guān)系判斷波長(zhǎng)的長(zhǎng)短。

本題難度不大，主要考查了氫原子能級(jí)躍遷和光電效應(yīng)的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握

氫原子躍遷的規(guī)律和光電效應(yīng)方程。

7.【答案】AC

【解析】解：4、電勢(shì)是標(biāo)量，正電荷周圍的電勢(shì)大于0,移走ɑ棒后，4B兩點(diǎn)的電勢(shì)均減小，

故A正確；

B、移走α棒前，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理，A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為0,所以4點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，B兩點(diǎn)

的電場(chǎng)強(qiáng)度均小，故B錯(cuò)誤；

CD.移走ɑ棒前，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則B點(diǎn)電勢(shì)較低，所以將正點(diǎn)電荷從4點(diǎn)移

動(dòng)到B點(diǎn)，電勢(shì)能減小，將負(fù)點(diǎn)電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處分別移動(dòng)到力、B兩點(diǎn)，電場(chǎng)力做功不相同，故C

正確，力錯(cuò)誤；

故選：ACo

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理分析4B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，電勢(shì)是標(biāo)量，根據(jù)標(biāo)量的運(yùn)算解得。點(diǎn)的電

勢(shì)，根據(jù)電場(chǎng)力做功分析電勢(shì)能變化。

本題考查學(xué)生對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)概念的理解和應(yīng)用能力，要掌握電場(chǎng)的疊加原理，分析時(shí)要抓住

對(duì)稱性。

8.【答案】BD

【解析】解：力、當(dāng)AB間彈力為零時(shí)二者分離

以=8-2(

Fβ=2÷2t

對(duì)ZB整體：FB+FA-μ(jnλ+mB)g=(mA+τnβ)α

解得a=lm∕s2

對(duì)8：

FB-NmBg=mBa

解得FB=8N

代入FB=2+2t中得t=3s,

故4錯(cuò)誤；

B、4B分離前a=lτn∕s2不變，故分離時(shí)v=at=3τn∕s,故B正確；

C,t=ISB寸，F(xiàn)B=2+2t=4N

對(duì)B:FB+NAB-〃機(jī)Bg=ɑ

解得NAB=4/V

故C錯(cuò)誤；

。、O?IS內(nèi)對(duì)B應(yīng)用動(dòng)量定理：IFB-HmBgt+IAB=TΠBV1

v1=at1

代入數(shù)據(jù)解得巧=lm∕s

∕FB為圖象面積或/FB=FBtI

代入數(shù)據(jù)解得∕FB=3NS?S

聯(lián)立得：1AB=5N-S

故。正確。

故選：BDa

當(dāng)AB間彈力為零時(shí)二者分離；AB分離前a不變；t=Is時(shí)，F(xiàn)B=2+2t=4∕ViO?IS內(nèi)對(duì)B應(yīng)用

動(dòng)量定理分析求解。

本題考查動(dòng)量定理，明白當(dāng)AB間彈力為零時(shí)二者分離，結(jié)合動(dòng)量定理進(jìn)行分析求解。

9.【答案】嗒TkoX2B

【解析】解：(3)物塊運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)滑塊的速度大小D=T物塊組成的系統(tǒng)增加的動(dòng)能ZEk=；X

C7md2

2mvz=m×(-)=-p-

2

物塊a從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)過(guò)程中彈簧減少的彈性勢(shì)能AEP=i?0x

(4)從物塊ɑ經(jīng)過(guò)。點(diǎn)到物塊α將彈簧再次壓縮到最短過(guò)程，物塊α與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，

22

由機(jī)械能守恒定律得：Iτnvfc0L

解得：L=浮心故B正確，AC錯(cuò)誤。

故選：Bo

故答案為：(3)嗒；TM;(4)Bo

(3)根據(jù)擋光片的寬度與擋光時(shí)間求出物塊的速度，然后求出系統(tǒng)的動(dòng)能；根據(jù)彈性勢(shì)能的計(jì)算公

式求出彈簧減少的彈性勢(shì)能。

(4)根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解。

分析清楚物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程、理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提；求出物塊到達(dá)。點(diǎn)的速度，應(yīng)用機(jī)械能

守恒定律可以解題。

10.【答案】A2b46700調(diào)小

p19C

【解析】解：(1)通過(guò)電流表的最大電流為∕7n=關(guān)=前4=6X103=607714故電流表應(yīng)選

擇必，根據(jù)粵＜M，故電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，圖甲中電壓表右側(cè)導(dǎo)線接R

KXκΛ

(2)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如圖所示

乙

(4)當(dāng)電壓表的示數(shù)為9.0U,電流表的示數(shù)為3.0ΠL4時(shí)，熱敏電阻的阻值為：R=*3OTO-30=

3.0X103∕2=3.Ofcfi

根據(jù)圖像可知熱敏電阻所在處的溫度約為46汽；

(5)由圖像可知，溫度為40。&熱敏電阻的阻值為3.5x1030,根據(jù)閉合電路歐姆定律有：/=

EO

Rt+Rz+R

代入數(shù)據(jù)解得：R2=700Ω

溫度為37n，熱敏電阻的阻值為4.0X103。要使電流小于2巾4同理根據(jù)上式可得%=2000。

應(yīng)將/?2調(diào)小。

故答案為：(1)A2,R(2)見解析；(4)46；(5)700,調(diào)小。

(1)根據(jù)估算電流選擇電流表，根據(jù)誤差分析選擇電流表的接法；

(2)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；

(4)根據(jù)歐姆定律計(jì)算電阻，結(jié)合圖像得到對(duì)應(yīng)的溫度；

(5)根據(jù)閉合電路歐姆定律分析判斷。

本題考查熱敏電阻的應(yīng)用，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理和數(shù)據(jù)處理。

11.【答案】解：(1)不加電場(chǎng)時(shí)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示，

甲

設(shè)帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為rl,根據(jù)幾何關(guān)系可得:

2r1=d

粒子受到的洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：

qv0B=警

rI

聯(lián)立解得：B=?

kd

(2)加電場(chǎng)時(shí)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示,

設(shè)帶電粒子在MN上方磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為上，根據(jù)幾何關(guān)系可得

2r2=d+；d

設(shè)粒子從MN進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間速度大小為口粒子受到的洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得

qvB=

r2

聯(lián)立解得：V=Iv0

粒子在電場(chǎng)中加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)能定理可得

qUJ,=-1mv2z--?mvθ2

解得：U=萍

8k

答：(1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為簪；

KCl

(2)加電場(chǎng)后，PQ與MN之間的電勢(shì)差為普。

【解析】(1)畫出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，由幾何知識(shí)確定出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)軌跡的半徑，

根據(jù)牛頓第二定律求解勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。

(2)畫出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，由幾何知識(shí)確定出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)軌跡的半徑，根據(jù)牛頓

第二定律和動(dòng)能定理結(jié)合可求出加電場(chǎng)后，PQ與MN之間的電勢(shì)差。

解決該題的關(guān)鍵是分析帶電粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是畫出帶

電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡，確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解

未知量;對(duì)于帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般是按類平拋運(yùn)動(dòng)或勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行解答。

12.【答案】解：(1)運(yùn)動(dòng)員從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律得:mghAB=?mvj+AE機(jī)

代入數(shù)據(jù)解得：4E)W=375/

(2)運(yùn)動(dòng)員從8點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中做斜拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成和分解可得：VBCOS37。=

o

vcsin37

代入數(shù)據(jù)解得：％=20m∕s

運(yùn)動(dòng)員在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)為豎直上拋運(yùn)動(dòng)，規(guī)定向下為正方向

o

運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)的豎直分速度：vBy=-vβsin37

在C點(diǎn)的豎直分速度：vcy=vccos37°

在豎直方向，由U-t公式得：vcy=vBy+gt

代入數(shù)據(jù)解得：t=2.5s

⑶運(yùn)動(dòng)員從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：mghBC=lmv^-1mvj

代入數(shù)據(jù)解得：hBC=8.75m

答：(1)運(yùn)動(dòng)員(含裝備)從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中損失的機(jī)械能是375/；

(2)運(yùn)動(dòng)員從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的時(shí)間是2.5s；

(3)B點(diǎn)和C點(diǎn)之間的高度差是8.75m。

【解析】(1)根據(jù)能量守恒定律求出損失的機(jī)械能。

(2)從B到C過(guò)程運(yùn)動(dòng)員在豎直方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出從B到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

(3)應(yīng)用動(dòng)能定理求出B、C間的高度差。

根據(jù)題意分析清楚運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解，能量守恒定律與動(dòng)能定理可以解

題。

13.【答案】解：(l)α棒恰好能靜止在導(dǎo)軌上，設(shè)a棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，根據(jù)平衡條件可

得：

μmagcosθ=magsinθ

解得：μ=0.75

與b棒碰前a棒沿導(dǎo)軌向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)a棒的加速度為名,對(duì)a棒根據(jù)牛頓第二定律可得

F+magsinθ—μmagcosθ=maa1

解得：a=6m∕s2

2

設(shè)a棒與b棒碰前瞬間的速度大小為外根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得：V=2a1d

代入數(shù)據(jù)解得：V-6m∕s

a、b棒發(fā)生彈性碰撞，對(duì)a