2023-2024學(xué)年山東省淄博市第五中學(xué)高三（上）開學(xué)考試

物理試卷

一、選擇題（本大題共12小題，第1-8小題為單選題，每小題3分，第9-12小題為多選題，

每小題4分，共40分）

1.下列說法正確的是（）

A.液體具有表面張力，是因為液體表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距

B.壓縮封閉在注射器中的氣體，其壓強增大，是因為氣體分子間斥力增大

C.當分子間作用力為零時，分子勢能也一定為零

D.在陽光照射下的教室里，眼睛看到空氣中塵埃的運動就是布朗運動

2.用中子轟擊靜止的鋰核，核反應(yīng)方程為H+"i→,He+X+y,已知光子的頻率為匕鋰

核的比結(jié)合能為電,氫核的比結(jié)合能為%，X核的比結(jié)合能為E3,普朗克常量為兒真空中光

速為c,下列說法中正確的是（）

A.X核為孑H核

B.y光子的動量P=號

C.釋放的核能ZE=（4F2+3%）-6E1+hv

D.質(zhì)量虧損Zm=（4E2+3?-6EI

C乙

3.如圖所示，由線圈L和電容器C組成簡單的LC振蕩電路，某時刻，LC振蕩電路中電流和電

磁場情況如圖所示。則下述說法正確的是（）

A.圖中回路電流正在增大

B.電場能正在減小，磁場能正在增大

C.電容器兩端電壓正在增大

D.若在線圈中加一鐵芯，則充放電過程會變快

4.4、B兩物體從同一起點在同一直線上運動的位移一時間（久-t）圖像如圖所示。A的圖像為

直線，8的圖像為過原點的拋物線，兩圖像交點C、。的坐標如圖所示，下列說法正確的是（）

A.4做勻速直線運動，B做加速度增大的變加速直線運動

B.A、B兩物體在O?t?時間段內(nèi)相遇一次（不考慮剛開始）

C.在S時刻之前，4可能在B的前面

D.在tι~t2時間段某個時刻，4、B的速度相同

5.2023年S月中國首個深海浮式風(fēng)力發(fā)電平臺“海油觀瀾號投產(chǎn)發(fā)電，假設(shè)旋轉(zhuǎn)磁極式風(fēng)力

發(fā)電機原理如圖所示，風(fēng)吹動風(fēng)葉，帶動磁極旋轉(zhuǎn)，使得水平放置線圈的磁通量發(fā)生變化，

產(chǎn)生感應(yīng)電流。磁鐵下方的線圈與電壓傳感器相連并通過電腦（未畫出）顯示數(shù)據(jù)。已知風(fēng)速

與發(fā)電機的轉(zhuǎn)速成正比，線圈的電阻不計。在某一風(fēng)速時，電腦顯示電壓傳感器兩端的電壓

如圖乙所示。則下列說法正確的是（）

A.風(fēng)速越大，電壓傳感器兩端電壓變化周期越大，有效值越大

B.磁鐵的轉(zhuǎn)速為Ior/s

C.電壓傳感器兩端的電壓表達式為U-12sin5τrt（K）

D.風(fēng)速一定的情況下，減少線圈的雁數(shù)，電壓傳感器兩端電壓增大

6.直桿BC的一端用錢鏈固定于豎直墻壁，另一端固定一個小滑輪C,細繩下端掛一重物，細

繩的AC段水平?不計直桿、滑輪及細繩的質(zhì)量，忽略所有摩擦。若將細繩的端點4稍向下移

至4點（圖中未畫出），使之重新平衡，則此時滑輪C的（）

A.高度水平線在A4之間B.高度水平線與4點等高

C.高度水平線在4點之下D.高度水平線在A點之上

7.電磁流量計是隨著電子技術(shù)的發(fā)展而迅速發(fā)展起來的新型流量測量儀表。主要有直流式和

感應(yīng)式兩種。如圖所示直流式電磁流量計，外加磁感應(yīng)強度為B的水平勻強磁場垂直于管軸，

在豎直徑向a、b處裝有兩個電極，用來測量含有大量正，負離子的液體通過磁場時所產(chǎn)生的

電勢差大小U。液體的流量Q可表示為Q=表器，其中d為管道直徑，k為修正系數(shù)，用來修

正導(dǎo)出公式時未計及的因素（如流量計管道內(nèi)的流速并不均勻等）的影響。那么4應(yīng)該為（）

B.管道的橫截面積

C.液體的流速

D.液體中單位時間內(nèi)流過某一橫截面的電荷量

8.如圖所示，一個粗細均勻的單匝正方形閉合線框abed,在水平拉力作用下，以恒定的速

度沿X軸運動，磁場方向垂直紙面向里。從線圈進入磁場開始計時，直至完全進入磁場的過程

中，設(shè)加邊兩端電壓為U,線框受到的安培力為F,線框的熱功率為P,通過ab邊的電荷量為

q.下列關(guān)于U、F、P、q隨時間t變化的關(guān)系圖像正確的是（）

,/×

ad/

∕×X

//

bJeLXX3χ

9.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示的a→B→C→D→4循環(huán)過程。下列說法正確的是

A.力τBτC過程中，氣體壓強先減小后增大

B.C→D→A過程中，單位體積內(nèi)分子數(shù)先不變后增加

C.整個循環(huán)過程中，氣體對外界做的功小于外界對氣體做的功

D.整個循環(huán)過程中，氣體從外界吸熱，內(nèi)能不變

10.如圖所示為研究光電效應(yīng)的實驗裝置，當用能量為E=3.1eV的光照射涂有某種金屬的陰

極K時，電流表有示數(shù)。若陰極K與陽極4間的電勢差Uo=0.9V,電流表示數(shù)剛好為零，電

子的電荷量為e。下列說法正確的是（）

A.從金屬表面逸出的光電子的最大初動能為0.9eV

B.此金屬的逸出功為0.9eV

C.將P向右移動，電流表的示數(shù)可能先增大后不變

D.將P向右移動，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能增加

II.如圖所示，四根通有恒定且等大電流的長直導(dǎo)線垂直穿過Xoy平面，1、2、3、4直導(dǎo)線

與Xoy平面的交點連成邊長為2L的正方形且關(guān)于久軸和y軸對稱，各導(dǎo)線中電流方向已標出。

已知電流為1的無限長通電直導(dǎo)線在距其r處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為B=弓,k為比例系數(shù)。

下列說法正確的是（）

1f?2

軟---------@

AX

O

?-------------G

4α03

A.直導(dǎo)線1、3相互排斥，直導(dǎo)線2、3相互吸引

B.直導(dǎo)線1、2在。點產(chǎn)生的合磁場的方向沿y軸負方向

C.直導(dǎo)線1、4在。點產(chǎn)生的合磁場的磁感應(yīng)強度大小為年

D.若僅將直導(dǎo)線3的電流變?yōu)樵瓉淼?倍，則直導(dǎo)線1所受安培力為零

12.如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左、右兩側(cè)導(dǎo)軌間距分別為d和3d,

處于豎直向下的磁場中，磁感應(yīng)強度大小分別為3B和B；已知導(dǎo)體棒PQ的電阻為R、長度為d,

導(dǎo)體棒MN的電阻為3R、長度為3d,MN的質(zhì)量是PQ的3倍。初始時刻兩棒靜止，兩棒中點之

間連接一壓縮量為L的輕質(zhì)絕緣彈簧。釋放彈簧，兩棒在各自磁場中運動直至停止，彈簧始終

在彈性限度內(nèi)。整個過程中兩棒保持與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，導(dǎo)軌足夠長且電阻不計。下列

說法正確的是（）

N

A.彈簧伸展過程中，回路中產(chǎn)生順時針方向的電流

B.MN速率為“時，PQ所受安培力大小為迫包

R

C.整個運動過程中，MN與PQ的路程之比為3：1

D.整個運動過程中，通過MN的電荷量為鳴

二、非選擇題(共60分)

13.某小組利用如圖甲所示裝置測量小車做勻變速直線運動加速度的大小。請回答下列問題:

電火花打接手源

點計時器?f√Φ?細繩

力

紙帶夕

長木板=El鉤碼

甲

(1)下列說法正確的是。

A.細繩與長木板平行

8.先釋放小車后接通電源

C電火花計時器應(yīng)使用8U交流電源

D實驗開始時小車應(yīng)離計時器遠些

(2)小組選取了如圖乙所示的一條紙帶，。、4、B、C、D、E為選取的計數(shù)點，每兩個相鄰計

數(shù)點間還有4個點沒有畫出，各計數(shù)點到。點的距離分別為*、S2、S3、S4、S5O已知交流電

源的頻率為f,則。點對應(yīng)的瞬時速度大小為(用已知字母表示)。

⑶小組根據(jù)各計數(shù)點的速度”與各計數(shù)點到。點的距離S作出。2一s圖像如圖內(nèi)所示,則打下0

點時小車速度的大小為m∕s,小車加速度大小為τn∕s20(結(jié)果均保留2位有效

數(shù)字)

14.某小組利用甲、乙所示的裝置探究影響感應(yīng)電流方向的因素。

(1)閉合圖甲電路中的電鍵，觀察電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向，本次操作的實驗?zāi)康氖恰?/p>

(2)如圖乙所示，把磁鐵的某一個磁極向線圈中插入或從線圈中抽出時，記錄磁極運動的四種

情況中感應(yīng)電流的方向，如圖丙所示，可知感應(yīng)電流的方向與哪些因素有關(guān)?

(3)為了建立感應(yīng)電流的方向與磁通量變化的聯(lián)系，需要引入來轉(zhuǎn)換研究角度。

(4)下列說法正確的是。

4實驗中需要觀察磁鐵插入的快慢與電流表指針偏轉(zhuǎn)角度大小的關(guān)系

民感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化是能量守恒定律的必然結(jié)果

C.本實驗采用了歸納推理的科學(xué)方法

。?本實驗采用了演繹推理的科學(xué)方法

15.我國自主研制了運-20重型運輸機。飛機獲得的升力大小F可用F=卜戶描寫，k為系數(shù);

。是飛機在平直跑道上的滑行速度，F(xiàn)與飛機所受重力相等時的U稱為飛機的起飛離地速度，

55

已知飛機質(zhì)量為1.21XIOkgVii,起飛離地速度為66m∕si裝載貨物后質(zhì)量為1.69XIOkg,

裝載貨物前后起飛離地時的k值可視為不變。

(1)求飛機裝載貨物后的起飛離地速度；

(2)若該飛機裝載貨物后，從靜止開始勻加速滑行152Im起飛離地，求飛機在滑行過程中加

速度的大小和所用的時間。

16.氧氣瓶是醫(yī)院、家庭護理、戰(zhàn)地救護、個人保健及各種缺氧環(huán)境補充用氧較理想的供氧

設(shè)備。某氧氣瓶容積匕=153在Tl=300K的室內(nèi)測得瓶內(nèi)氧氣的壓強Pl=9×106Pα,已

知當鋼瓶內(nèi)外無氣壓差時供氣停止。

Q)求在環(huán)境溫度為T]=300K、壓強為PO=IXlO5pα?xí)r，可放出該狀態(tài)下氧氣的體積V；

(2)若將該氧氣瓶移至72=250K的環(huán)境中用氣，當瓶內(nèi)氧氣壓強變?yōu)镻2=1.5×IO6PaW,求

用掉的氧氣的質(zhì)量與原有的氧氣的質(zhì)量之比。(用百分比表示)

17.在以坐標原點。為圓心、半徑為7?的圓形區(qū)域內(nèi)，存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于

紙面向里的勻強磁場，如圖所示。一個不計重力的帶電粒子從磁場邊界與X軸的交點4處以速

度"沿-X方向射入磁場，它恰好從磁場邊界與y軸的交點C處沿+y方向飛出。

(1)請判斷該粒子帶何種電荷；

(2)并求出其比荷M

(3)若磁場的方向和所在空間范圍不變，而磁感應(yīng)強度的大小變?yōu)锽',該粒子仍從4處以相同

的速度射入磁場，但飛出磁場時的速度方向相對于入射方向改變了60。角，畫出粒子偏轉(zhuǎn)圖,

求磁感應(yīng)強度B'多大？此時粒子在磁場中運動所用時間t是多少？

18.如圖所示，一水平的足夠長淺色傳送帶與水平地面上的平板緊靠在一起，且上表面在同

一水平面。傳送帶上左端放置一質(zhì)量為m=Ikg的煤塊(視為質(zhì)點)，煤塊與傳送帶及煤塊與

平板上表面之間的動摩擦因數(shù)均為出=0.1,初始時，傳送帶與煤塊及平板都是靜止的；現(xiàn)讓

傳送帶以恒定的水平向右加速度α=3M∕S2開始運動，當其速度達到U=I.5τn∕s后，便以此

速度做勻速運動。經(jīng)過一段時間，煤塊在傳送帶上留下了一段黑色痕跡后，煤塊相對于傳送

帶不再滑動。隨后，在煤塊平穩(wěn)滑上平板的同時，在平板右側(cè)施加一個水平向右的恒力F=

22N。尸作用了0.5s后，煤塊恰好與平板速度相等，此時撤去尸。最終煤塊沒有從平板上滑下，

已知平板質(zhì)量M—4kg,取g=10m∕s2o

(1)求傳送帶上黑色痕跡的長度；

(2)求平板與水平地面間的動摩擦因數(shù)也；

(3)平板上表面至少多長？(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】A液體具有表面張力，是因為液體表面層分子間距大于液體內(nèi)部分子間距，表面層液體

分子間作用力表現(xiàn)為引力，從而使液體表面緊繃，故A正確；

A壓縮封閉在注射器中的氣體，其壓強增大，是因為氣體體積減小，密度增大，單位面積上撞擊

的分子數(shù)增大，故B錯誤；

C.分子間作用力為零時，分子勢能最小，但是不為零，一般取分子之間的距離為無窮大時分子勢

能為零，故C錯誤；

。.做布朗運動的小顆粒非常小，必須經(jīng)顯微鏡放大500倍左右才能觀察到，肉眼能直接看到塵埃

不符合這個條件，不可能做布朗運動，故力錯誤。

故選Ao

2.【答案】D

【解析】A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知X核為：，核，故A錯誤；

A光子的頻率為V,可知y光子的動量

hhv

P="T=—

λC

故B錯誤；

C.由比結(jié)合能的概念可知，該核反應(yīng)釋放的核能為

ΔE=(4%+3E3)-6E]

故C錯誤；

。.質(zhì)量虧損為

,(4F+3F)-6Eι

?m--2--------3----=----------

Cz

故。正確；

故選D。

3.【答案】C

【解析】4BC.由圖中電流方向和電容器極板的正負極，可知此時電容器處于充電狀態(tài)，電流正在

減小，場能正在增大，磁場能正在減小，電容器兩端電壓正在增大，故AB錯誤，C正確；

D、若在線圈中加一鐵芯，根據(jù)T=2τrλ∏Z可知充放電過程會變慢，故。錯誤；

故選Co

4.【答案】D

【解析】AS的圖像為傾斜直線，即圖像斜率不變，所以4做勻速直線運動；B的圖像為過原點的

拋物線，結(jié)合X=Tat2可知B做勻加速直線運動，故A錯誤；

B.不考慮剛開始，兩圖像在O?匕時間段內(nèi)有兩個交點，所以4B兩物體在O~t2時間段內(nèi)相遇兩

次，故B錯誤；

C在A開始運動的時刻，B已經(jīng)沿X軸正方向運動了一段距離，從該時刻到tι時刻，4在后面追B,

所以A不可能在B的前面，故C錯誤：

DB圖像切線的斜率表示速度，則由圖可知”時刻B的速度小于/的速度，J時刻B的速度大于4的

速度，且4做勻速直線運動，8做勻加速直線運動，所以在L~12時間段某個時刻，4、B的速度相

同，故O正確。

故選Do

5.【答案】C

【解析】4由乙圖可知，交流電的最大值是12V,故有效值為善U=6。丁，保持不變，故A

錯誤；

A由乙圖可知，交流電的周期為T=O.4s,則磁鐵的轉(zhuǎn)速為

1

n=亍=2.5r∕s

故8錯誤；

C角速度為

2π

ω=-=-=5πrad∕s

所以壓傳感器兩端的電壓表達式為

u=12sin5τrt(K)

故C正確；

。.感應(yīng)電動勢的峰值為

Em=nBSω

故風(fēng)速一定的情況下，減少線圈的匝數(shù)，感應(yīng)電動勢的峰值減小，有效值減小，交流電壓表的示

數(shù)減小，故力錯誤。

故選a

6.【答案】D

【解析】由于桿一直平衡，對兩根細繩拉力的合力沿桿的方向向下，又由于同一根繩子的張力處

處相等，而且兩根細繩的拉力大小相等且等于物體的重力G,根據(jù)平行四邊形定則，合力一定在

角平分線上，若將細繩的端點A稍向下移至4點，若桿不動，則NACB小于NBCG,則不能平衡，

若要桿再次平衡，則兩繩的合力一定還在角平分線上，所以BC桿應(yīng)向上轉(zhuǎn)動一定的角度，此時C在

A點之上。

故選D。

7.【答案】B

【解析】由圖可知，含有大量正，負離子的液體從入口進入管道，根據(jù)左手定則可知，帶正電的

離子向上偏轉(zhuǎn)，帶負電的離子向下偏轉(zhuǎn)，當顯示器的示數(shù)穩(wěn)定時，則在管道內(nèi)形成向下的勻強電

場，則有

qvB=qE

而

U

E=d

流量

Q=Sv

聯(lián)立解得

US

Q=前

所以Q=9M式中的4應(yīng)該為管道的橫截面積S。

KBd

故選瓦

8.【答案】A

【解析】設(shè)磁場的虛線邊界與X軸的夾角為0、線框的速度為外線框的邊長為L、磁場的磁感應(yīng)強

度為B,和感應(yīng)電動勢最大的時刻為玲，則在be邊進入磁場的過程中由de邊進入磁場的部分切割

磁感線，即在時間段0≤t≤t(j內(nèi)有

2

E1=Bvt-tan。

Bv2t-tanθ

/1=4R

由de邊和ab邊進入磁場的部分切割磁感線的過程中，即在時間段玲WtW2t°內(nèi)有

2

E2=BLv—Bv(t—t0)?tan。

,_BLvBv2(t—tɑ)-tan0

2=~4R4R

A.設(shè)線框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過程中

Bv2t-tan。

U=IlR

14

在to≤t≤2t0的過程中

2

BLv5v(t—t0)?tan。

U2~hR44

故4正確;

A設(shè)線框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過程中

Bv2t-tan。

Fl=BI?vttanθ=B-(--------------)?vttanθ

14∏

則在0≤t≤to的過程中F—t圖像應(yīng)為曲線，故8錯誤；

C.設(shè)線框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過程中

,Bv2t-tan。,

2

P1=ll-4R=(--)?4R

則在0≤t≤to的過程中P—t圖像應(yīng)為開口向上的拋物線，故C錯誤；

。.設(shè)線框一條邊的電阻為R,根據(jù)以上分析可知，在0≤t≤t0的過程中

ΔΦBv2t2-tanθ

%FSR

則在0≤t≤t0的過程中q—t圖像應(yīng)為曲線，故。錯誤。

故選Ao

9.【答案】AC

【解析】A.A→B的過程中，氣體溫度不變，體積增大到原來的2倍，由玻意爾定律可知，氣體壓

強將減小到4狀態(tài)時的二分之一；BTC的過程中，氣體的體積不變，溫度升高到原來的4倍，由

查理定律可知，氣體的壓強將增大到B狀態(tài)時的4倍；即氣體壓強先減小后增大，故A正確；

BC-D-A過程中，氣體的體積先減小后不變，所以單位體積內(nèi)分子數(shù)先增加后不變，故B錯

誤；

CA-B的過程中，氣體等溫膨脹，內(nèi)能不變，但對外做功，由熱力學(xué)第一定律

ΔU1=Q1+W1

可知，氣體從外界吸收了熱量；B→C的過程中，氣體體積不變，溫度升高，內(nèi)能增加，氣體和

外界沒有相互做功，由

ΔU2=Q2+W2

可知，氣體從外界吸收了熱量；Cτ。過程中，氣體體積減小，溫度降低，內(nèi)能減小，由圖可知票是

定值，則由

華=華=nR

1C1D

可知，氣體經(jīng)歷了等壓壓縮，外界對氣體做了功，由

?u3=Q3+W3

可知，氣體向外界釋放了熱量；DTA過程中，氣體經(jīng)歷了等容降溫，內(nèi)能減小，壓強減小，氣

體與外界沒有相互做功，由

叫=Q4+?

可知，氣體向外界釋放了熱量。綜上所述，氣體與外界相互做功發(fā)生在ATB和CTD過程中，其

中力?→B是一個降壓過程，CTo是一個等壓過程，由D-4過程可知，4-B過程中壓強的最大

值PA小于C→。過程中的壓強，兩個過程中氣體的體積變化量相等，所以ATB過程中氣體對外

界做的功小于C→。過程中外界對氣體做的功，故C正確；

D由上面的分析可知，整個循環(huán)過程中，外界對氣體做的功大于氣體對外界做的功，氣體的溫度、

體積最終回到了開始狀態(tài)，內(nèi)能變化量為零，由熱力學(xué)第一定律

ΔU=Q+W

可知氣體對外界放了熱，故。錯誤。

故選AC.

10.【答案】AC

【解析】A.根據(jù)題意，若陰極K與陽極4間的電勢差U"=0?9V,電流表示數(shù)剛好為零，則可知

陰極K逸出的光電子的動能完全克服了電場力做功，則有

eUKA=Ek=hv-W0

可得電子額最大初動能

Ek=O.tieV

故A正確；

A根據(jù)以上分析可得該金屬的逸出功

f

W0=hv-O.)eV

而光的能量

hv=E=3.IeK

則可得

W0=2.2eV

故B錯誤;

C若光電流已經(jīng)飽和，則將P向右移動時，電流表的示數(shù)不變，若光電流未飽和，則將P向右移動

時正向電壓增大，則光電子的移動速率增大，而根據(jù)

/=nqsv

可知，光電流將增大，若在移動的過程中光電流達到飽和，則繼續(xù)移動P,光電流將不再變化,

因此，將P向右移動，電流表的示數(shù)可能先增大后不變，故C正確；

。.根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程

Ek=Kv-W0

且同種金屬的逸出功一定，因此，當照射到陰極K的光的能量一定時，將P向右移動，其逸出的光

電子的最大初動能不變，即光電子的最大初動能只與照射光的頻率有關(guān)，故。錯誤。

故選4C。

11.【答案】BCD

【解析】【分析】

電流之間的相互作用，可以根據(jù)“同向電流互相吸引，異向電流互相排斥”的規(guī)律進行判斷；根

據(jù)安培定則和平行四邊形定則進行判斷；根據(jù)安培定則和直線電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度公式求解;

根據(jù)直線電流的磁感應(yīng)強度公式及安培力公式求解。

本題考查安培定則及磁感應(yīng)強度的疊加，學(xué)生需注意與左手定則區(qū)分。

【解答】

A根據(jù)“同向電流互相吸引，異向電流互相排斥”的規(guī)律，直導(dǎo)線2、4相互吸引，直導(dǎo)線1、2相

互排斥，故A錯誤。

8根據(jù)安培定則，電流4、電流1在。點產(chǎn)生的磁場方向如圖所示，

合磁場方向沿X軸正方向，故B錯誤。

C根據(jù)數(shù)學(xué)知識，O與電流1、電流4的距離r=—=，克3根據(jù)

cos45

電流的磁感應(yīng)強度公式4=B4=k^=k禽=烏S；

。點的合磁感應(yīng)強度B=??==*x二=段，故C錯誤.

。.導(dǎo)線2中的電流在導(dǎo)線1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為1=空，方向沿y軸負方向，導(dǎo)線4中的電流在導(dǎo)

線1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度=骼方向沿X軸正方向，合磁感應(yīng)強度B24=V~2B21=√^B41=

粵包；根據(jù)數(shù)學(xué)知識，導(dǎo)線3與導(dǎo)線1之間的距離七1=高鏟

導(dǎo)線3中的電流在導(dǎo)線1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度B3i=也=?=繆a,方向與與X軸負方向呈45。

r??ZVZL4L

角指向左上方，綜上可知=2/1；根據(jù)安培力公式尸=B/L可知，尸24=2F3I＞即直導(dǎo)線2、4對

直導(dǎo)線1的作用力是直導(dǎo)線3對直導(dǎo)線1的作用力大小的2倍，故。正確。

12.【答案】BD

【解析】4彈簧伸展過程中，根據(jù)右手定則可知，回路中產(chǎn)生逆時針方向的電流，選項A錯誤；

A任意時刻J,設(shè)電流為/,則PQ受安培力

FPQ=3BId

方向向右；MN受安培力

FMN=BI-3d

方向向左，可知兩棒系統(tǒng)受合外力為零，動量守恒，設(shè)PQ質(zhì)量為小，則MN質(zhì)量為3m,MN速率

為。時，則

3mv—mv'

解得

v'=3v

回路的感應(yīng)電流

3Bdv'+B?3dv3Bdv

1=4R=~R~

PQ所受安培力大小為

9B2d2v

FPQ=3Bld=-R—

選項8正確；

C兩棒最終停止時彈簧處于原長狀態(tài)，由動量守恒可得

mx1=Smx2

Xl+%2=L

可得則最終PQ位置向左移動

3L

X1=T

MN位置向右移動

L

一

因任意時刻兩棒受安培力和彈簧彈力大小都相同，設(shè)整個過程兩棒受的彈力的平均值為尸刎安培

力平均值F如則整個過程根據(jù)動能定理

F整?2-F安XMN—0

可得

XMN_?2_1

前一五一W

選項C錯誤；

。.兩棒最后停止時，彈簧處于原長位置，此時兩棒間距增加了3由上述分析可知，MN向右位置

移動，，PQ位置向左移動與，則

-ΔΦ38半d+B，3d3BLd

Q—[At=----=------------------------------

qR占4R4R

選項。正確。

故選BD。

13.【答案】A筆儼0.501.0

【解析】(1)[1]4細繩與木板平行是為了保證小車在整個運動過程中加速度基本不變，如果細繩不

與木板平行，則在小車運動過程中繩子與水平面的夾角會發(fā)生變化，從而使小車運動方向上的合

力發(fā)生變化，而根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度就會發(fā)生變化，因此細繩與長木板要平行，故A

正確：

B.為了節(jié)約紙帶，獲取更多的數(shù)據(jù)點，實驗過程中應(yīng)先接通電源再釋放小車，故B錯誤；

C電磁打點計時器使用的是8U學(xué)生交流電源，而電火花計時器應(yīng)使用220U交流電源，故C錯誤;

D由于木板長度有限，為了獲取更多的數(shù)據(jù)點，實驗開始時小車應(yīng)靠近計時器釋放，故。錯誤。

故選Ao

(2)[2]對于勻變速直線運動，在某段時間內(nèi)的平均速度就等于該段時間中間時刻的瞬時速度，因

此可得。點的瞬時速度為

_s5-s3

vD—三

根據(jù)題意可得

10

t=~Γ

解得

=----------

10

(3)[3]以各計數(shù)點的速度"與各計數(shù)點到。點的距離S作出浮-S圖像，則可知。點速度平方所對應(yīng)

的距離為0,通過圖像可得

22

VQ—0.25m-s~

解得

v0=0.50m∕s

[4]根據(jù)勻變速直線運動速度一位移的關(guān)系式有

V2=2as

可知該圖像的斜率為2α,則有

1.5-0.25

2a=m∕s2=2.0m∕s2

0.625

可得

a=1.0m∕s2

14.【答案】找到流過電流表的電流方向與指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系原磁場方向、磁通量的變化情

況感應(yīng)電流的磁場BC##CB

【解析】1)[1]閉合圖甲電路中的電鍵，觀察電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向，本次操作的實驗?zāi)康氖钦业?/p>

流過電流表的電流方向與指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系。

(2)[2]圖丙中做了兩組對照實驗，分別是：以不同磁極插入和以不同磁極抽出，發(fā)現(xiàn)以不同磁極

插入時電流方向不同，以不同磁極抽出時電流方向也不同，插入時線圈中磁通量增加，抽出時線

圈中磁通量減小，因此可知感應(yīng)電流的方向與原磁場方向及磁通量的變化情況有關(guān)。

(3)[3]感應(yīng)電流的方向與磁通量的變化不易建立起直接的聯(lián)系，而我們知道磁體周圍存在磁場，

感應(yīng)電流也會產(chǎn)生磁場，因此為了建立感應(yīng)電流的方向與磁通量變化的聯(lián)系，需要引入感應(yīng)電流

的磁場來轉(zhuǎn)換研究角度。

(4)[4]4該實驗探究的是影響感應(yīng)電流方向的因素，而不是磁鐵插入的快慢與電流表指針偏轉(zhuǎn)角度

大小的關(guān)系，故A錯誤；

B.感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化是能量守恒定律的必然結(jié)果，故B正確;

CD?本實驗通過對照實驗組所得到的結(jié)果進行了歸納與推理，因此采用了歸納推理的科學(xué)方法，故

C正確，。錯誤。

故選BC.

15.【答案】(1)v2=78m∕s；(2)2τn∕s,2t=39s

【解析】(1)空載起飛時，升力正好等于重力：

kvl=m1g

滿載起飛時，升力正好等于重力:

k詔=m2g

由上兩式解得：

V2=78m∕s

（2）滿載貨物的飛機做初速度為零的勻加速直線運動，所以

諺一O=2ax

解得：

a=2m∕s2

由加速的定義式變形得：

?vV-O

t——2=---------

aa

解得：

t=39s

16.【答案】⑴1335L；（2）80%

【解析】（1）根據(jù)玻意耳定律可知

PiVi=PoW+V）

解得

V=1335L

可放出該狀態(tài)下氧氣的體積1335L；

（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)變化方程可知

PM=P2（匕+力

~τT~^~%-

解得

V,=60Z,

用掉的氧氣的質(zhì)量與原有的氧氣的質(zhì)量之比

U'0

-----------7=80%

V1+V

17.【答案】（1）負電荷；（2）*（3）?B,≤?

【解析】（1）由粒子的運動軌跡（如圖）

利用左手定則可知，該粒子帶負電荷。

(2)粒子由4點射入，由C點飛出，其速度方向改變了90。，則粒子軌跡半徑

R=r

又

qvB=7∏y

則粒子的比荷

q__v_