2022-2023學(xué)年遼寧省遼陽(yáng)市高一（下）期末物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.牛頓一偉大的科學(xué)家，牛頓力學(xué)理論體系的建立者，為物理理論的發(fā)展作出了突出貢獻(xiàn)。

下列說(shuō)法正確的是（）

A.牛頓在伽利略、笛卡爾等人工作的基礎(chǔ)上，提出了“力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因”

B.牛頓最早把質(zhì)量與慣性關(guān)聯(lián)起來(lái)

C.在牛頓的時(shí)代人們由于無(wú)法測(cè)算出月球運(yùn)動(dòng)的向心加速度，從而無(wú)法進(jìn)行月一地檢驗(yàn)

D.牛頓在開(kāi)普勒三定律的基礎(chǔ)上推導(dǎo)出萬(wàn)有引力定律，并給出了引力常量的值

2.日常生活中，我們常見(jiàn)到物體做曲線運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電風(fēng)扇工作時(shí)葉片上的不同質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度一定相等

B.物塊在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，落到水平地面時(shí)速度方向可能與水平地面垂直

C.“天宮二號(hào)”空間實(shí)驗(yàn)室繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度為零

D.鉛球運(yùn)動(dòng)員將鉛球拋出后，鉛球做斜拋運(yùn)動(dòng)，鉛球的速度一定改變

3.2023年4月16日9時(shí)36分，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心使用“長(zhǎng)征四號(hào)”乙運(yùn)載火箭成功將

“風(fēng)云三號(hào)”07星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射任務(wù)獲得圓滿成功。假設(shè)該衛(wèi)星

的運(yùn)行軌道為圓軌道，且在該軌道上還有其他衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)，則對(duì)該軌道上的所有衛(wèi)星，

下列物理量一定相同的是（）

A.機(jī)械能B.周期C.萬(wàn)有引力D.線速度

4.為了提高運(yùn)動(dòng)員奔跑時(shí)下肢向后的蹬踏力量，在訓(xùn)練中讓運(yùn)動(dòng)員腰1

部系繩拖著汽車(chē)輪胎沿筆直的水平跑道勻速奔跑2mm,如圖所示，則（~

-）j/mninnui）njiTfn7Ttrn7n7TFTn

在該過(guò)程中（）

A.輪胎受到的合力的沖量為0B.輪胎受到的重力的沖量為0

C.輪胎的動(dòng)量增大D.繩上的拉力對(duì)輪胎做功為0

5.北京時(shí)間2023年5月11日5時(shí)16分，世界現(xiàn)役貨運(yùn)能力最大、在軌支持能力最全的貨運(yùn)飛

船一一“天舟六號(hào)"入軌后順利完成狀態(tài)設(shè)置，成功對(duì)接于空間站“天和”核心艙后向端口。

己知“天舟六號(hào)”與空間站構(gòu)成的組合體運(yùn)行的軌道半徑為6800km,地球靜止軌道衛(wèi)星運(yùn)

行的軌道半徑為4200k7n,關(guān)于該組合體的運(yùn)動(dòng)說(shuō)法正確的是（）

A.該組合體運(yùn)行的線速度大于第一宇宙速度

B.該組合體運(yùn)行的周期大于地球靜止軌道衛(wèi)星運(yùn)行的周期

C.該組合體運(yùn)行的線速度大于地球靜止軌道衛(wèi)星運(yùn)行的線速度

D.該組合體運(yùn)行時(shí)的向心加速度小于地球靜止軌道衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)的向心加速度

6.2023年5月7日，在加拿大舉行的世界泳聯(lián)跳水世界杯蒙特利爾站順利

落幕，中國(guó)跳水“夢(mèng)之隊(duì)”實(shí)現(xiàn)包攬全部9枚金牌的壯舉，以9金1銀的成績(jī)

位列獎(jiǎng)牌榜第一。如圖所示，某質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員（可視為質(zhì)點(diǎn)）從距離水面

高度為八的跳臺(tái)以初速度孫斜向上起跳，最終落水中。重力加速度大小為g，h

不計(jì)空氣阻力，以跳臺(tái)所在水平面為重力勢(shì)能的參考平面，貝1（）

A.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能先減小后增大

B.運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的動(dòng)能為gm諾+mg/i

C.運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的機(jī)械能為gm詔-mgh.

D.運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的重力勢(shì)能為mg/i

7.港珠澳大橋總長(zhǎng)約55km,是世界上總體跨度最長(zhǎng)、鋼結(jié)構(gòu)橋體最長(zhǎng)、海底沉管隧道最長(zhǎng)

的跨海大橋。如圖所示，該路段是港珠澳大橋的一段半徑R=150m的圓弧形彎道，總質(zhì)量m=

1500kg的汽車(chē)通過(guò)該圓弧形彎道時(shí)以速度》=72km"做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（汽車(chē)可視為質(zhì)點(diǎn)，路

面視為水平且不考慮車(chē)道的寬度）。已知路面與汽車(chē)輪胎間的徑向最大靜摩擦力為汽車(chē)所受重

力的卷，取重力加速度大小g=10m/s2,則（）

A.汽車(chē)過(guò)該彎道時(shí)受到重力、支持力、摩擦力和向心力

B.汽車(chē)過(guò)該彎道時(shí)所受徑向靜摩擦力大小為9000N

C.汽車(chē)過(guò)該彎道時(shí)的向心加速度大小為3M/S2

D.汽車(chē)能安全通過(guò)該彎道的最大速度為30m/s

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.汽車(chē)安全性能是衡量汽車(chē)品質(zhì)的重要指標(biāo)之一，實(shí)車(chē)碰撞試驗(yàn)是綜合評(píng)價(jià)汽車(chē)安全性能最

有效的方法。某次測(cè)試中質(zhì)量為1600kg的實(shí)驗(yàn)汽車(chē)以%=20m/s的速度撞上碰撞試驗(yàn)臺(tái)后

以%=5m/s的速度反向彈回，數(shù)據(jù)傳感器記錄此次碰撞的時(shí)間為0.05s,則（）

A.此過(guò)程中汽車(chē)的動(dòng)量變化量大小為2.4x104kg-m/s

B.此過(guò)程中汽車(chē)的動(dòng)量變化量大小為4.0x10"g?m/s

C.此過(guò)程中汽車(chē)受到碰撞試驗(yàn)臺(tái)的平均作用力大小為4.8xlO'N

D.此過(guò)程中汽車(chē)受到碰撞試驗(yàn)臺(tái)的平均作用力大小為8.0X105/V

9.生活中的很多現(xiàn)象往往都可以從物理的角度進(jìn)行解釋。在下面的四幅圖中，甲圖展示的是

汽車(chē)通過(guò)拱橋的最高點(diǎn)，乙圖展示的是火車(chē)正在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)彎，丙圖展示的是兒童正在蕩秋

千，丁圖展示的是摩托車(chē)騎手正在球形鐵籠的豎直面內(nèi)沿內(nèi)壁進(jìn)行“飛車(chē)走壁”表演。下列

對(duì)四幅圖中有關(guān)現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是（）

A.甲圖中汽車(chē)通過(guò)拱橋的最高點(diǎn)時(shí)處于失重狀態(tài)

B,乙圖中外軌高于內(nèi)軌，火車(chē)的輪緣不可能對(duì)外軌產(chǎn)生側(cè)向擠壓

C.丙圖中秋千擺至最低點(diǎn)時(shí)，兒童處于失重狀態(tài)

D.丁圖中在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的摩托車(chē)，在最高點(diǎn)時(shí)的速度不可以為零

10.2023年2月10日，遠(yuǎn)在火星執(zhí)行全球遙感科學(xué)探測(cè)任務(wù)的“天問(wèn)一號(hào)”火星環(huán)繞器（以下

簡(jiǎn)稱環(huán)繞器），已經(jīng)在火星“上崗”滿兩年。作為一位功能強(qiáng)大的“太空多面手”，環(huán)繞器在

，，天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)任務(wù)中，分飾了飛行器、通信器和探測(cè)器三大角色，創(chuàng)下多項(xiàng)國(guó)內(nèi)外

首次記錄。若已知環(huán)繞器繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r、周期為7,火星的半徑為R,

引力常量為G,則可以推算出（）

A.火星的質(zhì)量為塔B.環(huán)繞器的質(zhì)量為亶

GT*GT1

C.火星表面的重力加速度大小為點(diǎn)D.火星的密度為焉

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

11.如圖甲所示，某同學(xué)利用滑塊在傾斜氣墊導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。實(shí)驗(yàn)步

驟如下：

①將已調(diào)節(jié)水平的氣墊導(dǎo)軌的右端墊起一定高度，在導(dǎo)軌左側(cè)安裝一個(gè)接有數(shù)字計(jì)時(shí)器的光

電門(mén)；

②用量角器測(cè)出氣墊導(dǎo)軌的傾角。，測(cè)量擋光片的寬度d和擋光片到光電門(mén)的距離X;

③由靜止釋放滑塊，記錄數(shù)字計(jì)時(shí)器顯示的擋光片擋光時(shí)間t;

④保持氣墊導(dǎo)軌的傾角。不變，改變擋光片到光電門(mén)的距離X,記錄對(duì)應(yīng)的擋光片擋光時(shí)間其

(1)用刻度尺測(cè)量擋光片的寬度時(shí)結(jié)果如圖乙所示，則擋光片的寬度d=mm.

(2)下列關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的說(shuō)法正確的是。

A.實(shí)驗(yàn)中還需測(cè)量出滑塊和擋光片的總質(zhì)量

8.應(yīng)選用較窄的擋光片進(jìn)行實(shí)驗(yàn)

C.應(yīng)選用質(zhì)量較小的滑塊進(jìn)行實(shí)驗(yàn)

(3)已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間,則當(dāng)￡=______時(shí)，可以驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律成立。

2tz

12.一同學(xué)利用如圖所示的斜槽軌道和兩個(gè)由相同材料制成、表面粗糙程度相同的滑塊4、B

做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。斜槽軌道由傾斜軌道和平直軌道組成，兩部分間由一段圓

弧平滑連接，在平直軌道上一側(cè)固定有刻度尺。其操作步驟如下：

①將斜槽軌道放置在水平桌面上；

②用天平測(cè)得4B兩個(gè)滑塊的質(zhì)量分別為m1、m2；

③不放滑塊B,使滑塊4從傾斜軌道頂端P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊4最終靜止在平直軌道上，記

下滑塊4靜止時(shí)其右側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度看;

④把滑塊B放在平直軌道上，記下其左側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度殉；

⑤讓滑塊4仍從傾斜軌道頂端P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊4與滑塊B發(fā)生碰撞后最終均靜止在平直

軌道上，記下最終滑塊B靜止時(shí)其左側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度打、滑塊4靜止時(shí)其右側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度也。

(1)實(shí)驗(yàn)中，必須滿足的條件是。

4傾斜軌道必須光滑

B.平直軌道必須水平

C.滑塊4的質(zhì)量應(yīng)大于滑塊B的質(zhì)量

。同一組實(shí)驗(yàn)中，滑塊A靜止釋放的位置可以不同

(2)實(shí)驗(yàn)中滑塊4碰撞前的速度大小為與成正比。

A.Xj

Ba1—%0

CGi-曲)2

D.yjxr-x0

(3)若關(guān)系式mW=中成立，則可得出結(jié)論：滑塊4、B碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒。

若要進(jìn)一步驗(yàn)證滑塊4、B的碰撞是否為彈性碰撞，則應(yīng)驗(yàn)證關(guān)系式mi(xi-&)=是

否成立。(均用給定的物理量符號(hào)表示)

取重力加速度大小g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,不計(jì)空氣阻力。

(1)求水平軌道與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃；

(2)滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)撤去力F,要使滑塊恰好能到達(dá)半圓軌道上的最高點(diǎn)C,求半圓軌道的半

徑。

14.質(zhì)量m=0.3kg的煙花彈獲得瞬時(shí)沖量=6N-s后從水平地面豎直上升，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)

煙花彈炸成質(zhì)量2=0.1kg、m2=0.2kg的4、B兩塊，其中B塊獲得水平向右的初速度%=

2m/s,不計(jì)空氣阻力，爆炸時(shí)間極短，取重力加速度大小g=10m/s2,求:

(1)煙花彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)離開(kāi)水平地面的高度；

(2)4、8塊落到水平地面時(shí)的距離。

15.如圖所示，在光滑水平面上，有一質(zhì)量M=3kg、足夠長(zhǎng)的木板，板上正中間放有質(zhì)量

m=1kg的物塊甲，在離木板足夠遠(yuǎn)的右側(cè)放有質(zhì)量m=1kg的物塊乙。初始時(shí)，木板與物

塊甲以%=8zn/s的初速度朝相反方向運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后兩者達(dá)到共速，之后木板與物塊乙

發(fā)生彈性碰撞(時(shí)間極短)，最后木板與物塊甲重新達(dá)到共速。求：

(1)木板與物塊甲第一次達(dá)到共速時(shí)的速度大??；

(2)物塊乙與木板碰撞后物塊乙的速度大小；

(3)物塊甲前、后兩次與木板達(dá)到共速的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量之比。

M—?vo乙

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4、牛頓在伽利略、笛卡爾等人工作的基礎(chǔ)上，提出了“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

的原因"，故A錯(cuò)誤；

8、牛頓最早把質(zhì)量與慣性關(guān)聯(lián)起來(lái)，符合史實(shí)，故B正確；

C、在牛頓的時(shí)代，人們已經(jīng)能比較準(zhǔn)確地測(cè)量自由落體加速度與月球運(yùn)動(dòng)的向心加速度，牛頓

可以進(jìn)行月一地檢驗(yàn)，故C錯(cuò)誤；

。、牛頓在開(kāi)普勒三定律的基礎(chǔ)上推導(dǎo)出萬(wàn)有引力定律，卡文迪什測(cè)出引力常量的值，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

本題根據(jù)牛頓、開(kāi)普勒等人的物理學(xué)成就和物理常識(shí)進(jìn)行解答。

本題考查物理學(xué)史，這是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，注

意積累。

2.【答案】D

【解析】解：4電風(fēng)扇工作時(shí)葉片上的不同質(zhì)點(diǎn)做的是同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相等，根

據(jù)向心加速度公式a=r3?得，由于r不一定相等，則向心加速度不一定相等，故A錯(cuò)誤；

B.物塊在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，可以分解為豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)和水平方向的勻速運(yùn)動(dòng)，落地速

度是水平速度和豎直速度的合速度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成可知，合速度方向不可能與水平地面垂直，

故8錯(cuò)誤；

C.“天宮二號(hào)”空間實(shí)驗(yàn)室繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，具有始終指向圓心的

向心加速度，加速度不為零，故C錯(cuò)誤；

。.鉛球運(yùn)動(dòng)員將鉛球拋出后做斜拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，速鉛球度的方向時(shí)刻改變，

因此鉛球的速度一定改變，故。正確。

故選：D。

A.電風(fēng)扇葉片上的不同質(zhì)點(diǎn)屬于同軸傳動(dòng)，根據(jù)同軸傳動(dòng)的特點(diǎn)結(jié)合向心加速度公式分析作答；

區(qū)平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)和水平方向的勻速運(yùn)動(dòng)，落地速度是水平速度和

豎直速度的合速度，據(jù)此分析作答；

C.“天宮二號(hào)”空間實(shí)驗(yàn)室繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，據(jù)此分析作答；

。.根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)分析作答。

本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)的兩種傳動(dòng)方式、平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)以及運(yùn)動(dòng)的合成、做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速

度和斜拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)；注意速度的矢量，速度的改變包括速度的大小變化和速度方向的改變，要

能理解曲線運(yùn)動(dòng)是變速運(yùn)動(dòng)。

3.【答案】B

【解析】解：4由于不同的衛(wèi)星質(zhì)量不一定相同，機(jī)械能不一定相同，故A錯(cuò)誤；

8.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G瞿=mr季

可得衛(wèi)星的周期T=2兀？

7GM

可知對(duì)該軌道上的所有衛(wèi)星，周期相同，故B正確；

C根據(jù)萬(wàn)有引力定律，萬(wàn)有引力尸=6等

由于不同的衛(wèi)星質(zhì)量不一定相同，因此衛(wèi)星所受地球的萬(wàn)有引力不一定相同，故C錯(cuò)誤。

。.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合向心力公式可得G華=加2

rzr

解得衛(wèi)星的線線速度9=J里

可知對(duì)該軌道上的所有衛(wèi)星，線速度大小相同，線速度方向不同，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

A.動(dòng)能和勢(shì)能統(tǒng)稱為機(jī)械能，物體的機(jī)械能與物體的質(zhì)量有關(guān)，據(jù)此分析作答；

及根據(jù)萬(wàn)有引力向心力結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)公式求解衛(wèi)星運(yùn)行的周期；

C.根據(jù)萬(wàn)有引力定律求解地球?qū)πl(wèi)星的萬(wàn)有引力，然后分析作答；

。.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，求解衛(wèi)星線速度，然后作答。

本題考查了衛(wèi)星的機(jī)械能、萬(wàn)有引力與周期和線速度的關(guān)系；衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由

萬(wàn)有引力提供。

4.【答案】A

【解析】解：小輪胎做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以輪胎受到的合力為零，故輪胎受到的合力的沖量為：

/令=~分1=0,故A正確；

B、輪胎受到的重力的沖量為心=加93故B錯(cuò)誤；

C、輪胎做勻速運(yùn)動(dòng)，其動(dòng)量為nw,大小方向均不變，故C錯(cuò)誤；

D、繩上的拉力對(duì)輪胎做功為：W=FLcosa,故繩上的拉力對(duì)輪胎做功不為0,故。錯(cuò)誤。

故選:A?

首先，根據(jù)輪胎的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)判斷輪胎受到的合力，進(jìn)而確定輪胎受到的合力的沖量是不是為0;

其次，根據(jù)沖量的定義求出輪胎受到的重力的沖量；

接著，根據(jù)輪胎做勻速運(yùn)動(dòng)結(jié)合動(dòng)量的表達(dá)式判斷輪胎的動(dòng)量是否變化：

最后，根據(jù)功的計(jì)算公式，求出繩上的拉力對(duì)輪胎所做的功，進(jìn)而判斷繩上的拉力對(duì)輪胎做功是

不是0。

本題考查了動(dòng)量、沖量以及功的計(jì)算，解決本題的關(guān)鍵是理解動(dòng)量、沖量的概念以及功的計(jì)算公

式。

5.【答案】B

【解析】解：4、第一宇宙速度是最大環(huán)繞速度，組合體繞地球運(yùn)動(dòng)，故該組合體運(yùn)行的線速度

小于第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力（；粵=加2可得u=叵可知該組合體運(yùn)行的線速度大于地球靜止

軌道衛(wèi)星運(yùn)行的線速度，故B正確；

C、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律C可知該組合體運(yùn)行的周期小于地球靜止軌道衛(wèi)星運(yùn)行的周期，故C

錯(cuò)誤；

D、根據(jù)牛頓第二定律。等=ma可知該組合體運(yùn)行時(shí)的向心加速度大于地球靜止軌道衛(wèi)星運(yùn)行

時(shí)的向心加速度，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

7.9/CTH/S是地球的第一宇宙速度，是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大運(yùn)行速度；由天體運(yùn)動(dòng)時(shí)

線速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關(guān)系做出判斷。

牢記線速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關(guān)系式，有助于快速做出判斷。

6.【答案】B

【解析】解：A、不計(jì)空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)只有重力做功，其機(jī)械能守恒，故4錯(cuò)誤；

8、以跳臺(tái)所在水平面為重力勢(shì)能的參考平面，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得

12fr

2mvo=Ek-rngh

解得運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的動(dòng)能為：Ek=^TTIVQ+mgh,故8正確；

C、以跳臺(tái)所在水平面為重力勢(shì)能的參考平面，則運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能為2m嫌，由于機(jī)械能守恒，所

以運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的機(jī)械能也為:小詔，故c錯(cuò)誤；

D、以跳臺(tái)所在水平面為重力勢(shì)能的參考平面，運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的重力勢(shì)能為-mg/i,故。錯(cuò)誤。

故選：B。

不計(jì)空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能守恒；根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的動(dòng)

能；根據(jù)機(jī)械能的概念求入水時(shí)的機(jī)械能；根據(jù)Ep=?ngh求入水時(shí)的重力勢(shì)能。

本題主要考查動(dòng)能、重力勢(shì)能和機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，要注意物體在參考平面下方時(shí)，重力勢(shì)

能是負(fù)的。

7.【答案】。

【解析】解：4過(guò)該彎道時(shí)受到重力、支持力和摩擦力三個(gè)力的作用，其中摩擦力提供做圓周運(yùn)

動(dòng)的向心力，故A錯(cuò)誤；

8.過(guò)該彎道時(shí)所受徑向靜摩擦力提供向心力

v2202

f=m-5-=1500x-^N=4000/V

A15U

故B錯(cuò)誤;

C.過(guò)該彎道時(shí)的向心加速度大小為

v2202,8,

a=T=150m/s=3m/s

故C錯(cuò)誤;

。.根據(jù)

kmg=m-5-

K

通過(guò)該彎道的最大速度為

故D正確。

故選：D。

汽車(chē)而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受到重力、支持力、摩擦力及牽引力，其合力提供向心力，根據(jù)牛頓第

二定律及向心加速度公式求解。

本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)描述和動(dòng)力學(xué)描述的相關(guān)問(wèn)題，此題的難點(diǎn)在于對(duì)臨界條件的分析:

當(dāng)路面對(duì)輪胎的徑向摩擦力指向內(nèi)側(cè)且達(dá)到徑向最大靜摩擦力時(shí)，汽車(chē)的速率為安全通過(guò)圓弧形

彎道的最大速率。

8.【答案】BD

【解析】解：4B.規(guī)定汽車(chē)初速度方向?yàn)檎较?，則初動(dòng)量為po=小%=3.2x10"g?m/s

末動(dòng)量為Pi=—mvx=-8x103kg.m/s

汽車(chē)的動(dòng)量變化量為：dp=pi-po=-8x10-3kg-m/s—3.2x10~4kg-m/s=-4.0x104kg■

m/s

負(fù)號(hào)表示汽車(chē)動(dòng)量變化量的方向與選定的正方向相反，則汽車(chē)的動(dòng)量變化量大小為4.0x104kg.

m/s,故A錯(cuò)誤，8正確；

CD.由動(dòng)量定理可得F-At=Ap

解得F=-8.0x105/V

負(fù)號(hào)表示汽車(chē)汽車(chē)受到碰撞試驗(yàn)臺(tái)的平均作用力的方向與選定的正方向相反，則此過(guò)程中汽車(chē)受

到碰撞試驗(yàn)臺(tái)的平均作用力大小為8.0x105N,C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BDo

由初動(dòng)量與末動(dòng)量求出動(dòng)量的變化量；撞擊過(guò)程中，以試驗(yàn)車(chē)為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量定理求試驗(yàn)

車(chē)受到的平均沖擊力F的大小。

對(duì)碰撞、打擊等瞬時(shí)過(guò)程中作用力，往往根據(jù)動(dòng)量定理求解，計(jì)算時(shí)要注意矢量的方向性。

9.【答案】AD

【解析】解：4甲圖中汽車(chē)通過(guò)拱橋的最高點(diǎn)時(shí)向心加速度豎直向下，且指向軌跡圓的圓心，處

于失重狀態(tài)，故A正確；

B.當(dāng)火車(chē)的行駛速度超過(guò)規(guī)定速度時(shí)，火車(chē)有做離心運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，此時(shí)火車(chē)的輪緣能對(duì)外軌產(chǎn)生

側(cè)向擠壓，故B錯(cuò)誤；

C丙圖中秋千擺至最低點(diǎn)時(shí).，圓心在上方，加速度向上，兒童處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

。?丁圖中在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的摩托車(chē)，在最高點(diǎn)時(shí)最小速度滿足

V2

mg=m—

整理解得

v=y/~gr

在最高點(diǎn)時(shí)的速度不可以為零，故。正確。

故選：AD.

AC,根據(jù)重力與支持力關(guān)系判斷物體是處于超重還是失重狀態(tài)；

從火車(chē)超速，有做離心運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，則可判斷出擠壓外軌；

。、物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由指向圓心的合力提供向心力，分析物體的受力情況，再確定向心力的

來(lái)源，列式分析得出速度公式。

本題中四種情況是日常生活中常見(jiàn)的現(xiàn)象，屬于圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)在日常生活中的應(yīng)用，解答的關(guān)

鍵是要注意分析向心力的來(lái)源。

10.【答案】AD

【解析】解：AB.環(huán)繞器繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，可得得=巾等r

解得火星的質(zhì)量為

因此環(huán)繞器的質(zhì)量無(wú)法求出，故A正確，B錯(cuò)誤；

C.在火星表面，萬(wàn)有引力等于重力爺=mg

聯(lián)立解得9=明，故C錯(cuò)誤；

7R

。.根據(jù)密度公式，火星的密度為p=?

火星體積^=^兀/?3

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得火星密度P=黑，故。正確。

故選：AD?

48.環(huán)繞器繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，據(jù)此求解火星質(zhì)量；

C.在火星表面，萬(wàn)有引力等于重力，結(jié)合火星質(zhì)量求解火星表面重力加速度；

D根據(jù)密度公式，球體積公式求解火星密度。

本題考查了萬(wàn)有引力定律在天體上的運(yùn)用；萬(wàn)有引力提供向心力，再結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式即

可完成分析;注意根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力只能求出中心天體的質(zhì)量，不能求解環(huán)繞天體的質(zhì)量。

11.【答案】2.5Bgxsind

【解析】解：(1)由于毫米刻度尺可估讀至最小刻度的下一位，所以由毫米刻度尺可讀出擋光片的

寬度為d=2.5mm,寬度也可以為d-2.4nun、d-2,6mm。

(2)4實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系為：

.1

mgxstnd=2mv2

兩邊質(zhì)量可以約掉，則不需測(cè)量出滑塊和擋光片的總質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；

B.光電門(mén)測(cè)速度的原理是利用平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度，所以應(yīng)選用較窄的擋光片進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，這

樣可減小測(cè)量速度時(shí)的誤差，故2正確；

C機(jī)械能守恒定律定律條件是只有重力做功，若選用質(zhì)量較小的滑塊進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，滑塊所受阻力

的影響較大，誤差較大，故C錯(cuò)誤。

故選：B。

(3)實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系為：

1,

mgxsind=^mv

其中

d

v=~t

聯(lián)立解得：《=gxsind

則當(dāng)/=gxsin?時(shí)，可以驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律成立。

故答案為：(1)2.4或2.5或2.6；(2)S；^gxsind.

(1)根據(jù)毫米刻度尺的讀書(shū)方法讀數(shù)；

(2)根據(jù)機(jī)械能守恒定律定律表達(dá)式分析：根據(jù)光電門(mén)測(cè)速度的原理是選擇擋光片的寬度，根據(jù)機(jī)

械能守恒定律定律條件進(jìn)行分析；

(3)根據(jù)機(jī)械能守恒定律及速度表達(dá)式分析求解。

本題關(guān)鍵是根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理得出驗(yàn)證的表表達(dá)式，知道實(shí)驗(yàn)的具體操作方法和實(shí)驗(yàn)誤差的減小方法,

同時(shí)掌握機(jī)械能守恒的條件，注意光電門(mén)能測(cè)量瞬時(shí)速度的條件。

12.【答案】CDmly/x3-x0+m2y/x2-x0m1(x3-x0)+m2(x2-x0)

【解析】解：(1)4傾斜軌道不一定必須光滑，只要滑塊4到達(dá)底端的速度相同即可，故A錯(cuò)誤；

B.因?yàn)閮苫瑝K的材料相同，表面的粗糙程度相同，若平直軌道的傾角為仇由動(dòng)能定理得：

1

(mgsind—^mgcos6')x=^mv2

解得：v2=2(gsin0-ngcos9')x

可見(jiàn)平直軌道不水平時(shí)，兩滑塊在軌道上碰撞前后的速度的平方仍與位移成正比，仍可用運(yùn)動(dòng)的

位移代替速度，故B錯(cuò)誤；

C.為防止滑塊4與滑塊B碰后反彈，則滑塊4的質(zhì)量必須大于滑塊8的質(zhì)量，故C正確；

。.為保證滑塊4每次到達(dá)底端的初速度相同，則同一組實(shí)驗(yàn)中，滑塊4靜止釋放的位置要相同，故

。錯(cuò)誤。

故選：Co

(2)對(duì)滑塊4由動(dòng)能定理得：一卬％9。1一%0)=詔

可得滑塊4碰撞前的速度大小為：v0=J24g%-X。)

即：v0oc-yxr-x0,故。正確，ABC錯(cuò)誤；

故選：Do

(3)若滑塊4、B碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則有：m^Q=4-m2v2

又因?yàn)?/p>

Vo=J2〃g(Xi-Xo)

Vi=V2M5(X3-X0)

2=J2〃g(X2-g)

聯(lián)立可得：mly/%1-%o=恤J%3—％0+叩2J%2—％0

若滑塊4、B發(fā)生彈性碰撞，則由機(jī)械能守恒定律得：+\m2vl

聯(lián)立可得：m1(x1-x0)=m1(x3—x0)+m2(x2-x0)

故答案為：(1)C；(2)D；(3)m1A/x3-x0+m27x2-x0：nijfxj-x0)+m2(x2-x0)

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合題目選項(xiàng)完成分析；

(2)根據(jù)動(dòng)能定理得出碰前速度的表達(dá)式即可完成分析；

(3)根據(jù)動(dòng)量守恒定律，結(jié)合彈性碰撞的特點(diǎn)列式完成解答。

本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

和動(dòng)量守恒定律即可完成解答。

13.【答案】解：(1)滑塊在段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律得

Fcos37°—f=ma

滑塊豎直方向受力平衡，有

FN—mg—Fsin37°

結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式/=再

解得水平軌道與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)：〃=0.5

(2)根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律，設(shè)滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為外，有

vl—2as

滑塊剛好到達(dá)C點(diǎn)，由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得

mg=m左

滑塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，由動(dòng)能定理得

-2mgR=gm比—

聯(lián)立解得半圓軌道的半徑為：R=0.4m

答：(1)水平軌道與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃為0.5；

(2)